2022屆浙江省嘉興市高三下學(xué)期4月教學(xué)測試（二模）物理試題（解析版）

高級中學(xué)精品試卷PAGEPAGE12022屆高三選考模擬測試物理試題卷選擇題部分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題給出的四個(gè)各選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.碳酸飲料具有高熱量，過量飲用會影響身體健康。如圖所示是一款碳酸飲料的相關(guān)信息，與圖中“大卡”對應(yīng)的國際單位制單位是（）A.kg·m/s2 B.kg·m2/s2 C.m3 D.kg·m2/s〖答案〗B〖解析〗“大卡”是熱量單位，熱量的國際單位為焦耳故選B。2.如圖甲所示，小張同學(xué)在操場上從A位置運(yùn)動到B位置。以A為坐標(biāo)原點(diǎn)建立直角坐標(biāo)系xoy，他的運(yùn)動過程與圖乙對應(yīng)。從A到B過程中該同學(xué)（）A.做勻速直線運(yùn)動 B.做曲線運(yùn)動C.速度越來越大 D.加速度恒定〖答案〗B〖解析〗AB．由題意可知，圖乙為小張同學(xué)從A到B的運(yùn)動軌跡，則小張同學(xué)從A到B做曲線運(yùn)動，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由題意可知，只知道曲線運(yùn)動的運(yùn)動軌跡，無法確定速度大小和加速度變化情況，故CD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示為華為5G手機(jī)無線充電的場景。5G信號使用的電磁波頻率更高，每秒傳送的數(shù)據(jù)更多，是4G手機(jī)的50－100倍。則（）A.充電時(shí)充電板須連接直流電源B.手機(jī)線圈與充電板線圈中電流頻率不同C.5G手機(jī)信號的光子能量更大，波長更短D.空氣中5G信號比4G信號傳播速度更大〖答案〗C〖解析〗AB．無線充電利用電磁感應(yīng)原理，所以充電時(shí)充電板須連接交流電源，手機(jī)線圈與充電板線圈中電流頻率相等，故AB錯(cuò)誤；C．5G信號使用的電磁波頻率更高，根據(jù)可知5G手機(jī)信號的光子能量更大，根據(jù)可知5G信號波長更短，故C正確；D．空氣中5G信號與4G信號傳播速度相等，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示是戶外露營中使用的一種便攜式三腳架，它由三根完全相同的輕桿通過鉸鏈組合在一起，每根桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動。將三腳架靜止放在水平地面上，吊鍋通過細(xì)鐵鏈掛在三腳架正中央。三根桿與豎直方向的夾角均為=37°，吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)量為m，支架與鉸鏈之間的摩擦忽略不計(jì)，則（）A.每根桿中的彈力大小為mgB.每根桿對地面的摩擦力大小為mgC.減小時(shí)桿對地面壓力增大D.增大時(shí)桿對地面壓力增大〖答案〗B〖解析〗A．對結(jié)點(diǎn)分析可知解得選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．每根桿對地面的摩擦力大小為選項(xiàng)B正確；CD．對整體可得則無論增加θ還是減小θ，桿對地面壓力都不變，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。5.2021年10月16日，我國神舟十三號載人飛船與在軌道上運(yùn)行的空間站順利完成對接，航天員王亞平成功出艙進(jìn)行太空行走。假設(shè)對接前后空間站繞地運(yùn)行圓軌道不變，則（）A.王亞平處于完全失重狀態(tài)，不受地球引力作用B.為實(shí)現(xiàn)對接，飛船須和空間站處于同一軌道上并加速C.完成對接后空間站質(zhì)量變大，繞地球運(yùn)行速度變小D.對接前后空間站繞地球運(yùn)行的向心加速度大小不變〖答案〗D〖解析〗A．王亞平仍受地球引力作用，因?yàn)榈厍蛞θ坑脕硖峁┳鰣A周運(yùn)動的向心力，而處于完全失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．飛船須和空間站處于同一軌道上并加速，飛船會做離心運(yùn)動，而無法完成對接，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)可得可知完成對接后空間站的運(yùn)行速度不變，向心加速度大小不變，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。6.如圖所示為某帶電導(dǎo)體電場線分布，M、N是電場中兩點(diǎn)，則（）A.導(dǎo)體左側(cè)帶正電，右側(cè)帶負(fù)電B.導(dǎo)體電荷分布密度左側(cè)大于右側(cè)C.M點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度D.導(dǎo)體內(nèi)部的P點(diǎn)不可能有凈電荷〖答案〗D〖解析〗A．由電場線分布可知，導(dǎo)體左右兩側(cè)均帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．右側(cè)電場線分布較密集，可知導(dǎo)體電荷分布密度左側(cè)小于右側(cè)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因N點(diǎn)電場線較M點(diǎn)密集，則N點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于M點(diǎn)的電場強(qiáng)度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．凈電荷只分布在導(dǎo)體的表面，則導(dǎo)體內(nèi)部的P點(diǎn)不可能有凈電荷，選項(xiàng)D正確。故選D。7.如圖所示為實(shí)驗(yàn)室所用電流表的主要部件。繞在鋁框上的線圈通電以后，在磁極與軟鐵芯構(gòu)成的磁場中受力而轉(zhuǎn)動。某同學(xué)據(jù)此現(xiàn)象思考軟鐵芯內(nèi)部的磁感線分布，并提出了如下猜想，可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)磁感線分布特點(diǎn)：磁感線是閉合曲線，磁鐵外部的磁感線是從N極出來，回到磁鐵的S極，每條磁感線都是閉合曲線，任意兩條磁感線不相交。故符合磁感線分布特點(diǎn)的只有選項(xiàng)C。C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。8.如圖甲所示是一種可手搖發(fā)電的手電筒，除照明外還可手搖發(fā)電為手機(jī)充電。其原理回路處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.01T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向如圖乙所示，圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線束位于紙面內(nèi)。從右向左看，手柄以rad/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，則（）A.該手搖電筒中的電流是直流電B.圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線束上電流從A到BC.圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線束受安培力大小為0D.圖乙所示電流表的示數(shù)為0.4A〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)手搖電筒的結(jié)構(gòu)，線圈轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流方向不斷變化，故該手搖電筒中的電流是交流電，A錯(cuò)誤；BC．圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線轉(zhuǎn)動方向與磁場方向平行，該時(shí)刻無感應(yīng)電流，半圓形導(dǎo)線束受安培力大小為0，B錯(cuò)誤，C正確；D．電流表的示數(shù)為轉(zhuǎn)一圈的有效值，由題干中的已知條件無法求出電路中的電流有效值。故選C。9.近日，三星堆考古發(fā)現(xiàn)轟動了整個(gè)考古界?？脊湃藛T對“祭祀坑”中出土的碳周樣本通過14C年代檢測，推算出文物的年代。其中14C的衰變方程為，則（）A.發(fā)生的是α衰變B.X來源于原子外層的電子C.的比結(jié)合能比的要小D.文物長時(shí)間埋在地下致14C半衰期變大〖答案〗C〖解析〗A．14C衰變時(shí)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)都守恒，由此可知X電荷數(shù)為-1，為，所以14C發(fā)生是β衰變，A錯(cuò)誤；B．射線的電子是由原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子釋放出來的，不是來源于原子外層的電子，B錯(cuò)誤；C．衰變成，故比更穩(wěn)定，可知的比結(jié)合能比的要小，C正確；D．半衰期是由核內(nèi)部自身的因素決定的，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件均無關(guān)，D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，兩塊平行金屬板M、N通過導(dǎo)線、開關(guān)與電源相接，其中N板接地。板間用絕緣細(xì)繩懸掛一帶負(fù)電的小球。閉合開關(guān)S，把細(xì)1線拉開一小角度（小于10°）后，自A點(diǎn)靜止釋放小球小球擺動經(jīng)過最低點(diǎn)B。則（）A.小球在A點(diǎn)電勢能大于在B點(diǎn)電勢能B.只將M板向下移動時(shí)B點(diǎn)電勢保持不變C.只斷開開關(guān)則小球?qū)⑼Ｖ箶[動D只把電源正負(fù)極對調(diào)則小球擺動周期變小〖答案〗D〖解析〗A．M板與電源正極相連，兩板間電場方向由M板指向N板，故A點(diǎn)電勢比B點(diǎn)電勢高，小球帶負(fù)電，小球在A點(diǎn)電勢能小于在B點(diǎn)電勢能，A錯(cuò)誤；B．只將M板向下移動時(shí)，則根據(jù)可知，場強(qiáng)變大，根據(jù)可知B點(diǎn)電勢減小，B錯(cuò)誤；C．只斷開開關(guān)，兩板所帶電荷量保持不變電場強(qiáng)度保持不變，受力保持不變，仍然做單擺運(yùn)動，C錯(cuò)誤；D．只把電源正負(fù)極對調(diào)，電場力由豎直向上變?yōu)樨Q直向下，等效重力場的等效重力加速度變大，由小球擺動周期表達(dá)式故周期變小，D正確。故選D。11.拔河是我國傳統(tǒng)的團(tuán)隊(duì)競技項(xiàng)目。某次比賽，在中間位置上方繩子上系一鈴鐺，左右各2m處劃出標(biāo)志線，率先將鈴銷拉過本方標(biāo)志線的一方獲勝，甲隊(duì)隊(duì)員的總質(zhì)量為500kg，鞋子與地面的動摩擦因數(shù)；乙隊(duì)隊(duì)員的總質(zhì)量為520kg，鞋子與地面的動摩擦因數(shù)。比賽開始后甲隊(duì)以共計(jì)3500N的拉力拉繩子，運(yùn)動員的手與繩子之間始終沒有滑動，運(yùn)動員的拉力沿同一條直線，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，繩子的質(zhì)量忽略不計(jì)。則（）A.甲隊(duì)拉力做功7000JB.僅改變拉力值，最終獲勝的是乙隊(duì)C.甲對繩的拉力總是等于乙對繩的拉力D.獲勝隊(duì)拉力做的功至少為8000J〖答案〗C〖解析〗甲隊(duì)與地面之間的最大靜摩擦力為乙隊(duì)與地面之間的最大靜摩擦力為A．因甲隊(duì)以共計(jì)3500N的拉力拉繩子，可知兩隊(duì)都處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩子不動，則甲隊(duì)拉力做功為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．僅改變拉力值，當(dāng)拉力增加時(shí)，乙隊(duì)先達(dá)到最大靜摩擦力而被甲隊(duì)拉動，則最終獲勝的是甲隊(duì)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第三定律可知，甲對繩的拉力總是等于乙對繩的拉力，選項(xiàng)C正確；D．甲隊(duì)至少施加3900N的拉力才能獲勝，則甲隊(duì)拉力做的功至少為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示，質(zhì)量忽略不計(jì)、長度分別為和的不可伸長的輕繩，分別系質(zhì)量為5m和m的小球，它們以相同的轉(zhuǎn)速繞中心軸線做勻速圓周運(yùn)動。穩(wěn)定時(shí)繩子與豎直方向夾角的正切值分別為及，圓周運(yùn)動半徑分別為和，兩繩子中的張力分別為和，則（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗B．設(shè)繩子與豎直方向夾角分別為，對下面小球受力分析豎直方向有對兩個(gè)球看作整體豎直方向上有穩(wěn)定時(shí)繩子與豎直方向夾角的正切值分別為及，聯(lián)立解得B錯(cuò)誤；A．對下面小球受力分析水平方向有對上面小球受力分析水平方向有聯(lián)立解得CD．根據(jù)幾何關(guān)系聯(lián)立解得CD錯(cuò)誤；故選A。13.如圖所示，激光筆發(fā)出一束激光射向水面O點(diǎn)，經(jīng)折射后在水槽底部形成一光斑P。已知入射角=53°，水的折射率，真空中光速m/s，打開出水口放水，則光斑在底面移動時(shí)出水口（）A.激光在水中傳播的速度m/sB.僅增大入射角，激光能在水面發(fā)生全反射C.光斑P移動的速度大小保持不變D.光斑P移動距離x與水面下降距離h間關(guān)系滿足〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)波速與折射率的關(guān)系有代入數(shù)據(jù)有A錯(cuò)誤；B．當(dāng)光線從較高折射率的介質(zhì)進(jìn)入到較低折射率的介質(zhì)時(shí)才會發(fā)生全反射，題干是從空氣中射入水中，故增大入射角，激光能在水面發(fā)生不全反射，B錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意畫出如下光路圖由圖可看出OO′=h，AB=x由幾何關(guān)系可知O′B=htanα，O′A=htanβ則AB=O′B-O′A=hD正確；C．