【物理】浙江省寧波市九校2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試試題（解析版）

成就未來(lái)，新教育伴你成長(zhǎng)聯(lián)系電話(huà)：400-186-9786寧波市2022學(xué)年第一學(xué)期期末九校聯(lián)考高二物理試題第I卷：選擇題部分一、選擇題I（本題共12小題，每小題3分，共36分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量的單位用國(guó)際單位制中基本單位正確表示的是（）A.電阻：B.電功率：C.電量：D.電功：【答案】C【解析】A．電阻選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電功率選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)q=It可知電量單位1C=1A?s選項(xiàng)C正確；D．電功選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2.下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間存在的某種聯(lián)系B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并總結(jié)出了法拉第電磁感應(yīng)定律C.安培提出分子電流假說(shuō)，指出磁體和電流的磁場(chǎng)本質(zhì)上都是運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的D.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)“捕捉”到了電磁波【答案】B【解析】A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間存在的某種聯(lián)系，故A正確，不符合題意；B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，紐曼、韋伯在對(duì)理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，先后指出：閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過(guò)這一電路的磁通量的變化率成正比，后人稱(chēng)之為法拉第電磁感應(yīng)定律，故B錯(cuò)誤，符合題意；C．安培提出分子電流假說(shuō)，指出磁體和電流的磁場(chǎng)本質(zhì)上都是運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的，故C正確，不符合題意；D．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)“捕捉”到了電磁波，故D正確，不符合題意。故選B。3.1930年，英國(guó)物理學(xué)家狄拉克預(yù)言了正電子的存在。1932年，美國(guó)物理學(xué)家安德森在宇宙線(xiàn)實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了正電子。他利用放在強(qiáng)磁場(chǎng)中的云室來(lái)記錄宇宙線(xiàn)粒子——正電子，并在云室中加入一塊厚6mm的鉛板，借以減慢粒子的速度。當(dāng)宇宙線(xiàn)粒子通過(guò)云室內(nèi)的強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，拍下粒子徑跡的照片，如圖所示。則下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子穿過(guò)鉛板后速度減小，因此在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑增大B.粒子穿過(guò)鉛板后在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期變小C.圖中的粒子是由上向下穿過(guò)鉛板的D.該強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲狻敬鸢浮緾【解析】A．根據(jù)牛頓第二定律解得粒子穿過(guò)鉛板后速度減小，因此在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑減小。故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可得故粒子穿過(guò)鉛板后在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期不變。故B錯(cuò)誤；C．粒子穿過(guò)鉛板后速度減小，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑減小，由圖可知正電子從上向下穿過(guò)鉛板。故C正確；D．由左手定則可知，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里。故D錯(cuò)誤。故選C。4.圖一為某超聲波發(fā)生器中的核心元件—壓電陶瓷片。為使得壓電陶瓷片發(fā)生超聲振動(dòng)，需要給它通入同頻率的高頻電信號(hào)。圖二為高頻電信號(hào)發(fā)生原理圖，已知某時(shí)刻電流i的方向指向A極板，且正在增大，下列說(shuō)法正確的是（）A.A極板帶負(fù)電B.線(xiàn)圈L兩端的電壓在增大C.磁場(chǎng)能正在轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能D.減小自感系數(shù)L，可以減小超聲振動(dòng)的頻率【答案】A【解析】A．某時(shí)刻電流正在增大，說(shuō)明電容器正在放電，根據(jù)電流方向，可判斷A帶負(fù)電，故A正確；B．電容器正在放電，則電容器電壓減小，則線(xiàn)圈L兩端的電壓在減小，故B錯(cuò)誤；C．