(文末附答案)高中物理牛頓運(yùn)動(dòng)定律考點(diǎn)專題訓(xùn)練

1單選題A、B的質(zhì)量都為m，初始時(shí)兩物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體B上，使物體B開始向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，拉力F與物體B的位移x的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度g=10m/s2，則下列說法中正確的是()A．物體B位移為4cm時(shí)，彈簧處于原長狀態(tài)D．彈簧的勁度系數(shù)為5N/cm2、如圖所示，有A、B兩物體，mA＝2mB，用細(xì)繩連接后放在光滑的斜面上，在它們下滑的過程中()A．它們的加速度a＝gsinθB．它們的加速度a<gsinθ2D．細(xì)繩的張力FT=EQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up6(1),3)mBgsinθ3、如圖所示，所有質(zhì)點(diǎn)同時(shí)從O點(diǎn)沿不同傾角的光滑斜面無初速滑下，若將各質(zhì)點(diǎn)在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同的點(diǎn)連成一線，則連線的性質(zhì)為()A．圓弧B．拋物線C．水平線D．斜線4、如圖所示，在某建筑地，工人甲將質(zhì)量為m的工件利用固定在支架上的光滑定滑輪沿豎直方向提升到一定高度后，甲一直站在乙的身后拉緊繩索，繩索與水平方向的夾角為θ;工人乙通過一始終保持水平的輕繩將工件緩慢拉到樓頂。己知甲、乙的質(zhì)量分別為M甲、M乙，重力加速度大小為g，甲，乙始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法正確的是()A．乙將工件拉到樓頂過程，甲受到的摩擦力不變B．乙將工件拉到樓頂過程，樓頂對(duì)乙的摩擦力逐漸減小C．工件勻速上升時(shí)。樓頂對(duì)甲的支持力為(M甲?m)gD．工件以加速度a勻加速上升時(shí)樓頂對(duì)甲的摩擦力為m(g+a)cosθ5、下列說法正確的是()A．伽利略發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測(cè)得了引力常量3B．根據(jù)表達(dá)式F=Gm1m2可知，當(dāng)r趨近于零時(shí)，萬有引力趨近于無窮大T2T2D．兩物體間的萬有引力總是大小相等、方向相反，是一對(duì)平衡力6、如圖所示，有A、B兩物體，mA＝2mB，用細(xì)繩連接后放在光滑的斜面上，在它們下滑的過程中()A．它們的加速度a＝gsinθB．它們的加速度a<gsinθ1D．細(xì)繩的張力FT=3mBgsinθ1的輕繩一端與物體A連接，另一端跨過定滑輪與質(zhì)量為M的小環(huán)C連接。小環(huán)C穿過豎直固定的光滑均勻細(xì)桿，小環(huán)C位于R處時(shí)，繩與細(xì)桿的夾角為θ,此時(shí)物體B與地面剛好無壓力。圖中SD水平，位置R和Q之間高度差為h，R和Q關(guān)于S對(duì)稱?，F(xiàn)讓小環(huán)從R處由靜止釋放，環(huán)下落過程中繩始終處于拉直狀態(tài)，環(huán)到達(dá)Q處時(shí)獲得最大速度。在小環(huán)從R處下落到Q處的過程中，下列說法正確的是()A．小環(huán)C機(jī)械能最大的位置在S點(diǎn)下方4B．彈簧彈力和地面支持力對(duì)物體B的沖量和為零M2g?C．小環(huán)C的最大動(dòng)能為Mmcos2M2g?D．小環(huán)C到達(dá)位置Q時(shí)，物體A的加速度的輕繩一端與物體A連接，另一端跨過定滑輪與質(zhì)量為M的小環(huán)C連接。小環(huán)C穿過豎直固定的光滑均勻細(xì)桿，小環(huán)C位于R處時(shí)，繩與細(xì)桿的夾角為θ,此時(shí)物體B與地面剛好無壓力。圖中SD水平，位置R和Q之間高度差為h，R和Q關(guān)于S對(duì)稱?，F(xiàn)讓小環(huán)從R處由靜止釋放，環(huán)下落過程中繩始終處于拉直狀態(tài)，環(huán)到達(dá)Q處時(shí)獲得最大速度。在小環(huán)從R處下落到Q處的過程中，下列說法正確的是()A．小環(huán)C機(jī)械能最大的位置在S點(diǎn)下方B．彈簧彈力和地面支持力對(duì)物體B的沖量和為零C．小環(huán)C的最大動(dòng)能為M2g?Mmcos2θD．小環(huán)C到達(dá)位置Q時(shí)，物體A的加速度9、2021年4月29日，長征五號(hào)遙二運(yùn)載火箭在海南文昌成功將空間站天和核心艙送入離地高約450km的預(yù)王亞平、葉光富成功送入了天和核心艙。他們將在核心艙駐留6個(gè)月，主要任務(wù)是驗(yàn)證中國空間站建造相關(guān)技術(shù)，為我國空間站后續(xù)建造及運(yùn)營任務(wù)奠定基礎(chǔ)。下列說法正確的是()5A．核心艙在軌運(yùn)行周期小于24小時(shí)B．組合體在軌運(yùn)行速度大于7.9km/sC．火箭發(fā)射升空過程中，發(fā)動(dòng)機(jī)噴出的燃?xì)馔苿?dòng)空氣，空氣推動(dòng)火箭上升D．在宇宙飛船加速升空過程中，宇航員處于超重狀態(tài)；當(dāng)宇航員進(jìn)入空間站仍然受重力作用，但處于失重狀態(tài)10、圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運(yùn)行，初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計(jì)時(shí)，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的v?t圖像（以地面為參考系）如圖乙所示，已知v2>v1，則()A．t2時(shí)刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大B．t2時(shí)刻，小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離達(dá)到最大C．