2022-2023學(xué)年四川省綿陽高三下學(xué)期3月月考物理試題（解析版）

高中物理精品試卷PAGEPAGE12023年春3月月考試題1.用a、b兩種可見光照射同一光電效應(yīng)裝置，測得的光電流和電壓的關(guān)系圖像如圖甲所示，圖乙為氫原子的能級圖。已知可見光的光子能量在到之間，下列說法正確的是（）A.a光的波長比b光的小B.單色光a的光子動(dòng)量比單色光b的光子動(dòng)量小C.用大量的光子去照射基態(tài)的氫原子可以得到兩種可見光D.若a光是氫原子從能級躍遷到能級時(shí)發(fā)出的光，則b光是氫原子從能級躍遷到能級發(fā)時(shí)出的光[答案]B[解析]A．根據(jù)可知，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，頻率越大的光對應(yīng)的遏止電壓越大，所以由圖甲可知a光的頻率比b光的小，根據(jù)可知，頻率越小，波長越大，所以a光的波長比b光的大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知，單色光a的光子動(dòng)量比單色光b的光子動(dòng)量小，故B正確；C．用大量光子去照射基態(tài)的氫原子，則有可知不等于任一能級的能量，即此種能量的光子不能被吸收，故氫原子不發(fā)生躍遷，從而不會有光發(fā)出，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)結(jié)合光的頻率小于光的頻率，則可知若a光是氫原子從能級躍遷到能級時(shí)發(fā)出的光，則b光不可能是氫原子從能級躍遷到能級發(fā)時(shí)出的光，故D錯(cuò)誤。故選B。2.掛燈籠的習(xí)俗起源于西漢時(shí)期，已成為中國人喜慶的象征。如圖所示，由五根等長的輕質(zhì)細(xì)繩懸掛起四個(gè)質(zhì)量相等的燈籠，中間的細(xì)繩是水平的，另外四根細(xì)繩與水平面所成的角分別和。若，則關(guān)于的說法正確的是正確的是（）A. B. C.D.[答案]C[解析]對左邊第二個(gè)燈籠進(jìn)行受力分析，受力情況如下圖1所示，根據(jù)平衡條件可得水平繩子上的拉力為對左側(cè)兩個(gè)燈籠整體分析，受到重力、兩邊細(xì)繩的拉力，如下圖2所示，根據(jù)平衡條件可得水平繩子上的拉力為聯(lián)立解得又因?yàn)橐阎?，所以可得故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。3.電影《火星救援》的熱映，激起了大的對火星的關(guān)注。若宇航員在火星表面將小球豎直上拋，取拋出位置O點(diǎn)的位移，從小球拋出開始計(jì)時(shí)，以豎直向上為正方向，小球運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示（其中a、b均為已知量）。忽略火星的自轉(zhuǎn)，且將其視為半徑為的勻質(zhì)球體，引力常量為G。則下列分析正確的是（）A.小球豎直上拋的初速度為 B.小球從O點(diǎn)上升的最大高度為C.火星的第一宇宙速度為 D.火星的質(zhì)量為[答案]D[解析]A．根據(jù)題意可知，向上為正方向，設(shè)火星表面重力加速度為，則有整理可得結(jié)合圖像可得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意，由公式可得，上升的最大高度為故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意，由萬有引力等于重力有解得由萬有引力提供向心力有聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為，正弦交流電源電壓的有效值為保持不變，電阻，滑動(dòng)變阻器最大阻值為。開始時(shí)，滑片P處于滑動(dòng)變阻器正中間位置，則下列說法正確的是（）A.通過的電流為 B.電壓表讀數(shù)為C.若向下移動(dòng)P，電壓表讀數(shù)將變大 D.若向上移動(dòng)P，變壓器輸出功率將變大[答案]C[解析]AB．理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1:2，可知原副線圈的電流之比為2:1，設(shè)通過原線圈的電流為I，則副線圈的電流為0.5I，初級電壓為次級電壓為根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比可得解得所以通過的電流為0.6A，電壓表讀數(shù)為12V，故A、B錯(cuò)誤；C．向下移動(dòng)P，則R3電阻增大，次級電流變小，初級電流也隨之變小，電阻R1的電壓變小，變壓器輸入的電壓變大，次級電壓也變大，電壓表讀數(shù)變大，故C正確；D．直流電路中外電路的總電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源輸出功率最大，如下圖所示。