山東省沂南一中2024年高考考前模擬物理試題含解析_第1頁(yè)
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山東省沂南一中2024年高考考前模擬物理試題注意事項(xiàng):1.答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效;在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,甲、乙兩物體用兩根輕質(zhì)細(xì)線分別懸掛在天花板上,兩細(xì)線與水平方向夾角分別為60°和45°,甲、乙間拴接的輕質(zhì)彈簧恰好處于水平狀態(tài),則下列判斷正確的是()A.甲、乙的質(zhì)量之比為1:B.甲、乙所受彈簧彈力大小之比為:C.懸掛甲、乙的細(xì)線上拉力大小之比為1:D.快速撤去彈簧的瞬間,甲、乙的瞬時(shí)加速度大小之比為1:2、2019年2月15日,一群中國(guó)學(xué)生拍攝的地月同框照,被外媒評(píng)價(jià)為迄今為止最好的地月合影之一。如圖所示,把地球和月球看做繞同一圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的雙星系統(tǒng),質(zhì)量分別為M、m,相距為L(zhǎng),周期為T,若有間距也為L(zhǎng)的雙星P、Q,P、Q的質(zhì)量分別為2M、2m,則()A.地、月運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為 B.地、月運(yùn)動(dòng)的加速度之比為C.P運(yùn)動(dòng)的速率與地球的相等 D.P、Q運(yùn)動(dòng)的周期均為3、如圖所示,N匝矩形導(dǎo)線框以角速度繞對(duì)稱軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng),線框面積為S,線框電阻、電感均不計(jì),在左側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng),外電路接有電阻R,理想電流表A,則:()A.從圖示時(shí)刻起,線框產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)為B.交流電流表的示數(shù)C.R兩端電壓的有效值D.一個(gè)周期內(nèi)R的發(fā)熱量4、下列四幅圖的有關(guān)說(shuō)法中正確的是()A.圖(l)若將電源極性反接,電路中一定沒有光電流產(chǎn)生B.圖(2)盧瑟福通過α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子核的構(gòu)成C.圖(3)一群氫原子處于n=5的激發(fā)態(tài)躍遷到n=1的基態(tài)最多能輻射6種不同頻率的光子D.圖(4)原子核D、E結(jié)合成F時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損,要釋放能量5、2019年8月11日超強(qiáng)臺(tái)風(fēng)“利奇馬”登陸青島,導(dǎo)致部分高層建筑頂部的廣告牌損毀。臺(tái)風(fēng)“利奇馬”登陸時(shí)的最大風(fēng)力為11級(jí),最大風(fēng)速為30m/s。某高層建筑頂部廣告牌的尺寸為:高5m、寬20m,空氣密度=1.2kg/m3,空氣吹到廣告牌上后速度瞬間減為0,則該廣告牌受到的最大風(fēng)力約為A.3.9×103N B.1.2×105N C.1.0×104N D.9.0×l04N6、如圖所示電路中,變壓器為理想變壓器,電壓表和電流表均為理想電表,a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端,R0為定值電阻,R為滑動(dòng)變阻器.現(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置,觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A,電流表A2的示數(shù)增大了0.8A,則下列說(shuō)法中正確的是()A.該變壓器起升壓作用B.電壓表V2示數(shù)增大C.電壓表V3示數(shù)減小D.變阻器滑片是沿d→c的方向滑動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,在光滑的水平桌面上有體積相同的兩個(gè)小球A、B,質(zhì)量分別為m=0.1kg和M=0.3kg,兩球中間夾著一根壓縮的輕彈簧,原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài),同時(shí)放開A、B球和彈簧,已知A球脫離彈簧的速度為6m/s,接著A球進(jìn)入與水平面相切,半徑為0.5m的豎直面內(nèi)的光滑半圓形軌道運(yùn)動(dòng),PQ為半圓形軌道豎直的直徑,,下列說(shuō)法正確的是A.彈簧彈開過程,彈力對(duì)A的沖量大于對(duì)B的沖量B.A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為2m/sC.A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中所受合外力的沖量大小為1N·sD.若半圓軌道半徑改為0.9m,則A球不能到達(dá)Q點(diǎn)8、如圖所示,地球質(zhì)量為M,繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),半徑為R.有一質(zhì)量為m的飛船,由靜止開始從P點(diǎn)在恒力F的作用下,沿PD方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng),一年后在D點(diǎn)飛船掠過地球上空,再過三個(gè)月,又在Q處掠過地球上空.根據(jù)以上條件可以得出A.DQ的距離為B.PD的距離為C.地球與太陽(yáng)的萬(wàn)有引力的大小D.地球與太陽(yáng)的萬(wàn)有引力的大小9、如圖,勻強(qiáng)磁場(chǎng)與平面垂直且僅分布在第一象限,兩個(gè)完全相同的帶電粒子、從軸上的點(diǎn)以相等速率射入磁場(chǎng),分別經(jīng)過時(shí)間、后從軸上縱坐標(biāo)為,的兩點(diǎn)垂直于軸射出磁場(chǎng)。已知兩帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為,半徑為,粒子射入速度方向與軸正方向的夾角為。、間的相互作用和重力可忽略。下列關(guān)系正確的是()A. B. C. D.10、如圖所示,電路中R1和R2均為可變電阻,平行板電容器C的極板水平放置。