江西省2023年高考物理模擬（二模）試題知識點(diǎn)訓(xùn)練：電磁學(xué)選擇題

江西省2023年高考物理模擬（二模）試題知識點(diǎn)分類訓(xùn)練:

電磁學(xué)選擇題

一、單選題

1.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，在點(diǎn)電荷形成的電場中有A、B兩點(diǎn)，其中A點(diǎn)

的場強(qiáng)大小為既，方向與AB連線成30。角，電勢為力；B點(diǎn)的場強(qiáng)大小為4，方向與

AB連線成60。角，電勢為外。則（）

A.EA<EB，<P*<<PBB.EA<EB,（PA>（PB

C.EA>ER,SA>ΨBD.EA>E6,φλ<φs

2.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，四分之一圓周區(qū)域MoN內(nèi)存在方向垂直紙面向外

的勻強(qiáng)磁場，P點(diǎn)為半徑ON的中點(diǎn)。現(xiàn)有兩個帶電粒子〃、h,以相同的速度先后從P

點(diǎn)沿。N方向射入磁場，并分別從M、N兩點(diǎn)射出磁場。不計粒子所受重力及粒子間相

互作用。則粒子〃、匕在磁場中運(yùn)動周期之比為（）

A.5：1B.1：5C.2：3D.3：2

3.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)電場中，A球位于B球的正上

方，質(zhì)量相等的兩個小球以相同初速度水平拋出，它們最后落在水平面上同一點(diǎn)，其中

只有一個小球帶電，不計空氣阻力，下列判斷不正確的是（）

A.如果A球帶電，則A球一定帶負(fù)電B.如果A球帶電，則A球的電勢能一定

增加

C.如果B球帶電，則B球一定帶正電D.如果B球帶電，則B球的電勢能一定

增加

4.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r,各電

表均為理想電表。閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向上滑動，電壓表V］、V2、V3示數(shù)

變化量的絕對值分別為?t/,、Aa、A%,電流表A示數(shù)變化量的絕對值為Δ/,貝卜）

A.VHV2、V3、A示數(shù)均變小

B.bU2=bU、+NU3

C.坐和生均不變，且四＜必

Δ/Δ/MΔ/

D.電源輸出功率先增大后減小

5.（2023?江西?統(tǒng)考二模）下列說法正確的是（）

A.裂變反應(yīng)后生成的新核的比結(jié)合能小于反應(yīng)前原子核的比結(jié)合能

B.氫原子從能級〃=2躍遷到〃=5的激發(fā)態(tài)時，核外電子動能增大

C.質(zhì)子的德布羅意波長與其動量成正比

D.勻強(qiáng)磁場中一個靜止的杯核值9Pu）發(fā)生α衰變，新核和α粒子的軌跡半徑之比為

1:46

二、多選題

6.（2023?江西?統(tǒng)考二模）新一代航母阻攔系統(tǒng)將采用電磁阻攔技術(shù)，基本原理如圖所

示，飛機(jī)著艦時關(guān)閉動力系統(tǒng)，通過絕緣阻攔索鉤住軌道上的一根金屬棒而，導(dǎo)軌間

試卷第2頁，共6頁

距為4,飛機(jī)質(zhì)量為M,金屬棒質(zhì)量為，〃，飛機(jī)著艦鉤住金屬棒后與金屬棒以共同速度

%進(jìn)入磁場，軌道端點(diǎn)MP間電阻為R、金屬棒電阻為r,不計其它電阻和阻攔索的質(zhì)

量。軌道間有豎直方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為瓦金屬棒運(yùn)動一段距離X后飛機(jī)停

下，測得此過程電阻R上產(chǎn)生焦耳熱為Q,則（）

B-通過金屬棒的最大電流為霆

C.通過金屬棒的電荷量泮

D.飛機(jī)和金屬棒克服摩擦阻力和空氣阻力所做的總功;（M+，〃）詔-Q

7.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，長為L的絕緣細(xì)線一

端懸于。點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為小電荷量為+q的小球（可視為點(diǎn)電荷）。將小球拉至

與O點(diǎn)等高的A點(diǎn)，保持細(xì)線繃緊并靜止釋放，小球運(yùn)動到與豎直方向夾角30的P

點(diǎn)時速度變?yōu)?。已知電場范圍足夠大，重力加速度為g,空氣阻力可忽略。以下說法

正確的是（）

q

B.小球剛釋放時的加速度為g

C.小球通過P時細(xì)繩的拉力為3/ng

D.小球運(yùn)動過程中最大速度大小為

8.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，邊長為L的正三角形ABC內(nèi)存在垂直紙面向里的

勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為瓦。為BC的中點(diǎn)，有一群帶電量為+外質(zhì)量為，"的粒子從

。點(diǎn)以不同速率沿與BC成30的方向進(jìn)入磁場。不計粒子重力和粒子間的相互作用，以

下說法正確的是（)

A.所有從8C邊出射的粒子運(yùn)動時間均相同

B.所有從AC邊出射的粒子，出射點(diǎn)越靠近4運(yùn)動時間越短

C.當(dāng)入射速度為心%時，粒子從AC邊出射

D.若粒子帶負(fù)電，則從C點(diǎn)出射的粒子軌跡半徑為坦L

2

9.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，粗細(xì)均勻的電阻絲制成的長方形導(dǎo)線框處在

勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于線框平面，用另一種材料的電阻絲制成的導(dǎo)體棒MN

（MNLab）與導(dǎo)線框保持良好接觸并在外力作用下從導(dǎo)線框左端勻速滑到右端，在此

過程中，導(dǎo)線框上消耗的電功率尸的變化情況可能為（）

M

d×n×××.

×××B×

×××X

αI—U-------------Ib

XNX×X

A.逐漸增大B.先增大后減小

C.先減小后增大D.增大、減小、再增大、再減小

10.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖，水平面上兩根足夠長的金屬導(dǎo)軌平行固定放置，間距

為L=LOm,一端通過導(dǎo)線與阻值為R=0?5C的電阻連接；導(dǎo)軌上放一質(zhì)量為〃?=0.5kg

的金屬桿（如圖甲），金屬桿與導(dǎo)軌的電阻忽略不計，勻強(qiáng)磁場豎直向下。用與導(dǎo)軌平

行的拉力廠作用在金屬桿上，使桿運(yùn)動，當(dāng)改變拉力的大小時，相對應(yīng)穩(wěn)定時的速度V

也會變化，已知V和尸的關(guān)系如圖乙。（重力加速度取g=10m∕s?）則（）

試卷第4頁，共6頁

甲乙

A.金屬桿受到的拉力與速度成正比

B.該磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0.25T

C.圖線在橫軸的截距表示金屬桿與導(dǎo)軌間的阻力大小

D.導(dǎo)軌與金屬桿之間的動摩擦因數(shù)為〃=0?4

11.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，僅在x>0,y>O的空間中存在垂直XOy平面向

里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為瓦在X軸上有一粒子源P,到坐標(biāo)原點(diǎn)的距離為

L,可垂直于磁場沿著與X軸成30。角的方向發(fā)射速率不同的相同粒子，粒子質(zhì)量為出

帶電荷量為十如不計重力的影響，則下列有關(guān)說法中正確的是（）

A.當(dāng)粒子速率V=理時，粒子將垂直于y軸射出

m

B.粒子從X軸上射出的位置坐標(biāo)可能是（5,。）

C.粒子在磁場中運(yùn)動的時間可能為彳1

4Bq

πm

D.粒子在磁場中運(yùn)動的時間可能為行

SBq

12.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示的兩個平行板電容器水平放置，A板用導(dǎo)線與D'板

相連，B板和D'板都接地。已知A板帶正電，在兩個電容器間分別有M、N兩個帶電

油滴都處于靜止?fàn)顟B(tài)。間電壓為相，帶電量為且“，間電壓為帶電量為

ABUA'9UA7Γ,

若將板稍向下移，則（）

QAB?,B

A.電容CAB不變，電谷C?V3，不變

B.Uw減小，UHS?增大

C.減小，QAE增大

D.N原來所在位置處的電勢增大且N向上運(yùn)動

13.（2023?江西?統(tǒng)考二模）如圖所示，水平地面上有一長為L、通有垂直紙面向里、電

流大小為/的導(dǎo)體棒c,處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)在。、b處（外連線水平，Hc構(gòu)成正三角形）

的導(dǎo)體棒中也通有方向垂直紙面向里的電流/,三根導(dǎo)體棒完全相同，已知4在6處產(chǎn)

生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為綜，C對地面的壓力恰好為零，則（）

a0兇b

A.a、人處的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同

B.匕導(dǎo)體棒處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為6穌

C.C導(dǎo)體棒的質(zhì)量為幽巴

g

D.拿走b導(dǎo)體棒，c所受摩擦力方向向左

試卷第6頁，共6頁

參考答案:

1.B

【詳解】將E、E延長相交，交點(diǎn)即為點(diǎn)電荷的位置，則A點(diǎn)比8點(diǎn)距點(diǎn)電荷較遠(yuǎn)，則EA<EB;