R1等效為電源內(nèi)阻，若向上移動(dòng)P，R3電阻減小，等效外電阻為開始時(shí)，滑片P處于滑動(dòng)變阻器正中間位置，可知隨著的減小，副線圈輸出功率將變小，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，在勻強(qiáng)電場中一質(zhì)量為m、一電荷量為q的正粒子先后經(jīng)過a、b兩點(diǎn)，在a點(diǎn)的速度大小為、速度方向連線的夾角為，在b點(diǎn)的速度大小為、速度方向與連線的夾角為，連線長度為d，。若粒子只受電場力作用，則下列說法正確的是（）A.場強(qiáng)大小為 B.從a到b，粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為C.場強(qiáng)方向與連線的夾角為 D.從a到b，粒子的最小速度為[答案]A[解析]C．設(shè)場強(qiáng)方向ab連線夾角為，正粒子所受電場力與ab連線夾角也為，如圖則正粒子速度往垂直電場力的方向分速度相等，即解得C錯(cuò)誤；B．從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)沿ab方向的平均速度為從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b的時(shí)間為B錯(cuò)誤；A．從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b的加速度為由牛頓第二定律，從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b的電場力場強(qiáng)大小為A正確；D．當(dāng)粒子沿電場力方向的速度最小時(shí)，粒子的速度最小，此時(shí)粒子的最小速度為D錯(cuò)誤。故選A。6.如圖甲所示，三個(gè)電量相等的點(diǎn)電荷位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，其中處電荷帶負(fù)電，其余兩電荷帶正電且關(guān)于x軸對稱。一試探電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，所受電場力隨位置的變化圖像如圖乙所示（以x軸正向?yàn)殡妶隽Φ恼较颍?。設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢為零。則（）A.試探電荷帶正電B.乙圖中的與甲圖中的相等C.在x軸正半軸上，處電勢最高D.試探電荷在處電勢能最大[答案]AC[解析]AB．在時(shí)，三個(gè)點(diǎn)電荷對試探電荷的電場力向左，則該試探電荷帶正電，圖乙中x1的位置正點(diǎn)電荷所受的電場力等于零，根據(jù)圖甲來判斷x0的位置正點(diǎn)電荷的受力不為零，方向向左，根據(jù)題意，正點(diǎn)電荷受力等于零的位置應(yīng)在x0的右側(cè)，如下圖故x1在x0右側(cè)，即故A正確，B錯(cuò)誤；CD．在范圍內(nèi)，正電荷所受電場力合力為水平向左，正點(diǎn)電荷在x1位置受力平衡，在x1的右側(cè)正點(diǎn)電荷所受合力方向水平向右，在范圍內(nèi)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，范圍內(nèi)，電場力做正功，電勢能減小，故在x1處電勢能最大，所以在x1處電勢最高，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。7.如圖甲所示，光滑斜面的傾角為，一根輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面底端，另一端與滑塊A相連，滑塊B與A靠在一起（不粘連），兩滑塊的質(zhì)量均為m，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。從零時(shí)刻起對滑塊B施加一個(gè)平行斜面的變力F，兩滑塊的圖象如圖乙所示，時(shí)刻F的大小是零時(shí)刻F大小的2倍，重力加速度大小為g，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則下列說法正確的是（）A.時(shí)刻兩滑塊的速度大小均為B.時(shí)刻前兩滑塊的加速度大小均為C.彈簧的勁度系數(shù)為D.0到時(shí)間內(nèi)彈簧彈性勢能的減少量為[答案]AD[解析]AB．