光斑P移動的速度大小為打開出水口，水平下降的過程中，底部的水壓不斷在減小，故水面下降的速度越來越慢，則由上式可知光斑P移動的速度大小越來越慢，故C錯(cuò)誤。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分，每小題四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不全的得，有選錯(cuò)的得0分）14.著名物理學(xué)家湯姆孫曾在實(shí)驗(yàn)中讓電子束通過電場加速后，通過多晶薄膜得到了如圖所示衍射圖樣，已知電子質(zhì)量為，加速后電子速度m/s，普朗克常量J·s，則（）A.該圖樣說明了電子具有粒子性B.該實(shí)驗(yàn)中電子的德布羅意波長約為0.15nmC.加速電壓越大，電子的物質(zhì)波波長越大D.使用電子束工作的電子顯微鏡中，加速電壓越大，分辨本領(lǐng)越強(qiáng)〖答案〗BD〖解析〗A．圖為電子束通過多晶薄膜的衍射圖樣，因?yàn)檠苌涫遣ㄋ赜械默F(xiàn)象，所以說明了電子具有波動性，故A錯(cuò)誤；B．由德布羅意波長公式可得而動量兩式聯(lián)立得該實(shí)驗(yàn)中電子的德布羅意波長約為0.15nm，故B正確；C．由德布羅意波長公式可得而動量兩式聯(lián)立得加速電壓越大，電子的波長越短，衍射現(xiàn)象就越不明顯，分辨本領(lǐng)越強(qiáng)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。15.如圖甲所示，大量處于能級的氫原子受激，發(fā)出不同頻率的光，照射光電管陰極K，發(fā)現(xiàn)只有a、b兩種頻率的光可以產(chǎn)生光電流。測得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示。已知光子能量在的光為可見光，則（）A.氫原子能發(fā)出6種頻率的光B.b光的光強(qiáng)度比a光大C.a光屬于可見光的范疇D.a、b光通過相同雙縫產(chǎn)生的條紋間距，a比b大〖答案〗AD〖解析〗A．大量處于能級的氫原子最多能發(fā)出的光子種數(shù)為故A正確；D．根據(jù)斯坦光電方程結(jié)合動能定理得可知光的頻率大于光的頻率，則光波長小于光波長，根據(jù)可知a、b光通過相同雙縫產(chǎn)生的條紋間距，a比b大，故D正確；B．由圖乙可知的飽和光電流大于的飽和光電流，所以a光的光強(qiáng)度比大，故B錯(cuò)誤；C．由題意知只有a、b兩種頻率的光可以產(chǎn)生光電流，可知光和分別為能級和能級躍遷到基態(tài)發(fā)出的光子，a光的能量為可知不屬于可見光的范疇，故C錯(cuò)誤。故選AD。16.如圖甲所示，A、B、C是介質(zhì)中的三個(gè)點(diǎn)，A、C間距為3.25m，B、C間距為1m兩個(gè)波源分別位于A、B兩點(diǎn)，且同時(shí)從時(shí)刻開始振動，振動圖像如圖乙所示。已知A點(diǎn)波源振動形成的波長為2m。則（）A.A點(diǎn)波源振動形成的波在此介質(zhì)中波速為5m/sB.B點(diǎn)波源振動形成的波長為1.5mC.A、B中點(diǎn)是振動加強(qiáng)點(diǎn)D.t=2.15s時(shí)C點(diǎn)位移為－7cm〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)乙圖可知，A點(diǎn)波源振動的周期為0.4s，故形成的波在此介質(zhì)中波速為A正確；B．同種介質(zhì)中，兩列波的傳播速度相等，故B的波速也為5m/s，根據(jù)乙圖可知，B點(diǎn)波源振動的周期為0.6s，B點(diǎn)波源振動形成的波長為B錯(cuò)誤；C．由于兩列波的周期不同，在同一位置不同時(shí)刻振動的疊加效果不同，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)乙圖可知，A點(diǎn)波源的振動波在C的振動位移圖像為B的振動位移圖像為將t=2.15s代入得D正確。故選AD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.如圖甲所示，小曹同學(xué)做“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)時(shí)，把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到某一位置O，記下O點(diǎn)位置，并記下A、B兩點(diǎn)以確定兩根細(xì)繩方向。（1）與A、B兩點(diǎn)對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)如圖所示，讀出與A對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)為________N；（2）請結(jié)合題給信息在答題卷相應(yīng)位置作出兩力的合力________，并求出合力的大小為________N。

〖答案〗（1）2.60（2）3.1N~3.5N之間〖解析〗（1）〖1〗彈簧秤最小刻度為0.1N，則與A對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)為2.60N；（2）〖2〗〖3〗與B對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)為1.10N；作出兩力的合力如圖，合力的大小為3.4N。18.如圖所示，小曹同學(xué)參照教材上“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)的兩個(gè)方案，打出如下兩條紙帶，但沒有及時(shí)做標(biāo)記。（1）根據(jù)紙帶點(diǎn)跡特征可判斷得出：利用重物提供牽引力方案打出的紙帶是____________（紙帶1或紙帶2）；請用一句話簡要說明判斷的理由__________。（2）在用橡皮筋提供牽引力的方案實(shí)驗(yàn)時(shí)，對是否需要平衡摩擦力的判斷，準(zhǔn)確的是____________（單選）。A.需要B.不需要C.都可以〖答案〗（1）紙帶2重物提供牽引力方案中物體做加速運(yùn)動，而用橡皮筋提供牽引力的方案中橡皮筋形變恢復(fù)后物體做勻速運(yùn)動（2）A〖解析〗（1）〖1〗根據(jù)紙帶點(diǎn)跡特征可判斷得出：利用重物提供牽引力方案打出的紙帶是紙帶2；〖2〗重物提供牽引力方案中物體做加速運(yùn)動，而用橡皮筋提供牽引力的方案中橡皮筋形變恢復(fù)后物體做勻速運(yùn)動。（2）〖3〗在兩個(gè)實(shí)驗(yàn)中，小車下滑時(shí)受到重力、橡皮筋的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則都要用重力的下滑分量來平衡摩擦力，使得拉力做的功等于合外力對小車做的功，故需要，故選A。19.（1）小強(qiáng)同學(xué)做“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，下列實(shí)驗(yàn)器材中，需要用到的是__________。A.B.C.D.（2）如圖所示，若他把10V的直流電源接入右側(cè)線圈的“0”、“16”接線柱，再使用交流電壓表測量左側(cè)線圈“0”、“4”接線柱間輸出電壓，則交流電壓表〖0-2-8-16〗讀數(shù)為___________。