2023屆云南省文山市高三高考一?？荚囄锢碓囶}

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請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、關(guān)于自由落體運動，平拋運動和豎直上拋運動，以下說法正確的是

A.只有前兩個是勻變速運動

B.三種運動，在相等的時間內(nèi)速度的增量大小相等，方向不同

C.三種運動，在相等的時間內(nèi)速度的增量相等

D.三種運動在相等的時間內(nèi)位移的增量相等

2、根據(jù)愛因斯坦的“光子說”可知（）

A.“光子說”本質(zhì)就是牛頓的“微粒說”

B.只有光子數(shù)很多時，光才具有粒子性

C.一束單色光的能量可以連續(xù)變化

D.光的波長越長，光子的能量越小

3、2019年4月21日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，成功發(fā)射第44顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。若組成北

斗導(dǎo)航系統(tǒng)的這些衛(wèi)星在不同高度的轉(zhuǎn)道上都繞地球做勻速圓周運動，其中低軌衛(wèi)星離地高度低于同步衛(wèi)星。關(guān)于這

些衛(wèi)星，下列說法正確的是（）

A.低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率大于7.9km/s

B.地球同步衛(wèi)星可以固定對一個區(qū)域拍照

C.低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星的速率相同

D.低軌衛(wèi)星比同步衛(wèi)星的向心加速度小

4、如圖甲所示，一線圈匝數(shù)為100匝，橫截面積為0.01m2,磁場與線圈軸線成30。角向右穿過線圈。若在2s時間內(nèi)

磁感應(yīng)強度隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示，則該段時間內(nèi)線圈兩端。和8之間的電勢差。此為（）

A.-V3V

C.V3VD.從0均勻變化到2V

5、某一小車從靜止開始在水平方向上做直線運動，其運動過程中的加速度隨時間變化關(guān)系如圖所示，則關(guān)于小車的運

動下列說法中正確的是（）

A.小車做先加速后減速，再加速再減速的單向直線運動

B.小車做往復(fù)直線運動，速度反向時刻為Is、3s末

C.小車做往復(fù)直線運動，且可以運動到出發(fā)點的另一側(cè)

D.小車運動過程中的最大速度為2.5m/s

6、分別用頻率為判和2V的甲、乙兩種單色光照射某金屬，逸出光電子的最大初動能之比為1：3,已知普朗克常量為

h,真空中光速為c,電子電量為e。下列說法正確的是（）

A.用頻率為功的單色光照射該金屬，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目一定較多

B.用頻率為:丫的單色光照射該金屬不能發(fā)生光電效應(yīng)

C.甲、乙兩種單色光照射該金屬，對應(yīng)光電流的遏止電壓相同

D.該金屬的逸出功為二尿

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、有一種調(diào)壓變壓器的構(gòu)造如圖所示。線圈AB繞在一個圓環(huán)形的鐵芯上，C、。之間加上輸入電壓，轉(zhuǎn)動滑動觸頭

P就可以調(diào)節(jié)輸出電壓，圖中A為交流電流表，V為交流電壓表，品、及為定值電阻，心為滑動變阻器，C、。兩瑞

按正弦交流電源，變壓器可視為理想變壓器，則下列說法正確的是（）

A.當(dāng)R3不變，滑動觸頭P順時針轉(zhuǎn)動時，電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變小

B.當(dāng)當(dāng)不變，滑動觸頭P逆時針轉(zhuǎn)動時，電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變小

C.當(dāng)P不動，滑動變阻器滑動觸頭向上滑動時，電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大