由圖乙所示圖象可知，t0時(shí)刻兩滑塊開始分離，此時(shí)它們的加速度大小、速度大小都相等，它們間的作用力為零，設(shè)此時(shí)彈簧的壓縮量為，設(shè)時(shí)彈簧的壓縮量為，設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為，設(shè)時(shí)刻拉力大小為，時(shí)刻拉力大小為，由題意可知施加拉力前，對A、B整體，由平衡條件得時(shí)刻，對A、B整體，由牛頓第二定律得時(shí)刻，對B，由牛頓第二定律得解得由圖乙所示圖象可知，在內(nèi)，A、B一起做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻兩滑塊的速度大小為故A正確，B錯(cuò)誤；C．由圖乙所示圖象可知，在內(nèi)，A、B一起做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移大小為則時(shí)刻，對A，由牛頓第二定律得施加拉力前，對A、B整體，由平衡條件得解得彈簧的勁度系數(shù)為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)0到時(shí)間內(nèi)彈簧彈性勢能的減小量為，則故D正確。故選AD。8.如圖所示，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場B中有兩根位于同一水平面內(nèi)的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間的距離為L，兩電阻均為R的光滑導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上，的質(zhì)量是m，的質(zhì)量是。時(shí)，棒以初速度向右滑動(dòng)。運(yùn)動(dòng)過程中，始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好。下列說法正確的是（）A.0時(shí)刻棒的加速度大小為B.最終兩棒的速度均為C.整個(gè)過程中通過棒橫截面的電荷量是D.整個(gè)過程中兩棒間增加距離是[答案]BD[解析]A．0時(shí)刻對棒受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得解得故A錯(cuò)誤；B．系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒定律，最終兩棒達(dá)到共同速度，即解得故B正確；C．設(shè)整個(gè)過程通過ab棒的平均電流為，根據(jù)動(dòng)量定理可得又聯(lián)立，可得故C錯(cuò)誤；D．由法拉第電磁感應(yīng)定律可知又聯(lián)立，可得故D正確。故選BD。9.某學(xué)小組利用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證牛頓第二定律。研究對象為小車、車上鉤碼及懸掛的鉤碼整體，整體總質(zhì)量為M，整體所受的合外力F的大小等于懸掛鉤碼的總重力大小，利用紙帶和電火花計(jì)時(shí)器測出小車的加速度a。實(shí)驗(yàn)一：研究M一定時(shí)，加速度a與F的關(guān)系。實(shí)驗(yàn)二：研究F一定時(shí)，加速度a與M的關(guān)系。（1）下列操作必要的有___________。A．實(shí)驗(yàn)時(shí)，需滿足懸掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車及車上鉤碼的質(zhì)量B．調(diào)節(jié)定滑輪時(shí)，應(yīng)使連接小車的細(xì)線與木板平行C．本實(shí)驗(yàn)需讓木板傾斜合適角度，以平衡摩擦力D．實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先釋放小車再接通電火花計(jì)時(shí)器（2）實(shí)驗(yàn)一：小車上及細(xì)線懸掛鉤碼總數(shù)不變。第一次，細(xì)線懸掛1個(gè)鉤碼，其余鉤碼放在小車上，釋放小車后，小車沿斜面下滑打出一條紙帶，求出此次實(shí)驗(yàn)小車加速度；第二次，細(xì)線懸掛2個(gè)鉤碼，其余鉤碼放在小車上，求出此次實(shí)驗(yàn)小車的加速度，以此類推，共做5組實(shí)驗(yàn)。畫出圖像，理論上圖像斜率___________。（3）實(shí)驗(yàn)一：細(xì)線懸掛鉤碼數(shù)不變。第一次，小車上不放鉤碼，釋放小車后，小車沿斜面下滑打出一條紙帶，求出此次實(shí)驗(yàn)小車的加速度a，第二次，小車上放1個(gè)鉤碼，以此類推，共做5組實(shí)驗(yàn)。若畫出圖像，圖線為___________線（填“直”或“曲”）。（4）某次實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶如圖乙所示，紙帶上0為起始時(shí)刻所打的點(diǎn)，選取時(shí)間間隔為的相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E、F、G。由紙帶測得小車的加速度___________。