2024屆陜西省商洛市高三上學(xué)期尖子生學(xué)情診斷考試物理試題（解析版）

PAGEPAGE1商洛市2024屆高三尖子生學(xué)情診斷考試物理試卷考生注意：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分300分，考試時間150分鐘。2.答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項目填寫清楚。3.考生作答時，請將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4.本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題1.放射性元素钚（）是重要的核原料，其半衰期為88年，一個靜止的钚238衰變時放出α粒子和γ光子，生成原子核X，已知钚238、α粒子和原子核X的質(zhì)量分別為、、，普朗克常量為，真空中的光速為c，則下列說法正確的是（）A.X的比結(jié)合能比钚238的比結(jié)合能小B.將钚238用鉛盒密封，可減緩其衰變速度C.钚238衰變時放出的γ光子具有能量，但是沒有動量D.钚238衰變放出的γ光子的頻率小于〖答案〗D〖解析〗A．衰變過程釋放能量，質(zhì)量虧損，生成的新核更穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，故A錯誤；B．放射性元素的衰變快慢跟物理、化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故B錯誤；C．據(jù)康普頓觀點，γ光子不僅具有能量，也具有動量，其動量為，故C錯誤；D．衰變過程釋放的能量一部分以光子的形式釋放，另一部分轉(zhuǎn)化為新核和α粒子的動能，根據(jù)能量守恒可得解得故D正確。故選D。2.據(jù)中國載人航天工程辦公室消息，中國空間站已全面建成，我國載人航天工程“三步走”發(fā)展戰(zhàn)略已從構(gòu)想成為現(xiàn)實。目前，空間站組合體在軌穩(wěn)定運行，神舟十五號航天員乘組狀態(tài)良好，計劃于今年6月返回地面?？臻g站運行期間利用了我國的中繼衛(wèi)星系統(tǒng)進(jìn)行信號傳輸，天地通信始終高效穩(wěn)定。已知空間站在距離地面400公里左右的軌道上運行，其運動視為勻速圓周運動，中繼衛(wèi)星在距離地面36000公里左右的地球靜止軌道上運行，則下列說法正確的是（）A.中繼衛(wèi)星可能經(jīng)過合肥正上空B.空間站運行的角速度與中繼衛(wèi)星角速度大小相同C.在空間站內(nèi)可以用水銀體溫計測量宇航員體溫D.在實驗艙內(nèi)由靜止釋放一小球，測量小球下落的高度和時間可計算出實驗艙所在軌道處的重力加速度〖答案〗C〖解析〗A．同步衛(wèi)星的軌道在赤道上方，不可能經(jīng)過合肥上空，A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律得解得中繼衛(wèi)星的軌道半徑大于空間站的軌道半徑，所以中繼衛(wèi)星角速度小于空間站運行角速度，B錯誤；C．因為水銀溫度計是根據(jù)熱脹冷縮原理制成的，所以可以用水銀體溫計測宇航員體溫，C正確；D．在空間站內(nèi)的小球處于完全失重狀態(tài)，由靜止釋放的小球處于漂浮狀態(tài)，小球不下落，則無法通過測量小球下落的高度和時間計算出實驗艙所在軌道處的重力加速度，D錯誤。故選C。3.如圖所示的理想變壓器電路，變壓器原、副線圈的匝數(shù)可通過滑動觸頭P1、P2控制，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，L為燈泡。當(dāng)原線圈所接的交變電壓U降低后，燈泡L的亮度變暗，欲使燈泡L恢復(fù)到原來的亮度，下列措施可能正確的是（）A.僅將滑動觸頭Pl緩慢地向上滑動B.僅將滑動觸頭P2緩慢地向上滑動C.僅將滑動變阻器的滑動觸頭P3緩慢地向下滑動D.