0~t2時(shí)間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向一直向右D．0~t3時(shí)間內(nèi)，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用平滑連接。右端接一個(gè)阻值為R的定值電阻。平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為d、方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度6大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒從高度為h處靜止釋放，到達(dá)磁場(chǎng)右邊界處恰好停止。已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好。則金屬棒穿過磁場(chǎng)區(qū)域的過程中A．金屬棒的最大電壓為1BL√2gh2B．金屬在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為√2d√ghC．克服安培力所做的功為mgh1D．右端的電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為2112、科學(xué)家關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的研究對(duì)樹立正確的自然觀具有重要作用。下列說法符合歷史事實(shí)的是()A．亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)才會(huì)改變B．伽利略通過“理想實(shí)驗(yàn)”得出結(jié)論：一旦物體具有某一速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去C．笛卡兒指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來也不偏離原來的方向D．牛頓認(rèn)為，物體具有保持原來勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)13、如圖所示，滑塊2套在光滑的豎直桿上并通過細(xì)繩繞過光滑定滑輪連接物塊1，物塊1又與一輕質(zhì)彈簧連接在一起，輕質(zhì)彈簧另一端固定在地面上、開始時(shí)用手托住滑塊2，使繩子剛好伸直處于水平位置但無張力，此時(shí)彈簧的壓縮量為d．現(xiàn)將滑塊2從A處由靜止釋放，經(jīng)過B處的速度最大，到達(dá)C處的速度為零，此時(shí)物塊1還沒有到達(dá)滑輪位置。已知滑輪與桿的水平距離為3d，AC間距離為4d，不計(jì)滑輪質(zhì)量、大小及摩擦。下列說法中正確的是()7A．滑塊2下滑過程中，加速度一直減小B．滑塊2經(jīng)過B處時(shí)的加速度等于零C．物塊1和滑塊2的質(zhì)量之比為3：2D．若滑塊2質(zhì)量增加一倍，其它條件不變，仍讓滑塊2由A處從靜止滑到C處，滑塊2到達(dá)C處時(shí)，物塊114、受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上做直線運(yùn)動(dòng)，其v?t圖線如圖所示，則()A．在t1時(shí)刻，外力F為零C．在t1～t2內(nèi)，外力F大小可能不斷減小D．在t1～t2內(nèi)，外力F大小可能先減小后增大815、如圖甲所示，一質(zhì)量為m1的薄木板（厚度不計(jì)）靜的水平初速度v0，從木板的左端開始向木板的右端滑行，滑塊和木板的水平速度大小隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示，根據(jù)圖象可知以下判斷正確的是()A．滑塊始終與木板存在相對(duì)運(yùn)動(dòng)B．滑塊未能滑出木板C．滑塊的質(zhì)量m2大于木板的質(zhì)量m1D．在t1時(shí)刻，滑塊從木板上滑出16、物體的質(zhì)量為2kg，放在光滑水平面上，同時(shí)受到水平方向大小為2N和7N的兩個(gè)力的作用，則物體的加速度大小可能為()A．2m/s2B．3m/s2C．4m/s2D．5m/s2填空題17、如圖所示，木塊A與B用一輕彈簧相連，豎直放在木塊C上，三者靜置于地面，它們的質(zhì)量之比是1：2：3。設(shè)所有接觸面都光滑，當(dāng)沿水平方向迅速抽出木塊C的瞬時(shí)，木塊A的加速度大小等于；木塊加速度大小等于。（g為重力加速度）18、2021年5月15日，天問一號(hào)著陸器“祝融號(hào)”火星車成功著陸火星烏托邦平原南部預(yù)選著陸區(qū)，質(zhì)量為1.39噸的火星車在如此高速下自動(dòng)精準(zhǔn)降速反映了我國科研水平取得的巨大成就。它首先進(jìn)入火星大氣層的狹窄“走廊”，氣動(dòng)減速；打開降落傘使速度進(jìn)一步減為95m/s；與降落傘分離后，打開發(fā)動(dòng)機(jī)約80s，減速至3.6m/s；然后進(jìn)入懸停避障與緩速下降階段，經(jīng)過對(duì)著陸點(diǎn)的探測(cè)后平穩(wěn)著陸，其過程大致如圖所示。（火星5（1）“祝融號(hào)”在火星表面的慣性與地球表面相比（選填“增大”“減小”或“不變”）。由于勘測(cè)需要，火星車走走停停，假如它在一小時(shí)內(nèi)的直線距離是9m，它的平均速度大小約為m/s。（2）關(guān)于著陸器在不同階段的受力分析，正確的是()A．氣動(dòng)減速段，只受到氣體阻力的作用B．傘系減速段，重力與氣體對(duì)它的作用力是一對(duì)平衡力C．動(dòng)力減速段，發(fā)動(dòng)機(jī)噴火的反作用力作用在火星車上D．懸停狀態(tài)中，發(fā)動(dòng)機(jī)噴火的反作用力與氣體阻力是平衡力（3）如果動(dòng)力減速階段發(fā)動(dòng)機(jī)的推力遠(yuǎn)大于空氣阻力且視作恒定，不考慮火星車的質(zhì)量變化。請(qǐng)分析說明此階段火星車的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，并根據(jù)圖中所給的數(shù)據(jù)，估算發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大小。