2022-2023學(xué)年海南省?？谑旋埲A區(qū)重點(diǎn)中學(xué)高二（上）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2022-2023學(xué)年海南省?？谑旋埲A區(qū)重點(diǎn)中學(xué)高二（上）期末物理試卷一、選擇題1.傾角為α、質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質(zhì)量為m的木塊靜止在斜面體上．下列結(jié)論正確的是(

)A.木塊受到的摩擦力大小是mgcosα

B.木塊對(duì)斜面體的壓力大小是mgsinα

C.桌面對(duì)斜面體的摩擦力大小是mgsinαcosα

D.桌面對(duì)斜面體的支持力大小是(M+m)g2.如圖所示，質(zhì)量為m2的物塊B放置在光滑水平桌面上，其上放置質(zhì)量m1的物塊A，A通過(guò)跨過(guò)光滑定滑輪的細(xì)線與質(zhì)量為M的物塊C連接。釋放C，A和B一起以加速度a從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，已知A、B間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，則細(xì)線中的拉力大小為(

)A.Mg B.Mg+Ma C.(m1+3.如圖所示，均勻繞制的螺線管水平放置，在其正中心的上方附近用絕緣繩水平吊起通電直導(dǎo)線A，A與螺線管垂直，A導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向里，開(kāi)關(guān)S閉合，A受到通電螺線管磁場(chǎng)的作用力的方向是(

)A.水平向左

B.水平向右

C.豎直向上

D.豎直向下4.如圖1所示，彈簧振子在豎直方向做簡(jiǎn)諧振動(dòng)。以其平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直方向上為正方向建立坐標(biāo)軸，振子的位移x隨時(shí)間t的變化如圖2所示，下列說(shuō)法正確的是(

)A.振子的振幅為4cm

B.振子的振動(dòng)周期為1s

C.t=1s時(shí)，振子的速度為正的最大值

D.t=1s時(shí)，振子的加速度為正的最大值5.下列說(shuō)法正確的是(

)A.單色光在介質(zhì)中傳播時(shí)，介質(zhì)的折射率越大，光的傳播速度越小

B.觀察者靠近聲波波源的過(guò)程中，接收到的聲波頻率小于波源頻率

C.同一個(gè)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，藍(lán)光產(chǎn)生的干涉條紋間距比紅光的大

D.兩束頻率不同的光，可以產(chǎn)生干涉現(xiàn)象6.長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為M的平板車的左端緊靠著墻壁，右端站著一個(gè)質(zhì)量為m的人(可視為質(zhì)點(diǎn))，某時(shí)刻人向左跳出，恰好落到車的左端，而此時(shí)車已離開(kāi)墻壁有一段距離，那么這段距離為(車與水平地面間的摩擦不計(jì))(

)

A.L B.mLM C.mLM+m 7.在水平地面上方某處，把質(zhì)量相同的P、O兩小球以相同速率沿豎直方向拋出，P向上，O向下，不計(jì)空氣阻力，兩球從拋出到落地的過(guò)程中(

)A.P球重力做功較多 B.兩球重力的平均功率相等

C.落地前瞬間，P球重力的瞬時(shí)功率較大 D.落地前瞬間，兩球重力的瞬時(shí)功率相等8.如圖甲所示，固定光滑斜面上有質(zhì)量為m=6kg的物體，在大小為12N，方向平行于斜面的拉力F的作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從x1=?2.5m位置處拉力F逐漸減小，力F隨位移x的變化規(guī)律如圖乙所示，當(dāng)x2=7m時(shí)拉力減為零，物體速度剛好為零，取g=10m/s2，下列說(shuō)法正確的是A.斜面傾角θ為30°

B.整個(gè)上滑的過(guò)程中，物體的機(jī)械能增加27J

C.物體勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小為3m/s

D.物體在減速階段所受合外力的沖量為?12N9.如圖所示，有一束平行于等邊三棱鏡截面ABC的單色光從空氣射入E點(diǎn)，并偏折到F點(diǎn)，已知入射方向與邊AB的夾角為θ=30°，E、F分別為邊AB、BC的中點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是(