將滑動觸頭P2緩慢地向下滑動，同時P3緩慢地向下滑動〖答案〗B〖解析〗A．原線圈所接的交變電壓U降低后，原線圈兩端電壓U1減小，僅將滑動觸頭Pl緩慢地向上滑動，則變壓器原線圈匝數(shù)n1變多，據(jù)可知，副線圈兩端電壓U2減小，燈泡不可能恢復(fù)到原來的亮度，故A項錯誤；B．原線圈所接的交變電壓U降低后，原線圈兩端電壓U1減小，僅將滑動觸頭P2緩慢地向上滑動，則變壓器原線圈匝數(shù)n2變多，據(jù)可知，副線圈兩端電壓U2有可能與原來的電壓相同，燈泡可能恢復(fù)到原來的亮度，故B項正確；C．原線圈所接的交變電壓U降低后，原線圈兩端電壓U1減小，據(jù)可知，副線圈兩端電壓U2減小；滑動變阻器與燈泡并聯(lián)后與R1串聯(lián)，據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律知，僅將滑動變阻器的滑動觸頭P3緩慢地向下滑動，滑動變阻器接入電路電阻減小，滑動變阻器與燈泡并聯(lián)部分分得電壓所占比例下降；所以原線圈所接的交變電壓U降低后，僅將滑動變阻器的滑動觸頭P3緩慢地向下滑動，燈泡兩端電壓一定減小，燈泡不可能恢復(fù)到原來的亮度，故C項錯誤；D．原線圈所接的交變電壓U降低后，原線圈兩端電壓U1減小，將滑動觸頭P2緩慢地向下滑動，則變壓器原線圈匝數(shù)n2變少，據(jù)可知，副線圈兩端電壓U2一定減??；滑動變阻器與燈泡并聯(lián)后與R1串聯(lián)，據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律知，將滑動變阻器的滑動觸頭P3緩慢地向下滑動，滑動變阻器接入電路電阻減小，滑動變阻器與燈泡并聯(lián)部分分得電壓所占比例下降；所以原線圈所接的交變電壓U降低后，將滑動觸頭P2緩慢地向下滑動，同時P3緩慢地向下滑動，燈泡兩端電壓一定減小，燈泡不可能恢復(fù)到原來的亮度，故D項錯誤。4.如圖所示，虛線為勻強(qiáng)電場中的三角形，且三角形與勻強(qiáng)電場平行，，，BO的長度為l。一帶電荷量為q的正粒子由A移動到B的過程中，電場力對該粒子做功為零，由B移動到O的過程中克服電場力做了W的功。圖中的實線為粒子的可能軌跡，假設(shè)O點的電勢為零，則下列說法正確的是（）A.該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為B.B點的電勢為C.O、A兩點的電勢差為D.如果負(fù)粒子在A點的初速度方向由A指向B，則粒子的軌跡可能為實線M〖答案〗B〖解析〗BC．正粒子由A移動到B的過程中，電場力對該粒子做功為零，說明AB連線為該勻強(qiáng)電場的一個等勢線，由B移動到O的過程中，電場力對該粒子做功為-W，說明電場強(qiáng)度的方向垂直AB向上，則BO之間的電勢差為又則O、A兩點的電勢差為故B正確；C錯誤；A．該勻強(qiáng)電場的電場場強(qiáng)大小為故A錯誤；D．負(fù)粒子由A點射入該勻強(qiáng)電場時，受力方向與電場線的方向相反，即負(fù)粒子將向下偏轉(zhuǎn)，則負(fù)粒子的軌跡可能為實線N。故D錯誤。故選B。5.一兒童在樓梯臺階上玩擲彈力球游戲，彈力球質(zhì)量為m，小球從高處落到低處，其空中運動軌跡如圖所示，已知臺階的高和寬均為L，不計空氣阻力和碰撞時間，重力加速度為g，以下說法正確的是（）A.彈力球每次彈起在空中運動時間為B.彈力球每次彈起時速度大小為C.彈力球每次碰撞動量的變化量大小為D.彈力球每次碰撞損失的能量為〖答案〗C〖解析〗A．彈力球做斜拋運動，每次上升的最大高度為，根據(jù)可得上升的時間下落高度為，同理可知下落的時間彈力球每次彈起在空中運動時間為A錯誤；B．彈力球水平方向勻速運動，水平速度每次彈起時豎直分速度彈力球每次彈起時速度大小B錯誤；C．每次落地時的豎直分速度由于只有豎直方向速度發(fā)生變化，彈力球每次碰撞動量變化量大小為C正確；D．彈力球每次碰撞損失的能量D錯誤。故選C。6.兩根長度均為l的剛性輕桿，一端通過質(zhì)量為m的球形鉸鏈連接，此球為A球，另一端與質(zhì)量均為m的B、C小球相連。