D.當(dāng)P不動，滑動變阻器滑動觸頭向上滑動時，電流表讀數(shù)變大，電壓表讀數(shù)變大

8、在光滑水平桌面中央固定一邊長為0.3m的小正三棱柱abc俯視如圖.長度為L=lm的細(xì)線，一端固定在a點，另

一端拴住一個質(zhì)量為m=0.5kg、不計大小的小球.初始時刻，把細(xì)線拉直在ca的延長線上，并給小球以v°=2m/s且垂

直于細(xì)線方向的水平速度，由于光滑棱柱的存在，細(xì)線逐漸纏繞在棱柱上（不計細(xì)線與三棱柱碰撞過程中的能量損

失）.已知細(xì)線所能承受的最大張力為7N,則下列說法中正確的是：

b

m

6Ac

A.細(xì)線斷裂之前，小球角速度的大小保持不變

B.細(xì)線斷裂之前，小球的速度逐漸減小

C.細(xì)線斷裂之前，小球運動的總時間為0.7汗（s）

D.細(xì)線斷裂之前，小球運動的位移大小為0.9（m）

9、假設(shè)某戰(zhàn)士從弧形的雪坡上沿水平方向飛出后，若傾斜的雪坡傾角為仇戰(zhàn)士飛出時的水平速度大小為朋且他飛

出后在空中的姿勢保持不變，又落回到傾斜的雪坡上，如圖所示，不計空氣阻力，重力加速度為g,則（）

A.如果為不同，該戰(zhàn)士落到雪坡時的位置不同，速度方向也不同

B.如果vo不同，該戰(zhàn)士落到雪坡時的速度方向相同，在空中運動時間不同

2%tan0

C.該戰(zhàn)士在空中經(jīng)歷的時間是」——

g

vntan0

D.該戰(zhàn)士在空中經(jīng)歷的時間是—

2g

10、如圖所示，在同一軟鐵芯上繞有兩個獨立的線圈甲與乙，甲線圈連接電池、滑動變阻器、電阻乙線圈中接有

電容器C,向左移動滑動變阻器的滑片P,使甲線圈中的電流均勻變化。已知線圈內(nèi)部的磁場與流經(jīng)線圈的電流成正

比，下列說法正確的是（）

甲

乙

A.電容器的上極板帶正電

B.電容器的上極板帶負(fù)電

C.電容器所帶的電荷量恒定

D.電容器所帶的電荷量增大

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖甲所示為測量電動機(jī)轉(zhuǎn)速的實驗裝置，半徑不大的圓形卡紙固定在電動機(jī)轉(zhuǎn)軸上，在電動機(jī)的帶動下

勻速轉(zhuǎn)動，在圓形卡紙的旁邊垂直安裝了一個改裝了的電火花計時器，時間間隔為7的電火花可在卡紙上留下痕跡。

甲

（1）請將下列實驗步驟按先后排序一。

①使電火花計時器與圓形卡紙保持良好接觸

②接通電火花計時器的電源，使它工作起來

③啟動電動機(jī)，使圓形卡紙轉(zhuǎn)動起來

④關(guān)閉電火花計時器，關(guān)閉電動機(jī)；研究卡紙上留下的一段痕跡（如圖乙所示），寫出角速度3的表達(dá)式，代入數(shù)據(jù),

得出3的測量值

（2）要得到"的測量值，還缺少一種必要的測量工具，它是一

A.秒表B.毫米刻度尺C.圓規(guī)D.量角器

（3）寫出角速度。的表達(dá)式。并指出表達(dá)式中各個物理量的意義—o

12.（12分）某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路測電源的電動勢和內(nèi)阻。

（1）閉合電鍵S”將單刀雙擲開關(guān)合向a,調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標(biāo)平面內(nèi)描點作圖再

將單刀雙擲開關(guān)合向b,調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標(biāo)平面內(nèi)描點作圖兩次作出的圖象如

圖乙所示，則將單刀雙擲開關(guān)合向a時測出的數(shù)據(jù)描點作出的圖象應(yīng)是（填"A”或"B”）。將電鍵合向

（填“a”或"b”）時，測得的電源電動勢沒有系統(tǒng)誤差。

（2）根據(jù)兩次測得的數(shù)據(jù)分析可知，根據(jù)圖線（填“A”或"B”）求得的電動勢更準(zhǔn)確，其電動勢的值為

E=V.

