2024屆陜西省漢中市高三上學(xué)期教學(xué)質(zhì)量第一次檢測(cè)（一模）物理試題（解析版）

PAGEPAGE1漢中市2024屆高三年級(jí)教學(xué)質(zhì)量第一次檢測(cè)考試物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再涂選其它〖答案〗標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，每小題5分，共50分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1—6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7—10題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.下列說(shuō)法正確的是（）A.衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的B.核反應(yīng)方程式為，可以判斷X為電子C.結(jié)合能越大，核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定D.將由放射性元素組成的化合物進(jìn)行高溫分解，會(huì)改變放射性元素的半衰期〖答案〗A〖解析〗A．衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化質(zhì)子成時(shí)所產(chǎn)生的，即故A正確；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)電荷數(shù)守恒，可判斷知核反應(yīng)方程式，中X為，故B錯(cuò)誤；C．比結(jié)合能越大，核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定，故C錯(cuò)誤；D．放射性元素的半衰期與溫度無(wú)關(guān)，所以將由放射性元素組成的化合物進(jìn)行高溫分解，不會(huì)改變放射性元素的半衰期，故D錯(cuò)誤。故選A。2.國(guó)產(chǎn)新型磁懸浮列車甲、乙（都可視為質(zhì)點(diǎn)）分別處于兩條平行軌道上，開(kāi)始時(shí)（），乙車在前，甲車在后，兩車間距為，時(shí)甲車先啟動(dòng)，時(shí)乙車再啟動(dòng)，兩車啟動(dòng)后都是先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，兩車運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩車加速過(guò)程中，甲車的加速度比乙車大B.由運(yùn)動(dòng)的圖像可知，無(wú)論取何值，甲、乙兩車末一定相遇C.若，則兩車間的距離最小為D.從甲車運(yùn)動(dòng)開(kāi)始計(jì)時(shí)到末，甲車的平均速度小于乙車的平均速度〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)速度圖象的斜率表示加速度，知兩車加速過(guò)程的加速度分別為，可得甲車的加速度比乙車小，故A錯(cuò)誤；B．由運(yùn)動(dòng)的圖像可知，在第末兩車的速度相等。而圖像與t軸的面積表示位移，可知到末兩車通過(guò)的路程為可知只有時(shí)，甲、乙兩車末才相遇，故B錯(cuò)誤；C．由圖象知當(dāng)兩車速度相等時(shí)間距最小，即知時(shí)兩車間間距最小，此時(shí)間距為故C正確；D．從甲車運(yùn)動(dòng)開(kāi)始計(jì)時(shí)到末，甲車平均速度乙車的平均速度甲車的平均速度大于乙車的平均速度，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，A、B是一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，若在A點(diǎn)釋放一初速度為零的電子，電子僅受電場(chǎng)力作用，沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B。則（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿直線向左B.A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定等于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)C.電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功D.電子的電勢(shì)能增加〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)題意可知，電子從靜止沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B，則電子所受電場(chǎng)力方向?yàn)?，電?chǎng)強(qiáng)度的方向由，即沿直線向左，故A正確；B．根據(jù)題意，不知周圍電場(chǎng)線的分布情況，無(wú)法判斷電場(chǎng)的強(qiáng)弱，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意可知，電子從靜止沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故CD錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，輕繩一端系在質(zhì)量為m的物體A上，另一端系在一個(gè)套在粗糙豎直桿MN的圓環(huán)上?