（保留1位有效數(shù)字）[答案]（1）BC（2）（3）直（4）1[解析]（1）[1]A．研究對象為小車、車上鉤碼及懸掛的鉤碼整體，實(shí)驗(yàn)時(shí)，并不需滿足懸掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車及車上鉤碼的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B．為使整體受到合外力不變，調(diào)節(jié)定滑輪時(shí)，應(yīng)使連接小車的細(xì)線與木板平行，故B正確；C．需要讓整體受到的合外力等于鉤碼的重力，則本實(shí)驗(yàn)需讓木板傾斜合適角度，以平衡摩擦力，故C正確；D．為充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先接通電火花計(jì)時(shí)器再釋放小車，故D錯(cuò)誤。故選BC。（2）[2]根據(jù)牛頓第二定律畫出a-F圖像，理論上圖像斜率（3）[3]根據(jù)牛頓第二定律合外力不變，質(zhì)量改變，若畫出a-M圖像，圖線為曲線。若畫出圖像，圖線為直線；（4）[4]根據(jù)逐差法10.為了避免電流表、電壓表內(nèi)阻對測量的影響，學(xué)習(xí)小組利用如圖1所示的電路圖，測量內(nèi)阻較大的干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。（1）請根據(jù)圖1電路圖在圖2中畫出實(shí)物連線圖中沒有連接完的導(dǎo)線（在答卷圖中畫）（）（2）某次測量，電流表和電壓表指針分別如圖3、圖4所示，則電壓表讀數(shù)為___________V，電流表讀數(shù)為___________。（3）開關(guān)撥到1時(shí)，改變滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，得到多組電流和電壓值，在坐標(biāo)紙上畫出圖像如圖5中的a直線；再把開關(guān)撥到2，重復(fù)操作，畫出b直線。根據(jù)圖像，判斷出___________（選填“能”或“不能”）消除電表內(nèi)阻對測量結(jié)果的影響，盡可能準(zhǔn)確求電源電動(dòng)勢___________V和電源內(nèi)阻___________。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）[答案]（1）（2）1.103.00（3）能1.5[解析]（1）[1]根據(jù)圖1電路圖在圖2中補(bǔ)全實(shí)物連線圖，如圖所示（2）[2][3]由圖4可知，電壓表的分度值為，則電壓表讀數(shù)為，由圖3可知，電流表分度值為，則電流表讀數(shù)為。（3）[4][5][6]根據(jù)題意，當(dāng)開關(guān)撥到1時(shí)，由閉合回路歐姆定律有由圖5圖像可知，當(dāng)時(shí)為準(zhǔn)確值；當(dāng)當(dāng)開關(guān)撥到2時(shí)，由閉合回路歐姆定律有由圖5圖像可知，當(dāng)時(shí)，短路電流為準(zhǔn)確值，則則電源內(nèi)阻為則能夠消除電表內(nèi)阻的影響。11.如圖所示，長為的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定，另一端懸掛一質(zhì)量為m的小球，將細(xì)線拉至水平并剛好伸直，小球由靜止開始下擺，并在最低點(diǎn)與質(zhì)量也為m的滑塊發(fā)生彈性碰撞。滑塊右側(cè)有一段長也為L的粗糙地面，與滑塊的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，B點(diǎn)右側(cè)放置一質(zhì)量為的圓?。ㄎ垂潭ǎ?，重力加速度，除粗糙地面外其余部分摩擦均不計(jì)。（1）滑塊第一次到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大??；（2）若滑塊第一次沖上圓弧時(shí)恰能到達(dá)其頂端，求圓弧半徑。[答案]（1）；（2）[解析]（1）設(shè)小球與滑塊碰前的速度為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得小球與滑塊碰后的速度分別為、，取水平向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得從A點(diǎn)到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理得解得（2）取水平向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得12.