安徽省江淮十校2021-2022學年高考仿真模擬物理試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.中國自主研發(fā)的“暗劍”無人機，時速可超過2馬赫.在某次試飛測試中，起飛前沿地面做勻加速直線運動，加速

過程中連續(xù)經過兩段均為120m的測試距離，用時分別為2s和1s,則無人機的加速度大小是

A.20m/s2

B.40m/s2

C.60m/s2

D.80m/s2

2.汽車甲和乙在同一公路上做直線運動，下圖是它們運動過程中的U-t圖像，二者在h和t2時刻的速度分別為vi和

V2,則在tl到t2時間內

A.h時刻甲的加速度小于乙的加速度

B.乙運動的加速度不斷增大

C.甲與乙間距離越來越大

D.乙的平均速度等于"士空

2

3.在如圖所示的理想變壓器供電線路中，原線圈接在有效值恒定的交流電源上，副線圈接有兩個燈泡，電流表、電壓

表均為理想電表。開關S原來是斷開的，現將開關S閉合，則（）

A.Ai的示數增大，A2的示數增大

B.Ai的示數不變，A2的示數增大

C.Vi的示數減小，V2的示數減小。

D.Vi的示數不變，V2的示數減小

4.如圖，直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為標識不清的小燈泡Li的U-I圖線，將L1與該電源組成閉合電路時,

Li恰好能正常發(fā)光.另有一相同材料制成的燈泡L2,標有“6V,22W”，下列說法中正確的是（）

jrv

A.電源的內阻為3.125CB.把燈泡Li換成L2,L?可能正常發(fā)光

C.把燈泡Li換成L2,電源的輸出功率可能相等D.把燈泡Li換成L2,電源的輸出功率一定變小

5.圖示裝置為閱讀時使用的角度可調支架，現將一本書放在傾斜支架上，書始終保持靜止。關于該書受力情況，下列

說法正確的是（）

A.可能受兩個力

B.可能受三個力

C.一定受摩擦力

D.支架下邊緣對書一定有彈力

6.如圖所示的電路中，5、D2是完全相同的燈泡，線圈L的自感系數較大，直流電阻不計。先閉合開關S,電路穩(wěn)

定后再斷開開關S,此時（）

蘆

A.Di立刻熄滅

B.D2立刻熄滅

C.Di閃亮一下逐漸熄滅

D.D2閃亮一下逐漸熄滅

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7.在等邊△ABC的頂點處分別固定有電荷量大小相等的點電荷，其中A點電荷帶正電，B、C兩點電荷帶負電，如圖

所示。。為BC連線的中點，a為AA5C的中心，b為AO延長線上的點，且下列說法正確的是（）

a*

B■Q*OC

b?

A.a點電勢高于O點電勢

B.。點場強小于6點場強

C.?點的場強方向是O—8

D.a、。間電勢差的絕對值大于從。間電勢差的絕對值

8.如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略。一

帶負電油滴被固定于電容器中的P點。現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則下列說法中正確的是

（）

A.平行板電容器的電容值將變小

B.靜電計指針張角變小

C.帶電油滴的電勢能將減少

D.若先將上極板與電源正極的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變

9.如圖甲所示，A、B兩平行金屬板長為/,兩板間加如圖乙所示的方波電壓（圖中所標數據均為已知量），質量為

電荷量為q的帶電粒子從兩板中線左端O點在U0時刻以%=T的速度平行金屬板射入兩板間，結果粒子在上板右端

邊緣附近射出，不計粒子的重力，則

A.粒子帶正電

B.粒子從板間射出時的速度大小仍等于%

C.兩金屬板的距離為

D.要使粒子仍沿中線射出，粒子從。點射入的時刻為，=（2〃+l）g,N=0,l,2

10.如圖（a）,質量，"i=0.1kg的足夠長平板小車靜置在光滑水平地面上，質量”“=0.1kg的小物塊靜止于小車上，UO

時刻小物塊以速度vo=llm/s向右滑動，同時對物塊施加一水平向左、大小恒定的外力F,圖（b）顯示物塊與小車第1

秒內運動的7圖象。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10m/s1則下列說法正確的是（）

A.物塊與平板小車間的動摩擦因數"=0.4

B.恒力戶=0.5N

C.物塊與小車間的相對位移光相對=6.5m

D.小物塊向右滑動的最大位移是Xmax=7.7m

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖所示是研究電源電動勢和電路內、外電壓關系的實驗裝置。電池的兩極A、B與電壓表V2相連，位