（1）定義：物體具有保持原來狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì).（2）量度：質(zhì)量是慣性大小的唯一量度，質(zhì)量大的物體慣性___，質(zhì)量小的物體慣性___20、如圖，質(zhì)量為m的圓環(huán)套在固定的粗糙程度均勻的豎直桿上，輕質(zhì)彈簧的左端固定在墻壁上的O點(diǎn)，右端與圓環(huán)相連。初始時(shí)刻，圓環(huán)處于A點(diǎn)，彈簧水平，且恰好處于原長狀態(tài)。將圓環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放，第一次經(jīng)B點(diǎn)時(shí)環(huán)的速度最大，最低可到達(dá)C點(diǎn)。之后，圓環(huán)沿桿向上滑動(dòng)。忽略空氣阻力的影響，則圓環(huán)從C點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)的過程中，速度最大的位置（選填“在B點(diǎn)”、“在B點(diǎn)上方”、“在B點(diǎn)下方”、“無法確定”）。圓環(huán)21、“蹦極”運(yùn)動(dòng)中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下，將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運(yùn)動(dòng)，從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點(diǎn)的過程中，人的動(dòng)量，（填“先增大后減小”或者“一直增大”）人的動(dòng)能，（填“先增大后減小”或者“一直增大”）加速度等于零時(shí)（即繩對(duì)人），22、質(zhì)量為2kg的物體，靜止放于水平面上，現(xiàn)在物體上施一水平力F，使物體開始沿水平面運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)10s時(shí)，將水平力撤掉，若物體運(yùn)動(dòng)的速度圖象如圖所示，則水平力F＝N，物體與水平面間的動(dòng)摩擦23、方法一：利用牛頓第二定律先測(cè)量物體做自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度g，再用天平測(cè)量物體的，利用牛頓第二定律可得G＝。24、方法一：利用牛頓第二定律先測(cè)量物體做自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度g，再用天平測(cè)量物體的，利用牛頓第二定律可得G＝。解答題m=75kg的司機(jī)駕駛某小型汽車從起點(diǎn)處由靜止以a=4m/s2的加速度勻加速起步，速度達(dá)到v=16m/s后保持勻速行駛，到達(dá)終點(diǎn)前s3=80m開始勻減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)終點(diǎn)時(shí)剛好停下，假設(shè)司機(jī)相對(duì)汽車始終靜止，汽車在運(yùn)動(dòng)過程中始終可以看做水平面上的直線運(yùn)動(dòng)，重力加速度g取10m/s2，求（1）汽車通過全程所用時(shí)間；（2）司機(jī)勻加速過程中所受汽車作用力的大小。去拉力。求：27、如圖所示為把貨物運(yùn)送到車上，在車前架設(shè)一長2.35m與水平面夾角為37°逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶，現(xiàn)將一質(zhì)量為10kg的貨物以速度v0=6m/s從傳送帶底端滑上傳送帶。已知傳送帶的速度為v=2m/s，貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，貨物可視為質(zhì)點(diǎn)。（1）計(jì)算說明該貨物能否被運(yùn)送到車上；（2）從貨物滑上傳送帶到離開傳送帶因摩擦而產(chǎn)生的熱量。28、如圖所示，水平傳動(dòng)帶以v0=4m/s的速率順時(shí)針勻速運(yùn)轉(zhuǎn)，傳動(dòng)帶左、右兩端的距離為8m，把一可以看作質(zhì)點(diǎn)的小物塊輕放在傳動(dòng)帶左端，物塊與傳動(dòng)帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2，重力加速度g取10m/s2，則：（1）經(jīng)多長時(shí)間物塊會(huì)與傳動(dòng)帶共速。（2）經(jīng)多長時(shí)間物塊會(huì)從傳動(dòng)帶右端掉下來。29、如圖所示，水平地面上固定一傾角為37°的粗糙斜面，斜面某位置固定一垂直斜面的擋板，一質(zhì)量為1kg的物體，從離擋板距離為0.8m處的A點(diǎn)，以初速度1m/s沿斜面下滑，物體與擋板相撞1.0×103s后，沿著斜面上滑，設(shè)物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.8，與擋板碰撞無機(jī)械能損失。sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=（1）物體與擋板碰撞前的速度大小；（2）碰撞中，擋板對(duì)物體的平均作用力大??；（3）物體與擋板碰撞后，沿斜面運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。E、F間距離L2=9m。輕繩跨過滑輪連接質(zhì)量mB=4kg的平板B和質(zhì)量mC=3kg的重物C，質(zhì)量mA=1kg且可看成質(zhì)點(diǎn)的小物塊A置于長L=3.2m的平板B上端，初始時(shí)A、F沿斜面方向距離L0=2m，當(dāng)小物塊A在EF區(qū)間運(yùn)動(dòng)時(shí)對(duì)其施加一個(gè)沿斜面向下大小F=10N的恒力。