A.0VB.0.5VC.2.2VD.2.5V〖答案〗（1）BD（2）A〖解析〗（1）〖1〗做“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，下列實(shí)驗(yàn)器材中，需要用到的是交流電源和交流電壓表。故選BD。（2）〖2〗把10V的直流電源接入右側(cè)，由于是直流電，左邊線圈無法產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故交流電壓表示數(shù)為0。故選A。20.小強(qiáng)同學(xué)欲通過實(shí)驗(yàn)測量電池的電動勢和內(nèi)阻。（1）他先用多用電表試測電池電動勢。實(shí)驗(yàn)中他將選擇開關(guān)置于如圖所示位置，兩表筆接至電池兩極，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)異常（如圖）后又對換了紅黑表筆（指針位置如圖）。請指出他在上述操作中的錯(cuò)誤_______。（2）認(rèn)識到上述錯(cuò)誤后，他準(zhǔn)備用教材的方案測定電池的電動勢和內(nèi)阻，有下列器材：干電池：內(nèi)阻約為2Ω；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ；電流表：量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω；滑動變阻器：最大阻值為5Ω；開關(guān)和導(dǎo)線。請?jiān)诖痤}紙相應(yīng)位置畫出實(shí)驗(yàn)電路圖__________。小強(qiáng)在實(shí)驗(yàn)中共記錄了6組數(shù)據(jù)，如下表所示。123456U/V1.41.21.00.80.605I/A0.050.150.250.350.450.50他選取了數(shù)據(jù)2和6，根據(jù)閉合電路歐姆定律，求出電動勢=1.50V，內(nèi)阻。請指出他在實(shí)驗(yàn)過程中的錯(cuò)誤或不妥當(dāng)之處（寫出其中2點(diǎn)）__________?！即鸢浮剑?）選用電阻擋測電壓（2）電壓有效數(shù)字錯(cuò)誤；數(shù)據(jù)處理需要通過圖像或者多組數(shù)據(jù)取平均值〖解析〗（1）〖1〗由圖可知操作中的錯(cuò)誤為選用電阻擋測電壓；（2）〖2〗根據(jù)測量電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)方法知依次連接電源、開關(guān)、電流表、滑動變阻器、電壓表并聯(lián)在滑動變阻器兩端，由于電流表內(nèi)阻不確定，所以采用相對于電源來說的電流表外接法。電路如下圖〖3〗〖4〗電壓表量程應(yīng)選擇V，分度值為0.1V，則需估讀到小數(shù)點(diǎn)后兩位，由表中數(shù)據(jù)可知電壓有效數(shù)字錯(cuò)誤；在處理數(shù)據(jù)時(shí)需要通過圖像或則多組數(shù)據(jù)取平均值。21.如圖甲所示是2022年北京冬奧會的冰壺比賽場景，比賽過程如圖乙所示，在左端發(fā)球區(qū)的運(yùn)動員從投擲線MN中點(diǎn)P將冰壺?cái)S出，冰壺沿水平冰道中心線PO向右端的圓形營壘區(qū)滑行。若冰壺以m/s的速度被擲出后，恰好停在營壘區(qū)中心O，PO間距離為。已知冰壺的質(zhì)量為，冰壺自身大小可忽略，冰壺在冰道上的運(yùn)動可視為勻減速直線運(yùn)動。（1）求冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)；（2）實(shí)際比賽中，運(yùn)動員可以用毛刷擦拭冰壺運(yùn)行前方的冰面，使冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)減小。某次比賽中冰壺投擲速度=3m/s，從MN前方10m處開始不停擦拭冰面，直至冰壺正好停在0。若擦拭后冰壺與冰面間動摩擦因數(shù)減小至某一確定值，求此次比賽中冰壺運(yùn)動總時(shí)間；（3）若冰壺從P處以=3m/s投出后立即開始不停擦拭冰面，擦拭距離為20m，其他條件不變，則冰壺能否停在O點(diǎn)，請通過計(jì)算說明理由?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）還是停在O點(diǎn)〖解析〗（1）勻減速過程由牛頓第二定律解得（2）開始的10m做加速度為a的勻減速運(yùn)動，則解得擦冰后解得擦冰后的加速度則運(yùn)動的總時(shí)間解得（3）根據(jù)動能定理，設(shè)擦冰前后的阻力分別為f1、f2，則f1、f2不變，當(dāng)時(shí)，當(dāng)x2=20m不變時(shí)x1的值也不變，所以還是停在O點(diǎn)。22.如圖所示，固定斜面AB平滑連接固定光滑圓弧BCD，C為圓弧最低點(diǎn)，圓弧最高點(diǎn)D與光滑半圓管DE相切，E與長度的傳送帶相連，傳送帶右側(cè)為足夠長的粗糙水平面。一個(gè)質(zhì)量=0.1kg的小物塊從斜面頂端A下滑。已知斜面高，傾角，與物體間動摩擦因數(shù)；圓弧BCD和半圓管DE半徑分別為R=0.5m，r=0.1m；傳送帶以速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動，與物體間動摩擦因數(shù)。管的內(nèi)徑可忽略，物體可視為質(zhì)點(diǎn)。（1）若小物塊初速度為零開始下滑，經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力是多大；（2）若給小物塊合適的沿斜面向下的初速度，它就可到達(dá)E點(diǎn)，則與此初速度對應(yīng)的初動能最小值是多少；（3）若給小物塊沿斜面向下的初速度，使其運(yùn)動過程中不脫離軌道，則與此初速度對應(yīng)的初動能應(yīng)滿足什么條件?！即鸢浮剑?）1.8N；（2）1.05J；（3）J或J〖解析〗（1）小物塊從A到C過程由動能定理小物塊在C點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)牛頓第三定律，支持力和壓力大小相等，方向相反，所以C點(diǎn)對軌道壓力是1.8N。（2）小物塊過E點(diǎn)最小速度為零，從E到D，由機(jī)械能守恒定律得解得小球能通過D點(diǎn)，速度最小時(shí)，由重力提供向心力，則有解得由上分析，可知必須在D點(diǎn)速度等于m/s，對應(yīng)的動能最小解得=1.05J（3）不脫離軌道2種情況情況1：過F點(diǎn)，滿足由動能定理得解得=1.2J情況2：過圓弧BCD與O點(diǎn)等高處，由動能定理得解得=0.3J綜上所述，符合條件的動能J或J23.如圖所示是水平面內(nèi)一款游戲裝置，GH、JP是以O(shè)為圓心的圓弧形金屬導(dǎo)軌，GJ之間通過開關(guān)S連接電容C=0.5F的電容器，右側(cè)平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ分別連接圓心O及JP，OK垂直于MN；在GH和JP之間、OK的左側(cè)區(qū)域存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=1T的環(huán)形勻強(qiáng)磁場，在ABCD及EFZY內(nèi)均存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度=2T的勻強(qiáng)磁場；a、b、c為材質(zhì)、粗細(xì)相同的金屬棒，b靠近EF置于磁場中，c靠近AD置于磁場外。