2022-2023學年浙江省重點中學高一（下）期中階段性質(zhì)量檢測物理試卷（含解析）

2022-2023學年浙江省重點中學高一（下）期中階段性質(zhì)量檢測

物理試卷

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.以下物理量為標量，且給出的單位屬于國際單位制的是（）

A.周期SB.角速度rαd∕sC.速率ftτn∕∕ιD.力N

2.科學的發(fā)展既需要前人的積累，又需要后來人遵循系統(tǒng)方法的創(chuàng)新。下列對于物理方法

和物理學史敘述正確的是（）

A.在研究觀察物體微小形變的時候，用到了微元法

B.在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，用到了控制變量法

C.伽利略通過小球在斜面上運動的實驗和邏輯推理研究發(fā)現(xiàn)了落體運動規(guī)律

D.牛頓最早指出力不是維持物體運動的原因

3.2022年10月31日15時37分我國長征五號B遙四運載火箭將“夢天實驗艙”成功發(fā)射，11

月1日4時27分“夢天實驗艙”與“天和核心艙”前端口對接，它的加入標志著中國空間站三

艙“7”字的基本構(gòu)型完成，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.“15時37分”指的是時間間隔

B.研究“夢天實驗艙”與“天和核心艙”對接時，可將“夢天實驗艙”視為質(zhì)點

C.對接后，以“天和核心艙”為參考系，“夢天實驗艙”是運動的

D.空間站繞地球一周，平均速度為零

4.如圖所示，某探險者在野外攀巖。在攀巖時踩落一小石塊，約6s后聽到石塊直接落到崖

底的聲音。則探險者離崖底的高度最接近的是（）

A.60mB.100mC.160mD.200m

5.如圖所示是靜止在地面上的起吊重物的吊車，某次操作過程中，液壓桿長度收縮，吊臂

繞固定轉(zhuǎn)軸順時針轉(zhuǎn)動，吊臂上的M、N兩點做圓周運動，此時M點的角速度為3,ON=

2OM=2L,貝∣J（）

A.M點的速度方向垂直于液壓桿B.N點的角速度為23

C.兩點的線速度大小關(guān)系為ι?=4ι?D.N點的向心加速度大小為2s2/,

6.降落傘在勻速下降過程中遇到水平方向吹來的風，若風速越大，則降落傘

A.下落的時間越短B.下落的時間越長C.落地時速度越小D.落地時速度越大

7.肩扛式反坦克導(dǎo)彈發(fā)射后，噴射氣體產(chǎn)生推力尸，一段時間內(nèi)導(dǎo)彈在豎直面內(nèi)沿下列圖中

虛線向前運動。其中導(dǎo)彈飛行姿勢可能正確的是（）

8.馬步是練習武術(shù)最基本的樁步。馬步樁須雙腳分開略寬于肩，采取半蹲姿態(tài)，因姿勢有

如騎馬一般，而且如樁柱般穩(wěn)固，因而得名。如圖所示，某人站在水平地面上保持馬步姿勢

不動，則下列說法正確的是（）

A.人受到3個力的作用B.人對地面的壓力就是重力

C.地面對人的支持力是由地面的形變產(chǎn)生的D.地面對人有水平向后的摩擦力

9.體育課上某同學做引體向上。他兩手握緊單杠，雙臂豎直，身體懸垂；接著用力上拉使

下頜超過單杠（身體無擺動）如圖所示，稍作停頓。下列說法正確的是（）

A.在上升過程中單杠對人體的作用力大于人對單杠的作用力

B.在上升過程中人始終處于超重狀態(tài)

C.初始懸垂時若增大兩手間的距離，單臂的拉力均變大

D.初始懸垂時若增大兩手間的距離，兩臂拉力的合力變大

10.如圖所示，跳跳桿底部裝有一根彈簧，小孩和桿的總質(zhì)量為小。忽略空氣阻力，小孩和

桿從圖示位置靜止豎直下落，從彈簧接觸地面到小孩運動到最低點的過程中，對小孩和桿組

成的系統(tǒng)，下列說法正確的是（）

A.速度不斷減小

B.加速度先變小再變大

C.先是加速度增大的加速運動，后是加速度減小的減速運動

D.到最低點時，小孩和桿處于平衡狀態(tài)