電容器正在放電，則電場(chǎng)能正在轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)，減小自感系數(shù)L，可以增大超聲振動(dòng)的頻率，故D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，匝數(shù)均為n，半徑分別為、的兩個(gè)導(dǎo)線(xiàn)圈a、b共面同心放置，兩導(dǎo)線(xiàn)圈之間的圓環(huán)區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度由增加到，在這段時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.線(xiàn)圈a磁通量的變化量為B.線(xiàn)圈b磁通量的變化量為C.線(xiàn)圈a磁通量的變化率為D.線(xiàn)圈b磁通量的變化率為【答案】D【解析】A．線(xiàn)圈a磁通量的變化量為故A錯(cuò)誤；B．線(xiàn)圈b磁通量的變化量為故B錯(cuò)誤；C．線(xiàn)圈a磁通量的變化率為D．線(xiàn)圈b磁通量的變化率為故D正確。故選D。6.如圖所示電路中，L是一電阻可忽略不計(jì)的自感線(xiàn)圈，a、b為L(zhǎng)的左、右兩端點(diǎn)，A、B、C為完全相同的三個(gè)燈泡。電源內(nèi)阻忽略不計(jì)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.閉合電鍵瞬間，A、B、C同時(shí)亮起，然后A燈逐漸熄滅B.閉合電鍵穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵瞬間，A燈電流反向C.閉合電鍵穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵瞬間，a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)D.閉合電鍵穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵瞬間，自感電動(dòng)勢(shì)大于電源電動(dòng)勢(shì)【答案】D【解析】A．由于A(yíng)燈與自感線(xiàn)圈L串聯(lián)，因此，當(dāng)閉合電鍵瞬間，B、C立即亮起，而由于自感線(xiàn)圈在閉合電鍵瞬間產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的通過(guò)，通過(guò)A燈的電流逐漸增大，因此A燈不會(huì)立即變亮，而是緩慢變亮，又因?yàn)樽愿芯€(xiàn)圈的電阻可忽略，因此當(dāng)電路穩(wěn)定后A燈所在支路的電流大于B、C兩燈所在支路電流，即A燈比B、C兩燈亮，故A錯(cuò)誤；BCD．閉合電鍵穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵瞬間，自感線(xiàn)圈會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，B、C所在支路的原電流瞬間消失，自感電動(dòng)勢(shì)大于電源電動(dòng)勢(shì)，線(xiàn)圈產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)阻礙A燈中電流的減小，因此A燈中電流方向不變，并與B、C所在電路構(gòu)成閉合回路，可知，流過(guò)自感線(xiàn)圈的電流從a到b，而外電路電流從b流向a，因此a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，PQ和MN為水平平行放置的金屬導(dǎo)軌，相距L=1m。PM間接有一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為E=6V，內(nèi)阻r=1Ω的電源和一只滑動(dòng)變阻器。導(dǎo)體棒ab跨放在導(dǎo)軌上，棒的質(zhì)量為m=0.2kg，棒的中點(diǎn)用細(xì)繩經(jīng)定滑輪與物體相連，物體的質(zhì)量M=0.3kg。棒與導(dǎo)軌的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5（設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等，導(dǎo)軌與棒的電阻不計(jì)，g取10m/s2），勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T，方向豎直向下，為了使物體保持靜止，滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值不可能的是（）A.2Ω B.4ΩC.5Ω D.6Ω【答案】D【解析】ab中的電流方向從a到b，所以根據(jù)左手定則可得導(dǎo)體棒受到的安培力方向水平向左，導(dǎo)體棒還受到繩子水平向右的拉力，和方向未知摩擦力，如果導(dǎo)體受到向左的最大靜摩擦力時(shí)，此時(shí)電流最小，設(shè)此時(shí)的電流大小為，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得解得電流最小，此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻最大，根據(jù)歐姆定律可得如果導(dǎo)體受到向右的最大靜摩擦力時(shí)，此時(shí)電流最大，設(shè)此時(shí)的電流大小為，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得解得此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路電阻最小，根據(jù)歐姆定律可得故要使導(dǎo)體棒靜止，連入電路的電阻大小范圍為，故D不可能。故選D。8.