先以水平外力使b、c保持靜止，讓a以O(shè)為圓心且=50rad/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動；當(dāng)a經(jīng)過OK瞬間，撤去b、c所受外力，b受磁場力作用在極短時(shí)間內(nèi)即以速度=4m/s滑出磁場。此后斷開S，使a停在KP間某位置。b撞擊c后兩者粘合在一起。已知GH、JP半徑分別為=0.1m，=0.3m；a長度=0.3m；b、c完全相同且長度均為l=0.2m，質(zhì)量均為10g，電阻均為；ABCD區(qū)域長度各區(qū)域磁場方向如圖。除金屬棒外所有電阻忽略不計(jì)，所有導(dǎo)軌均光滑，MN、PQ足夠長且間距為0.2m。求：（1）a轉(zhuǎn)到OK位置前，使b、c保持靜止的水平外力大??；（2）b在磁場中獲得4m/s速度過程中流過b的電荷量；（3）b、c碰撞以后b和c產(chǎn)生的焦耳熱Q?！即鸢浮剑?）0.1N；0；（2）C；（3）0.0075J〖解析〗（1）a轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為解得=2V根據(jù)電阻的決定式得根據(jù)閉合電路歐姆定律得=0.25Ab、c受到安培力大小為=0.1N（2）動量定理C（3）碰撞動量守恒假定粘合以后能穿過磁場bc粘合以后的電阻為故b、c桿產(chǎn)生的焦耳熱24.如圖所示是一個(gè)粒子打靶裝置的示意圖。在平面直角坐標(biāo)系xoy中和范圍內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度相等、方向均垂直O(jiān)xy平面向里的勻強(qiáng)磁場，在－d≤y≤0范圍內(nèi)存在沿+x方向的勻強(qiáng)電場。在x軸正半軸適當(dāng)區(qū)域沿x軸放置一塊足夠長的粒子收集板，其左墻為N點(diǎn)。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從靜止經(jīng)電壓U加速后第1次到達(dá)x軸并從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿-y方向進(jìn)入電場，且從坐標(biāo)為（0.5d，－d）的點(diǎn)離開電場、再從坐標(biāo)為（d，－d）的點(diǎn)進(jìn)入電場。此粒子第4次到達(dá)x軸時(shí)恰好打到N點(diǎn)并被收集，不計(jì)粒子的重力。（1）求該裝置中電場強(qiáng)度E與磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）求此粒子從O到N過程中，在第四象限中離x軸的最大距離；（3）若將加速電壓調(diào)整為原來的k倍，粒子仍能打到N點(diǎn)被收集。請寫出k應(yīng)滿足的關(guān)系式。〖答案〗（1），；（2）；（3），〖解析〗（1）電荷加速過程類平拋運(yùn)動，解得第1次進(jìn)入下方磁場時(shí)，由幾何關(guān)系得，由公式得解得（2）O到N過程中，粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的弦長即弦長相等，在弦長相等，半徑增大，角度減小情況下，第1次進(jìn)入下方磁場距離x軸的距離最大。最大值解得（3）粒子第4次經(jīng)過x軸N點(diǎn)，電場方向加速了4次則，N點(diǎn)的坐標(biāo)（8.5d，0），加速電壓調(diào)整為原來的k倍，粒子仍能打到N點(diǎn)被收集，滿足：且解得，2022屆高三選考模擬測試物理試題卷選擇題部分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題給出的四個(gè)各選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.碳酸飲料具有高熱量，過量飲用會影響身體健康。如圖所示是一款碳酸飲料的相關(guān)信息，與圖中“大卡”對應(yīng)的國際單位制單位是（）A.kg·m/s2 B.kg·m2/s2 C.m3 D.kg·m2/s〖答案〗B〖解析〗“大卡”是熱量單位，熱量的國際單位為焦耳故選B。2.如圖甲所示，小張同學(xué)在操場上從A位置運(yùn)動到B位置。以A為坐標(biāo)原點(diǎn)建立直角坐標(biāo)系xoy，他的運(yùn)動過程與圖乙對應(yīng)。從A到B過程中該同學(xué)（）A.做勻速直線運(yùn)動 B.做曲線運(yùn)動C.速度越來越大 D.加速度恒定〖答案〗B〖解析〗AB．由題意可知，圖乙為小張同學(xué)從A到B的運(yùn)動軌跡，則小張同學(xué)從A到B做曲線運(yùn)動，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由題意可知，只知道曲線運(yùn)動的運(yùn)動軌跡，無法確定速度大小和加速度變化情況，故CD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示為華為5G手機(jī)無線充電的場景。5G信號使用的電磁波頻率更高，每秒傳送的數(shù)據(jù)更多，是4G手機(jī)的50－100倍。則（）A.充電時(shí)充電板須連接直流電源B.手機(jī)線圈與充電板線圈中電流頻率不同C.5G手機(jī)信號的光子能量更大，波長更短D.空氣中5G信號比4G信號傳播速度更大〖答案〗C〖解析〗AB．無線充電利用電磁感應(yīng)原理，所以充電時(shí)充電板須連接交流電源，手機(jī)線圈與充電板線圈中電流頻率相等，故AB錯(cuò)誤；C．5G信號使用的電磁波頻率更高，根據(jù)可知5G手機(jī)信號的光子能量更大，根據(jù)可知5G信號波長更短，故C正確；D．空氣中5G信號與4G信號傳播速度相等，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示是戶外露營中使用的一種便攜式三腳架，它由三根完全相同的輕桿通過鉸鏈組合在一起，每根桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動。將三腳架靜止放在水平地面上，吊鍋通過細(xì)鐵鏈掛在三腳架正中央。三根桿與豎直方向的夾角均為=37°，吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)量為m，支架與鉸鏈之間的摩擦忽略不計(jì)，則（）A.每根桿中的彈力大小為mgB.每根桿對地面的摩擦力大小為mgC.減小時(shí)桿對地面壓力增大D.增大時(shí)桿對地面壓力增大〖答案〗B〖解析〗A．對結(jié)點(diǎn)分析可知解得選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．每根桿對地面的摩擦力大小為選項(xiàng)B正確；CD．對整體可得則無論增加θ還是減小θ，桿對地面壓力都不變，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。5.2021年10月16日，我國神舟十三號載人飛船與在軌道上運(yùn)行的空間站順利完成對接，航天員王亞平成功出艙進(jìn)行太空行走。假設(shè)對接前后空間站繞地運(yùn)行圓軌道不變，則（）A.王亞平處于完全失重狀態(tài)，不受地球引力作用B.為實(shí)現(xiàn)對接，飛船須和空間站處于同一軌道上并加速C.完成對接后空間站質(zhì)量變大，繞地球運(yùn)行速度變小D.對接前后空間站繞地球運(yùn)行的向心加速度大小不變〖答案〗D〖解析〗A．王亞平仍受地球引力作用，因?yàn)榈厍蛞θ坑脕硖峁┳鰣A周運(yùn)動的向心力，而處于完全失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．