11.如圖所示，水平橫桿上套有圓環(huán)4,圓環(huán)a通過繞過固定在橫桿下的光滑定滑輪的輕繩與

重物B相連，輕繩通過光滑動滑輪掛著物體C,整個裝置在某一位置達到平衡?，F(xiàn)將圓環(huán)4緩

慢向左移動一小段距離后，系統(tǒng)仍保持靜止，下列說法中正確的是（）

A.輕繩上的拉力變小B.物塊C的高度上升

C.物塊B的高度上升D.橫桿對圓環(huán)4的摩擦力變小

12.如圖所示，質(zhì)量為M的框架放在水平地面上，一輕彈簧上端固定在框架上，下端固定一

個質(zhì)量為Tn的小球，小球上下振動時，框架始終沒有跳起，當框架對地面壓力為零瞬間，小

球的加速度大小為：（）

D(M+m)g

C.O

?m

13.研究物體做直線運動圖像可以靈活選取縱橫軸所表示的物理量，下列說法正確的是（）

A.甲圖中，物體在0—玲這段時間內(nèi)的位移等于竽

B.乙圖中，物體的加速度為1.0m∕s2

C.丙圖中，陰影面積表示tι-t2時間內(nèi)物體的位移大小

D.丁圖中，t=2s時物體的速度為15m∕s

二、多選題（本大題共2小題，共6.0分）

14.如圖所示，傳送帶的水平部分長為L,傳動速率為在其左端無初速度釋放一小木塊,

若木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為〃，則木塊從左端運動到右端的時間可能是（）

L

+Q----

D.V

15.有關(guān)下列圓周運動,

A.如圖甲，火車轉(zhuǎn)彎超過規(guī)定速度行駛時，內(nèi)軌對車輪會有擠壓作用

B.如圖乙，滾筒洗衣機里衣物隨著滾筒做高速勻速圓周運動，以達到脫水的效果，衣物運動

到最低點B點時脫水效果更好

C.如圖丙，小球在同一水平面做半徑不同的勻速圓周運動，周期相同

D.如圖丁，雜技演員駕駛摩托車沿圓形表演臺的側(cè)壁做勻速圓周運動，軌跡離地面的高度/1

升高，摩托車的線速度將不變

三、實驗題（本大題共2小題，共14.0分）

16.用如圖所示裝置研究平拋運動。將白紙和復(fù)寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上。鋼球

沿斜槽軌道PQ滑下后從Q點飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球

落在擋板上時，鋼球側(cè)面會在白紙上擠壓出一個痕跡點。移動擋板，重新釋放鋼球，如此重

復(fù)，白紙上將留下一系列痕跡點。

硬板白紙

(1)下列實驗條件必須滿足的有

A.斜槽軌道光滑

8斜槽軌道末段水平

C擋板高度等間距變化

。每次從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球

(2)為定量研究，建立以水平方向為X軸、豎直方向為y軸的坐標系。取平拋運動的起始點為坐

標原點，將鋼球靜置于Q點，鋼球的球心對應(yīng)白紙上的位置即為原點；在確定y軸時—(選

填“需要”或“不需要”)y軸與重錘線平行。

(3)為了得到平拋物體的運動軌跡，同學們還提出了以下三種方案，其中不可行的是

A.從細管水平噴出穩(wěn)定的細水柱，拍攝照片，即可得到平拋運動軌跡

A用頻閃照相在同一底片上記錄平拋小球在不同時刻的位置，平滑連接各位置，即可得到平

拋運動軌跡

C將鉛筆垂直于豎直的白紙板放置，筆尖緊靠白紙板，鉛筆以一定初速度水平拋出，將會在

白紙上留下筆尖的平拋運動軌跡

(4)某同學通過實驗后在白紙上記錄了部分拋物線軌跡，X軸沿水平方向，如圖所示。由圖中

數(shù)據(jù)可求出平拋物體的初速度大小為m∕s.(取g=10m∕s2,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

?/em

17.小吳同學用如題圖甲所示的實驗裝置來探究小球做圓周運動所需向心力的大小F與質(zhì)量

小、角速度3和半徑r之間的關(guān)系，塔輪自上而下有三層，每層左右半徑之比由上至下分別是

1：1,2：1和3：1(如題圖乙所示)。左右塔輪通過不打滑的傳動皮帶連接，并可通過改變傳

動皮帶所處的層來改變左右塔輪的角速度之比，實驗時，將兩個小球分別放在短槽的C處和

長槽的4(或B)處，4、C分別到左右塔輪中心的距離相等，B到左塔輪中心的距離是4到左塔

輪中心距離的2倍，轉(zhuǎn)動手柄使長槽和短槽分別隨變速塔輪一起勻速轉(zhuǎn)動，槽內(nèi)的球就做勻速

圓周運動。橫臂的擋板對球的壓力提供了向心力，球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^橫臂的杠桿作用

使彈簧測力套筒下降，從而露出標尺，標尺上的紅白相間的等分格顯示出兩個小球所受向心

力的比值。請回答相關(guān)問題:

(1)在某次實驗中，小吳同學把兩個質(zhì)量相等的鋼球放在B、C位置，將傳動皮帶調(diào)至第一層

塔輪，轉(zhuǎn)動手柄，觀察左右標出的刻度，此時可研究向心力的大小與的關(guān)系；

A.質(zhì)量TnB.角速度3C.半徑r

(2)若傳動皮帶套在塔輪第三層，則塔輪轉(zhuǎn)動時，4、C兩處的角速度之比為；

(3)在另一次實驗中，小吳同學把兩個質(zhì)量相等的鋼球放在4、C位置。傳動皮帶位于第二層，

轉(zhuǎn)動手柄，則當塔輪勻速轉(zhuǎn)動時，左右兩標尺的露出的格子數(shù)之比為。

四、計算題(本大題共4小題，共41.0分)

