河南省洛陽(yáng)市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題【含答案解析】

洛陽(yáng)市2023——2024學(xué)年第一學(xué)期期中考試高二物理試卷全卷共6頁(yè)，共100分，考試時(shí)間為75分鐘。注意事項(xiàng)；1、答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.考試結(jié)束，將答題卡交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9~12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分。）1.關(guān)于安培力和洛倫茲力，以下說(shuō)法中正確的是（）A.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，可能不受洛倫茲力作用B.放置在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線，一定受到安培力作用C.帶電粒子在磁場(chǎng)中做非勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力可能做功D.放置在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線，所受磁場(chǎng)力的方向就是磁場(chǎng)的方向【答案】A【解析】【詳解】A．若帶電粒子運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向平行，則不受洛倫茲力作用，故A正確；B．放置在磁場(chǎng)中的通電直導(dǎo)線與磁場(chǎng)平行時(shí)不受安培力作用，故B錯(cuò)誤；C．洛倫茲力與速度垂直，不做功，故C錯(cuò)誤；D．放置在磁場(chǎng)中的通電導(dǎo)線，所受磁場(chǎng)力的方向與磁場(chǎng)的方向垂直，故D錯(cuò)誤。故選A。2.電路連接如圖，以下幾種情況中，電流表指針不偏轉(zhuǎn)的是（）A.開(kāi)關(guān)閉合或斷開(kāi)瞬間B.開(kāi)關(guān)閉合電路穩(wěn)定后C.在開(kāi)關(guān)閉合的情況下，快速移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片D.在開(kāi)關(guān)閉合的情況下，把線圈A從線圈B中抽出過(guò)程中【答案】B【解析】【詳解】A．開(kāi)關(guān)閉合或斷開(kāi)瞬間，穿過(guò)B線圈的磁通量變化，閉合回路會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流指針偏轉(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤；B．開(kāi)關(guān)閉合穩(wěn)定之后，穿過(guò)B線圈的磁通量不發(fā)生變化，閉合回路不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流指針不偏轉(zhuǎn)，故B正確；C．開(kāi)關(guān)閉合之后，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，A線圈中電流發(fā)生變化，線圈B的磁通量會(huì)發(fā)生變化，閉合回路會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流指針偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；D．開(kāi)關(guān)閉合之后，拔出線圈A的過(guò)程中，線圈B的磁通量會(huì)發(fā)生變化，閉合回路會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流指針偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，虛線左側(cè)存在有范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里。紙面內(nèi)的矩形線圈abcd的長(zhǎng)與寬分別為2L和L，ad、bc的中點(diǎn)位于虛線上，下列判斷正確的是（）A.圖示位置穿過(guò)線圈abcd的磁通量為2BL2B.圖示位置穿過(guò)線圈abcd磁通量為C.若線圈從圖示位置以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)60°，穿過(guò)線圈abcd的磁通量變化量為BL2D.若線圈從圖示位置以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)180°，穿過(guò)線圈abcd的磁通量變化量為3BL2【答案】D【解析】【詳解】AB．此時(shí)只有一半的線圈在磁場(chǎng)中，穿過(guò)線圈的磁通量為故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C．