如圖，半徑為的圓是一圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的橫截面（紙面），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直于紙面向外，一電荷量為q（），質(zhì)量為的粒子沿平行于直徑的方向射入磁場(chǎng)區(qū)域，射入點(diǎn)與的距離為，已知粒子射出磁場(chǎng)與射入磁場(chǎng)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向間的夾角為60°，則粒子的速率為（不計(jì)重力）（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由題意知，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示圓心角就為60°，為等邊三角形所以帶電粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為由解得故選B。9.一靜止在水平地面上的物體受到方向不變的水平拉力F作用，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系如圖甲所示，物塊的加速度a與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示。設(shè)滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力，重力加速度取，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.物塊所受滑動(dòng)摩擦力的大小為2NB.物塊的質(zhì)量為2kgC.在0~4s內(nèi)，合外力的沖量大小為D.在0~4s內(nèi)，摩擦力的沖量大小為【答案】D【解析】A．t=1s時(shí)，物體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故此時(shí)的拉力等于物體的摩擦力，故有故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律有代入，，，解得故B正確；C．a(chǎn)-t圖象圍成的面積表示速度變化量，合外力的沖量大小為故C正確；D．0-1s內(nèi)摩擦力是靜摩擦力，在0~4s內(nèi)，摩擦力的沖量小于故D錯(cuò)誤。故選D。10.馬先生投資85萬(wàn)建了一個(gè)小水電站。已知該水電站輸出功率為100kW，發(fā)電機(jī)的電壓為250V，通過(guò)升壓變壓器升壓后向遠(yuǎn)處輸電，輸電線(xiàn)的總電阻為8Ω，在用戶(hù)端用降壓變壓器把電壓降為220V。已知輸電過(guò)程中輸電線(xiàn)上損失的功率為5kW。則下列說(shuō)法正確的是（）A.輸電線(xiàn)上通過(guò)的電流為625A B.升壓變壓器的輸出電壓為4000VC.降壓變壓器的匝數(shù)比為200：11 D.升壓變壓器的匝數(shù)比為5：76【答案】B【解析】A．根據(jù)求得故A錯(cuò)誤；B．變壓器不損耗能量，功率不變，根據(jù)求得輸出電壓為故B正確；C．降壓變壓器輸入端電壓又由可得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可得升壓變壓器的匝數(shù)比為1：16，故D錯(cuò)誤。故選B。11.如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌固定在斜面上，導(dǎo)軌上下兩端分別連著定值電阻和，且。勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于斜面向上，恒力F拉動(dòng)阻值也為R的金屬桿從靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌向上滑動(dòng)，金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌光滑且電阻不計(jì)。已知從靜止開(kāi)始到金屬桿達(dá)到最大速度的過(guò)程中，恒力F做功為W，金屬桿克服重力做功為，金屬桿克服安培力做功為，定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為Q，金屬桿動(dòng)能的增加量為，重力勢(shì)能的增加量為，則（）A. B.C. D.，【答案】C【解析】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，做功的過(guò)程就是能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程，力F做功轉(zhuǎn)化為電路中產(chǎn)生焦耳熱、金屬桿ab增加的動(dòng)能和增加的重力勢(shì)能，所以有W=Q＋ΔEk＋ΔEpab桿克服重力做的功等于ab桿重力勢(shì)能的增加量，即W1=ΔEpab桿克服安培力做的功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，即W2=Q故C正確。12.磁流體發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示，橫截面為矩形的管道長(zhǎng)為l，寬為a，高為b，上下兩個(gè)側(cè)面為絕緣體，相距為a的兩個(gè)側(cè)面是電阻可忽略的導(dǎo)體，此兩導(dǎo)體側(cè)面與一負(fù)載電阻R相聯(lián)，整個(gè)管道放在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于上下側(cè)面向上。現(xiàn)在電離氣體（正、負(fù)帶電粒子）持續(xù)穩(wěn)定地流經(jīng)管道，為使問(wèn)題簡(jiǎn)化，設(shè)橫截面上各點(diǎn)流速相同。已知電離氣體所受的摩擦阻力與流速成正比；且無(wú)論有無(wú)磁場(chǎng)存在，都維持管兩端電離氣體壓強(qiáng)差為p，設(shè)無(wú)磁場(chǎng)存在時(shí)電離氣體流速為，電離氣體的平均電阻率為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電離氣體所受的摩擦阻力與流速的比值為B.有磁場(chǎng)存在時(shí)電離氣體的流速大于無(wú)磁場(chǎng)存在時(shí)電離氣的流速C.有磁場(chǎng)存在時(shí)電離氣體受到的安培力大小與電離氣體流速v的關(guān)系可表示為：D.有磁場(chǎng)存在時(shí)電離氣體受到的安培力大小可表示為【答案】C【解析】A．