于兩個電極內側的探針a、b與電壓表Vi相連，R是滑動變阻器，電流表A測量通過滑動變阻器的電流，置于電池內

的擋板向上移動可以使內阻減小。當電阻K的滑臂向左移動時，電壓表V2的示數_______________（選填“變大”、“變

小,，或“不變?）。若保持滑動變阻器R的阻值不變，將擋板向上移動，則電壓表Vi的示數變化量AU與電流表示數變

化量A/的比值_______________.（選填“變大”、“變小”或“不變”）

12.（12分）小妮同學利用如圖甲所示的實驗裝置驗證系統(tǒng)機械能守恒。A、B是兩個質量均為，”的相同小球，。為

穿過輕桿的固定轉軸，C為固定在支架上的光電門，初始時桿處于水平狀態(tài)，重力加速度為g。實驗步驟如下：

（1）用游標卡尺測得小球B的直徑d如圖乙所示，則d=mm；

（2）用毫米刻度尺測得A0長為I,B0長為2/；

⑶由靜止釋放兩小球，當小球B通過光電門時，測得光線被小球擋住的時間為ZU,則在桿由水平轉至豎直的過程中

兩小球組成的系統(tǒng)增加的動能ZlEk=一,減少的重力勢能/心=一(用g、/、d、Zlf表示)。

(4)若在誤差允許的范圍內/Ek=/Ep,則小球A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)物體沿著圓周的運動是一種常見的運動，勻速圓周運動是當中最簡單也是較基本的一種，由于做勻速圓

周運動的物體的速度方向時刻在變化，因而勻速周運動仍舊是一種變速運動，具有加速度。

(1)可按如下模型來研究做勻速圓周運動的物體的加速度：設質點沿半徑為r、圓心為。的圓周以恒定大小的速度v運

動，某時刻質點位于位置A。經極短時間加后運動到位置8,如圖所示，試根據加速度的定義，推導質點在位置A時

的加速度的大??；

(2)在研究勻變速直線運動的“位移”時，我們常舊“以恒代變”的思想；在研究曲線運動的“瞬時速度”時，又常用“化曲

為宜”的思想，而在研究一般的曲線運動時我們用的更多的是一種“化曲為圓”的思想，即對于般的曲線運動，盡管曲線

各個位置的彎曲程度不詳，但在研究時，可以將曲線分割為許多很短的小段，質點在每小段的運動都可以看做半徑為

某個合適值。的圓周運動的部分，進而采用圓周運動的分析方法來進行研究，夕叫做曲率半徑，如圖所示，試據此分

析圖所示的斜拋運動中。軌跡最高點處的曲率半徑夕；

(3)事實上，對于涉及曲線運動加速度問題的研究中，“化曲為圓”并不是唯的方式，我們還可以采用一種“化圓為拋物

線”的思考方式，勻速圓周運動在短時間加內可以看成切線方向的勻速運動，法線方向的勻變速運動，設圓弧半徑為

R,質點做勻速圓周運動的速度大小為％據此推導質點在做勻速圓周運動時的向心加速度或

14.（16分）如圖所示，在圓柱形汽缸中用一定質量的光滑導熱活塞密閉有一定質量的理想氣體，在汽缸底部開有一

小孔，與U形水銀管相連，已知外界大氣壓為po,室溫“=27。（3,穩(wěn)定后兩邊水銀面的高度差為△A=L5cm,此時活塞

離容器底部高度為加=50cm。已知柱形容器橫截面積S=0.01m2,大氣壓po=75cmHg=l.Oxl（）5Pa,g=i0m/s2?求：

①活塞的質量；

②現室溫降至-33°C時活塞離容器底部的高度/12?

tr

15.（12分）如圖所示，半徑未知的，光滑圓弧AB與傾角為37。的斜面在8點連接，8點的切線水平。斜面BC長為

4

上0.3m。整個裝置位于同一豎直面內。現讓一個質量為，”的小球從圓弧的端點A由靜止釋放，小球通過8點后恰好

落在斜面底端C點處。不計空氣阻力。（g取10m/s2）

⑴求圓弧的軌道半徑；

（2）若在圓弧最低點B處放置一塊質量為m的膠泥后，小球仍從4點由靜止釋放，粘合后整體落在斜面上的某點D.

若將膠泥換成3m重復上面的過程，求前后兩次粘合體在斜面上的落點到斜面頂端的距離之比。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

x120，/八，x120,八，

第一段的平均速度9=7="ym/s=60m/s；第二段的平均速度彩=7=-1m/s=120m/s,中間時刻的速度

v-v,120-60,2“、，2

心r,,a=-r^2!—=-------m/s=40m/s乂3

等于平均速度，則"，，、1.5，故選B.