飛船須和空間站處于同一軌道上并加速，飛船會做離心運(yùn)動，而無法完成對接，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)可得可知完成對接后空間站的運(yùn)行速度不變，向心加速度大小不變，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。6.如圖所示為某帶電導(dǎo)體電場線分布，M、N是電場中兩點(diǎn)，則（）A.導(dǎo)體左側(cè)帶正電，右側(cè)帶負(fù)電B.導(dǎo)體電荷分布密度左側(cè)大于右側(cè)C.M點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度D.導(dǎo)體內(nèi)部的P點(diǎn)不可能有凈電荷〖答案〗D〖解析〗A．由電場線分布可知，導(dǎo)體左右兩側(cè)均帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．右側(cè)電場線分布較密集，可知導(dǎo)體電荷分布密度左側(cè)小于右側(cè)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因N點(diǎn)電場線較M點(diǎn)密集，則N點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于M點(diǎn)的電場強(qiáng)度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．凈電荷只分布在導(dǎo)體的表面，則導(dǎo)體內(nèi)部的P點(diǎn)不可能有凈電荷，選項(xiàng)D正確。故選D。7.如圖所示為實(shí)驗(yàn)室所用電流表的主要部件。繞在鋁框上的線圈通電以后，在磁極與軟鐵芯構(gòu)成的磁場中受力而轉(zhuǎn)動。某同學(xué)據(jù)此現(xiàn)象思考軟鐵芯內(nèi)部的磁感線分布，并提出了如下猜想，可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)磁感線分布特點(diǎn)：磁感線是閉合曲線，磁鐵外部的磁感線是從N極出來，回到磁鐵的S極，每條磁感線都是閉合曲線，任意兩條磁感線不相交。故符合磁感線分布特點(diǎn)的只有選項(xiàng)C。C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。8.如圖甲所示是一種可手搖發(fā)電的手電筒，除照明外還可手搖發(fā)電為手機(jī)充電。其原理回路處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.01T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向如圖乙所示，圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線束位于紙面內(nèi)。從右向左看，手柄以rad/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，則（）A.該手搖電筒中的電流是直流電B.圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線束上電流從A到BC.圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線束受安培力大小為0D.圖乙所示電流表的示數(shù)為0.4A〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)手搖電筒的結(jié)構(gòu)，線圈轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流方向不斷變化，故該手搖電筒中的電流是交流電，A錯(cuò)誤；BC．圖乙時(shí)刻半圓形導(dǎo)線轉(zhuǎn)動方向與磁場方向平行，該時(shí)刻無感應(yīng)電流，半圓形導(dǎo)線束受安培力大小為0，B錯(cuò)誤，C正確；D．電流表的示數(shù)為轉(zhuǎn)一圈的有效值，由題干中的已知條件無法求出電路中的電流有效值。故選C。9.近日，三星堆考古發(fā)現(xiàn)轟動了整個(gè)考古界。考古人員對“祭祀坑”中出土的碳周樣本通過14C年代檢測，推算出文物的年代。其中14C的衰變方程為，則（）A.發(fā)生的是α衰變B.X來源于原子外層的電子C.的比結(jié)合能比的要小D.文物長時(shí)間埋在地下致14C半衰期變大〖答案〗C〖解析〗A．14C衰變時(shí)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)都守恒，由此可知X電荷數(shù)為-1，為，所以14C發(fā)生是β衰變，A錯(cuò)誤；B．射線的電子是由原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子釋放出來的，不是來源于原子外層的電子，B錯(cuò)誤；C．衰變成，故比更穩(wěn)定，可知的比結(jié)合能比的要小，C正確；D．半衰期是由核內(nèi)部自身的因素決定的，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件均無關(guān)，D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，兩塊平行金屬板M、N通過導(dǎo)線、開關(guān)與電源相接，其中N板接地。板間用絕緣細(xì)繩懸掛一帶負(fù)電的小球。閉合開關(guān)S，把細(xì)1線拉開一小角度（小于10°）后，自A點(diǎn)靜止釋放小球小球擺動經(jīng)過最低點(diǎn)B。則（）A.小球在A點(diǎn)電勢能大于在B點(diǎn)電勢能B.只將M板向下移動時(shí)B點(diǎn)電勢保持不變C.只斷開開關(guān)則小球?qū)⑼Ｖ箶[動D只把電源正負(fù)極對調(diào)則小球擺動周期變小〖答案〗D〖解析〗A．M板與電源正極相連，兩板間電場方向由M板指向N板，故A點(diǎn)電勢比B點(diǎn)電勢高，小球帶負(fù)電，小球在A點(diǎn)電勢能小于在B點(diǎn)電勢能，A錯(cuò)誤；B．只將M板向下移動時(shí)，則根據(jù)可知，場強(qiáng)變大，根據(jù)可知B點(diǎn)電勢減小，B錯(cuò)誤；C．只斷開開關(guān)，兩板所帶電荷量保持不變電場強(qiáng)度保持不變，受力保持不變，仍然做單擺運(yùn)動，C錯(cuò)誤；D．只把電源正負(fù)極對調(diào)，電場力由豎直向上變?yōu)樨Q直向下，等效重力場的等效重力加速度變大，由小球擺動周期表達(dá)式故周期變小，D正確。故選D。11.拔河是我國傳統(tǒng)的團(tuán)隊(duì)競技項(xiàng)目。某次比賽，在中間位置上方繩子上系一鈴鐺，左右各2m處劃出標(biāo)志線，率先將鈴銷拉過本方標(biāo)志線的一方獲勝，甲隊(duì)隊(duì)員的總質(zhì)量為500kg，鞋子與地面的動摩擦因數(shù)；乙隊(duì)隊(duì)員的總質(zhì)量為520kg，鞋子與地面的動摩擦因數(shù)。比賽開始后甲隊(duì)以共計(jì)3500N的拉力拉繩子，運(yùn)動員的手與繩子之間始終沒有滑動，運(yùn)動員的拉力沿同一條直線，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，繩子的質(zhì)量忽略不計(jì)。