)A.該棱鏡的折射率為3

B.光在F點(diǎn)發(fā)生全反射

C.光從空氣進(jìn)入棱鏡，頻率變小

D.10.圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖。a、b兩質(zhì)點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為x=2m和x=6m，圖乙為質(zhì)點(diǎn)b從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)的振動(dòng)圖象。下列說(shuō)法正確的是(

)

A.該波沿+x方向傳播，波速為1m/s B.質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)4s振動(dòng)的路程為2m

C.質(zhì)點(diǎn)a在t=2

s時(shí)速度為零 D.此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度沿+y方向11.如圖所示，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒電阻為R，初始時(shí)靜止于光滑的水平軌道上，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，其方向與軌道平面成θ角斜向上方，開(kāi)關(guān)閉合后導(dǎo)體棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，則(

)A.導(dǎo)體棒向左運(yùn)動(dòng)

B.開(kāi)關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力為BELR

C.開(kāi)關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力為BELsinθR

D.開(kāi)關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN12.如圖所示的實(shí)線為某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線，虛線是僅在電場(chǎng)力作用下某帶負(fù)電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，A、B、C、D是電場(chǎng)線上的點(diǎn)，其中A、D兩點(diǎn)在粒子的軌跡上，下列說(shuō)法正確的是(

)A.該電場(chǎng)可能是正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的

B.B點(diǎn)電勢(shì)一定高于C點(diǎn)電勢(shì)

C.該粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在D點(diǎn)的電勢(shì)能

D.該粒子在A點(diǎn)的速度一定大于在D點(diǎn)的速度13.如圖，虛線MN的右側(cè)有方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩電荷量相同的粒子P、Q從磁場(chǎng)邊界的M點(diǎn)先后射入磁場(chǎng)，在紙面內(nèi)運(yùn)動(dòng)。射入磁場(chǎng)時(shí)，P的速度vP垂直于磁場(chǎng)邊界，Q的速度vQ與磁場(chǎng)邊界的夾角為45°.已知兩粒子均從N點(diǎn)射出磁場(chǎng)，且在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，則(

)

A.P和Q的質(zhì)量之比為1：2 B.P和Q的質(zhì)量之比為2：1

C.P和Q速度大小之比為2：1 D.P和Q速度大小之比為2二、綜合題14.在“用單擺測(cè)定重力加速度”實(shí)驗(yàn)中：

(1)除長(zhǎng)約1m的細(xì)線、帶鐵夾的鐵架臺(tái)、有小孔的小球、游標(biāo)卡尺外，下列器材中，還需要______。(填正確答案的標(biāo)號(hào))

A.秒表

B.米尺

C.天平

D.彈簧測(cè)力計(jì)

(2)用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑，如圖所示，則小球的直徑是______mm。

(3)下列做法正確的是______。(填正確答案的標(biāo)號(hào))

A.從擺球達(dá)到最高位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)

B.記錄擺球完成一次全振動(dòng)的時(shí)間

C.要讓擺球在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)的角度不小于30°

D.選用的細(xì)線應(yīng)細(xì)、質(zhì)量小，且不易伸長(zhǎng)15.用伏安法測(cè)定一個(gè)待測(cè)電阻Rx的阻值(阻值約為200Ω)，實(shí)驗(yàn)室提供如下器材：

電池組E：電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)；

電流表A1：量程0～15mA，內(nèi)阻約為100Ω；

電流表A2：量程0～300μA，內(nèi)阻為1000Ω；

滑動(dòng)變阻器R1：阻值范圍0～20Ω，額定電流2A；

電阻箱R2：阻值范圍0～9999Ω，額定電流1A；

開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干。

要求實(shí)驗(yàn)中盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量Rx的阻值，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

(1)為了測(cè)量待測(cè)電阻兩端的電壓，可以將電流表______(填寫器材代號(hào))與電阻箱串聯(lián)，并將電阻箱阻值調(diào)到______Ω，這樣可以改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表。