無(wú)磁場(chǎng)存在時(shí)電離氣體流速為，穩(wěn)定平衡時(shí)，有而聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．設(shè)有磁場(chǎng)時(shí)，流速為，由力的平衡可得解得而其中因此可得故B錯(cuò)誤；C．有磁場(chǎng)存在時(shí)，電離氣體受到的安培力大小為故C正確；D．設(shè)磁流體發(fā)電機(jī)的內(nèi)阻為，由電阻定律可得氣體穩(wěn)定時(shí)，洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，有解得由閉合電路的歐姆定律可得管內(nèi)氣體受到的安培力聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題II（本題共3小題，每小題3分，共9分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)得3分，漏選得2分，錯(cuò)選得0分）13.如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.甲圖中，火箭升空過(guò)程中受到推進(jìn)力的施力物體是大氣層中的空氣B.乙圖中，驗(yàn)鈔機(jī)利用了紫外線(xiàn)的熒光效應(yīng)C.丙圖中，浙江交通之聲廣播FM93發(fā)射的電磁波調(diào)制方式為調(diào)頻D.丁圖中，磁電式儀表線(xiàn)圈的鋁框骨架在指針偏轉(zhuǎn)時(shí)起到了電磁阻尼的作用【答案】BCD【解析】A．火箭升空時(shí)，火箭發(fā)動(dòng)機(jī)向外高速?lài)姵鰵怏w，氣體對(duì)火箭有反作用力，這個(gè)力推動(dòng)火箭向上加速運(yùn)動(dòng)，這個(gè)力的施力物體是噴出的氣體，故A錯(cuò)誤；B．紫外線(xiàn)的顯著作用包括化學(xué)作用，例如殺菌消毒、熒光作用，故B正確；C．浙江交通之聲廣播FM93發(fā)射的電磁波調(diào)制方式為調(diào)頻，故C正確；D．線(xiàn)圈在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，由于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的“阻礙”作用，產(chǎn)生阻礙線(xiàn)圈的偏轉(zhuǎn)，這是電磁阻尼原理，故D正確。故選BCD。14.如圖所示。圖一為直線(xiàn)加速器，它由多個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒共軸依次排列，圓筒長(zhǎng)度按照一定的規(guī)律依次增加。被加速的帶電粒子每次通過(guò)圓筒間隙都被加速，且通過(guò)圓筒間隙的時(shí)間可以忽略不計(jì)。圖二為回旋加速器，、為兩個(gè)中空的半圓金屬盒，處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中。被加速的帶電粒子通過(guò)D形盒間隙的時(shí)間可以忽略不計(jì)。兩個(gè)加速器中所接交流電源的電壓大小均保持恒定不變。下列說(shuō)法正確的是（）A.直線(xiàn)加速器中的金屬圓筒起到了屏蔽的作用，帶電粒子在圓筒中做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B.回旋加速器中制作D形盒的金屬不能選用鐵磁性材料D.直線(xiàn)加速器中，帶電粒子在金屬圓板0中心處由靜止釋放，則之后依次通過(guò)1、2、3圓筒的時(shí)間之比為1：2：3【答案】ABC【解析】A．直線(xiàn)加速器中金屬圓筒形成了靜電屏蔽，內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零，粒子在圓筒中做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．鐵磁性材料在磁場(chǎng)中會(huì)受到磁場(chǎng)力的作用，不能制作D形盒，故B正確；C．當(dāng)粒子的速度滿(mǎn)足粒子從回旋加速器中射出，只增加交流電壓值U，則每一次通過(guò)D形盒間隙增加的速度變大，則可以使加速次數(shù)變少，減小在加速器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故C正確；D．直線(xiàn)加速器接交變電壓，每次通過(guò)一個(gè)圓筒的時(shí)間應(yīng)當(dāng)固定（一般為半個(gè)交變電流的周期），如此，才可以每次通過(guò)間隙都被加速，故D錯(cuò)誤。故選ABC。15.圖示為一臺(tái)教學(xué)用手搖式交流發(fā)電機(jī)。當(dāng)緩慢搖動(dòng)大皮帶輪手柄時(shí)，連接在發(fā)電機(jī)上的小燈泡就會(huì)一閃一閃的發(fā)光。若已知大皮帶輪半徑為，小皮帶輪半徑為，搖動(dòng)手柄的角速度為，矩形線(xiàn)圈面積為S，匝數(shù)為N，線(xiàn)圈電阻為r，燈泡電阻為R（假設(shè)恒定不變），線(xiàn)圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流。搖動(dòng)過(guò)程中皮帶不打滑。則下列說(shuō)法中正確的是（）A.小燈泡閃爍的頻率為B.提高搖動(dòng)手柄的角速度，可以提高小燈泡的閃爍頻率及亮度C.線(xiàn)圈由中性面開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，小燈泡上產(chǎn)生的焦耳熱為D.線(xiàn)圈由中性面開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，通過(guò)小燈泡的電荷量為【答案】BD【解析】AB．皮帶不打滑，兩輪邊緣的線(xiàn)速度相等，則線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度即小皮帶輪轉(zhuǎn)輪的角速度交流電的頻率有小燈泡閃爍的頻率感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為由閉合電路的歐姆定律得小燈泡的功率提高搖動(dòng)手柄的角速度，則變大，燈泡的實(shí)際功率P增大，小燈泡的閃爍頻率及亮度增大。