，F(xiàn)用水平力F拉住繩子上一點(diǎn)O，使物體A從圖中虛線位置緩慢上升到實(shí)線位置，但圓環(huán)仍保持在原來(lái)位置不動(dòng)。則在這一過(guò)程中，桿對(duì)環(huán)的摩擦力和的變化情況（）A.F1逐漸減小，F(xiàn)保持不變 B.F1逐漸增大，F(xiàn)保持不變C.F1保持不變，F(xiàn)逐漸增大 D.F1保持不變，F(xiàn)逐漸減小〖答案〗C〖解析〗根據(jù)題意，對(duì)點(diǎn)受力分析，設(shè)輕繩與豎直方向的夾角為，由平衡條件有使物體A從圖中虛線位置緩慢上升到實(shí)線位置，增大，則增大；對(duì)圓環(huán)和物體的整體受力分析可知，豎直方向細(xì)桿對(duì)圓環(huán)的摩擦力為使物體A從圖中虛線位置緩慢上升到實(shí)線位置，豎直方向受力不變，則桿對(duì)環(huán)的摩擦力不變。故選C。5.如圖所示，質(zhì)量相同的物體分別自斜面AC和BC的頂端由靜止開(kāi)始下滑，物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都相同，物體滑到斜面底部C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為Ek1和Ek2，下滑過(guò)程中克服摩擦力所做的功分別為W1和W2，則（）A.Ek1＞Ek2W1＜W2 B.Ek1＞Ek2W1＝W2C.Ek1＝Ek2W1＞W(wǎng)2 D.Ek1＜Ek2W1＞W(wǎng)2〖答案〗B〖解析〗設(shè)斜面的傾角為θ，斜面長(zhǎng)為s，滑動(dòng)摩擦力大小為μmgcosθ，則物體克服摩擦力所做的功為μmgscosθ；scosθ相同，所以克服摩擦力做功相等，即W1＝W2．根據(jù)動(dòng)能定理得，mgh﹣μmgscosθ＝EK﹣0，在AC斜面上滑動(dòng)時(shí)重力做功多，摩擦力做功相等，則在AC面上滑到底端的動(dòng)能大于在BC面上滑到底端的動(dòng)能，即Ek1＞Ek2．A．Ek1＞Ek2W1＜W2，與分析結(jié)果不符，故A項(xiàng)錯(cuò)誤．B．Ek1＞Ek2W1＝W2，與分析結(jié)果相符，故B項(xiàng)正確．C．Ek1＝Ek2W1＞W(wǎng)2，與分析結(jié)果不符，故C項(xiàng)錯(cuò)誤．D．Ek1＜Ek2W1＞W(wǎng)2，與分析結(jié)果不符，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．6.如圖所示，物塊A套在光滑水平桿上，連接物塊A的輕質(zhì)細(xì)線與水平桿間所成夾角為,細(xì)線跨過(guò)同一高度上的兩光滑定滑輪與質(zhì)量相等的物塊B相連，定滑輪頂部離水平桿距離為，現(xiàn)將物塊B由靜止釋放，物塊A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度，不計(jì)空氣阻力，則（）A.物塊A與物塊B速度大小始終相等B.物塊A能達(dá)到的最大速度為C.物塊B下降過(guò)程中，重力始終大于細(xì)線拉力D.當(dāng)物塊A經(jīng)過(guò)左側(cè)滑輪正下方時(shí)，物塊B的速度最大〖答案〗B〖解析〗AD．根據(jù)題意可知，物塊A與物塊B速度關(guān)系為兩物塊速度不相等，當(dāng)物塊A經(jīng)過(guò)左側(cè)滑輪正下方時(shí)，有故AD錯(cuò)誤；B．當(dāng)物塊A運(yùn)動(dòng)到左側(cè)定滑輪正下方時(shí)，物塊B下降的距離最大，物塊A的速度最大，根據(jù)機(jī)械能守恒有解得故B正確；C．由上述分析可知，當(dāng)物塊A經(jīng)過(guò)左側(cè)滑輪正下方時(shí)，物塊B的速度為0，則物塊B向下先加速后減速，則物塊B減速下降過(guò)程中，重力會(huì)小于細(xì)線拉力，故C錯(cuò)誤。故選B。7.兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻，導(dǎo)軌自身的電阻可忽略不計(jì)，斜面處在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于斜面向上，質(zhì)量為、電阻為的金屬棒ab，在沿著斜面與棒垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑，并上升高度，如圖所示。在這過(guò)程中（）A.作用于金屬棒上的各個(gè)力的合力所做的功等于與電阻上產(chǎn)生的焦耳熱之和B.金屬棒克服安培力做的功等于電阻和上產(chǎn)生的焦耳熱之和C.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻上產(chǎn)生的焦耳熱D.作用于金屬棒上的各個(gè)力的合力所做的功等于零〖答案〗BD〖解析〗AD．根據(jù)題意可知，金屬棒沿導(dǎo)軌勻速上滑，金屬棒受重力、安培力和恒力作用，由動(dòng)能定理有即作用于金屬棒上的各個(gè)力的合力所做的功等于零，故A錯(cuò)誤，D正確；B．由于導(dǎo)軌自身的電阻可忽略不計(jì)，則金屬棒克服安培力做的功等于電阻和上產(chǎn)生的焦耳熱之和，故B正確；C．由AD分析可知，恒力F與重力的合力所做的功等于金屬棒克服安培力做的功，則恒力F與重力的合力所做的功等于電阻和上產(chǎn)生的焦耳熱之和，故C錯(cuò)誤。故選BD。8.100多年前愛(ài)因斯坦預(yù)言了引力波的存在，2015年科學(xué)家探測(cè)到黑洞合并引起的引力波。