閉合開關(guān)S,電路達(dá)到穩(wěn)定時(shí),一帶電油滴恰好懸浮在兩板之間。下列說(shuō)法正確的是()A.僅增大的R2阻值,油滴仍然靜止B.僅增大R1的阻值,油滴向上運(yùn)動(dòng)C.增大兩板間的距離,油滴仍然靜止D.?dāng)嚅_開關(guān)S,油滴將向下運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)在測(cè)定電容器電容的實(shí)驗(yàn)中,將電容器、電壓傳感器、阻值為3kΩ的電阻R、電源、單刀雙擲開關(guān)S按圖甲所示電路圖進(jìn)行連接。先使開關(guān)S與1相連,電源給電容器充電,充電完畢后把開關(guān)S擲向2,電容器放電,直至放電完畢,實(shí)驗(yàn)得到的與電壓傳感器相連接的計(jì)算機(jī)所記錄的電壓隨時(shí)間變化的圖線如圖乙所示,圖丙為由計(jì)算機(jī)對(duì)圖乙進(jìn)行數(shù)據(jù)處理后記錄了“峰值”及圖線與時(shí)間軸所圍“面積”的圖像。(1)根據(jù)圖甲所示的電路,觀察圖乙可知:充電電流與放電電流方向________(填“相同”或“相反”),大小都隨時(shí)間________(填“增大”或“減小”)。(2)該電容器的電容為________F(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。(3)某同學(xué)認(rèn)為:仍利用上述裝置,將電壓傳感器從電阻兩端改接在電容器的兩端,也可以測(cè)出電容器的電容值,請(qǐng)你分析并說(shuō)明該同學(xué)的說(shuō)法是否正確________。12.(12分)把較粗的銅絲和鐵絲相隔約幾毫米插入蘋果中就制成了一個(gè)水果電池。水果電池的電動(dòng)勢(shì)較?。s為),而內(nèi)阻較大(約為)。用下列提供的器材設(shè)計(jì)電路,實(shí)現(xiàn)準(zhǔn)確測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。A.蘋果一個(gè)B.較粗的銅絲和鐵絲各一根C.電流表(量程,內(nèi)阻約)D.電流表(量程,內(nèi)阻)E.定值電阻(阻值為)F.滑動(dòng)變阻器()G.開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)根據(jù)上述的器材設(shè)計(jì)測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)電路,如圖甲所示請(qǐng)根據(jù)圖甲在圖乙中進(jìn)行實(shí)物連線______。(2)實(shí)驗(yàn)中測(cè)量出多組數(shù)據(jù),電流表的示數(shù)記為,電流表的示數(shù)記為,畫出隨變化的圖像如圖丙所示,根據(jù)圖像可得,該水果電池的電動(dòng)勢(shì)________V,內(nèi)阻________。(3)要內(nèi)阻減小,可采取________。A.銅絲和鐵絲距離近一些B。銅絲和鐵絲插入深一些C。銅絲和鐵絲更細(xì)一些四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13.(10分)小王在實(shí)驗(yàn)室做單擺實(shí)驗(yàn)時(shí)得到如圖甲所示的單擺振動(dòng)情形,O是它的平衡位置,B、C是擺球所能到達(dá)的左右最遠(yuǎn)位置,此時(shí)的擺動(dòng)角度為θ,小王通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間=10m/s2,并且根據(jù)實(shí)驗(yàn)情況繪制了單擺的振動(dòng)圖象如圖乙所示,設(shè)圖中單擺向右擺動(dòng)為正方向。求:(1)單擺的振幅、擺長(zhǎng)約為多少;(2)估算單擺振動(dòng)時(shí)最大速度v。(可能用到的公式1-cosθ=2sin2)(計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)14.(16分)應(yīng)用如圖所示的裝置研究帶電粒子在電場(chǎng)、磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況。相鄰的區(qū)域I、II均為邊長(zhǎng)為的正方形。區(qū)域I內(nèi)可以添加方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng);區(qū)域II內(nèi)可以添加方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。區(qū)域II的邊緣處有可探測(cè)帶電粒子的屏。一束帶電粒子沿兩區(qū)域中間軸線以速度水平射入?yún)^(qū)域I,粒子束中含有多種粒子,其電荷量由小到大的范圍為,質(zhì)量由小到大的范圍為。粒子在電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力,在磁場(chǎng)中只受洛倫茲力。(1)若只在區(qū)域II內(nèi)添加磁場(chǎng),且能夠在屏上探測(cè)到所有粒子,則磁感應(yīng)強(qiáng)度為多大;(2)若只在區(qū)域I內(nèi)添加電場(chǎng),且能夠在屏上探測(cè)到所有粒子,則電場(chǎng)強(qiáng)度為多大;(3)當(dāng)兩個(gè)區(qū)域分別添加上述(1)(2)中的電場(chǎng)及磁場(chǎng),電荷量為、質(zhì)量為的粒子能夠在屏上探測(cè)到。求解粒子在屏上顯現(xiàn)的位置,試列出各求解方程式。(不對(duì)方程式求解)15.(12分)如圖,質(zhì)量的長(zhǎng)方體鋼板靜止在粗糙的水平面上,質(zhì)量的滑塊靜止在鋼板右端。一質(zhì)量的光滑小球沿水平面以初速度向右運(yùn)動(dòng),與鋼板發(fā)生彈性正碰,碰撞時(shí)間極短,碰后鋼板向右滑行,滑塊恰好不從鋼板上掉下來(lái)。已知鋼板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù),與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù),取。求:(1)碰后瞬間,小球的速度大小和鋼板的速度大??;(2)滑塊在鋼板上滑行的時(shí)間;(3)鋼板的長(zhǎng)度以及鋼板剛停下時(shí)滑塊與小球間的距離。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