線圈繞ab邊旋轉(zhuǎn)角時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系可知，線圈整個(gè)進(jìn)入磁場(chǎng)，線圈在垂直于磁場(chǎng)方向的投影面積為穿過(guò)線圈的磁通量為磁通量不變，穿過(guò)線圈abcd的磁通量變化量為零，故C錯(cuò)誤；D．線圈繞ab邊旋轉(zhuǎn)角時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系可知，線圈整個(gè)進(jìn)入磁場(chǎng)，線圈在垂直于磁場(chǎng)方向的投影面積為穿過(guò)線圈的磁通量為磁通量為標(biāo)量，則穿過(guò)線圈磁通量的變化量為故D正確。故選D。4.已知兩電源的電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)它們分別向電阻供電時(shí)，外電路消耗功率相等，電源E1和E2的效率分別為η1、η2。當(dāng)外電路電阻變?yōu)闀r(shí)，電源E1和E2對(duì)應(yīng)的外電路功率分別為P1、P2，則（）A.η1>η2P1>P2 B.η1>η2P1<P2C.η1<η2P1>P2 D.η1<η2P1<P2【答案】D【解析】【詳解】當(dāng)兩個(gè)電源分別與阻值為的電阻連接時(shí)，電源輸出功率相等，即即電路電流相等，電源E1和E2的效率分別為由，可得當(dāng)外電路電阻減小變?yōu)闀r(shí)，兩電源的干路電流分別變?yōu)榻Y(jié)合，，當(dāng)分母減小相同值時(shí)，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知故故選D。5.某電源和某額定電壓6V、額定功率12W的小燈泡圖像如圖甲中①、②圖線所示，現(xiàn)將該電源和小燈泡組成圖乙所示電路，下列說(shuō)法正確的是（）A.小燈泡此時(shí)的電阻為3ΩB.小燈泡消耗的電功率為4.32WC.電源的總功率為9WD.如果把小燈泡換成某一定值電阻，則電源的輸出功率可能變大【答案】C【解析】【詳解】A．該電源和小燈泡組成閉合電路時(shí)，①、②兩圖線的交點(diǎn)表示燈泡的工作狀態(tài)，知小燈泡兩端的電壓U=3V，流過(guò)小燈泡的電流I=1.5A，小燈泡此時(shí)的電阻為故A錯(cuò)誤；B．小燈泡消耗的電功率故B錯(cuò)誤；C．由圖可知電源電動(dòng)勢(shì)為6V，電源的總功率故C正確；D．由圖可知，電源的內(nèi)阻當(dāng)電源外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源輸出功率最大，此時(shí)小燈泡的電阻的，此狀態(tài)電源輸出最大，所以如果把小燈泡換成某一定值電阻，則電源的輸出功率不可能變大，故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向平行于紙面向左，紙面內(nèi)一個(gè)半徑為r的半圓導(dǎo)體ab，可繞過(guò)圓心O且垂直于紙面的軸轉(zhuǎn)動(dòng)，在導(dǎo)體ab中通以a→b方向的恒定電流I，并沿逆時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)180°的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)體ab受到的安培力方向始終垂直紙面向里B.導(dǎo)體ab受到的安培力不可能為零C.導(dǎo)體ab受到的安培力最大值為πBIrD.導(dǎo)體ab受到的安培力大小可能為【答案】D【解析】【詳解】A．在導(dǎo)體ab中通以a→b方向的恒定電流I，并沿逆時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)180°的過(guò)程中，由題圖可知，導(dǎo)體ab在磁場(chǎng)中的有效長(zhǎng)度為a、b的連線，即為半圓導(dǎo)體ab的直徑，由左手定則可知，導(dǎo)體ab受到的安培力方向先垂直紙面向里，后垂直紙面向外，A錯(cuò)誤；BC．由安培力計(jì)算公式，可得導(dǎo)體ab在磁場(chǎng)中受到的安培力大小為式中θ為磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向與a、b間的連線之間的夾角，當(dāng)導(dǎo)體a、b的連線與勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向平行時(shí)，即θ角等于0°時(shí)，導(dǎo)體ab受到的安培力是零；當(dāng)θ角等于90°時(shí)，即磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向與a、b間的連線垂直時(shí)，導(dǎo)體ab受到的安培力有最大值，最大值為BC錯(cuò)誤；D．由以上分析可知，導(dǎo)體ab沿逆時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)180°的過(guò)程中，導(dǎo)體ab受到的安培力大小范圍為因此導(dǎo)體ab受到的安培力大小可能為，D正確。故選D。7.