將此裝置的兩桿并攏，鉸鏈向上豎直地放在桌上，右邊距離C球處有一面豎直墻面，因受微小擾動兩桿分別向兩邊滑動，A球下降，致使C球與墻面發(fā)生彈性碰撞，兩桿始終在同一豎直面內(nèi)，不計一切摩擦，各球直徑都比桿長l小得多，重力加速度取g，從A球開始運動到A球落地前瞬間這一過程，下列說法正確的是（）A.整個運動過程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，系統(tǒng)水平方向動量守恒B.C球碰撞豎直墻面前瞬間速度大小為C.A球落地前瞬間，三球速度相同D.A球落地前瞬間，A球速度方向沿斜左下方〖答案〗BD〖解析〗A．運動過程中與墻壁碰撞，系統(tǒng)水平方向動量不守恒，由于是彈性碰撞又不計摩擦因此系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A錯誤；B．由于三球質(zhì)量相同，靜止釋放A球豎直向下運動，當(dāng)A、C間的桿與豎直方向夾角為45°時C球與豎直墻壁碰撞，此時，A球、C球的速度沿AC桿方向分速度相同，A球、B球的速度沿AB桿方向分速度相同，由于兩桿與豎直方向夾角都是，故三球速度大小相同，由動能定理得則C球碰撞豎直墻面前瞬間速度大小為故B正確；CD．C球與墻壁碰撞后，速度反向水平向左，A球沿AC桿方向速度立即沿CA方向，碰撞后瞬間A、B、C三球速度相同均水平向左為此后三球水平方向動量守恒。當(dāng)A球落地瞬間，B、C兩球只有水平向左速度，A球還具有豎直向下的速度，所以A球的速度方向沿斜左下方，故C錯誤，D正確。故選BD。7.如圖所示，光滑水平面內(nèi)固定著半徑的三分之二光滑圓弧軌道ABC，空間有水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度，以圓心O為原點建立沿電場線方向的坐標(biāo)軸x，其中A點和C點關(guān)于x軸對稱，OA和OC均與x軸間夾角為，一帶正電小球從x軸上M點垂直x軸方向以速度沿水平面方向拋出，小球恰好從A點沿切線方向進(jìn)入圓弧軌道，已知小球電荷量、質(zhì)量，以下說法正確的是（）A.小球初速度大小為4m/sB.M點坐標(biāo)為C.小球?qū)壍赖淖畲髩毫?4ND.小球運動具有周期性〖答案〗CD〖解析〗A．小球先做類平拋運動，有解得，故A錯誤；B．根據(jù)幾何關(guān)系可知M點坐標(biāo)故B錯誤；C．小球到達(dá)B點時速度最大，小球?qū)壍缐毫ψ畲螅蓜幽芏ɡ?，有由牛頓第二定律，有解得故C正確；D．小球達(dá)到C點時速度大小與在A點時相等，小球從C點離開軌道后做類斜上拋運動，恰好再經(jīng)過M點并恢復(fù)初始狀態(tài)，故小球運動具有周期性，故D正確。故選CD。8.如圖所示，三個半徑均為R的圓形磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ兩兩相切，圓心分別為、、，區(qū)域Ⅰ、Ⅲ內(nèi)存在垂直紙面向里勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為，一帶電粒子以速度沿連線方向從區(qū)域Ⅰ的邊界進(jìn)入磁場，通過三個區(qū)域后沿方向從區(qū)域Ⅲ邊界射出，已知粒子電量為e，質(zhì)量為m，粒子從進(jìn)入磁場到出磁場過程，始終在磁場內(nèi)運動，粒子重力不計，則以下說法正確的是（）A.區(qū)域Ⅱ磁場方向垂直紙面向里B.區(qū)域Ⅱ磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.粒子區(qū)域Ⅱ中速度方向改變了60°角D.粒子從進(jìn)入磁場到離開磁場所用時間為〖答案〗BD〖解析〗A．粒子運動的軌跡如圖由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，區(qū)域Ⅱ磁場方向垂直紙面向外，選項A錯誤；B．粒子在磁場Ⅰ中運動的軌道半徑粒子在磁場Ⅱ中運動的軌道半徑則根據(jù)可得可得選項B正確；C．