B.因?yàn)槭峭桓鶑椈?,彈力相等,故B錯(cuò)誤;AC.對(duì)甲乙兩個(gè)物體受力分析,如圖所示甲乙都處于靜止?fàn)顟B(tài),受力平衡,則有對(duì)甲,對(duì)乙,代入數(shù)據(jù)得故AC錯(cuò)誤;D.快速撤去彈簧的瞬間,甲、乙所受合力為其重力在繩端的切向分力,根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有故D正確。故選D。2、D【解析】

雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力,具有相同的角速度和周期,對(duì)兩顆星分別運(yùn)用牛頓第二定律和萬(wàn)有引力定律列式,進(jìn)行求解即可?!驹斀狻緼.對(duì)于地、月系統(tǒng),兩者具有相同的角速度和周期,萬(wàn)有引力提供向心力則地、月系統(tǒng),兩者運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為故A錯(cuò)誤;B.對(duì)于地、月系統(tǒng),根據(jù)牛頓第二定律,得故B錯(cuò)誤;D.同理,P、Q系統(tǒng),萬(wàn)有引力提供向心力P、Q系統(tǒng)的軌道半徑運(yùn)行周期同理,對(duì)于地、月系統(tǒng),運(yùn)行周期聯(lián)立解得故D正確;C.根據(jù)得:地球的運(yùn)動(dòng)速率同理可得P運(yùn)動(dòng)速率聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤。故選D。3、B【解析】

A.、由圖可知線圈只有一半在磁場(chǎng)中,產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值為:,從圖示時(shí)刻起,線框產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)為:,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;B、交流電流表的示數(shù)為:,故選項(xiàng)B正確;C、兩端電壓的有效值:,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D、一個(gè)周期內(nèi)的發(fā)熱量:,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤.4、D【解析】

A.圖(l)若將電源極性反接,即為反向電壓,只要反向電壓比遏止電壓小,電路中就有光電流產(chǎn)生,故A錯(cuò)誤;B.圖(2)盧瑟福通過α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型,故B錯(cuò)誤;C.圖(3)一群氫原子處于n=5的激發(fā)態(tài)躍遷到n=1的基態(tài)最多能輻射出種不同頻率的光子,故C錯(cuò)誤;D.原子核D和E聚變成原子核F時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損,要釋放能量,故D正確。故選D。5、B【解析】

廣告牌的面積S=5×20m2=100m2設(shè)t時(shí)間內(nèi)吹到廣告牌上的空氣質(zhì)量為m,則有:m=ρSvt根據(jù)動(dòng)量定理有:-Ft=0-mv=0-ρSv2t得:F=ρSv2代入數(shù)據(jù)解得F≈1.2×105N故B正確,ACD錯(cuò)誤。故選B。6、C【解析】