(2)請(qǐng)將圖1中測(cè)量Rx阻值的電路圖補(bǔ)充完整，并在圖中標(biāo)明所選用器材代號(hào)。

(3)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1，兩表的示數(shù)如圖2所示，可讀出電流表A1的示數(shù)是______mA，電流表A2的示數(shù)是______μA，待測(cè)電阻Rx的真實(shí)值是______16.如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自軌道端點(diǎn)P由靜止開(kāi)始滑下，滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對(duì)軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g。求：

(1)質(zhì)點(diǎn)滑到最低點(diǎn)Q時(shí)的速度大??；

(2)質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過(guò)程中，克服摩擦力所做的功。17.如圖所示，在水平面上依次放置小物塊A和C以及曲面劈B，其中A與C的質(zhì)量相等均為m，曲面劈B的質(zhì)量M=3m，劈B的曲面下端與水平面相切，且劈B足夠高，各接觸面均光滑．現(xiàn)讓小物塊C以水平速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與A發(fā)生碰撞，碰撞后兩個(gè)小物塊粘在一起又滑上劈B.求：

(1)碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；(2)碰后物塊A與C在曲面劈B上能夠達(dá)到的最大高度．18.如圖，圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)沒(méi)有磁場(chǎng)，圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。P是圓外一點(diǎn)，OP=3r。一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子從P點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于OP射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過(guò)圓心O，不計(jì)重力，tan37°=34。求：

(1)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；

(2)粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間；

(3)粒子第一次從圓形區(qū)域射出后，粒子再次射入圓形邊界所用的時(shí)間。(已知37°=0.2π)

答案和解析1.【答案】D

【解析】【分析】

先對(duì)木塊m受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件求解支持力和靜摩擦力；然后對(duì)M和m整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡．

本題關(guān)鍵靈活地選擇研究對(duì)象，運(yùn)用隔離法和整體法結(jié)合求解比較簡(jiǎn)單方便．

【解答】

AB、先對(duì)木塊m受力分析，受重力mg、支持力N和靜摩擦力f，根據(jù)平衡條件，有：

f=mgsinα…①

N=mgcosα…②

故AB錯(cuò)誤；

CD、對(duì)M和m整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面對(duì)斜面體的支持力為N=(M+m)g，靜摩擦力為零，故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D．2.【答案】C

【解析】解：AB、以C為研究對(duì)象，則Mg?T=Ma，解得T=Mg?Ma，故AB錯(cuò)誤

C、以AB為整體根據(jù)牛頓第二定律可知T=(m1+m2)a，故C正確

D、AB間為靜摩擦力，對(duì)B根據(jù)牛頓第二定律可知，f=m2a，對(duì)A可知T?f=m1a聯(lián)立解得3.【答案】C

【解析】解：首先根據(jù)安培定則判斷通電螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向右，所以在A處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向：水平向左。

根據(jù)左手定則判斷可知：A受到通電螺線管磁場(chǎng)的作用力的方向：豎直向上。

故選：C。

首先根據(jù)安培定則判斷通電螺線管在A處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，再根據(jù)左手定則判斷通電直導(dǎo)線A受到的磁場(chǎng)的作用力的方向．

本題考查安培定則和左手定則綜合應(yīng)用的能力，對(duì)于幾種定則關(guān)鍵要搞清兩點(diǎn)：一是何時(shí)用；二是怎樣用．4.【答案】C

【解析】解：AB、由振動(dòng)的圖象可知：振子的振幅為2cm而不是4cm，周期為2s而不是1s，故AB錯(cuò)誤；

CD、t=1s時(shí)，振子處于平衡位置，加速度為0，速度為正的最大值，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)圖2得到振幅和振動(dòng)周期；t=1s時(shí)振子處于平衡位置，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行分析。