回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是與高頻交流電源兩極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，在兩盒間的狹縫間形成周期性變化的電場(chǎng)，使帶電粒子每次通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速。兩D形金屬盒處于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示。在保持勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度和加速電壓不變的情況下，用同一裝置分別加速質(zhì)子（）和氦核（），下列說(shuō)法中正確的是（）A.該裝置也可以加速中子B.質(zhì)子與氦核所能達(dá)到的最大速度之比為2∶1C.加速質(zhì)子、氦核時(shí)交變電壓的周期之比為2∶1D.若升高高頻交流電源的電壓，帶電粒子最終射出回旋加速器的速度將增大【答案】B【解析】【詳解】A．中子不帶電，該裝置不可以加速，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)，得帶電粒子加速后所能達(dá)到的最大速度由于回旋加速器的最大半徑相同，質(zhì)子與氦核的比荷之比是，所以質(zhì)子與氦核所能達(dá)到的最大速度之比為2∶1，故B正確；C．由，質(zhì)子與氦核的比荷之比是，所以加速質(zhì)子、氦核時(shí)交變電壓的周期之比為，故C錯(cuò)誤；D．由帶電粒子最終射出回旋加速器的最大速度，可知帶電粒子最終射出回旋加速器的速度與高頻交流電源的電壓無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選B。8.某同學(xué)用一個(gè)量程1mA，內(nèi)阻900Ω的表頭G，電阻箱。和組裝一個(gè)多用電表，使之具有直流電流10mA和直流電壓5V兩擋，電路結(jié)構(gòu)如圖所示，則的阻值應(yīng)為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】表頭的滿偏電流Ig=1mA=0.001A微安表內(nèi)阻Rg=900Ω改裝后電流表量程I=10mA=0.01A改裝后電壓表量程U=5V由歐姆定律得IgRg=（I-Ig）R1，U=IgRg+IR2代入數(shù)據(jù)解得R1=100Ω，R2=410Ω故選C。9.如圖所示，電源、開(kāi)關(guān)和燈泡組成串聯(lián)電路，A、B、C為電路中的三個(gè)檢測(cè)點(diǎn)。閉合開(kāi)關(guān)燈泡不會(huì)發(fā)光，原因是以下三種情況中的一種造成的：（1）電源故障；（2）開(kāi)關(guān)接觸不良；（3）燈泡和燈座接觸不良。小明同學(xué)為了查找故障原因，用多用電表直流電壓擋檢測(cè)，且黑表筆始終接在A點(diǎn)。以下判斷正確的是（）A.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，紅表筆接B點(diǎn)，若電表示數(shù)接近電源電動(dòng)勢(shì)，則電源正常；若電表無(wú)示數(shù)，則電源有故障B.電源正常，閉合開(kāi)關(guān)，紅表筆接C點(diǎn)，若電表無(wú)示數(shù)，則燈泡和燈座接觸不良C.電源正常，閉合開(kāi)關(guān)，紅表筆接C點(diǎn)，若電表無(wú)示數(shù)，則開(kāi)關(guān)接觸不良D.電源正常，閉合開(kāi)關(guān)，紅表筆接C點(diǎn)，若電表有示數(shù)，則燈泡和燈座接觸不良【答案】ACD【解析】【詳解】A．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)，紅表筆接B點(diǎn)，若電表示數(shù)接近電源電動(dòng)勢(shì)，可知電壓表與電源接通，則電源正常；若電表無(wú)示數(shù)，則電源有故障，故A正確；BC．電源正常，閉合開(kāi)關(guān)，紅表筆接C點(diǎn)，若電表無(wú)示數(shù)，可知電壓表與電源沒(méi)有接通，則開(kāi)關(guān)接觸不良，故B錯(cuò)誤，C正確；D．電源正常，閉合開(kāi)關(guān)，紅表筆接C點(diǎn)，若電表有示數(shù)，可知電壓表與電源接通，則開(kāi)關(guān)正常，燈泡和燈座接觸不良，故D正確。故選ACD。10.如圖，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R?、R?為定值電阻，電容器的電容為C，已知r，滑動(dòng)變阻器R?的最大阻值大于r。現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P由最上端緩慢地向下滑動(dòng)，電壓表V?、V?示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表V?、V?示數(shù)增大，電流表A的示數(shù)減小B.當(dāng)時(shí)，電源的輸出功率最大，電源效率也最大C.電容器增加的電荷量為CΔU1D.【答案】AD【解析】【詳解】A．