如圖所示，在第一、四象限的和區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)、方向相反的勻強(qiáng)磁場；在第二、三象限內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場。帶電粒子以速度v0從點(diǎn)P（-4d，1.5d）沿x軸正方向射出，恰好從O點(diǎn)離開電場。已知帶電粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0），不計(jì)粒子的重力。(1)求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小E；(2)若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B1時(shí)，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與直線y=-1.5d相切，且第一次離開第四象限時(shí)經(jīng)過x軸上的S點(diǎn)（圖中未畫出）求B1；(3)若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B2時(shí)，粒子離開O點(diǎn)后，經(jīng)n（n>1）次磁偏轉(zhuǎn)仍過第(2)問中的S點(diǎn)。求B2與B1的比值，并確定n的所有可能值。[答案](1)；(2)；(3)(其中n取2、3、4、5)[解析](1)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有聯(lián)立解得(2)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平、豎直位移分別滿足聯(lián)立可得射出磁場的速度與水平方向的夾角有則，粒子從O點(diǎn)出電場時(shí)的速度為粒子在磁場中軌跡如圖所示洛倫茲力提供向心力可得由幾何關(guān)系有聯(lián)立解得(3)(2)中S點(diǎn)離O點(diǎn)距離粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)半徑設(shè)為，由幾何關(guān)系可知每偏轉(zhuǎn)一次，過x軸的點(diǎn)的橫坐標(biāo)增大經(jīng)n(n>1)次磁場偏轉(zhuǎn)仍過第(2)問中的S點(diǎn)，則有(其中n>1且為正整數(shù))解得(其中n>1且為正整數(shù))由于，則n可取值2、3、4、5，在磁場中洛倫茲力提供向心力，可得則聯(lián)立可得(其中n取2、3、4、5)2023年春3月月考試題1.用a、b兩種可見光照射同一光電效應(yīng)裝置，測得的光電流和電壓的關(guān)系圖像如圖甲所示，圖乙為氫原子的能級圖。已知可見光的光子能量在到之間，下列說法正確的是（）A.a光的波長比b光的小B.單色光a的光子動(dòng)量比單色光b的光子動(dòng)量小C.用大量的光子去照射基態(tài)的氫原子可以得到兩種可見光D.若a光是氫原子從能級躍遷到能級時(shí)發(fā)出的光，則b光是氫原子從能級躍遷到能級發(fā)時(shí)出的光[答案]B[解析]A．根據(jù)可知，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，頻率越大的光對應(yīng)的遏止電壓越大，所以由圖甲可知a光的頻率比b光的小，根據(jù)可知，頻率越小，波長越大，所以a光的波長比b光的大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知，單色光a的光子動(dòng)量比單色光b的光子動(dòng)量小，故B正確；C．用大量光子去照射基態(tài)的氫原子，則有可知不等于任一能級的能量，即此種能量的光子不能被吸收，故氫原子不發(fā)生躍遷，從而不會有光發(fā)出，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)結(jié)合光的頻率小于光的頻率，則可知若a光是氫原子從能級躍遷到能級時(shí)發(fā)出的光，則b光不可能是氫原子從能級躍遷到能級發(fā)時(shí)出的光，故D錯(cuò)誤。故選B。2.掛燈籠的習(xí)俗起源于西漢時(shí)期，已成為中國人喜慶的象征。如圖所示，由五根等長的輕質(zhì)細(xì)繩懸掛起四個(gè)質(zhì)量相等的燈籠，中間的細(xì)繩是水平的，另外四根細(xì)繩與水平面所成的角分別和。若，則關(guān)于的說法正確的是正確的是（）A. B. C.D.[答案]C[解析]對左邊第二個(gè)燈籠進(jìn)行受力分析，受力情況如下圖1所示，根據(jù)平衡條件可得水平繩子上的拉力為對左側(cè)兩個(gè)燈籠整體分析，受到重力、兩邊細(xì)繩的拉力，如下圖2所示，根據(jù)平衡條件可得水平繩子上的拉力為聯(lián)立解得又因?yàn)橐阎?，所以可得故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。