由電場的方向可知，場源電荷為負(fù)電荷，由于A點(diǎn)距點(diǎn)電荷較遠(yuǎn)，故有夕>夕。

故選B。

2.A

【詳解】設(shè)圓形磁場的半徑為R,畫出。、6兩個粒子的運(yùn)動軌跡

根據(jù)幾何關(guān)系可知

又因?yàn)?/p>

T2πr

1=-----

V

可得

《：1”4=5：1

A正確，BCD錯誤。

故選A。

3.B

【詳解】兩個小球以相同初速度水平拋出，它們最后落在水平面上同一點(diǎn)，水平方向做勻速

直線運(yùn)動，則有

x=vot

可知兩球下落時間相同；兩小球下落高度不同，根據(jù)公式

h=-at2

2

答案第1頁，共10頁

可知A球的加速度大于B球加速度，故若A球帶電，必定帶負(fù)電，受到向下的電場力作用，

電場力做正功，電勢能減??；若B球帶電，必定帶正電，受到向上的電場力作用，電場力

做負(fù)功，電勢能增加。

本題選擇錯誤的，故選B。

4.C

【詳解】A.閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向上滑動，其電阻增大，電路中總電流減小，

則Vi、A示數(shù)均變小，內(nèi)電壓減小，則V2示數(shù)增大，由于

L=U?+U?

則V3示數(shù)增大，故A錯誤；

B.根據(jù)上述分析可知

?u2=?ui-?ui

故B錯誤；

C.根據(jù)閉合電路歐姆定律有

U2=E+Ir

則有"等

且

△6AU3

故C正確；

D.定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r,所以滑動變阻器滑片向上滑動，總電阻增大，電

源輸出功率一直減小，故D錯誤。

故選C。

5.D

【詳解】A.裂變反應(yīng)后出現(xiàn)質(zhì)量虧損，生成的新核的比結(jié)合能大于反應(yīng)前原子核的比結(jié)合

能，故A錯誤；

B.氫原子從能級”=2躍遷到”=5的激發(fā)態(tài)時，庫侖力對核外電子做負(fù)功，核外電子動能

減小，故B錯誤；

C.根據(jù)德布羅意波長公式

答案第2頁，共10頁

可知質(zhì)子的德布羅意波長與其動量成反比，故C錯誤;

D.根據(jù)牛頓第二定律有

勻強(qiáng)磁場中一個靜止的杯核（空PU）發(fā)ɑ衰變，α粒子的質(zhì)量數(shù)為4、核電荷數(shù)為2,新核的

質(zhì)量數(shù)為235,核電荷數(shù)為92,衰變時動量守恒，則有

mSivili=mava

聯(lián)立有

R“‰9246

新核和α粒子的軌跡半徑之比為1:46,故D正確。

故選Do

6.AC

【詳解】A.根據(jù)右手定則可知金屬棒而中感應(yīng)電流方向由b到a,A正確；

B.金屬棒向右運(yùn)動時，受到向左的安培力使其減速，故可知金屬棒產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動勢

為以共同速度為進(jìn)入磁場的瞬間，此時最大電流為

j_E_BdvO

R+rR+r

B錯誤;

C.通過金屬棒的電荷量為

q=I?Nt=

R+rR+rR+r/?+r

C正確;

D.電阻R上產(chǎn)生焦耳熱為。，根據(jù)焦耳定律可得金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱為

根據(jù)能量守恒可知飛機(jī)和金屬棒克服摩擦阻力和空氣阻力所做的總功為

答案第3頁，共10頁

W=:(M+M*_Q_gQ=：(M+機(jī)Q

ZKZK

D錯誤?