滑動(dòng)變阻器的滑片由最上端緩慢地向下滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，回路總電阻增大，干路電流減小，內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，即示數(shù)增大，A示數(shù)減小，由于則示數(shù)增大，故A正確；B．當(dāng)時(shí)，電源的輸出功率最大，電源效率為50%，不是最大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)解得則電容器增加的電荷量為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)電流表示數(shù)起始I，根據(jù)歐姆定律有將滑動(dòng)變阻器的滑片由最上端緩慢地向下滑動(dòng)后，有即即故D正確。故選AD。11.在Ⅰ、Ⅱ兩個(gè)區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向如圖所示，AD、AC邊界的夾角為30°，邊界AC與邊界MN平行，Ⅱ區(qū)域?qū)挾葹閐、質(zhì)量為m、電荷量為q的正粒子，可在邊界AD上的不同點(diǎn)以垂直AD且垂直磁場(chǎng)的方向射入磁場(chǎng)，若入射速度大小為不計(jì)粒子重力，則（）A.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為0.5dB.粒子在距A點(diǎn)0.5d處射入，會(huì)進(jìn)入Ⅱ區(qū)域C.粒子在距A點(diǎn)1.5d處射入，在Ⅰ區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.能夠進(jìn)入Ⅱ區(qū)域的粒子，在Ⅱ區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為【答案】BC【解析】【詳解】AB．粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有其中解得r=d畫(huà)出恰好不進(jìn)入Ⅱ區(qū)的臨界軌跡，如圖所示結(jié)合幾何關(guān)系，有故從距A點(diǎn)0.5d處射入，會(huì)進(jìn)入Ⅱ區(qū)，故A錯(cuò)誤，B正確；C．粒子距A點(diǎn)1.5d處射入，在Ⅰ區(qū)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的軌跡為半個(gè)圓周，故時(shí)間為故C正確；D．從A點(diǎn)進(jìn)入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡最短（弦長(zhǎng)也最短），時(shí)間最短，軌跡如上圖所示，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，故時(shí)間為故D錯(cuò)誤。故選BC。12.如圖所示，兩長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的平行通電長(zhǎng)直導(dǎo)線P、Q鎖定在傾角為θ的光滑絕緣斜面上，質(zhì)量分別為m、2m，兩導(dǎo)線中通入大小相等的電流I，重力加速度大小為g。現(xiàn)對(duì)兩導(dǎo)線解除鎖定的同時(shí)，在導(dǎo)線Q的中點(diǎn)施加一沿斜面向上的拉力F，使兩導(dǎo)線間距不變并沿斜面向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩導(dǎo)線中電流的方向一定相同B.兩導(dǎo)線間的安培力大小為C.若，撤去F瞬間，導(dǎo)線P、Q的加速度大小之比為1∶4D.若去掉Q，通有電流I的導(dǎo)線P僅在外加勻強(qiáng)磁場(chǎng)作用下靜止在斜面上，所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小滿足條件為【答案】AC【解析】【詳解】A．由題意分析可知P、Q的加速度加速度相同，P、Q一定相互吸引，則P、Q中電流一定同向，A正確；B．對(duì)整體由牛頓第二定律有對(duì)P進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律解得B正確；C．若，則由牛頓第二定律得安培力大小為，撤去外力瞬間，對(duì)受力分析可得解得，加速度方向沿斜面向下對(duì)受力分析可得解得，加速度方向沿斜面向下導(dǎo)線P、Q加速度大小之比為，C正確；D．對(duì)受力分析知，當(dāng)磁場(chǎng)方向垂直于斜面向下時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，由共點(diǎn)力平衡條件可知要使導(dǎo)線靜止在斜面上，需要外加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小滿足，D錯(cuò)誤。故選AC。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共15分）13.某同學(xué)在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，用毫米刻度尺測(cè)量金屬絲接入電路的有效長(zhǎng)度為，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑d（刻度位置如圖所示），用伏安法測(cè)出金屬絲的電阻（阻值大約為3Ω），然后根據(jù)電阻定律計(jì)算出該金屬材料的電阻率。