由圖可知，粒子在區(qū)域Ⅱ中速度方向改變了120°角，選項C錯誤；D．粒子從進(jìn)入磁場到離開磁場所用時間為選項D正確。故選BD。二、非選擇題（一）必考題9.如圖a所示，為了探究合力與分力的關(guān)系，某實驗小組的同學(xué)將一張白紙用四個圖釘固定在水平的平板上，另用一圖釘將橡皮筋固定在A點，橡皮筋的另一端栓接兩細(xì)繩套，將兩只彈簧測力計甲和乙分別掛在兩細(xì)繩套上，使其沿平行于平板的方向?qū)蓷l細(xì)繩拉開一定的角度，并將結(jié)點拉到白紙上的O點。（1）圖a中彈簧測力計甲的讀數(shù)為________N，彈簧測力計乙的讀數(shù)為________N。（2）在完成該實驗時，為了保證每次操作的實驗效果相同，下列措施必須的是________。A.任何一次操作都應(yīng)保持兩細(xì)繩套的角度相同B.任何一次操作都應(yīng)將結(jié)點拉到同一位置O點C.任何一次操作結(jié)束后，讀數(shù)時應(yīng)正視彈簧測力計的示數(shù)D.任何一次操作都應(yīng)記錄細(xì)繩的方向（3）該小組的同學(xué)完成某次操作后，將記錄的實驗數(shù)據(jù)描繪在白紙上，作出的圖如圖b所示，則________是理論值，________是實際值.（均填“F”或“F＇”）〖答案〗（1）4.002.50（2）CD##DC（3）F〖解析〗（1）[1][2]圖a中彈簧測力計甲的讀數(shù)為，彈簧測力計乙的讀數(shù)為；（2）[3]A．任何一次操作不需要保持兩細(xì)繩套的角度相同，只需要在合適的范圍內(nèi)即可，故A錯誤；B．任何一次操作不需要將結(jié)點拉到同一位置O點，只需要保證同一組實驗中單獨一個力作用和兩個力作用時拉到的結(jié)點位置相同即可，不一定非得是固定的O點，故B錯誤；C．為保證實驗的準(zhǔn)確性，讀數(shù)時應(yīng)正視彈簧測力計的示數(shù)，故C正確；D．實驗中驗證力的平行四邊形法則，任何一次操作都應(yīng)記錄細(xì)繩的方向來表示力的方向，故D正確。故選CD。（3）[4][5]理論值是通過平行四邊形法則得到的，故是F，實際值是單獨一個力作用時的效果，方向必定與AO共線，故是。10.甲、乙兩個實驗小組先后用相同的實驗器材測量同一電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供以下實驗器材：兩節(jié)完全相同的干電池（每節(jié)電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為0.5Ω），電壓表V（量程為0～3.0V，內(nèi)阻約為6000Ω），電流表A（量程為0～1.2A，內(nèi)阻約為0.2Ω），滑動變阻器R（0～50Ω，0～1.0A），導(dǎo)線及開關(guān)；（1）甲小組實驗電路圖如圖（a），乙小組實驗電路圖如圖（b）。請將下列實驗器材按照電路圖（a）連接完成。_______（2）兩個小組電路連接準(zhǔn)確無誤后，閉合開關(guān)，移動滑動變阻器滑片讀出電流表和電壓表的讀數(shù)，都分別在U-I圖像中做出其實驗圖線；考慮到誤差因素，又都在同一圖像中作出修正圖線，各圖線延長線交坐標(biāo)軸上各點的坐標(biāo)值如圖（丙）和（?。t（丙）圖像為________（選“甲”或“乙”）小組作的圖像，其中①為________（選“實驗圖線”或“修正圖線”）；（?。﹫D像中②為________（選“實驗圖線”或“修正圖線”）（3）每節(jié)電池的電動勢E=________V（結(jié)果保留三有效數(shù)字），內(nèi)阻r=________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）見〖解析〗（2）甲修正圖線實驗圖線（3）3.001.0〖解析〗（1）[1]電路連接如圖所示（2）[2][3][4]電路圖如圖（a）中，主要誤差來源于電壓表的分流作用，理論上路端電壓為零時，外電路被短路，電壓表沒有分流作用，測量是準(zhǔn)確，而隨著路端電壓的增加，電壓表的分流作用逐漸增加，電流表測量值小于準(zhǔn)確值，偏差逐漸增大，因此測得的電動勢偏小，內(nèi)電阻偏?。