故選ACo

7.BCD

【詳解】A.由題知，小球由靜止釋放，運(yùn)動到與豎直方向夾角。=30。的P點(diǎn)時速度變?yōu)?,

根據(jù)動能定理有

mgLcos30°-qEL(?+sin30°)=0

解得

E=如

3q

A錯誤；

B.小球剛釋放時向心加速度為0,只有重力提供加速度，所以B正確；

C.小球在P的受力情況與在A點(diǎn)的受力情況類似，在A點(diǎn)沿繩方向的加速度為零，所以

τ口6

T=qE=與mg

C正確；

D.將電場力與重力合成為一個等效“重力”，其等效“重力”的最低點(diǎn)即為速度的最大點(diǎn)C,

從A運(yùn)動到C的過程中，根據(jù)動能定理有

sin60°-cos

mgLqEL(?-60)=—mvmax

解得

vmax

D正確。

故選BCDo

8.AC

【詳解】A.粒子在磁場中受的洛倫茲力提供向心力，有

2

dmv

qvB=下

由圓周運(yùn)動中周期與速度關(guān)系有

答案第4頁，共10頁

設(shè)粒子在磁場中圓周運(yùn)動的圓心角為凡則應(yīng)有

θTθm

t=——1=----

2兀qB

可知，粒子做圓周運(yùn)動的圓心角越大，運(yùn)動時間越長，由題意分析可得，粒子從8C邊射出

時圓心角相同，運(yùn)動時間相同，故A正確；

C.粒子恰好不從AC射出時，軌跡與AC相切，運(yùn)動軌跡如圖

R,="sin60。

-2

粒子在磁場中受的洛倫茲力提供向心力，有

聯(lián)立解得

當(dāng)入射速度為避邂時，粒子從AC邊出射，故C正確；

2m

B.所有從AC邊出射的粒子，出射點(diǎn)越靠近A,圓心角越大，運(yùn)動時間越長，故B錯誤；

D.若粒子帶負(fù)電，由幾何關(guān)系可得，從C點(diǎn)出射的粒子軌跡半徑為;L,故D錯誤。

故選ACo

9.BCD

【詳解】A.導(dǎo)體棒MN從導(dǎo)線框左端勻速滑到右端時，線框左右兩部分并聯(lián)電阻先增大,

后減小，MN滑"中點(diǎn)時，線框并聯(lián)總電阻最大，當(dāng)外電阻與電源的內(nèi)阻相等時，電源的

輸出功率最大，則功率不可能一直增大。故A錯誤；

B.若線框并聯(lián)的最大電阻小于電源的內(nèi)阻時，導(dǎo)線框上消耗的電功率可能先增大后減小。

故B正確；

C.若線框并聯(lián)的最大電阻大于電源的內(nèi)阻時，導(dǎo)線框上消耗的電功率可能先減小后增大。

答案第5頁，共10頁

故C正確;

D.若電源的內(nèi)阻在線框并聯(lián)的最小和最大電阻之間時，電功率將增大、減小、再增大、再

減小。故D正確。

故選BCD。

10.CD

【詳解】ACD.當(dāng)桿的運(yùn)動達(dá)到穩(wěn)定時，根據(jù)受力平衡可得

尸=G+/

又

F4=BlL=B-L=B-L=^^-

RRR

聯(lián)立可得

F=2包+/

R

可知金屬桿受到的拉力與速度不成正比關(guān)系；當(dāng)v=()時，F(xiàn)=f,即圖線在橫軸的截距表示

金屬桿與導(dǎo)軌間的阻力大小,由圖像可得

f-2N=μnιg

解得

μ-0.4

故A錯誤，CD正確;

B.根據(jù)

F=畦

R

可得

R

v=-^τF-

B-1?B2L2

可知n-F圖像的斜率為

^R=16-4=2

B21}10-4

解得該磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為

R

B=

故B錯誤。

故選CD。

答案第6頁，共10頁

11.AC

【詳解】A?當(dāng)粒子速率片理時，根據(jù)

m

v-

qvB=fn~

可得

畫出粒子的運(yùn)動軌跡如圖:

根據(jù)幾何關(guān)系可知圓心在y軸上，所以粒子將垂直于y軸射出，選項(xiàng)A正確;

B.畫出粒子從X軸最左側(cè)的運(yùn)動軌跡如圖:

此時軌跡圓與），軸相切，由幾何關(guān)系可知a=30。，則有

答案第7頁，共10頁

R+-R=L

2

解得

R=-L

3

此時從X軸上射出的位置坐標(biāo)為(4,O),所以粒子從X軸上射出的位置坐標(biāo)不可能是4,0),

選項(xiàng)B錯誤：

C.粒子運(yùn)動的軌跡如圖

可知如果粒子運(yùn)動的角度為120。，則有。∕=Qp,而實(shí)際粒子從A點(diǎn)射出磁場，OlA=Ow,

yTTlTl

因此可知粒子的角度不可能為120。，即粒子運(yùn)動的時間不可能為兩，由正弦定理可得

O1A1=O1P

o

sin30sinZO1A1P

可知

NaAP<30。

即粒子運(yùn)動的角度一定大于120。，時間不可能小于等，由A圖可知當(dāng)粒子的圓心在第一

象限時運(yùn)動的圓心角大于150。，150。對應(yīng)的時間為

5πm

t------

6Bq

由B的分析可知，粒子在磁場中運(yùn)動的圓心角最大值為300。，因此最長時間為

答案第8頁，共10頁

t二300T=5πm

max-360^~~3qB

44ZW

粒子在磁場中運(yùn)動的時間可能為k，C正確，D錯誤。

3Bq

故選ACo

12.CD

【詳解】ABC.將B板稍向下移由電容的決定式