故A錯(cuò)誤，B正確；C．線(xiàn)圈由中性面開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，小燈泡上產(chǎn)生的焦耳熱解得故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．線(xiàn)圈由中性面開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)，由法拉第感應(yīng)定律得由閉合電路的歐姆定律得通過(guò)燈泡的電荷量解得故D項(xiàng)正確。第II卷：非選擇題部分三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分。）16.在“探究變壓器線(xiàn)圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，小糊同學(xué)采用了如圖所示的可拆式變壓器進(jìn)行研究。（1）本實(shí)驗(yàn)中，除可拆變壓器外，下列器材中還需要的有________：A．低壓直流電源 B．交流電壓表C．刻度尺 D．開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)若干（2）小糊同學(xué)將圖中變壓器的原線(xiàn)圈接線(xiàn)柱0、8與低壓直流電源的輸出端相連，選擇開(kāi)關(guān)置于12V擋，則與副線(xiàn)圈0、2接線(xiàn)柱相連的電表示數(shù)可能是________；A．48.0V B．4.0VC．3.6V D．0V（3）小糊正確選材并接線(xiàn)后，記錄如下表所示四組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。匝100100200200匝2004004008002.101.955.222.354.288.0010.609.64分析表中數(shù)據(jù)可知，一定是________線(xiàn)圈的匝數(shù)（填“原”或“副”）?！敬鸢浮浚?）BD（2）D（3）副【解析】（1）[1]本實(shí)驗(yàn)中選用低壓交流電源，故用交流電壓表測(cè)副線(xiàn)圈電壓，另實(shí)驗(yàn)還需要開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)若干。（2）[2]變壓器的原線(xiàn)圈與低壓直流電源的輸出端相連，可知副線(xiàn)圈中磁通量不變，則副線(xiàn)圈中無(wú)感應(yīng)電流，即副線(xiàn)圈所接電表無(wú)示數(shù)。（3）[3]由表中數(shù)據(jù)可得，在誤差允許范圍內(nèi)變壓器原、副線(xiàn)圈的電壓比等于匝數(shù)比，即由于存在漏磁、鐵芯發(fā)熱、導(dǎo)線(xiàn)發(fā)熱等影響電壓，則變壓器的副線(xiàn)圈兩端測(cè)得的電壓略小于理想值，故可知一定是副線(xiàn)圈的匝數(shù)。17.某學(xué)習(xí)小組采用圖甲所示氣墊導(dǎo)軌裝置驗(yàn)證滑塊碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒。其主要實(shí)驗(yàn)步驟如下，請(qǐng)回答下列問(wèn)題。（1）用天平測(cè)得滑塊（均包括擋光片）的質(zhì)量分別為；用游標(biāo)卡尺測(cè)得擋光片的寬度均為d。若某次用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片的寬度時(shí)的示數(shù)如圖乙所示，則其讀數(shù)為_(kāi)__________mm。（2）充氣后，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌下面的旋鈕，導(dǎo)軌左側(cè)放一個(gè)滑塊并推動(dòng)滑塊，滑塊通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)時(shí)，若與光電門(mén)1、2相連的計(jì)時(shí)器測(cè)得的擋光時(shí)間分別為0.05s、0.06s，則應(yīng)使導(dǎo)軌右端___________（選填“調(diào)高”或“調(diào)低”），直至滑塊在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)時(shí)___________，說(shuō)明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)調(diào)節(jié)水平。（3）滑塊B放在兩個(gè)光電門(mén)之間，滑塊A向左擠壓導(dǎo)軌架上的輕彈簧，并釋放滑塊A，滑塊A一直向右運(yùn)動(dòng)，與光電門(mén)1相連的計(jì)時(shí)器的示數(shù)只有一個(gè)，為，與光電門(mén)2相連的計(jì)時(shí)器的示數(shù)有兩個(gè)，先后為。（4）在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若表達(dá)式___________（用測(cè)得的物理量表示）成立，說(shuō)明滑塊碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒；若表達(dá)式___________（僅用、和表示）成立，說(shuō)明滑塊碰撞過(guò)程中機(jī)械能和動(dòng)量均守恒?！敬鸢浮浚?）5.20（2）調(diào)低兩個(gè)計(jì)時(shí)器顯示的時(shí)間相等（4）【解析】（1）[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為。（2）[2][3]同一滑塊通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)，由知，時(shí)間長(zhǎng)的速度小，可知滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)軌右端應(yīng)調(diào)低一點(diǎn)，直至兩個(gè)計(jì)時(shí)器顯示的時(shí)間相等，即說(shuō)明滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)軌已調(diào)成水平。