3.電影《火星救援》的熱映，激起了大的對火星的關(guān)注。若宇航員在火星表面將小球豎直上拋，取拋出位置O點(diǎn)的位移，從小球拋出開始計(jì)時(shí)，以豎直向上為正方向，小球運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示（其中a、b均為已知量）。忽略火星的自轉(zhuǎn)，且將其視為半徑為的勻質(zhì)球體，引力常量為G。則下列分析正確的是（）A.小球豎直上拋的初速度為 B.小球從O點(diǎn)上升的最大高度為C.火星的第一宇宙速度為 D.火星的質(zhì)量為[答案]D[解析]A．根據(jù)題意可知，向上為正方向，設(shè)火星表面重力加速度為，則有整理可得結(jié)合圖像可得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意，由公式可得，上升的最大高度為故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意，由萬有引力等于重力有解得由萬有引力提供向心力有聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為，正弦交流電源電壓的有效值為保持不變，電阻，滑動(dòng)變阻器最大阻值為。開始時(shí)，滑片P處于滑動(dòng)變阻器正中間位置，則下列說法正確的是（）A.通過的電流為 B.電壓表讀數(shù)為C.若向下移動(dòng)P，電壓表讀數(shù)將變大 D.若向上移動(dòng)P，變壓器輸出功率將變大[答案]C[解析]AB．理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1:2，可知原副線圈的電流之比為2:1，設(shè)通過原線圈的電流為I，則副線圈的電流為0.5I，初級電壓為次級電壓為根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比可得解得所以通過的電流為0.6A，電壓表讀數(shù)為12V，故A、B錯(cuò)誤；C．向下移動(dòng)P，則R3電阻增大，次級電流變小，初級電流也隨之變小，電阻R1的電壓變小，變壓器輸入的電壓變大，次級電壓也變大，電壓表讀數(shù)變大，故C正確；D．直流電路中外電路的總電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源輸出功率最大，如下圖所示。R1等效為電源內(nèi)阻，若向上移動(dòng)P，R3電阻減小，等效外電阻為開始時(shí)，滑片P處于滑動(dòng)變阻器正中間位置，可知隨著的減小，副線圈輸出功率將變小，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，在勻強(qiáng)電場中一質(zhì)量為m、一電荷量為q的正粒子先后經(jīng)過a、b兩點(diǎn)，在a點(diǎn)的速度大小為、速度方向連線的夾角為，在b點(diǎn)的速度大小為、速度方向與連線的夾角為，連線長度為d，。若粒子只受電場力作用，則下列說法正確的是（）A.場強(qiáng)大小為 B.從a到b，粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為C.場強(qiáng)方向與連線的夾角為 D.從a到b，粒子的最小速度為[答案]A[解析]C．設(shè)場強(qiáng)方向ab連線夾角為，正粒子所受電場力與ab連線夾角也為，如圖則正粒子速度往垂直電場力的方向分速度相等，即解得C錯(cuò)誤；B．從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)沿ab方向的平均速度為從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b的時(shí)間為B錯(cuò)誤；A．從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b的加速度為由牛頓第二定律，從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b的電場力場強(qiáng)大小為A正確；D．當(dāng)粒子沿電場力方向的速度最小時(shí)，粒子的速度最小，此時(shí)粒子的最小速度為D錯(cuò)誤。故選A。6.如圖甲所示，三個(gè)電量相等的點(diǎn)電荷位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，其中處電荷帶負(fù)電，其余兩電荷帶正電且關(guān)于x軸對稱。一試探電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，所受電場力隨位置的變化圖像如圖乙所示（以x軸正向?yàn)殡妶隽Φ恼较颍?。設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢為零。