則（）A.甲隊(duì)拉力做功7000JB.僅改變拉力值，最終獲勝的是乙隊(duì)C.甲對繩的拉力總是等于乙對繩的拉力D.獲勝隊(duì)拉力做的功至少為8000J〖答案〗C〖解析〗甲隊(duì)與地面之間的最大靜摩擦力為乙隊(duì)與地面之間的最大靜摩擦力為A．因甲隊(duì)以共計(jì)3500N的拉力拉繩子，可知兩隊(duì)都處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩子不動，則甲隊(duì)拉力做功為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．僅改變拉力值，當(dāng)拉力增加時(shí)，乙隊(duì)先達(dá)到最大靜摩擦力而被甲隊(duì)拉動，則最終獲勝的是甲隊(duì)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第三定律可知，甲對繩的拉力總是等于乙對繩的拉力，選項(xiàng)C正確；D．甲隊(duì)至少施加3900N的拉力才能獲勝，則甲隊(duì)拉力做的功至少為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示，質(zhì)量忽略不計(jì)、長度分別為和的不可伸長的輕繩，分別系質(zhì)量為5m和m的小球，它們以相同的轉(zhuǎn)速繞中心軸線做勻速圓周運(yùn)動。穩(wěn)定時(shí)繩子與豎直方向夾角的正切值分別為及，圓周運(yùn)動半徑分別為和，兩繩子中的張力分別為和，則（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗B．設(shè)繩子與豎直方向夾角分別為，對下面小球受力分析豎直方向有對兩個(gè)球看作整體豎直方向上有穩(wěn)定時(shí)繩子與豎直方向夾角的正切值分別為及，聯(lián)立解得B錯(cuò)誤；A．對下面小球受力分析水平方向有對上面小球受力分析水平方向有聯(lián)立解得CD．根據(jù)幾何關(guān)系聯(lián)立解得CD錯(cuò)誤；故選A。13.如圖所示，激光筆發(fā)出一束激光射向水面O點(diǎn)，經(jīng)折射后在水槽底部形成一光斑P。已知入射角=53°，水的折射率，真空中光速m/s，打開出水口放水，則光斑在底面移動時(shí)出水口（）A.激光在水中傳播的速度m/sB.僅增大入射角，激光能在水面發(fā)生全反射C.光斑P移動的速度大小保持不變D.光斑P移動距離x與水面下降距離h間關(guān)系滿足〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)波速與折射率的關(guān)系有代入數(shù)據(jù)有A錯(cuò)誤；B．當(dāng)光線從較高折射率的介質(zhì)進(jìn)入到較低折射率的介質(zhì)時(shí)才會發(fā)生全反射，題干是從空氣中射入水中，故增大入射角，激光能在水面發(fā)生不全反射，B錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意畫出如下光路圖由圖可看出OO′=h，AB=x由幾何關(guān)系可知O′B=htanα，O′A=htanβ則AB=O′B-O′A=hD正確；C．光斑P移動的速度大小為打開出水口，水平下降的過程中，底部的水壓不斷在減小，故水面下降的速度越來越慢，則由上式可知光斑P移動的速度大小越來越慢，故C錯(cuò)誤。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分，每小題四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不全的得，有選錯(cuò)的得0分）14.著名物理學(xué)家湯姆孫曾在實(shí)驗(yàn)中讓電子束通過電場加速后，通過多晶薄膜得到了如圖所示衍射圖樣，已知電子質(zhì)量為，加速后電子速度m/s，普朗克常量J·s，則（）A.該圖樣說明了電子具有粒子性B.該實(shí)驗(yàn)中電子的德布羅意波長約為0.15nmC.加速電壓越大，電子的物質(zhì)波波長越大D.使用電子束工作的電子顯微鏡中，加速電壓越大，分辨本領(lǐng)越強(qiáng)〖答案〗BD〖解析〗A．圖為電子束通過多晶薄膜的衍射圖樣，因?yàn)檠苌涫遣ㄋ赜械默F(xiàn)象，所以說明了電子具有波動性，故A錯(cuò)誤；B．由德布羅意波長公式可得而動量兩式聯(lián)立得該實(shí)驗(yàn)中電子的德布羅意波長約為0.15nm，故B正確；C．由德布羅意波長公式可得而動量兩式聯(lián)立得加速電壓越大，電子的波長越短，衍射現(xiàn)象就越不明顯，分辨本領(lǐng)越強(qiáng)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。15.如圖甲所示，大量處于能級的氫原子受激，發(fā)出不同頻率的光，照射光電管陰極K，發(fā)現(xiàn)只有a、b兩種頻率的光可以產(chǎn)生光電流。測得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示。已知光子能量在的光為可見光，則（）A.氫原子能發(fā)出6種頻率的光B.b光的光強(qiáng)度比a光大C.a光屬于可見光的范疇D.a、b光通過相同雙縫產(chǎn)生的條紋間距，a比b大〖答案〗AD〖解析〗A．大量處于能級的氫原子最多能發(fā)出的光子種數(shù)為故A正確；D．根據(jù)斯坦光電方程結(jié)合動能定理得可知光的頻率大于光的頻率，則光波長小于光波長，根據(jù)可知a、b光通過相同雙縫產(chǎn)生的條紋間距，a比b大，故D正確；B．由圖乙可知的飽和光電流大于的飽和光電流，所以a光的光強(qiáng)度比大，故B錯(cuò)誤；C．由題意知只有a、b兩種頻率的光可以產(chǎn)生光電流，可知光和分別為能級和能級躍遷到基態(tài)發(fā)出的光子，a光的能量為可知不屬于可見光的范疇，故C錯(cuò)誤。故選AD。16.如圖甲所示，A、B、C是介質(zhì)中的三個(gè)點(diǎn)，A、C間距為3.25m，B、C間距為1m兩個(gè)波源分別位于A、B兩點(diǎn)，且同時(shí)從時(shí)刻開始振動，振動圖像如圖乙所示。已知A點(diǎn)波源振動形成的波長為2m。則（）A.A點(diǎn)波源振動形成的波在此介質(zhì)中波速為5m/sB.B點(diǎn)波源振動形成的波長為1.5mC.A、B中點(diǎn)是振動加強(qiáng)點(diǎn)D.t=2.15s時(shí)C點(diǎn)位移為－7cm〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)乙圖可知，A點(diǎn)波源振動的周期為0.4s，故形成的波在此介質(zhì)中波速為A正確；B．同種介質(zhì)中，兩列波的傳播速度相等，故B的波速也為5m/s，根據(jù)乙圖可知，B點(diǎn)波源振動的周期為0.6s，B點(diǎn)波源振動形成的波長為B錯(cuò)誤；C．由于兩列波的周期不同，在同一位置不同時(shí)刻振動的疊加效果不同，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)乙圖可知，A點(diǎn)波源的振動波在C的振動位移圖像為B的振動位移圖像為將t=2.15s代入得D正確。故選AD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.如圖甲所示，小曹同學(xué)做“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)時(shí)，把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到某一位置O，記下O點(diǎn)位置，并記下A、B兩點(diǎn)以確定兩根細(xì)繩方向。（1）與A、B兩點(diǎn)對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)如圖所示，讀出與A對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)為________N；（2）請結(jié)合題給信息在答題卷相應(yīng)位置作出兩力的合力________，并求出合力的大小為________N。