雙星的運(yùn)動(dòng)是產(chǎn)生引力波的來(lái)源之一，在宇宙中有一雙星系統(tǒng)由P、Q兩顆星體組成，這兩顆星繞它們連線上的某一點(diǎn)只在二者間的萬(wàn)有引力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得P星的周期為T，P、Q兩顆星的距離為L(zhǎng)，P、Q兩顆星的軌道半徑之差為（P星的軌道半徑大于Q星的軌道半徑），引力常量為G，則下列結(jié)論正確的是（）A.Q、P兩顆星的質(zhì)量差為B.P、Q兩顆星線速度大小之差為C.P、Q兩顆星的質(zhì)量之比為D.P、Q兩顆星的運(yùn)動(dòng)半徑之比為〖答案〗ABD〖解析〗D．雙星系統(tǒng)靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，角速度大小相等，則周期相等，所以Q星的周期為T；根據(jù)題意可知，解得，則P、Q兩顆星的運(yùn)動(dòng)半徑之比為故D正確；A．雙星系統(tǒng)靠相互間萬(wàn)有引力提供向心力，角速度大小相等，向心力大小相等，則有解得，則Q、P兩顆星的質(zhì)量差為故A正確；B．P、Q兩顆星的線速度大小之差為故B正確；C．P、Q兩顆星的質(zhì)量之比為故C錯(cuò)誤。故選ABD。9.如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶負(fù)電小球懸掛在電容器內(nèi)部。閉合開(kāi)關(guān)S，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為，則（）A.保持開(kāi)關(guān)S閉合，略向左移動(dòng)B板，則減小B.保持開(kāi)關(guān)S閉合，略向右移動(dòng)B板，則減小C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，略向上移動(dòng)A板，則不變D.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，略向上移動(dòng)A板，則增大〖答案〗BD〖解析〗根據(jù)題意，對(duì)小球受力分析，由平衡條件可得解得AB．保持開(kāi)關(guān)S閉合，兩極板A、B間電壓不變，略向左移動(dòng)B板，極板間距離減小，由可知，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大，則增大，略向右移動(dòng)B板，極板間距離增大，由可知，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變小，則減小，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，極板上電荷量不變，由公式、和可得略向上移動(dòng)A板，減小，增大，則增大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.如圖所示，等腰梯形abcd區(qū)域內(nèi)，存在垂直該平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，磁場(chǎng)外有一粒子源O，能沿同一方向發(fā)射速度大小不等的同種帶電粒子，帶電粒子的質(zhì)量為，電荷量為，不計(jì)重力?，F(xiàn)讓粒子以垂直于ad的方向正對(duì)b射入磁場(chǎng)區(qū)域，發(fā)現(xiàn)帶電粒子恰好都從cd之間飛出磁場(chǎng)，則（）A.粒子源發(fā)射的粒子均為帶負(fù)電的粒子B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為C.帶電粒子的發(fā)射速度取值范圍為D.帶電粒子的發(fā)射速度取值范圍為〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)題意，粒子在磁場(chǎng)中向右偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知，粒子源發(fā)射的粒子均為帶正電的粒子，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)粒子從c點(diǎn)飛出時(shí)，其運(yùn)動(dòng)的速度最大，軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角最小，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示據(jù)幾何知識(shí)可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為則由牛頓第二定律有解得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為故B正確；CD．根據(jù)題意可知，當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡和相切時(shí)，粒子的速率是最小的，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示令粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，根據(jù)幾何知識(shí)有解得解得帶電粒子的最小發(fā)射速度為可知帶電粒子的發(fā)射速度取值范圍為故D錯(cuò)誤，C正確。故選BC。二、非選擇題：共60分。第11—15題為必考題，每個(gè)試題考生必須作答。第16—17題為選考題，考生根據(jù)要求作答。11.