已知小物塊A、平板B之間動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.75，平板B與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.25，設(shè)最大靜摩擦力等于滑持靜止，現(xiàn)將輕繩剪斷，求：（1）小物塊A在輕繩剪斷的瞬間所受摩擦力的大??；31、如圖所示，滑板靜止在水平軌道上，質(zhì)量m＝2kg滑板與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2?，F(xiàn)對(duì)滑板施加水平向右的推力F＝10N，作用一段時(shí)間后撤去，滑板右端恰能到達(dá)B點(diǎn)，求：32、哈利法塔是目前世界最高的建筑。游客乘坐觀光電梯從地面開始經(jīng)歷加速、勻速、減速的過程恰好到達(dá)觀景臺(tái)只需50秒，運(yùn)行的最大速度為15m/s。觀景臺(tái)上可以鳥瞰整個(gè)迪拜全景，可將棕櫚島、帆船酒店等盡收若電梯加速、減速過程視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)（g取10m/s2求：（1）電梯加速階段的加速度大小及加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（2）若減速階段與加速階段的加速度大小相等，求觀景臺(tái)的高度；（3）若電梯設(shè)計(jì)安裝有輔助牽引系統(tǒng)，電梯出現(xiàn)故障，繩索牽引力突然消失，電梯從觀景臺(tái)處自由下落，為防止電梯落地引發(fā)人員傷亡，電梯啟動(dòng)輔助牽引裝置使其減速到速度為零，牽引力為重力的3倍，下落過程所有阻力不計(jì)，則電梯自由下落最長多少時(shí)間必須啟動(dòng)輔助牽引裝置？33、2020年12月8日，中尼兩國聯(lián)合宣布珠穆朗瑪峰的最新高程為8848.86米。在此次珠峰高程測(cè)量中，采用的一種方法是通過航空重力儀測(cè)量重力加速度，從而間接測(cè)量海拔高度。我?！罢\勤立達(dá)”興趣小組受此啟發(fā)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)來測(cè)量渝北校區(qū)所在地的重力加速度大小。已知sin53°=0.8、cos53°=0.6、sin37°=a.如圖1所示，選擇合適高度的墊塊，使長木板的傾角為53°;b.在長木板上某處自由釋放小物塊，測(cè)量小物塊距長木板底端的距離x和小物塊在長木板上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；c.改變釋放位置，得到多組x、t數(shù)據(jù)，作出x?t圖像，據(jù)此求得小物塊下滑的加速度為4.90m/s2；td.調(diào)節(jié)墊塊，改變長木板的傾角，重復(fù)上述步驟?；卮鹣铝袉栴}：(1)當(dāng)長木板的傾角為37°時(shí)，作出的圖像如圖2所示，則此時(shí)小物塊下滑的加速度a=m?s2保留3位(2)小物塊與長木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=；(3)依據(jù)上述數(shù)據(jù)，可知我校渝北校區(qū)所在地的重力加速度g=m?s2保留3位有效數(shù)字）(4)某同學(xué)認(rèn)為：x?t圖像中圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示小物塊在時(shí)間t內(nèi)的位移大小。該觀點(diǎn)是否正確？tA．正確B．錯(cuò)誤C．無法判斷34、某興趣小組欲測(cè)量滑塊與水平木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，他們?cè)O(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。該小組同學(xué)首先將一端帶滑輪的木板固定在水平桌面上，連接好其他裝置，然后掛上重物，使滑塊做勻加速運(yùn)動(dòng)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列點(diǎn).（1）圖2是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示，已知電源的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未標(biāo)出，根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算的加速度a=m?s2.（結(jié)果保留兩位有效數(shù)（2）為測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)，該小組同學(xué)事先用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出滑塊與重物的重力分別如圖3、4所示，則圖3對(duì)應(yīng)的示數(shù)為N,圖4對(duì)應(yīng)的示數(shù)為N；35、在學(xué)習(xí)完《圓周運(yùn)動(dòng)》這章后，某物理學(xué)習(xí)小組在實(shí)驗(yàn)室設(shè)計(jì)圖示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究圓錐擺周期的有關(guān)因素，該小組準(zhǔn)備了鐵架臺(tái)、栓有細(xì)繩的小鋼球、毫米刻度尺和秒表，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：（1）給小球一個(gè)初速度，使小球在圖示水平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小明立刻拿著秒表開始計(jì)時(shí)并數(shù)小球圓周運(yùn)動(dòng)的圈數(shù)，從他按下秒表的那一刻開始計(jì)數(shù)0，當(dāng)計(jì)數(shù)到n時(shí)停秒表，秒表顯示的時(shí)間為t，則小球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=。