〖答案〗（1）2.60（2）3.1N~3.5N之間〖解析〗（1）〖1〗彈簧秤最小刻度為0.1N，則與A對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)為2.60N；（2）〖2〗〖3〗與B對應(yīng)的彈簧秤示數(shù)為1.10N；作出兩力的合力如圖，合力的大小為3.4N。18.如圖所示，小曹同學(xué)參照教材上“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)的兩個(gè)方案，打出如下兩條紙帶，但沒有及時(shí)做標(biāo)記。（1）根據(jù)紙帶點(diǎn)跡特征可判斷得出：利用重物提供牽引力方案打出的紙帶是____________（紙帶1或紙帶2）；請用一句話簡要說明判斷的理由__________。（2）在用橡皮筋提供牽引力的方案實(shí)驗(yàn)時(shí)，對是否需要平衡摩擦力的判斷，準(zhǔn)確的是____________（單選）。A.需要B.不需要C.都可以〖答案〗（1）紙帶2重物提供牽引力方案中物體做加速運(yùn)動，而用橡皮筋提供牽引力的方案中橡皮筋形變恢復(fù)后物體做勻速運(yùn)動（2）A〖解析〗（1）〖1〗根據(jù)紙帶點(diǎn)跡特征可判斷得出：利用重物提供牽引力方案打出的紙帶是紙帶2；〖2〗重物提供牽引力方案中物體做加速運(yùn)動，而用橡皮筋提供牽引力的方案中橡皮筋形變恢復(fù)后物體做勻速運(yùn)動。（2）〖3〗在兩個(gè)實(shí)驗(yàn)中，小車下滑時(shí)受到重力、橡皮筋的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則都要用重力的下滑分量來平衡摩擦力，使得拉力做的功等于合外力對小車做的功，故需要，故選A。19.（1）小強(qiáng)同學(xué)做“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，下列實(shí)驗(yàn)器材中，需要用到的是__________。A.B.C.D.（2）如圖所示，若他把10V的直流電源接入右側(cè)線圈的“0”、“16”接線柱，再使用交流電壓表測量左側(cè)線圈“0”、“4”接線柱間輸出電壓，則交流電壓表〖0-2-8-16〗讀數(shù)為___________。A.0VB.0.5VC.2.2VD.2.5V〖答案〗（1）BD（2）A〖解析〗（1）〖1〗做“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，下列實(shí)驗(yàn)器材中，需要用到的是交流電源和交流電壓表。故選BD。（2）〖2〗把10V的直流電源接入右側(cè)，由于是直流電，左邊線圈無法產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故交流電壓表示數(shù)為0。故選A。20.小強(qiáng)同學(xué)欲通過實(shí)驗(yàn)測量電池的電動勢和內(nèi)阻。（1）他先用多用電表試測電池電動勢。實(shí)驗(yàn)中他將選擇開關(guān)置于如圖所示位置，兩表筆接至電池兩極，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)異常（如圖）后又對換了紅黑表筆（指針位置如圖）。請指出他在上述操作中的錯(cuò)誤_______。（2）認(rèn)識到上述錯(cuò)誤后，他準(zhǔn)備用教材的方案測定電池的電動勢和內(nèi)阻，有下列器材：干電池：內(nèi)阻約為2Ω；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ；電流表：量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω；滑動變阻器：最大阻值為5Ω；開關(guān)和導(dǎo)線。請?jiān)诖痤}紙相應(yīng)位置畫出實(shí)驗(yàn)電路圖__________。小強(qiáng)在實(shí)驗(yàn)中共記錄了6組數(shù)據(jù)，如下表所示。123456U/V1.41.21.00.80.605I/A0.050.150.250.350.450.50他選取了數(shù)據(jù)2和6，根據(jù)閉合電路歐姆定律，求出電動勢=1.50V，內(nèi)阻。請指出他在實(shí)驗(yàn)過程中的錯(cuò)誤或不妥當(dāng)之處（寫出其中2點(diǎn)）__________?！即鸢浮剑?）選用電阻擋測電壓（2）電壓有效數(shù)字錯(cuò)誤；數(shù)據(jù)處理需要通過圖像或者多組數(shù)據(jù)取平均值〖解析〗（1）〖1〗由圖可知操作中的錯(cuò)誤為選用電阻擋測電壓；（2）〖2〗根據(jù)測量電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)方法知依次連接電源、開關(guān)、電流表、滑動變阻器、電壓表并聯(lián)在滑動變阻器兩端，由于電流表內(nèi)阻不確定，所以采用相對于電源來說的電流表外接法。電路如下圖〖3〗〖4〗電壓表量程應(yīng)選擇V，分度值為0.1V，則需估讀到小數(shù)點(diǎn)后兩位，由表中數(shù)據(jù)可知電壓有效數(shù)字錯(cuò)誤；在處理數(shù)據(jù)時(shí)需要通過圖像或則多組數(shù)據(jù)取平均值。21.如圖甲所示是2022年北京冬奧會的冰壺比賽場景，比賽過程如圖乙所示，在左端發(fā)球區(qū)的運(yùn)動員從投擲線MN中點(diǎn)P將冰壺?cái)S出，冰壺沿水平冰道中心線PO向右端的圓形營壘區(qū)滑行。若冰壺以m/s的速度被擲出后，恰好停在營壘區(qū)中心O，PO間距離為。已知冰壺的質(zhì)量為，冰壺自身大小可忽略，冰壺在冰道上的運(yùn)動可視為勻減速直線運(yùn)動。（1）求冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)；（2）實(shí)際比賽中，運(yùn)動員可以用毛刷擦拭冰壺運(yùn)行前方的冰面，使冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)減小。某次比賽中冰壺投擲速度=3m/s，從MN前方10m處開始不停擦拭冰面，直至冰壺正好停在0。若擦拭后冰壺與冰面間動摩擦因數(shù)減小至某一確定值，求此次比賽中冰壺運(yùn)動總時(shí)間；（3）若冰壺從P處以=3m/s投出后立即開始不停擦拭冰面，擦拭距離為20m，其他條件不變，則冰壺能否停在O點(diǎn)，請通過計(jì)算說明理由?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）還是停在O點(diǎn)〖解析〗（1）勻減速過程由牛頓第二定律解得（2）開始的10m做加速度為a的勻減速運(yùn)動，則解得擦冰后解得擦冰后的加速度