則（）A.試探電荷帶正電B.乙圖中的與甲圖中的相等C.在x軸正半軸上，處電勢最高D.試探電荷在處電勢能最大[答案]AC[解析]AB．在時(shí)，三個(gè)點(diǎn)電荷對試探電荷的電場力向左，則該試探電荷帶正電，圖乙中x1的位置正點(diǎn)電荷所受的電場力等于零，根據(jù)圖甲來判斷x0的位置正點(diǎn)電荷的受力不為零，方向向左，根據(jù)題意，正點(diǎn)電荷受力等于零的位置應(yīng)在x0的右側(cè)，如下圖故x1在x0右側(cè)，即故A正確，B錯(cuò)誤；CD．在范圍內(nèi)，正電荷所受電場力合力為水平向左，正點(diǎn)電荷在x1位置受力平衡，在x1的右側(cè)正點(diǎn)電荷所受合力方向水平向右，在范圍內(nèi)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，范圍內(nèi)，電場力做正功，電勢能減小，故在x1處電勢能最大，所以在x1處電勢最高，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。7.如圖甲所示，光滑斜面的傾角為，一根輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面底端，另一端與滑塊A相連，滑塊B與A靠在一起（不粘連），兩滑塊的質(zhì)量均為m，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。從零時(shí)刻起對滑塊B施加一個(gè)平行斜面的變力F，兩滑塊的圖象如圖乙所示，時(shí)刻F的大小是零時(shí)刻F大小的2倍，重力加速度大小為g，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則下列說法正確的是（）A.時(shí)刻兩滑塊的速度大小均為B.時(shí)刻前兩滑塊的加速度大小均為C.彈簧的勁度系數(shù)為D.0到時(shí)間內(nèi)彈簧彈性勢能的減少量為[答案]AD[解析]AB．由圖乙所示圖象可知，t0時(shí)刻兩滑塊開始分離，此時(shí)它們的加速度大小、速度大小都相等，它們間的作用力為零，設(shè)此時(shí)彈簧的壓縮量為，設(shè)時(shí)彈簧的壓縮量為，設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為，設(shè)時(shí)刻拉力大小為，時(shí)刻拉力大小為，由題意可知施加拉力前，對A、B整體，由平衡條件得時(shí)刻，對A、B整體，由牛頓第二定律得時(shí)刻，對B，由牛頓第二定律得解得由圖乙所示圖象可知，在內(nèi)，A、B一起做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻兩滑塊的速度大小為故A正確，B錯(cuò)誤；C．由圖乙所示圖象可知，在內(nèi)，A、B一起做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移大小為則時(shí)刻，對A，由牛頓第二定律得施加拉力前，對A、B整體，由平衡條件得解得彈簧的勁度系數(shù)為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)0到時(shí)間內(nèi)彈簧彈性勢能的減小量為，則故D正確。故選AD。8.如圖所示，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場B中有兩根位于同一水平面內(nèi)的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間的距離為L，兩電阻均為R的光滑導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上，的質(zhì)量是m，的質(zhì)量是。時(shí)，棒以初速度向右滑動(dòng)。運(yùn)動(dòng)過程中，始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好。下列說法正確的是（）A.0時(shí)刻棒的加速度大小為B.最終兩棒的速度均為C.整個(gè)過程中通過棒橫截面的電荷量是D.整個(gè)過程中兩棒間增加距離是[答案]BD[解析]A．0時(shí)刻對棒受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得解得故A錯(cuò)誤；B．系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒定律，最終兩棒達(dá)到共同速度，即解得故B正確；C．設(shè)整個(gè)過程通過ab棒的平均電流為，根據(jù)動(dòng)量定理可得又聯(lián)立，可得故C錯(cuò)誤；D．由法拉第電磁感應(yīng)定律可知又聯(lián)立，可得故D正確。故選BD。9.