（2）在小明計(jì)數(shù)計(jì)時(shí)的過程中，小樂同學(xué)負(fù)責(zé)從刻度尺上讀出鐵架臺(tái)上繩子結(jié)點(diǎn)到圓平面的豎直高度（3）小組猜測(cè)繩子長度L、繩子結(jié)點(diǎn)到圓平面的高度h對(duì)小球的周期T有影響，于是他們控制變量L和h，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，得到數(shù)據(jù)并作圖如下：根據(jù)圖像可知，影響圓錐擺周期的因素是。36、測(cè)定物體的質(zhì)量有多種方法。某同學(xué)利用下面方法間接測(cè)量物體質(zhì)量M，裝置如圖甲所示∶一根輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪與兩個(gè)相同的重物P、Q相連，重物P、Q的質(zhì)量均為m=200g，在重物Q的下面通過輕質(zhì)掛鉤懸掛待測(cè)物塊Z，重物P的下端與穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間=9.8m/s2。（1）某次實(shí)驗(yàn)中，先接通頻率為50Hz的交流電源，再由靜止釋放系統(tǒng)，得到如圖乙所示的紙帶，則系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)37、麗江某中學(xué)物理實(shí)驗(yàn)興趣小組為測(cè)量質(zhì)量為m的小球沿斜面滾下時(shí)所受到的阻力大小，他們?cè)O(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：（1）將光電門垂直固定在斜面上，調(diào)整到合適高度，如圖所示；（2）測(cè)得斜面高和斜面長度分別為H、L，小球直徑為d，斜面最高點(diǎn)到光電門的距離為x；（3）把小球從斜面最高點(diǎn)靜止釋放，小球通過光電門的時(shí)間為t；（4）他們用螺旋測(cè)微器測(cè)量小球的直徑，如圖所示，其讀數(shù)為mm；1、答案：C解析：A．當(dāng)物體B位移為4cm時(shí)，物體A、B仍有向上的加速度，此時(shí)彈簧產(chǎn)生的向上的彈力大于物體A的重力，所以彈簧處于壓縮狀態(tài)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．設(shè)力F未作用時(shí)彈簧的壓縮量為x0，則有1時(shí)，由牛頓第二定律得當(dāng)2以上各式聯(lián)立可解得－xmg＝ma將x＝0.04m代入解得k＝7.5N/cm2、答案：A解析：AB．A、B整體由牛頓第二定律可得解得B．對(duì)B受力分析，由牛頓第二定律可得解得3、答案：Amgsinθ+T=ma解析：設(shè)軌道與豎直方向的夾角為θ,根據(jù)牛頓第二定律，物體的加速度a=mgcosθ=gcosθm所有小物體在相等時(shí)間內(nèi)的位移x=2at2=2gcosθ?t2=2gt2?cosθ1gt2是豎直方向直徑的長度，通過幾何關(guān)系知，某一時(shí)刻這些小物體所在位置構(gòu)成的面是圓弧。24、答案：D解析：A．乙將工件拉到樓頂過程，設(shè)兩繩結(jié)點(diǎn)上方繩索與豎直方向夾角為a，對(duì)結(jié)點(diǎn)由平衡條件可得甲拉的繩索上的拉力為mgT1=cosa由平衡條件可得，甲受到的摩擦力為f1=T1cosθB．乙將工件拉到樓頂過程，乙對(duì)輕繩的拉力為T2=mgtana由平衡條件可得，乙受到的摩擦力為f2=T2C．工件勻速上升時(shí)，繩上拉力T大小等于工件的重力mg，在豎直方向?qū)子善胶鈼l件可得N+Tsinθ=Mg甲解得樓頂對(duì)甲的支持力為N=Mg?Tsinθ=Mg?mgsinθC錯(cuò)誤；D．工件以加速度a勻加速上升時(shí)，對(duì)工件由牛頓第二定律可得T′?mg=ma在水平方向?qū)子善胶鈼l件可得f=T′cosθ聯(lián)立解得樓頂對(duì)甲的摩擦力為f=m(g+a)cosθ5、答案：C解析：A．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測(cè)出了引力常量G，A錯(cuò)誤；B．萬有引力表達(dá)式F=Gm1m2，只適用于質(zhì)點(diǎn)之間的相互作用，當(dāng)r趨近于零時(shí)，萬有引力定律不再適用，Br2錯(cuò)誤；T26、答案：A解析：AB．A、B整體由牛頓第二定律可得解得B．對(duì)B受力分析，由牛頓第二定律可得mgsinθ+T=ma解得7、答案：C解析：A．小環(huán)C下落過程受重力、桿的支持力和細(xì)線的拉力，非重力做功等于機(jī)械能的變化量。到位置S前的過程中，非重力做正功，機(jī)械能增加。經(jīng)過S的過程，非重力做負(fù)功，機(jī)械能減小。因此，小環(huán)C的機(jī)械能先增加再減小，下落到位置S時(shí)，小環(huán)C的機(jī)械能最大，故A錯(cuò)誤；B．小環(huán)從R處下落到Q處的過程中，物體B始終靜止在地面上，動(dòng)量變化量為零，因此物體B所受合力的沖量為零，即重力、彈簧彈力和地面對(duì)物體B的支持力的沖量和為零，則彈簧彈力和地面對(duì)物體的支持力的沖量和與重力沖量等大反向，由于此過程重力沖量不為零，故B錯(cuò)誤；C．環(huán)在Q時(shí)動(dòng)能最大。環(huán)在R和Q時(shí)，彈簧長度相同，彈性勢(shì)能相同。Q和A通過細(xì)線相連，沿著繩子的分速度相等（如圖1所示），故故A與環(huán)的動(dòng)能之比為1EQ\*jc3\*hps31\o\al(\s\up7(E),E)kA=EQ\*jc3\*hps31\o\al(\s\up2(2),1)mVEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up10(2),A)=EQ\*jc3\*hps31\o\al(\s\up7(m),M)cos2θEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up4(2),Q)Mg?=E+E聯(lián)立可得小環(huán)C的最大動(dòng)能M2g?KQM+mcos2θ故C正確；環(huán)在Q位置，環(huán)速度最大，說明受力平衡，受重力、支持力和拉力，根據(jù)平衡條件，有對(duì)A有聯(lián)立可得為Ma=mcosθg?2g小提示：8、答案：C解析：A．