本題主要是考查了簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的知識(shí)；知道簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的平衡位置是物體靜止時(shí)受力平衡的位置；振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)在振動(dòng)過(guò)程中各物理量的變化情況可以這樣分析：位移增大→回復(fù)力增大→加速度增大→速度減小→動(dòng)能減小→勢(shì)能增大。5.【答案】A

【解析】分析：

根據(jù)n=cv分析光的傳播速度與折射率的關(guān)系；觀察者靠近聲波波源的過(guò)程中，接收到的聲波頻率大于波源頻率；根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式△x=Ldλ分析藍(lán)光與紅光產(chǎn)生的干涉條紋間距關(guān)系；產(chǎn)生干涉現(xiàn)象的條件是兩束光的頻率相同。

解決本題的關(guān)鍵要掌握光學(xué)的基礎(chǔ)知識(shí)，要掌握光速與折射率的關(guān)系，藍(lán)光的波長(zhǎng)小于紅光的波長(zhǎng)，并掌握光產(chǎn)生干涉的條件：兩束光的頻率相同。

解答：

A、根據(jù)n=cv得v=cn，可知單色光在介質(zhì)中傳播時(shí)，介質(zhì)的折射率越大，光的傳播速度越小，故A正確；

B、根據(jù)多普勒效應(yīng)規(guī)律知，若聲波波源向觀察者靠近，則觀察者接收到的聲波頻率大于波源頻率，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式△x=Ldλ6.【答案】C

【解析】【分析】

先由動(dòng)量守恒求出二者水平速度的關(guān)系，然后設(shè)人從右端到達(dá)左端時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出各自的位移表達(dá)式，根據(jù)位移之和等于L即可求解．

該題中，人在空間中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中水平方向的分速度不變，所以該題中的情況與人船模型的情況是相同的，由此即可求出．

【解答】

選取向左為正方向，設(shè)人從小車上跳起后沿水平方向的分速度為v1，小車沿水平方向的速度為v2，由于車與水平地面間的摩擦不計(jì)，二者沿水平方向的動(dòng)量守恒，則：

mv1+Mv2=0

所以：v2=?mv1M

設(shè)人從右端到達(dá)左端時(shí)間為t，則人的位移：x1=v17.【答案】D

【解析】【分析】

根據(jù)W=mg?判斷重力功；根據(jù)P=Wt判斷重力做功的平均功率；根據(jù)P=Fv判斷落地前瞬時(shí)重力的瞬時(shí)功率。

該題的關(guān)鍵要熟練運(yùn)用機(jī)械能守恒定律分析拋體的運(yùn)動(dòng)情況，明確瞬時(shí)功率和平均功率的計(jì)算方法。

【解答】

A.根據(jù)W=mg?可知兩球重力做功相同，故A錯(cuò)誤；

B.上拋的物體運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)，根據(jù)P=Wt可知兩球重力的平均功率不相等，故B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知12mv2=mg?+128.【答案】C

【解析】解：A.當(dāng)物體沿斜面向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，由平衡條件得：

F=mgsinθ

其中F=12N，m=6kg

代入數(shù)據(jù)得：sinθ=0.2，所以θ<30°，故A錯(cuò)誤；

B.圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示拉力做的功，則由圖象可知，整個(gè)過(guò)程中拉力F做的功為：

WF=12×2.5J+12(7?2.5)×12J=57J

物體機(jī)械能的變化量等于重力以外的力做的功，則該物體在上滑過(guò)程中除重力做功外只有拉力F做功，所以物體的機(jī)械能增加了57J，故B錯(cuò)誤；

CD.整個(gè)過(guò)程中重力做功為：

WG=?mgx2sinθ

代入數(shù)據(jù)得：WG=?84J

根據(jù)動(dòng)能定理得：WG+WF=0?12mv02

解得：v09.【答案】AD

【解析】解：A、在E點(diǎn)作出法線可知入射角為60°，折射角為30°，由n=sinisinr=sin60°sin30°可得折射率為n=3，故A正確；

B、由光路的可逆性可知，在BC邊上的入射角小于臨界角，不會(huì)發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；