A.由公式得則該變壓器起降壓作用,故A錯(cuò)誤;B.由于a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端,則電壓表V1示數(shù)不變,由理相變壓器原公式可知,電壓表V2示數(shù)不變,故B錯(cuò)誤;C.電壓表V3的示數(shù)由于U2不變,I2增大,則U3減小,故C正確;D.由且U2不變,I2增大,R應(yīng)減小,則滑片應(yīng)沿方向滑動(dòng),故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、BCD【解析】

彈簧彈開兩小球的過程,彈力相等,作用時(shí)間相同,根據(jù)沖量定義可知,彈力對(duì)A的沖量大小等于B的沖量大小,故A錯(cuò)誤;由動(dòng)量守恒定律,解得A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為,故B正確;設(shè)A球運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)速率為v,對(duì)A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程,由機(jī)械能守恒定律可得,解得:v=4m/s,根據(jù)動(dòng)量定理,即A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中所受合外力的沖量大小為1N·s,故C正確;若半圓軌道半徑改為0.9m,小球到達(dá)Q點(diǎn)的臨界速度,對(duì)A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程,由機(jī)械能守恒定律,解得,小于小球到達(dá)Q點(diǎn)的臨界速度,則A球不能達(dá)到Q點(diǎn),故D正確。故選BCD。8、ABC【解析】

根據(jù)DQ的時(shí)間與周期的關(guān)系得出D到Q所走的圓心角,結(jié)合幾何關(guān)系求出DQ的距離.抓住飛船做勻加速直線運(yùn)動(dòng),結(jié)合PD的時(shí)間和PQ的時(shí)間之比得出位移之比,從而得出PD的距離.根據(jù)位移時(shí)間公式和牛頓第二定律,結(jié)合地球與太陽(yáng)之間的引力等于地球的向心力求出引力的大小.【詳解】地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期為一年,飛船從D到Q所用的時(shí)間為三個(gè)月,則地球從D到Q的時(shí)間為三個(gè)月,即四分之一個(gè)周期,轉(zhuǎn)動(dòng)的角度為90度,根據(jù)幾何關(guān)系知,DQ的距離為,故A正確;因?yàn)镻到D的時(shí)間為一年,D到Q的時(shí)間為三個(gè)月,可知P到D的時(shí)間和P到Q的時(shí)間之比為4:5,根據(jù)得,PD和PQ距離之比為16:25,則PD和DQ的距離之比為16:9,,則,B正確;地球與太陽(yáng)的萬(wàn)有引力等于地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,對(duì)PD段,根據(jù)位移公式有:,因?yàn)镻到D的時(shí)間和D到Q的時(shí)間之比為4:1,則,即T=t,向心力,聯(lián)立解得地球與太陽(yáng)之間的引力,故C正確D錯(cuò)誤.9、CD【解析】

A.由題意可知兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角之和為,因?yàn)榱W觔的軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為,所以粒子a運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為,則故A錯(cuò)誤;BCD.粒子a、b運(yùn)動(dòng)時(shí)間之和為,即由幾何知識(shí)可知,故、故B錯(cuò)誤,CD正確。故選CD。10、ABD【解析】

開始液滴靜止,液滴處于平衡狀態(tài),由平衡條件可知:mg=qUd;由圖示電路圖可知,電源與電阻R1組成簡(jiǎn)單電路,電容器與R1并聯(lián),電容器兩端電壓等于R1兩端電壓,等于路端電壓,電容器兩端電壓:U=IR1=ER1r+R【點(diǎn)睛】本題考查了判斷液滴運(yùn)動(dòng)狀態(tài)問題,分析清楚電路結(jié)構(gòu),分析清楚極板間場(chǎng)強(qiáng)如何變化、判斷出液滴受力如何變化是解題的關(guān)鍵.三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、相反減小1.0×10-2正確【解析】

(1)[1][2]根據(jù)圖甲所示的電路,觀察圖乙可知充電電流與放電電流方向相反,大小都隨時(shí)間減??;(2)[3]根據(jù)充電時(shí)電壓—時(shí)間圖線可知,電容器的電荷量為:Q=It=t而電壓的峰值為Um=6V,則該電容器的電容為:C=設(shè)電壓—時(shí)間圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積為S,聯(lián)立解得:C===F=1.0×10-2F;(3)[4]正確,電容器放電的過程中,電容器C與電阻R兩端的電壓大小相等,因此通過對(duì)放電曲線進(jìn)行數(shù)據(jù)處理后記錄的“峰值Um”及圖線與時(shí)間軸所圍“面積”,仍可應(yīng)用:C==計(jì)算電容值。12、1.2300AB【解析】

(1)[1].根據(jù)電路圖,連接實(shí)物圖如圖。

(2)[2][3].根據(jù)閉合電路歐姆定律,可得I2(R0+R2)+(I1+I2)r

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