小環(huán)C下落過程受重力、桿的支持力和細(xì)線的拉力，非重力做功等于機(jī)械能的變化量。到位置S前的過程中，非重力做正功，機(jī)械能增加。經(jīng)過S的過程，非重力做負(fù)功，機(jī)械能減小。因此，小環(huán)C的機(jī)械能先增加再減小，下落到位置S時(shí)，小環(huán)C的機(jī)械能最大，故A錯(cuò)誤；B．小環(huán)從R處下落到Q處的過程中，物體B始終靜止在地面上，動(dòng)量變化量為零，因此物體B所受合力的沖量為零，即重力、彈簧彈力和地面對(duì)物體B的支持力的沖量和為零，則彈簧彈力和地面對(duì)物體的支持力的沖量和與重力沖量等大反向，由于此過程重力沖量不為零，故B錯(cuò)誤；C．環(huán)在Q時(shí)動(dòng)能最大。環(huán)在R和Q時(shí)，彈簧長度相同，彈性勢(shì)能相同。Q和A通過細(xì)線相連，沿著繩子的分速度相等（如圖1所示），故故A與環(huán)的動(dòng)能之比為1EQ\*jc3\*hps31\o\al(\s\up7(E),E)kA=EQ\*jc3\*hps31\o\al(\s\up2(2),1)mVEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up10(2),A)=EQ\*jc3\*hps31\o\al(\s\up7(m),M)cos2θEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up4(2),Q)Mg?=E+E聯(lián)立可得小環(huán)C的最大動(dòng)能M2g?KQM+mcos2θ故C正確；環(huán)在Q位置，環(huán)速度最大，說明受力平衡，受重力、支持力和拉力，根據(jù)平衡條件，有對(duì)A有聯(lián)立可得為Ma=g?2gmcosθ小提示：9、答案：AD解析：T3A．根據(jù)T2=k，核心艙的運(yùn)動(dòng)半徑小于同步心衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)半徑，則對(duì)應(yīng)的周期更小，即運(yùn)行周期小于T3正確；D．在宇宙飛船加速升空過程中，有向上的加速度，宇航員處于超重狀態(tài);當(dāng)宇航員進(jìn)入空間站時(shí)，重力提供向故選AD。10、答案：BC解析：A．相對(duì)地面而言，小物塊在0~t1小時(shí)間內(nèi)，向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，t1之后反向向右向右運(yùn)動(dòng)，故小物塊在t1時(shí)B．小物塊在0~t1小時(shí)間內(nèi)，向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，相對(duì)傳送帶也是向左運(yùn)動(dòng)；t1~t2時(shí)間內(nèi)，反向向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，但速度小于傳送帶向右速度，仍是相對(duì)傳送帶向左運(yùn)動(dòng)，t2時(shí)刻兩者同速，在t2~t3時(shí)間內(nèi)，小物塊相對(duì)確；D．在0~t2時(shí)間內(nèi)，小物塊相對(duì)傳送帶一直向左運(yùn)動(dòng)，故小物塊一直受向右的滑動(dòng)摩擦力，在t2~t3時(shí)間內(nèi)，小物塊相對(duì)于傳送帶靜止；小物塊不受摩擦力作用，故D錯(cuò)誤。11、答案：AD解析：A．金屬棒在下滑過程中，由機(jī)械能守恒定律得1mg?=2mv21則得金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度v=√2g?金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)后受到向左的安培力和摩擦力而做減速運(yùn)動(dòng)，則金屬棒剛到達(dá)水平面時(shí)的速度最大，所以最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv金屬棒的最大電壓為U=2E=2BL√2g?A正確；B．金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，取向右為正方向，根據(jù)牛頓第二定律得B2L2vΔv?μmg?2R=maB2L2vΔvB2L2v?μmgΔt?B2L2v兩邊求和得B2L2v∑(?μmgΔt?B2L2v?μmgt?B2L2d=0?mv解得金屬在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為m√2g??BEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up7(2L2),2R)dμmgB錯(cuò)誤；C．金屬棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得則克服安培力做功WB=mg??μmgdC錯(cuò)誤；D．克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱故選AD。12、答案：BCD解析：A．亞里士多德認(rèn)為物體的運(yùn)動(dòng)需要力來維持，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BCD．牛頓根據(jù)選項(xiàng)B中伽利略的正確觀點(diǎn)和選項(xiàng)C中笛卡兒的正確觀點(diǎn)，得出了選項(xiàng)D的正確觀點(diǎn)，選項(xiàng)B、13、答案：BD解析：AB．滑塊2下滑過程中，繩子拉力增大，合力先減小后反向增大，在B處速度最大，加速度為零，則加速度先C．物體1靜止時(shí)，彈簧壓縮量為X1=d；當(dāng)A下滑到C點(diǎn)時(shí)，物體2上升的高度為則當(dāng)物體2到達(dá)C時(shí)彈簧伸長的長度為d，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能等于物體1靜止時(shí)的彈性勢(shì)能；對(duì)于A與B及彈簧組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律應(yīng)有m1g·2d=m2g?4d解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)物體1和2沿繩子方向的分速度大小相等，則得4d4cosθ=-則得滑塊2到達(dá)C處時(shí)，物塊1和滑塊2的速度之比14、答案：BCD解析：A．