C、光從空氣進(jìn)入棱鏡，頻率不變，故C錯(cuò)誤；

D、由公式v=cn可知，光從空氣進(jìn)入棱鏡，波速變小，故D正確。

故選：AD。

由幾何知識(shí)分別得到光線在BC面上的入射角和AB10.【答案】C

【解析】解：A、由甲圖知：波長(zhǎng)為λ=8m，由乙圖知：周期為T=8s，所以波速為：v=λT=88m/s=1m/s，

但是b點(diǎn)該時(shí)刻的振動(dòng)方向是沿y軸正方向，由微平移法可知波向?x軸方向傳播，故A錯(cuò)誤；

B、質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)4s，是經(jīng)過(guò)了半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)的路程為振幅的2倍，即為1m，故B錯(cuò)誤；

C、在t=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b在正的最大位移處，ab兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)步調(diào)完全相反，所以質(zhì)點(diǎn)a在負(fù)的最大位移處，此時(shí)a的速度為零，故C正確；

D、此時(shí)刻b的振動(dòng)方向是向y軸正方向，ab間相隔半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)步調(diào)完全相反，所以此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度沿?y方向，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

由圖可知波的波長(zhǎng)和周期，根據(jù)v=λT可求波速，結(jié)合b點(diǎn)在該時(shí)刻的位置及振動(dòng)方向，利用平移法可知波的傳播方向。比較時(shí)間與周期之間的關(guān)系，利用在一個(gè)周期內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為振幅的4倍可計(jì)算質(zhì)點(diǎn)路程。結(jié)合b質(zhì)點(diǎn)此時(shí)刻的位置和振動(dòng)方向，從而可得知a質(zhì)點(diǎn)所處的位置和振動(dòng)方向。通過(guò)t=2s時(shí)11.【答案】BD

【解析】解：A、開(kāi)關(guān)閉合，由左手定則可知，磁感線穿過(guò)掌心，則大拇指向?yàn)榇怪贝鸥芯€向右，從而導(dǎo)致導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，根據(jù)安培力公式F=BIL，與I=ER可得F=BLER，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，安培力的方向與導(dǎo)軌成90°?θ的夾角，再根據(jù)力的分解可得，合力大小，再由牛頓第二定律與安培力的大小可知，加速度a=BELsinθRm，故D正確；

故選：12.【答案】BD

【解析】解：A.點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線是自正點(diǎn)電荷出發(fā)的直線，由圖可知該靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線是曲線，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件可知，粒子所受的電場(chǎng)力指向凹測(cè)，該粒子是負(fù)電荷，所以場(chǎng)強(qiáng)方向應(yīng)是由B到C，沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，故B點(diǎn)電勢(shì)一定高于C點(diǎn)電勢(shì)，故B正確；

C.從粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡來(lái)看，從A到D的過(guò)程中，電場(chǎng)力和位移的夾角大于90°故電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，該粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定小于在D點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)動(dòng)能定理，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，因此速度減小，該粒子在A點(diǎn)的速度一定大于在D點(diǎn)的速度，故D正確。

故選：BD。

根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的特點(diǎn)判斷A選項(xiàng)；根據(jù)粒子所帶電荷的電性及運(yùn)動(dòng)方向判斷電場(chǎng)力的方向，進(jìn)一步判斷電場(chǎng)的方向，根據(jù)沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，可判斷B選項(xiàng)；根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化來(lái)判斷C選項(xiàng)；根據(jù)動(dòng)能定理可判斷速度的變化。

本題考查靜電場(chǎng)中電勢(shì)高低的判斷，粒子速度、電勢(shì)能大小的比較等，要求學(xué)生熟練掌握靜描述電場(chǎng)的物理量的計(jì)算和大小比較。13.【答案】AC

【解析】解：

AB.由題意可知，P、Q兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡分別為半圓、四分之一圓，再根據(jù)t=θ2π2πmqB解得：mP：mQ=1：2，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.結(jié)合幾何關(guān)系可知，RP：RQ=1：2，由公式qvB=mv14.【答案】AB