（3）若該同學(xué)通過實驗測出電流表的內(nèi)阻為RA=1S1,則利用圖線（填“A”或"B”）測得的電源的內(nèi)阻更準(zhǔn)確，

由此求得電源的內(nèi)阻為r=ilo

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積V隨熱力學(xué)溫度7的變化關(guān)系圖像。由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中

氣體吸收熱量。i=220J,氣體在狀態(tài)A的壓強為po=LOxl（）Spa。求：

①氣體在狀態(tài)B時的溫度72；

②氣體由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，氣體向外放出的熱量0。

14.（16分）如圖，光滑絕緣水平面上靜置兩個質(zhì)量均為m、相距為xo的小球A和B,A球所帶電荷量為+q,B球不

帶電?，F(xiàn)在A球右側(cè)區(qū)域的有限寬度范圍內(nèi)加上水平向右的勻強電場，電場強度為E,小球A在電場力作用下由靜止

開始運動，然后與B球發(fā)生彈性正碰，A、B碰撞過程中沒有電荷轉(zhuǎn)移，且碰撞過程時間極短，求：

A

E

Xo

（DA球與B球發(fā)生第一次碰撞后B球的速度；

（2）從A球開始運動到兩球在電場中發(fā)生第二次碰撞前電場力對A球所做的功；

⑶要使A、B兩球只發(fā)生三次碰撞，所加電場的寬度d應(yīng)滿足的條件。

15.（12分）如圖所示，平行金屬板M、N豎直放置，兩板足夠長且板間有水平向左的勻強電場，尸點離N板的距離

為d,離M板的距離為2九一個質(zhì)量為機(jī)、帶正電荷量為g的小球從尸點以初速度水平向右拋出，結(jié)果小球恰好不

4

能打在N板上。已知重力加速度為g,小球的大小不計，求

V

(1)兩板間的電場強度的大

(2)小球打到M板時動能的大小。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.平拋運動、豎直上拋運動、斜拋運動和自由落體運動都是僅受重力，加速度為g,方向不變，都是勻變速運動。故

A錯誤；

BC.速度增量為AmgZU,故速度增量相同，故B錯誤，C正確；

D.做自由落體運動的位移增量為

1,1,1

△ll=-g(t+At)2--gtL=gt^f+3gAt2,

豎直上拋運動的位移增量為

△h'=Vo(t+At)-yg(Z+At)2-vt+g/2=VoAt-gtAf-；g△尸

兩者不等，故D錯誤；

故選C。

2、D

【解析】

A.“光子說”提出光子即有波長又有動量，是波動說和粒子說的統(tǒng)一，不同于牛頓的“微粒說”，A錯誤；

B.當(dāng)光子數(shù)很少時，顯示粒子性；大量光子顯示波動性，B錯誤；

C.愛因斯坦的“光子說”提出在空間傳播的光是不連續(xù)的，而是一份一份的，每一份叫做一個光子，每個光子的能量

為E=/n/,故光的能量是不連續(xù)的，C錯誤；

D.光的波長越大，根據(jù)卜=￡,頻率越小，故能量￡="/越小，D正確.

故選D.

3、B

【解析】

AC.根據(jù)萬有引力提供向心力，則有

2

MmV

G下=m—

解得

可知軌道半徑越大，運行的速度越小，低軌衛(wèi)星軌道半徑大于近地衛(wèi)星的半徑，故低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率小于7.9km/s,

低軌衛(wèi)星軌道半徑小于同步衛(wèi)星軌道半徑，故低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率大于同步衛(wèi)星的環(huán)繞速率，故A、C錯誤;

B.同步衛(wèi)星的周期與地球的周期相同，相對地球靜止，可以固定對一個區(qū)域拍照，故B正確;

D.根據(jù)萬有引力提供向心力，則有

—Mm

(j——=ma

可得

GM

a=-^-

r~

低軌衛(wèi)星軌道半徑小于同步衛(wèi)星軌道半徑，低軌衛(wèi)星向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，故D錯誤;

故選B。

4、A

【解析】

與線圈軸線成30。角穿過線圈的向右磁感應(yīng)強度均勻增加，故產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有:

E^N-=N—Scos30

由圖可知：

_6-2

=2Wb/s

\t2

代入數(shù)據(jù)解得:

。而=100x2xcos30x0.01=^V

A正確，BCD錯誤。

故選Ao

5、D

【解析】

ABC.由加速度時間圖線可判斷，0~ls內(nèi)，小車沿正向做加速度增大的加速運動，ls~2s內(nèi)小車沿正向做加速度減小

的減速運動，由對稱性知2s末小車速度恰好減到零，2s~3s內(nèi)小車沿負(fù)向做加速度增大的加速度運動，3s~4s內(nèi)小車沿

負(fù)向做加速度減小的減速運動，4s末小車速度恰好減到零。由于速度的變化也是對稱的，所以正向位移和負(fù)向位移相

等，即4s末小車回到初始位置，故ABC錯誤；

D.小車在1s末或3s末速度達(dá)到最大，圖線與時間軸所圍面積表示速度的變化，所以最大速度為

vmu.xv=—2x1x5m/s=2.5m/s

故D正確。

故選D。

6、B

【解析】

A.單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目與光的強度有關(guān)，由于光的強度關(guān)系未知，故A錯誤；

BD.光子能量分別為

E,=hv和E2=2hv

根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知光電子的最大初動能為Ekm=/w-叱），逸出光電子的最大初動能之比為1：3,聯(lián)立

解得

V

用頻率為一的單色光照射該金屬不能發(fā)生光電效應(yīng)，故B正確，D錯誤；

4

C.兩種光的頻率不同，光電子的最大初動能不同，由動能定理可知，題目對應(yīng)的遏止電壓是不同的，故C錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解析】

A.當(dāng)&不變，滑動觸頭P順時針轉(zhuǎn)動時，變壓器的原線圈的匝數(shù)不變，副線圈的匝數(shù)減少，MN兩端的電壓減小，

總電流減小，滑動變阻器兩端的電壓將變小，電流表的讀數(shù)變小，故A正確：

B.當(dāng)"不變，滑動觸頭產(chǎn)逆時針轉(zhuǎn)動時，副線圈匝數(shù)增大，電壓增大，電流表讀數(shù)變大，電壓表讀數(shù)變大，故B錯

誤；

CD.保持P的位置不動，即是保持變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比不變，則MN兩端的電壓不變，當(dāng)將觸頭向上移動

時，連入電路的電阻的阻值變大，因而總電流減小，4分擔(dān)的電壓減小，并聯(lián)支路的電壓即電壓表的示數(shù)增大，通過

R2的電流增大，流過滑動變阻器的電流減小，所以電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大，故c正確，D錯誤;

故選ACo

8、CD

【解析】

試題分析：A、B細(xì)線斷裂之前，繩子拉力與速度垂直，不做功，不改變小球的速度大小，故小球的速度大小保持不

變，由圓周運動的速度與角速度的關(guān)系式v=or,隨r減小，小球角速度增大，故A、B錯誤；繩子剛斷裂時，拉力

大小為7N,由F=m也，解得此時的半徑為r=：m,由于小球每轉(zhuǎn)120。半徑減小0.3m,則知小球剛好轉(zhuǎn)過一周，細(xì)

r7

12萬r12乃7*121廣

線斷裂，則小球運動的總時間為t=wL+T----+―其中ri=lm,r2=0.7m,r3=0.4m,vo=2m/s,解得t=0.7n

3%3%3v0

(s),故C正確；小球每轉(zhuǎn)120。半徑減小0.3m,細(xì)線斷裂之前，小球運動的位移大小為0.9m,故D正確.故選CD

考點：牛頓第二定律圓周運動規(guī)律

9,BC

【解析】

雪坡的傾角等于位移與水平方向的夾角，根據(jù)平拋運動的規(guī)律可知

tan(9=—=—

x2v0

解得平拋運動的時間為

t_2%tan9

g

如果vo不同，該戰(zhàn)士在空中運動時間不同，根據(jù)平拋運動的規(guī)律，位移與水平方向夾角的正切值等于速度與水平方向

夾角的正切值的一半，故落地雪坡的速度方向相同，戰(zhàn)士的水平位移為

2*tan0

x=vot=-^-------

g

知初速度不同，水平位移不同，落點位置不同，速度方向相同，故BC正確，AD錯誤。

故選BC?