在用伏安法測(cè)定金屬絲的電阻時(shí)，除被測(cè)金屬絲外，還有如下實(shí)驗(yàn)器材：A.直流電源：電動(dòng)勢(shì)約3V，內(nèi)阻很小；B.電壓表V：量程0~3V，內(nèi)阻約5kΩ；C.電流表A：量程0~0.6A，內(nèi)阻約為0.2Ω；D．滑動(dòng)變阻器：最大阻值20Ω，允許通過(guò)的最大電流0.6A；E．開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線等。（1）從圖中讀出金屬絲的直徑d為_(kāi)__________mm；（2）根據(jù)所提供的器材、在虛線框中補(bǔ)充完整測(cè)定金屬絲電阻的實(shí)驗(yàn)電路圖（用定值電阻符號(hào)代替金屬絲）___________；（3）若根據(jù)伏安法測(cè)出金屬絲的阻值為R，則這種金屬材料的電阻率的表達(dá)式為ρ=___________（用題中所給字母表示）?！敬鸢浮竣?0.730②.③.【解析】【詳解】（1）[1]金屬絲的直徑（2）[2]由于金屬絲電阻較小，安培表采用外接法，滑動(dòng)變阻器直接采用限流電路，電路如圖所示（3）[3]根據(jù)得14.在測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，提供的器材有：A.電流表：量程為3A，內(nèi)阻約為0.02ΩB.電流表：量程為0.6A、內(nèi)阻為0.40ΩC.電壓表：量程為15V，內(nèi)阻約為15kΩD.電壓表：量程3V，內(nèi)阻約為3kΩE.滑動(dòng)變阻器；最大阻值200Ω，允許通過(guò)最大電流0.2AF.滑動(dòng)變阻器：最大阻值20Ω，允許通過(guò)最大電流3AG.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為了較準(zhǔn)確測(cè)量電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選___________（填E或F）；電流表應(yīng)該選___________（填A(yù)或B）；實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)該選圖中的___________圖（填“甲”或“乙”）。（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得一個(gè)電池的路端電壓U和通過(guò)電池的電流強(qiáng)度I的關(guān)系圖像如圖所示。由圖可以求得電源電動(dòng)勢(shì)。E=___________V，內(nèi)電阻r=___________Ω（結(jié)果保留兩位小數(shù)）。【答案】①.F②.B③.甲④.1.50⑤.1.10【解析】【詳解】（1）[1][2][3]干電池內(nèi)阻較小，則滑動(dòng)變阻器的阻值范圍應(yīng)小一些，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選F；電路電流較小且電流表內(nèi)阻已知時(shí)，可求電流表分壓，消除系統(tǒng)誤差，故電流表選擇B。則電路圖應(yīng)選擇甲。（2）[4][5]根據(jù)閉合電路歐姆定律得通過(guò)圖像的截距和斜率得，內(nèi)阻為三、解答題（本題共3小題，共37分。解答要有必要的文字說(shuō)明和方程式，只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題目，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。）15.兩平行金屬導(dǎo)軌（電阻不計(jì)）水平放置，間距兩導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻，的電源。勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下穿過(guò)導(dǎo)軌，磁感應(yīng)強(qiáng)度。導(dǎo)體棒ab放置在導(dǎo)軌上方，與兩導(dǎo)軌保持垂直且接觸良好，二者間的動(dòng)摩擦因數(shù)已知導(dǎo)體棒ab電阻質(zhì)量，其閉合開(kāi)關(guān)的瞬間求（1）金屬棒受到安培力的大小和方向；（2）金屬棒的加速度?！敬鸢浮浚?）0.1N，水平向右；（2）8m/s2，方向向右【解析】【詳解】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流為根據(jù)安培力公式有N根據(jù)左手定則可知安培力方向向右；（2）根據(jù)牛頓第二定律有解得，方向向右16.如圖，規(guī)格為“6V、3W”的小燈泡與小型直流電動(dòng)機(jī)M（其線圈電阻）并聯(lián)后，接在電動(dòng)勢(shì)內(nèi)電阻的電源上，小燈泡恰好正常發(fā)光，求（1）通過(guò)小燈泡的電流和電源的內(nèi)電壓（2）電路中的總電流I和通過(guò)電動(dòng)機(jī)M的電流（3）