（4）[4]滑塊A碰前速度，碰后速度，滑塊B碰后速度，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若表達(dá)式即說(shuō)明碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒；[5]若表達(dá)式即聯(lián)立解得說(shuō)明碰撞過(guò)程中機(jī)械能和動(dòng)量均守恒。四、計(jì)算題（本題共4小題，共39分。）18.如圖，質(zhì)量均為m的木塊A和B，并排放在光滑水平面上，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點(diǎn)系一長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線(xiàn)，細(xì)線(xiàn)另一端系一質(zhì)量為m的球C?，F(xiàn)將C球拉起使細(xì)線(xiàn)水平伸直，并由靜止釋放C球。求：（1）C球第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小。（2）A、B兩木塊分離后，C球偏離豎直方向的最大偏角的余弦值?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）小球C下落到最低點(diǎn)時(shí)，AB開(kāi)始分離，此過(guò)程水平方向動(dòng)量守恒。根據(jù)機(jī)械能守恒有取水平向左為正方向，由水平方向動(dòng)量守恒得聯(lián)立解得（2）選A、C為研究對(duì)象，由水平方向動(dòng)量守恒有由機(jī)械能守恒，有解得19.如圖所示，與水平面成37°的傾斜軌道AC，其延長(zhǎng)線(xiàn)在D點(diǎn)與半圓軌道DF相切，全部軌道為絕緣材料制成且位于豎直面內(nèi)，整個(gè)空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，MN的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（C點(diǎn)處于MN邊界上）。一質(zhì)量為0.4kg的帶電小球沿軌道AC下滑，至C點(diǎn)時(shí)速度為，接著沿直線(xiàn)CD運(yùn)動(dòng)到D處進(jìn)入半圓軌道，進(jìn)入時(shí)無(wú)動(dòng)能損失，且恰好能通過(guò)F點(diǎn)，在F點(diǎn)速度（不計(jì)空氣阻力，，）。求：（1）小球受到電場(chǎng)力的大小與方向；（2）半圓軌道的半徑R；（3）在半圓軌道部分，摩擦力對(duì)小球所做的功?！敬鸢浮浚?）3N，水平向左；（2）1m：（3）【解析】（1）由題意可知，小球在CD間做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與重力的合力垂直于CD向下，故有方向水平向左（2）在D點(diǎn)速度為在CD段做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，分析可知，CD段受力平衡，故有解得在F點(diǎn)處由牛頓第二定律可得把代入得（3）小球在DF段，由動(dòng)能定律可得解得20.粗糙絕緣水平桌面上存在兩個(gè)相距為2L、垂直水平桌面向下的半無(wú)界勻強(qiáng)磁場(chǎng)。虛線(xiàn)MN左側(cè)區(qū)域?yàn)镮區(qū)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變化的規(guī)律為；虛線(xiàn)PQ右側(cè)區(qū)域?yàn)镮I區(qū)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律未知。一個(gè)質(zhì)量為m、電阻為R、與水平桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)為的n匝金屬線(xiàn)框靜止在如圖所示位置，其中ab邊長(zhǎng)為2L，ad邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，且MN過(guò)ab、cd的中點(diǎn)。一段時(shí)間后，金屬線(xiàn)框水平向右運(yùn)動(dòng)起來(lái)，而后以的速度穿出I區(qū)磁場(chǎng)、進(jìn)入II區(qū)磁場(chǎng)。在線(xiàn)框進(jìn)入II區(qū)磁場(chǎng)的同時(shí)，給線(xiàn)框施加一個(gè)水平向右的恒力，線(xiàn)框開(kāi)始勻速進(jìn)入II區(qū)磁場(chǎng)，經(jīng)時(shí)間后，線(xiàn)框開(kāi)始以加速度勻加速繼續(xù)進(jìn)入II區(qū)磁場(chǎng)。已知II區(qū)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度沒(méi)有發(fā)生突變，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。求：（1）線(xiàn)框開(kāi)始運(yùn)動(dòng)瞬間電功率的大小。（2）框從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到穿出I區(qū)磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)線(xiàn)框?qū)Ь€(xiàn)橫截面電荷量的大小。（3）若線(xiàn)框進(jìn)入II區(qū)磁場(chǎng)經(jīng)時(shí)間后重新開(kāi)始計(jì)時(shí)，求線(xiàn)框勻加速進(jìn)入II區(qū)磁場(chǎng)的過(guò)程中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律（不用寫(xiě)出定義域）?！敬鸢浮浚?）