12.5

D

【解析】解：(1)在實(shí)驗(yàn)中，需要測(cè)量單擺的周期，所以需要秒表，需要測(cè)量擺線的長(zhǎng)度，所以需要米尺，擺球的質(zhì)量不需要測(cè)量，所以不需要天平或彈簧測(cè)力計(jì)。故AB正確，CD錯(cuò)誤。

故選：AB。

(2)10分度游標(biāo)卡尺的精確值為0.1mm，由圖可知小球的直徑為

12mm+5×0.1mm=12.5mm

(3)A、擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大，從該處計(jì)時(shí)測(cè)量誤差較小。故A錯(cuò)誤；

B、通過(guò)測(cè)量n次全振動(dòng)的時(shí)間t，通過(guò)

T=tn

求解周期，測(cè)量一次全振動(dòng)時(shí)間誤差較大。故B錯(cuò)誤；

C、擺球在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)，當(dāng)擺角不超過(guò)5°時(shí)其擺動(dòng)可視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。故C錯(cuò)誤；

D、選用的細(xì)線應(yīng)細(xì)、質(zhì)量小，且不易伸長(zhǎng)。故D正確。

故選：D。

故答案為：(1)AB；(2)12.5；(3)D

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理判斷所選用的實(shí)驗(yàn)器材；

(2)根據(jù)游標(biāo)卡尺的分度值，結(jié)合主尺和游標(biāo)尺的示數(shù)讀出小球的直徑；

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)誤差來(lái)源判斷擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)是不是計(jì)時(shí)起點(diǎn)；根據(jù)積累法測(cè)周期的原理判斷能不能只測(cè)量一個(gè)全振動(dòng)的時(shí)間作為單擺的周期；然后，根據(jù)單擺模型的建立，判斷擺球在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)的擺角范圍；最后，根據(jù)細(xì)線的質(zhì)量和長(zhǎng)度對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響判斷應(yīng)選用原則。15.【答案】A2

9000

8.0

150

191【解析】解：(1)由于電流表A1的內(nèi)電阻不知道，而電流表A2的內(nèi)電阻為R2=1000Ω，所以需要將電流表A2改裝成電壓表；

要改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表，需要串聯(lián)的電阻為R串=UIg?R2=3.0300×10?6Ω?1000Ω=9000Ω，所以需要將電阻箱阻值調(diào)到9000Ω即可；

(2)電流表A1應(yīng)用外接法；滑動(dòng)變阻器最大電阻小于待測(cè)電阻阻值，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，電路圖如圖所示：

(3)電流表A1的每小格是0.5mA，根據(jù)指針的位置可得電流表A1的示數(shù)是8.0mA；

電流表A2的每小格是10μA，根據(jù)指針的位置可得電流表A1的示數(shù)是150μA；

改裝后的電流表A2的示數(shù)為300μA時(shí)，對(duì)于的電壓為3.0V，則電流表A1的示數(shù)是150μA時(shí)，對(duì)應(yīng)的電壓為1.5V，則待測(cè)電阻Rx的真實(shí)值是：R16.【答案】解：(1)質(zhì)點(diǎn)滑到最低點(diǎn)Q時(shí)由牛頓第二定律有：FN?mg=mv2R

由牛頓第三定律可知質(zhì)點(diǎn)所受支持力與壓力大小相等，即：FN=2mg

代入數(shù)據(jù)可得：v=gR

(2)質(zhì)點(diǎn)從P滑到Q的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有：mgR?Wf=12mv2

代入數(shù)據(jù)可得：Wf=【解析】(1)在Q點(diǎn)對(duì)質(zhì)點(diǎn)由牛頓第二定律可得質(zhì)點(diǎn)速度大?。?/p>

(2)由動(dòng)能定理可得質(zhì)點(diǎn)克服摩擦力做的功。

本題考查了動(dòng)能定理和牛頓第二定律，解題的關(guān)鍵是