某學(xué)小組利用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證牛頓第二定律。研究對象為小車、車上鉤碼及懸掛的鉤碼整體，整體總質(zhì)量為M，整體所受的合外力F的大小等于懸掛鉤碼的總重力大小，利用紙帶和電火花計(jì)時(shí)器測出小車的加速度a。實(shí)驗(yàn)一：研究M一定時(shí)，加速度a與F的關(guān)系。實(shí)驗(yàn)二：研究F一定時(shí)，加速度a與M的關(guān)系。（1）下列操作必要的有___________。A．實(shí)驗(yàn)時(shí)，需滿足懸掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車及車上鉤碼的質(zhì)量B．調(diào)節(jié)定滑輪時(shí)，應(yīng)使連接小車的細(xì)線與木板平行C．本實(shí)驗(yàn)需讓木板傾斜合適角度，以平衡摩擦力D．實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先釋放小車再接通電火花計(jì)時(shí)器（2）實(shí)驗(yàn)一：小車上及細(xì)線懸掛鉤碼總數(shù)不變。第一次，細(xì)線懸掛1個(gè)鉤碼，其余鉤碼放在小車上，釋放小車后，小車沿斜面下滑打出一條紙帶，求出此次實(shí)驗(yàn)小車加速度；第二次，細(xì)線懸掛2個(gè)鉤碼，其余鉤碼放在小車上，求出此次實(shí)驗(yàn)小車的加速度，以此類推，共做5組實(shí)驗(yàn)。畫出圖像，理論上圖像斜率___________。（3）實(shí)驗(yàn)一：細(xì)線懸掛鉤碼數(shù)不變。第一次，小車上不放鉤碼，釋放小車后，小車沿斜面下滑打出一條紙帶，求出此次實(shí)驗(yàn)小車的加速度a，第二次，小車上放1個(gè)鉤碼，以此類推，共做5組實(shí)驗(yàn)。若畫出圖像，圖線為___________線（填“直”或“曲”）。（4）某次實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶如圖乙所示，紙帶上0為起始時(shí)刻所打的點(diǎn)，選取時(shí)間間隔為的相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E、F、G。由紙帶測得小車的加速度___________。（保留1位有效數(shù)字）[答案]（1）BC（2）（3）直（4）1[解析]（1）[1]A．研究對象為小車、車上鉤碼及懸掛的鉤碼整體，實(shí)驗(yàn)時(shí)，并不需滿足懸掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車及車上鉤碼的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B．為使整體受到合外力不變，調(diào)節(jié)定滑輪時(shí)，應(yīng)使連接小車的細(xì)線與木板平行，故B正確；C．需要讓整體受到的合外力等于鉤碼的重力，則本實(shí)驗(yàn)需讓木板傾斜合適角度，以平衡摩擦力，故C正確；D．為充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先接通電火花計(jì)時(shí)器再釋放小車，故D錯(cuò)誤。故選BC。（2）[2]根據(jù)牛頓第二定律畫出a-F圖像，理論上圖像斜率（3）[3]根據(jù)牛頓第二定律合外力不變，質(zhì)量改變，若畫出a-M圖像，圖線為曲線。若畫出圖像，圖線為直線；（4）[4]根據(jù)逐差法10.為了避免電流表、電壓表內(nèi)阻對測量的影響，學(xué)習(xí)小組利用如圖1所示的電路圖，測量內(nèi)阻較大的干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。（1）請根據(jù)圖1電路圖在圖2中畫出實(shí)物連線圖中沒有連接完的導(dǎo)線（在答卷圖中畫）（）（2）某次測量，電流表和電壓表指針分別如圖3、圖4所示，則電壓表讀數(shù)為___________V，電流表讀數(shù)為___________。（3）開關(guān)撥到1時(shí)，改變滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，得到多組電流和電壓值，在坐標(biāo)紙上畫出圖像如圖5中的a直線；再把開關(guān)撥到2，重復(fù)操作，畫出b直線。根據(jù)圖像，判斷出___________（選填“能”或“不能”）消除電表內(nèi)阻對測量結(jié)果的影響，盡可能準(zhǔn)確求電源電動(dòng)勢___________V和電源內(nèi)阻___________。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）[答案]（1）（2）1.103.00（3）