2^1+,2)

2、A

【解析】

試題分析：在速度-時間圖象中每一點表示該時刻所對應的速度，圖線上每一點切線的斜率表示物體的瞬時加速度，根

據圖象的斜率可知加速度的變化；由速度公式可求得位移及平均速度.

v-t圖像的斜率表示加速度，所以4時刻甲的加速度小于乙的加速度，乙的斜率越來越小，所以加速度越來越小，A正

確B錯誤；由于甲乙不知道t=0時刻甲乙兩車的位置關系，則無法判斷兩者間的距離如何變化，C錯誤；甲做勻減速

直線運動，在h和t2時間內，甲的平均速度為乜士絲，由于乙的位移小于甲的位移，故乙的平均速度;Y“士竺，D

22

錯誤.

3、A

【解析】

副線圈輸出電壓由原線圈的輸入電壓和原、副線圈匝數比決定，原線圈輸入電壓和原、副線圈匝數比不變，則副線圈

輸出電壓不變，電壓表V1的示數不變，電壓表V2的示數不變，開關S閉合后，總電阻減小，根據歐姆定律可知，副

線圈輸出電流增大，根據變流比可知，原線圈輸入電流增大，即電流表A1的示數增大，電流表A2的示數增大，故A

正確，BCD錯誤。

故選Ao

4、C

【解析】

根據U-/圖象可得：電源的電動勢為E=4V,圖線A的斜率大小表示電源的內阻，貝!)尸="=工^^=2.5。，故

M3.2

A錯誤；燈泡與電源連接時，A、B兩圖線的交點表示燈泡的工作狀態(tài)，可知其電壓U=6V,/=1.6A,則燈泡心的額定

電壓為6V,功率為：P=l//=9.6W,把燈泡Li換成“6V,22W”的燈泡心，不能正常發(fā)光，根據功率公式：P=——可

R

知：燈泡匕的正常工作時的電阻為：凡=土=8。=1.64。，可得燈泡匕的電阻為：4=且=-6。=3.75￡1,

則知正常發(fā)光時燈泡乙2的電阻更接近電源的內阻，但此時燈泡并沒有達到正常發(fā)光，而此時心的電阻是不確定的；

電源的輸出功率可能變大，可能相等，也有可能變小，故BD錯誤，C正確.所以C正確，ABD錯誤.

5、B

【解析】

AB.由題意可知，書受到重力和彈力作用，由于有書沿斜面向下的分力作用，所以物體必然受到一個沿斜面向上的力，

以維持平衡，這個力為摩擦力，也可以是支架下邊緣對書的彈力，也可以是摩擦力和支架下邊緣對書彈力的合力，故

可能受三個力，四個力作用，故A錯誤，B正確；

C.由于當書沿斜面向下的分力作用與支架下邊緣對書彈力相等時，此時摩擦力不存在，故C錯誤；

D.由于當書沿斜面向下的分力作用，與向上的摩擦力相等時，則支架下邊緣對書彈力不存在，故D錯誤。

故選B。

6、D

【解析】

電路穩(wěn)定后斷開開關，線圈發(fā)生斷電自感，產生自感電動勢，有同方向的電流，由于Di、D2是完全相同的燈泡，線圈

L的自感系數較大，直流電阻不計，原來Di、線圈和D2、電阻并聯(lián)，D2回路電阻大，電流小，所以自感電流大于原

來通過D2電流，但不會大于原來通過Di的電流，所以D2閃亮一下逐漸熄滅，Di逐漸熄滅，所以D正確，ABC錯誤;