浑娐穲D如圖（b）中，主要誤差來源于電流表的分壓作用，理論上當(dāng)電流表的示數(shù)為零時，電流表沒有分壓作用，電壓表測量是準(zhǔn)確的，隨著回路的電流增加，電流表的分壓逐漸增大，電壓表測量值小于真是值，而且偏差逐漸增大，因此測得的電動勢是準(zhǔn)確的，內(nèi)電阻偏大。因此丙圖像是甲小組作的圖像，其中①為修正圖線；丁圖像中的②為實驗圖線。（3）[5][6]利用修正圖像可知，圖像與縱坐標(biāo)的交點等于電動勢，圖像的斜率表示內(nèi)電阻，即E=3.00V，r=1.0Ω11.如圖甲所示，一足夠長的木板靜止在光滑的水平地面上，可視為質(zhì)點的小滑塊置于木板上A處。從t＝0時刻開始，木板在外力作用下開始沿水平地面做直線運動，其運動的v-t圖象如圖乙所示。已知滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.2，木板與滑塊間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取.求：（1）t＝3.5s時滑塊的速度大??；（2）若滑塊在木板上滑動時能夠留下痕跡，則此痕跡的長度?！即鸢浮剑?）7m/s；（2）12m〖解析〗（1）假設(shè)t=0時刻滑塊與木板發(fā)生相對滑動，由木板運動的v-t圖象可得，木板的加速度大小對滑塊，由牛頓第二定律有得a2=2m/s2由于a2＜a1，所以滑塊確實與木板發(fā)生了相對滑動，t＝3s時滑塊的速度大小木板的速度大小之后，木板減速，加速度大小仍為，當(dāng)兩物體共速還需要時間，有解得故在內(nèi)，滑塊還在加速，因此t＝3.5s時滑塊的速度大小（2）由以上分析可知內(nèi)滑塊一直加速，位移大小為時滑塊的速度大小為根據(jù)圖像與時間軸圍成的面積可知木板內(nèi)位移大小為因此4s內(nèi)木板相對滑塊向前運動12m；前，木板相對滑塊向前運動，后，因為木板加速度大小不變且大于滑塊的最大加速度，則木板相對滑塊向后運動，在（4-6s）內(nèi)，木板的位移大小為滑塊在后減速直到停止過程的位移大小因此4-6s內(nèi)，木板相對滑塊向后運動8m。故滑塊在木板上滑動時能夠留下痕跡，則此痕跡的長度為12m。12.如圖所示，電阻不計的U形導(dǎo)軌P放置在光滑的水平面上，導(dǎo)軌質(zhì)量M＝3kg，寬度L＝1m，導(dǎo)體棒ab放置在導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)體棒質(zhì)量m＝1kg、電阻R＝1Ω。右側(cè)區(qū)域內(nèi)存在著豎直向上的有界磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝2T，初始時導(dǎo)體棒ab距磁場左邊界距離，距導(dǎo)軌左端距離，現(xiàn)對導(dǎo)軌施加水平向右的恒力F＝20N，使導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒ab一起做加速運動。導(dǎo)體棒ab進(jìn)入磁場剛好做勻速運動（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），當(dāng)導(dǎo)體棒ab離開磁場的瞬間，導(dǎo)軌左端正好進(jìn)入磁場，導(dǎo)軌出磁場前與導(dǎo)體棒ab達(dá)到共同速度并一起做勻速運動，重力加速度取。求：（1）導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場時的速度大?。唬?）導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)和磁場寬度d；（3）導(dǎo)軌左端離開磁場時的速度；（4）U形導(dǎo)軌P的左端穿越磁場所用的時間?！