v?t圖線的斜率表示加速度，在t1時(shí)刻圖線斜率為零，即加速度為零，說明外力F等于摩擦力，外力F不B．在0～t1時(shí)間內(nèi)，斜率逐漸減小，加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律得F?μmg=maCD．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，加速度方向與運(yùn)動(dòng)方向相反且加速度逐漸增大，說明向后的合力一直增大，外力F可能），15、答案：ACD解析：滑塊以水平初速度v0滑上木板，滑塊減速，木板加速，滑塊和木板的加速度的大小分別為EQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up6(m),m)EQ\*jc3\*hps18\o\al(\s\up1(2),2)a=μm2gm1由題圖乙可知，滑塊的速度一直大于木板的速度，即兩者之間始終存在相對(duì)運(yùn)動(dòng)，在t1時(shí)刻，滑塊滑出木板，各自做勻速直線運(yùn)動(dòng)。由題圖乙分析可知，圖像的斜率等于加速度，則＜a1即μg<μm2gm1則＜m2故選ACD。16、答案：BC解析：同時(shí)受到水平方向大小為2N和7N的兩個(gè)力的作用，這兩個(gè)力的合力取值范圍為由牛頓第二定律可得Fa=-m解得解析：[1][2]設(shè)木塊A的質(zhì)量為m，抽出木塊C之前，木塊A受到重力和彈力，有F=mg彈撤去木塊C瞬間，木塊C對(duì)B的支持力變?yōu)榱?，彈簧的彈力瞬間不變，木塊A受力情況不變，故木塊A的加速度為零塊B受重力2mg和彈簧向下的彈力，由牛頓第二定律可知，物體B的瞬時(shí)加速度為3mga=——=1.5g解析：（1）[1]慣性大小跟質(zhì)量有關(guān)，“祝融號(hào)”的質(zhì)量不變，則“祝融號(hào)”在火星表面的慣性與地球表面相比不變x9C．動(dòng)力減速段，發(fā)動(dòng)機(jī)和噴出的火之間的作用是相互作用力，則發(fā)動(dòng)機(jī)噴火的反作用力作用在火星車上，C正確；（3）[4][5]由于火星車在動(dòng)力減速所受推力遠(yuǎn)大于空氣阻力，可將空氣阻力忽略不計(jì)，火星車在推力和重力兩個(gè)恒力的作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)vt=v0+at可得火星車在此階段的加速度火星車受到的合力火星表面的重力加速度2根據(jù)牛頓第二定律GF=ma推推解析：（1）[1]定義：物體具有保持原來勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì).（2）[2][3]量度：質(zhì)量是慣性大小的唯一量度，質(zhì)量大的物體慣性大，質(zhì)量小的物體慣性??；20、答案：在B點(diǎn)下方動(dòng)能先增大后減小、重力勢(shì)能逐漸減小、彈性勢(shì)能逐漸增大、內(nèi)能逐漸增大解析：[1]圓環(huán)向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度最大，則受合力為零，則豎直方向F+f=mg圓環(huán)向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，經(jīng)過B′點(diǎn)時(shí)速度最大，則受合力為零，則豎直方向F′=mg+f′則F′>F可知在B′點(diǎn)時(shí)彈簧伸長量較大，即B′點(diǎn)在B點(diǎn)下方；[2]圓環(huán)從A運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，各種能量的變化情況是：速度先增加后減小，則動(dòng)能先增大后減小、重力勢(shì)能逐漸減小、彈性勢(shì)能逐漸增大、內(nèi)能逐漸增大。解析：解：[1]從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點(diǎn)的過程中，人下降的速度先增大后減小，因此人的動(dòng)量先增[2]人下降的速度先增大后減小，由動(dòng)能公式可知，人的動(dòng)能先增大后減小。[3]加速度等于零時(shí)（即繩對(duì)人的拉力等于人所受的重力時(shí)），人的速度最大，人的動(dòng)量和動(dòng)能最大。解析：[1][2]物體在力F作用下加速運(yùn)動(dòng)的加速度根據(jù)牛頓第二定律可知11撤去F后，加速度大小根據(jù)牛頓第二定律可知聯(lián)立解得解析：略解析：略25、答案：（1）304.5s；（2）150√29N解析：（1）加速過程由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v=at11s=at2減速過程勻速過程s2v（2）作用力克服重力并提供了加速度，根據(jù)力的合成F=√(ma)2+(mg)226、答案1）√L2）5Lμg6解析：（1）在力F作用的過程中，根據(jù)牛頓第二定律有對(duì)滑塊Aμmg＝maA對(duì)木板BF-μmg＝2maB1A2A1B2BLXB－XA＝2Lt=√-μgAABBv＝at，AABB設(shè)A、B共同運(yùn)動(dòng)的最終速度為v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得mvA＋2mvB＝m＋2mv設(shè)此過程中滑塊的位移為x1，木板的位移為x2，根據(jù)動(dòng)能定理得μmgx1＝2mv2－2mvA2-μmgx2＝2?2mv2－2?2mvB2最終滑塊與木板P端的距離為Δx＝2＋x2－x1＝6L27、答案：（1）貨物能被運(yùn)送到車上；（2）42J解析：（1）貨物滑上傳送帶的速度大于傳送帶的速度，則貨物所受滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向下，由牛頓第二定律有mgsin37°+Ff=ma1其中滑動(dòng)摩擦力fNF=μF=μmgcosfN聯(lián)立得貨物的加速度取t1時(shí)刻，貨物與傳送帶共速，有解得在t1時(shí)間內(nèi)，貨物運(yùn)動(dòng)的位移x1=t1=1.6m共速后，貨物所受滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上，由牛頓第二定律有mgsin37°?Ff=ma2聯(lián)立得貨物的加速度大小設(shè)貨物能滑到傳送帶的最高點(diǎn)，且到最高點(diǎn)的速度為v′,有v′2?v2=?2a2(L?x1)解得即貨物被運(yùn)送到傳送帶頂端的速度為v′=1m/s，所以貨物能被運(yùn)送到車上。