10、BC

【解析】

AB.電池電路的電流如圖所示，在鐵芯中產(chǎn)生向下的磁場。向左移動滑片P,滑動變阻器有效電阻減小，由歐姆定律

知電路電流增大。由題意知電流均勻增大，則該磁場均勻增強。應(yīng)用楞次定律知乙線圈的感應(yīng)電流如圖所示，則電容

器的上極板帶負(fù)電，故A錯誤，B正確；

CD.穿過乙線圈的磁通量①均勻增加，由電磁感應(yīng)定律知

①

EL=n-A---

△t

該值恒定。由電路規(guī)律知電容器的板間電壓U=E,則電容器兩極板間電壓恒定，則電容器所帶電荷量

Q=CU

恒定，故C正確，D錯誤。

故選BC?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

0

11、①③②④D?=-~—。為〃個點對應(yīng)的圓心角

(〃-1)7

【解析】

(1)口］該實驗先將電火花計時器與圓形卡紙保持良好接觸，先使卡片轉(zhuǎn)動，再打點，最后取出卡片進(jìn)行數(shù)據(jù)處理.故次

序為①③②④；

(2)⑵要測出角速度，需要測量點跟點間的角度，需要的器材是量角器，故選D；

△6

(3)［3］根據(jù)0=——，則

［4］，是〃個點對應(yīng)的圓心角，7是電火花計時器的打點時間間隔。

12、AbB1.5B4

【解析】

(1)單刀雙擲開關(guān)合向a時，由于電壓表的分流，使測得的電源電動勢和內(nèi)阻都比真實值小，單刀雙擲開關(guān)合向b時，

由于電流表的分壓，測得的電源電動勢等于真實值，測得的內(nèi)阻比真實值大，因此單刀雙擲開關(guān)合向a時測出的數(shù)據(jù)

描點作出的圖象是A；

(2)圖線B測得的電動勢沒有系統(tǒng)誤差，更準(zhǔn)確，其值為L5V,由于圖線B測得的內(nèi)阻值實際為電源內(nèi)阻與電流表的

內(nèi)阻之和，因此誤差較大，因此由圖線A求得的電源內(nèi)阻值更準(zhǔn)確；

⑶若測出電流表的內(nèi)阻RA=1。，則利用圖B測得的內(nèi)阻更準(zhǔn)確，由此求得電源的內(nèi)阻為r=六。-10=40。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、①600K；②120J

【解析】

①氣體從A到B發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律有

匕魯

ZT2

即

1_300

2__7\

代入數(shù)據(jù)解得

r2=600K

②A到5過程氣體從外界吸熱，對外界做功，內(nèi)能增加

△UT+2

5-3

叫=-POAV=-1X1OX1X1O=-100J

=-100+220=120J

C狀態(tài)與A狀態(tài)內(nèi)能相等，3到C過程，對外界不做功，則內(nèi)能減少△。2=-12(〃，且

△&=。2+嗎

即

-i2o=e2+o

所以

。2=-120J

氣體放出熱量120J?

14、(1)2qE%(2)5qEx0(3)8xo<d<18xo

Vm

【解析】

(1)設(shè)A球與B球第一次碰撞前的速度為VO,碰撞后的速度分別為VAI、VBU

對A,根據(jù)牛頓第二定律得：qE=ma

2

由運動學(xué)公式有：vo=2ax0o

解得:v()=

對于AB碰撞過程，取向右為正方向，由動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律得:

mvo=mvAi+mvBi

1112

—mvo2--HIVAI2+—mvBio

222

(2)設(shè)第一次碰撞到第二次碰撞前經(jīng)歷的時間為h.有：XA產(chǎn)VAltl+Latl2=VBltl

2

從A球開始運動到兩球在電場中發(fā)生第二次碰撞前電場力對A球所做的功為：

W=qE(XO+XAI)

解得：W=5qExoo

(3)設(shè)第二次碰撞前A的速度為v,R,碰撞后A、B的速度分別為VA2、VB2.有：

VAI-VAl+atlo

第二次碰撞過程，有：

mvAir+mvBi=mvA2+mvB2o

1〃121212

—mvAi+—mvBi=—HIVA2+—m\，B2。

2222