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AD

【解析】

A.若將一正電荷從“點移到。點，則電場力做正功，則電勢能減小，則從a點到O點電勢降低，可知。點電勢高于

。點電勢，選項A正確；

B.因為3c兩處的負電荷在a點的合場強向下，在b處的合場強向上，而A處的正電荷在"兩點的場強均向下，則

根據場強疊加可知，。點場強大于》點場強，選項B錯誤；

C.根據場強疊加可知，b點的場強等于兩個負點電荷8c在5點的場強與正點電荷A在?點場強的疊加，因BC在8

點的合場強豎直向上，大小等于8在b點場強的大小，此值大于A在8點的場強大小，可知b點的場強方向是/>-0,

豎直向上，選項C錯誤；

D.由場強疊加可知，aO之間的場強大于之間的場強，根據U=Ed可知，a、。間電勢差的絕對值大于反。間電

勢差的絕對值，選項D正確。

故選ADo

8、ACD

【解析】

A.根據C知，d增大,則電容減小，故A正確；

B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，

故B錯誤；

C.電勢差不變，d增大，則電場強度減小，故尸點與上極板的電勢差減小，則尸點的電勢升高，因油滴帶負電，可

知帶電油滴的電勢能將減小，故c正確；

D.電容器與電源斷開，則電荷量不變，再將下極板向下移動一小段距離，即d變大，根據C=-^,C=2,E=~

4兀kdUd

可得

E=4^kQ

sS

則兩板間場強不變，油滴受電場力不變，選項D正確；故選ACD。

9、BC

【解析】

A.由于粒子射入兩板間的速度％=(,因此粒子穿過兩板的時間為f=(=T,粒子從t

=0時刻射入兩板間，結果粒子在上板右端附近射出，說明粒子射入兩板間后，在豎直方向開始受到的電場力向上，由

于開始時UAB為正，上板帶正電，表明粒子帶負電，選項A錯誤；

B.從t=0時刻開始，在一個周期內，粒子在垂直于金屬板方向上先做初速度為零的勻加速運動后做勻減速運動到速度

為零，因此粒子從板間射出時速度大小仍等于%,選項B正確；

C.兩板間的電場強度E=與，粒子的加速度

a

LL——

mmd

則

,41⑺2

d=4x—a—

2

求得

V2m

選項C正確；

D.要使粒子仍沿中線射出，則粒子從O點射入的時刻1=二+工〃=(2〃+1)工，n=0,1,2........選項D錯誤；

42、‘4

故選BC.

10、ABD

【解析】

AB.根據丫-/圖像可知，在前1s內小車向右做勻加速直線運動，小物體向右做勻減速直線運動，小車和小物塊的加

速度分別為

Av.2—02c12

a.=~L=---m/s=2m/s

Ar1

a=~—m/s2=-9m/s2

-2Ar1

對小車根據牛頓第二定律有

從m2g=網%

對小物塊根據牛頓第二定律有

-(F+"m2g)=m2a2

代入數據聯(lián)立解得

〃=0.4,尸=0.5N

故AB正確;

C.根據圖像可知，在Uis時小車和小物塊的速度相同，兩者不再發(fā)生相對運動，在前1s內小車發(fā)生的位移為

12?

x.=—a,t=1m

'2'

小物塊發(fā)生的位移為

12八

x2=vot+—a2r=6.5m

則物塊與小車間的相對位移

x相對=々-X=5.5m

故C錯誤；

D.當小車與小物塊的速度相等后，在外力的作用下一起向右減速運動，其加速度為

2

?3=——-——=—m/s

-777,+m23

當速度減小到0時，整體發(fā)生的位移為

22

X,=-----m=1.2m

3

所以小物塊向右滑動的最大位移是

Xmax=X2+X3=l.lm

故D正確。

故選ABDo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、變小不變

【解析】

⑴根據題意，電壓表Y測量是電源的內電壓，電壓表丫2測量是路端電壓，由閉合電路歐姆定律：

可知，當電阻R的滑臂向左移動時外電阻減小，總電流增大，由：

。內=/r

可知內電壓變大，故電壓表2的示數變小；

［2］因電源電動勢等于電源內外電路之和，故電壓表1和電壓表2的示數之和不變；若保持滑動變阻器R的阻值不變，

將擋板向上移動，則電源的內電阻將減小，根據

U=E-Ir

結合數學推理可知：

r------

M

所以電壓表1的示數變化量△(/與電流表示數變化量A/的比值大小等于電源的內阻，由于擋板向上運動時，液體的橫

截面積變大，根據電阻定律：

R=p—

S

可知內電阻減小，故比值變小。

5md~

12、12.40——-mgl

8A/2

【解析】

(1)口］游標卡尺的主尺讀數為12mm,游標讀數為

0.05x8mm=0.40mm

則游標卡尺的最終讀數為

d=12+0.40mm=12.40mm

(3)［2］小球B通過光電門的瞬時速度

d

%=五

A、B轉動的半徑之比為1：2,A、B的角速度相等，根據v=r&知A、B的速度之比為1：2,所以A的瞬時速度

%=d

22\t

系統(tǒng)動能增加量

A廠12125md2

AE,=—mv+—mv=------

*2A2BR8Ar

[3]系統(tǒng)重力勢能的減小量

AEp=mg?ll-mgl=mgl

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

?v2V,)cos20V2

13、(1)Q—(o~2r或a——；(2)p—；(3)a=—

nrgR

【解析】

⑴當Af足夠小時，以、力的夾角。就足夠小，。角所對的弦和弧的長度就近似相等。因此，

e=—

V

在加時間內，所對方向變化的角度為

0=(:兇

聯(lián)立可得

Av=vco^d

代