在用DIS研究小車加速度與外力的關(guān)系時(shí)，某實(shí)驗(yàn)小組選用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置，重物通過(guò)滑輪用細(xì)線拉小車，在小車和重物之間接一個(gè)不計(jì)質(zhì)量的微型力傳感器，位移傳感器（發(fā)射器）隨小車一起沿水平軌道運(yùn)動(dòng)，位移傳感器（接收器）固定在軌道一端，實(shí)驗(yàn)中力傳感器顯示的拉力為F，保持小車[包括位移傳感器（發(fā)射器）]的質(zhì)量不變，改變重物質(zhì)量重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到加速度與外力的關(guān)系如圖2所示。（實(shí)驗(yàn)時(shí)可認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）(1)小車與軌道的滑動(dòng)摩擦力Ff=___________N。(2)從圖像中分析，小車[包括位移傳感器（發(fā)射器）]的質(zhì)量為_(kāi)__________kg。(3)該實(shí)驗(yàn)小組為得到a與F成正比的關(guān)系，應(yīng)將斜面的傾角θ調(diào)整到tanθ=___________?！即鸢浮?1)1.0(2)0.25(3)0.4〖解析〗(1)[1]根據(jù)圖像可知，當(dāng)F=1.0N時(shí)，小車開(kāi)始有加速度，則Ff=1.0N(2)[2]根據(jù)牛頓第二定律有則a–F圖像的斜率表示小車[包括位移傳感器（發(fā)射器）]質(zhì)量的倒數(shù)，即kg=0.25kg(3)[3]為得到a與F成正比的關(guān)系，則應(yīng)該平衡摩擦力，則有Mgsinθ=μMgcosθ解得tanθ=μ根據(jù)Ff=μMg得所以tanθ=0.412.某同學(xué)測(cè)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材。A.被測(cè)干電池一節(jié)B.電流表1：量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.1ΩC電流表2：量程0～0.6A，內(nèi)阻D.電壓表1：量程0～15V，內(nèi)阻未知E電壓表2：量程0～3V，內(nèi)阻未知F.滑動(dòng)變阻器1：阻值范圍為0～10Ω，允許通過(guò)最大電流2AG.滑動(dòng)變阻器2：阻值范圍為0～100Ω，允許通過(guò)最大電流1AH.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）伏安法測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測(cè)量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差，在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。在上述器材中請(qǐng)選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模娏鞅磉x擇________，電壓表選擇________，滑動(dòng)變阻器選擇_______。(填寫(xiě)器材前的字母)（2）實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇圖________(填“甲”或“乙”)。（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的圖像，則在修正了實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差后，干電池的電動(dòng)勢(shì)________V，內(nèi)阻________Ω。(結(jié)果保留三位有效數(shù)字）〖答案〗（1）CEF（2）甲（3）1.401.05〖解析〗（1）[1]實(shí)驗(yàn)要盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，已知電流表1的內(nèi)阻，可以把它串聯(lián)在干路中，把它的內(nèi)阻看成電源的一部分，而電壓表測(cè)量得到的電壓就可以看成是路端電壓，電流表選擇C。[2]由于一節(jié)干電池的電壓約為，路端電壓小于，讀數(shù)誤差太大，電壓表選擇E。[3]電池內(nèi)阻較小，則為了方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器選擇F。（2）[4]因?yàn)殡娏鞅淼膬?nèi)阻已知，把它接入干路中，可以準(zhǔn)確測(cè)出流過(guò)電源的干路電流，把它的內(nèi)阻等效為電源內(nèi)阻，電壓表的示數(shù)即可看做路端電壓，選甲圖。（3）[5][6]由閉合回路歐姆定律有結(jié)合圖像可得，解得13.如圖（a），將物塊A于P點(diǎn)處由靜止釋放，B落地后不反彈，最終A停在Q點(diǎn)。物塊A的圖像如圖（b）所示。已知B的質(zhì)量為，重力加速度大小g取，求：（1）物塊A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）物塊A的質(zhì)量。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意，由圖可知，物塊A在，加速度大小為由牛頓第二定律有解得（2）由圖可知，物塊A在，加速度大小為由牛頓第二定律，對(duì)A物體對(duì)B物體解得14.如圖所示，真空中的矩形abcd區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)同時(shí)存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，圓形邊界分別相切于ad、bc邊的中點(diǎn)e、f。一帶電粒子以初速度沿著ef方向射入該區(qū)域后能做直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)撤去磁場(chǎng)并保留電場(chǎng)，粒子以相同的初速度沿著ef方向射入，恰能從c點(diǎn)飛離該區(qū)域。