即鸢浮剑?）2m/s；（2）0.8，2m；（3）5m/s；（4）0.4s〖解析〗（1）導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場前，對導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒整體分析，由牛頓第二定律得由勻變速直線運動規(guī)律得解得導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場時的速度大小為（2）導(dǎo)體棒在磁場中做勻速直線運動，產(chǎn)生電動勢為由閉合電路歐姆定律，可得流過導(dǎo)體棒的電流為對導(dǎo)體棒受力分析，由平衡條件可得解得設(shè)導(dǎo)體棒在磁場中運動的時間為，則有在時間內(nèi)，對導(dǎo)軌受力分析，由牛頓第二定律得由勻變速直線運動規(guī)律解得（3）設(shè)導(dǎo)軌出磁場前與導(dǎo)體棒達(dá)到的共同速度為，共速時導(dǎo)軌左端產(chǎn)生的電動勢為流過導(dǎo)軌的電流為由于一起做勻速運動，則有可得導(dǎo)軌左端離開磁場時的速度為（4）導(dǎo)軌左端剛進(jìn)入磁場時的速度為設(shè)導(dǎo)軌的左端穿越磁場所用的時間為，對導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌整體分析，由動量定理可得又因為解得（二）選考題13.一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)經(jīng)狀態(tài)再回到，它的壓強(qiáng)與體積的變化關(guān)系如圖所示，為一平行四邊形．下列判斷正確的是（）A.氣體在狀態(tài)的溫度大于在狀態(tài)的溫度B.過程，氣體向外界放出的熱量大于C.過程，氣體吸收的熱量小于它增加的內(nèi)能D.過程氣體內(nèi)能的增加量等于過程它向外界放出的熱量E.從初始狀態(tài)經(jīng)狀態(tài)再回到的過程，氣體吸收的熱量為〖答案〗BDE〖解析〗A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知可知pV乘積正比于溫度，由圖可知＞可知氣體在狀態(tài)的溫度小于在狀態(tài)的溫度，故A錯誤；B．過程，由圖可知體積減小，外界對氣體做正功，由圖線與橫軸所圍的面積可得由pV乘積正比于溫度，可知過程溫度降低，內(nèi)能減小，即＜0根據(jù)熱力學(xué)第一定律知可知氣體向外界放出的熱量大于，故B正確；C．過程，氣體做等容變化，氣體不做功，壓強(qiáng)增大，溫度升高，氣體內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體吸收的熱量等于它增加的內(nèi)能，故C錯誤；D．由于=則Tb=Td可知過程，氣體做等容變化，氣體不做功，則所以過程氣體內(nèi)能的增加量等于過程它向外界放出的熱量，故D正確；E．從初始狀態(tài)經(jīng)狀態(tài)再回到的過程，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，氣體對外做功，由圖像面積可得由熱力學(xué)第一定律可知所以氣體吸收的熱量為，故E正確。故選BDE。14.如圖所示，一豎直放置的絕熱汽缸被質(zhì)量為（為汽缸橫截面積）的活塞和固定的絕熱隔板分成上、下兩個氣室，下方氣室內(nèi)有加熱裝置（圖中未畫出），固定隔板上裝有單向閥門，單向閥門只能向上開啟（下面氣壓大于上面氣壓時開啟）。狀態(tài)穩(wěn)定時，下方氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，上、下兩氣室內(nèi)氣體溫度均為。汽缸上部有固定卡塞，卡塞到活塞的距離、活塞到隔板的距離以及隔板到汽缸底部的距離均相同，重力加速度為，大氣壓強(qiáng)為，不計活塞與汽缸、單向閥