（2）t1時(shí)間內(nèi)，貨物與傳送帶間的相對(duì)位移為S1=t1?vt1=0.8mt1后到貨物被運(yùn)送到傳送帶頂端用時(shí)v+v′t2時(shí)間內(nèi)，貨物與傳送帶的相對(duì)位移為v+v′全程因摩擦而產(chǎn)生的熱量28、答案1）2s2）3s解析：（1）物塊剛放上傳動(dòng)帶時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得解得物塊的加速度為物塊與傳送帶共速所需時(shí)間為EQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up10(v0),a)vS=-EQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up6(0),2)t1=4m之后勻速運(yùn)動(dòng)到右端的時(shí)間為物塊從傳動(dòng)帶左端到右端的時(shí)間為即經(jīng)3s物塊會(huì)從傳動(dòng)帶右端掉下來。29、答案1）v1=0.6m/s2）F=1206N3）EQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up6(3),62)s解析：（1）設(shè)物體沿斜面下滑的加速度大小為a1，碰撞擋板前的速度為v1，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin37°?μmgcos37°=ma1得a1=?0.4m/s2根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有vEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up2(2),1)?vEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up2(2),0)=2a1x解得（2）設(shè)物體反彈后的速度方向?yàn)檎较?，擋板?duì)小球的平均作用力大小為F，根據(jù)動(dòng)量定理有Ft?mgsin37°t=mv1?(?mv1)解得F=1206N（3）分析可知，物體沿斜面向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)物體沿斜面上滑的加速度大小為a2，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t′，由牛頓第二定律有μmgcos37°+mgsin37°=ma2a2=12.4m/s2根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得3由μmgcos37°>mgsin37°,物體沿斜面運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為-3s.30、答案1）2N2）2.05s解析：（1）輕繩剪斷的瞬間，設(shè)A、B相對(duì)靜止一起向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得(mA+mB)gsin37°?μ2(mA+mB)gcos37°=(mA+mB)a解得a=4m/s2設(shè)B對(duì)A的靜摩擦力大小為FfBA，對(duì)A受力分析，由牛頓第二定律得mAgsin37°?FfBA=mAa解得A、B間的最大靜摩擦力fmax1AF=μmgcosθ=fmax1AFfBA<Ffmax，所以A、B能夠相對(duì)靜止一起向下做勻加速運(yùn)動(dòng)所以小物塊A在繩剪斷的瞬間所受摩擦力的大小為2N。vEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up2(2),0)=2aL解得設(shè)該過程的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，則v0=at1解得F+mAgsin37°?μ1mAgcos37°=mAa1解得對(duì)平板B有μ1mAgcos37°+mBgsin37°?μ2(mA+mB)gcos37°=mBa2解得a2=5m/s2vEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up2(2),1)?vEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up2(2),0)=2a1L2解得小物塊A在EF之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2a1對(duì)平板B有v2=v0+a2t2=9m/s平板B運(yùn)動(dòng)的位移為v2?v22a2LEQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up6(1),1)因此小物塊A到達(dá)P所用的時(shí)間為31、答案1）1.2s2）36W解析：（1）在外力F作用下，根據(jù)牛頓第二定律可知F-μmg＝ma1解得11經(jīng)歷的時(shí)間為t，則1通過的位移為v2x=12a1撤去外力后的加速度大小為μmgμmg減速通過的位移為v2x=──22a2聯(lián)立解得32、答案1）1m/s2、15s2）525m3）√70s解析：（1）設(shè)電梯加速階段的加速度大小為a，由牛頓第二定律得：解得由0解得x1=EQ\*jc3\*hps22\o\al(\s\up7(1),2)at2=EQ\*jc3\*hps22\o\al(