已知（忽略粒子的重力）求：（1）帶電粒子的比荷；（2）若撤去電場(chǎng)僅保留磁場(chǎng)，粒子以相同的初速度沿著ef方向射入，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)速度偏向角?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意，設(shè)勻強(qiáng)電場(chǎng)強(qiáng)度為，當(dāng)電場(chǎng)和磁場(chǎng)同時(shí)存在時(shí)，粒子沿方向做直線運(yùn)動(dòng)，有當(dāng)撤去磁場(chǎng)，保留電場(chǎng)時(shí)，帶電粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，則水平方向有豎直方向有由牛頓第二定律得聯(lián)立解得（2）若撤去電場(chǎng)保留磁場(chǎng)，粒子將在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示由牛頓第二定律解得由圖中幾何關(guān)系得：解得由此可得粒子出磁場(chǎng)時(shí)的速度偏向角為。15.如圖所示，水平軌道AB、CD分別與高為、傾角的斜面軌道BC兩端平滑連接。質(zhì)量的小物塊P靜止在水平軌道AB上，質(zhì)量大于的小物塊Q位于P的左側(cè)，Q的初動(dòng)能為，初速度方向水平向右，Q與P發(fā)生碰撞后，P沿斜面上滑距離后返回，在水平軌道上與Q再次發(fā)生碰撞，所有軌道均光滑，每次碰撞均為彈性碰撞，軌道連接處無(wú)能量損失，g取。（1）求Q的質(zhì)量；（2）求第2次碰撞后瞬間P的速度大小?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意，設(shè)Q的質(zhì)量為，初速度大小為，則有第1次碰撞后瞬間P、Q的速度分別為、，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有碰撞過(guò)程為彈性碰撞，則有碰撞后，對(duì)小物塊P，由機(jī)械能守恒定律有聯(lián)立上述方程，解得（2）第2次碰撞前瞬間P的速度大小為，方向向左，設(shè)碰撞后瞬間P、Q的速度分別為、，由動(dòng)量守恒定律有由機(jī)械能守恒定律有聯(lián)立上述方程，解得（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從16、17兩題中任選一題做答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目題號(hào)后的方框涂黑。注意所選題目的題號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。（選擇題部分，選對(duì)1個(gè)得2分；選對(duì)2個(gè)得4分；選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）。16.下列說(shuō)法中正確的是（）A.懸浮在液體中微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)并不是分子運(yùn)動(dòng)，但微粒運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，間接反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性B.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積C.空氣中的水蒸氣的壓強(qiáng)越小，敞口容器中水蒸發(fā)一定越快D.理想氣體在某過(guò)程中從外界吸收熱量，其內(nèi)能可能減小E.熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體，也能夠從低溫物體傳到高溫物體〖答案〗ADE〖解析〗A．懸浮在液體中微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)并不是分子運(yùn)動(dòng)，但微粒運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，間接反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，故A正確；B．知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，能算出一個(gè)氣體分子所占有的體積，不是氣體分子的體積，故B錯(cuò)誤；C．空氣相對(duì)濕度小時(shí)，水蒸發(fā)越快，空氣中的水蒸氣的壓強(qiáng)越小，敞口容器中水蒸發(fā)不一定越快，故C錯(cuò)誤；D．由熱力學(xué)第一定律可知，理想氣體在某過(guò)程中從外界吸收熱量，并對(duì)外做功時(shí)，其內(nèi)能可能減小，故D正確；E．熱量能夠自發(fā)的從高溫物體傳到低溫物體，若有第三者介入，也能夠從低溫物體傳到高溫物體，故E正確。故選ADE。17.如圖所示，開(kāi)口向上、放在地面上汽缸內(nèi)用活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞的質(zhì)量為m，橫截面的面積為S。一質(zhì)量為2m的物塊放在缸底，用細(xì)線（不可伸長(zhǎng)）與活塞相連接且細(xì)線剛好拉直，這時(shí)缸內(nèi)氣體的溫度為，大氣壓強(qiáng)為，不計(jì)活塞與缸壁間的摩擦，現(xiàn)對(duì)缸內(nèi)氣體緩慢加熱，重力加速度