18.如圖，用一根輕質(zhì)細繩將一幅重力為27N的畫框?qū)ΨQ懸掛在墻壁上，畫框上兩個掛釘間

的距離為0.8小。已知繩能承受的最大拉力為45N。

(1)若繩子夾角。=60。，求繩子上拉力的大小？

(2)要使繩不會被拉斷，繩子最短要多長？

19.在某游樂園，小孩沿滑梯下滑的情形如圖1如示。圖2是該滑梯的示意圖：滑梯由傾斜的

平面軌道(其中線為4B)及兩側(cè)的豎直檔板E、F組成，中線4B的長度L=4.5m。質(zhì)量m為24kg

的小孩(下滑時可視為質(zhì)點)從4點由靜止開始沿中線AB勻加速下滑，2s內(nèi)的位移為2τn,為安

全考慮，當滑至中途某處時，他立即用手握緊兩側(cè)的豎直擋板E、F,從而勻減速下滑，又經(jīng)

2s后到達B端，速度傳感器測得小孩從4點滑至B點的D-t圖像如圖3如示。求小孩:

(1)下滑過程中的最大速度?n;

(2)下滑中第2s內(nèi)的位移&和第3s內(nèi)的位移與之比;

(3)減速下滑時的摩擦力比加速下滑時的摩擦力大多少？

圖2

20.如圖所示，有一根長L=4m的輕桿兩端各固定一個質(zhì)量均為Tn=Ikg的小球，。點為一

穿過輕桿的轉(zhuǎn)軸，且位于輕桿的中點。在外界作用力的影響下轉(zhuǎn)軸帶動輕桿與小球做3=

4rad∕s的豎直平面上的勻速圓周運動。某一時刻輕桿沿豎直方向，且4球在上方。

(1)求該時刻B球線速度大小和向心加速度。

(2)求該時?刻4球?qū)p桿的作用力。

(3)若A球質(zhì)量可改變，要使該時刻轉(zhuǎn)軸不受輕桿的作用力，A球質(zhì)量應(yīng)為多少？

AQ

O>

BO

21.如圖所示，一軌道由半徑為2τn的四分之一豎直圓弧軌道48和長度L=3.5τn的水平直軌

道BC在B點平滑連接而成?，F(xiàn)有一質(zhì)量為0.2kg的滑塊從4點無初速度釋放，經(jīng)過圓弧上B點

時，傳感器測得軌道所受壓力大小為4.5N,然后經(jīng)過水平直軌道BC,從C點水平飛離軌道，

落到水平地面上的P點，P、C兩點間的高度差為3.2m。滑塊運動過程中可視為質(zhì)點，且不計

空氣阻力。(g取IOm/S?)

(1)求滑塊運動至B點時的速度大?。?/p>

(2)若滑塊與水平直軌道8C間的動摩擦因數(shù)g=0.3,求P、C兩點的水平距離；

(3)在P點沿圖中虛線安放一個豎直擋板，若滑塊與水平直軌道BC間的動摩擦因數(shù)可調(diào)，問動

摩擦因數(shù)取何值時，滑塊擊中擋板時的速度最小，并求此最小速度。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】A?周期是標量，周期的單位s,屬于國際單位制，故A正確;

A角速度是矢量，角速度單位rαd∕s,屬于國際單位制，故8錯誤；

C速率是標量，速率單位km/h,不屬于國際單位制，故C錯誤；

D力是矢量，力的單位N,屬于國際單位制，故O錯誤。

故選A。

2.【答案】C

【解析】4在研究觀察物體微小形變的時候，用到了放大法，故A錯誤；

A在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，用到了等效替代法，故B錯誤；

C.伽利略通過小球在斜面上運動的實驗和邏輯推理研究發(fā)現(xiàn)了落體運動規(guī)律，故C正確;

D伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因，故。錯誤。

故選Co

3.【答案】D

【解析】4“15時37分”指的是時刻,A錯誤;

8.研究“夢天實驗艙”與“天和核心艙”對接時，“夢天實驗艙”的大小不可忽略，故可視為質(zhì)

點，B錯誤：

C.對接后，以“天和核心艙”為參考系，“夢天實驗艙”是靜止的，C錯誤；

D空間站繞地球一周，位移為零，平均速度為零，。正確。

故選。。

4.【答案】C

【解析】設(shè)探險者離崖底的高度為九，則有

12

hk=-^gt2

若忽略聲音傳播的時間，則t=6s,重力加速度g取Ionι∕s2,可得

h=180m

考慮到聲音傳播的時間，貝Ik略小于6s,同時g取9.8τn∕s2,則高度要比180粗略小一些，所以四

個選項中，最接近的是160m。

故選Co

5.【答案】D

【解析】A.吊臂是繞固定轉(zhuǎn)軸。旋轉(zhuǎn)的，因此M點的速度方向垂直于吊臂，故A錯誤；

B.M,N點在吊臂上繞同一固定轉(zhuǎn)軸。旋轉(zhuǎn)，有相同的角速度，即N點的角速度應(yīng)該等于M點的角

速度，故B錯誤；

C.根據(jù)V=可知切V=2uM,故C錯誤；

。.根據(jù)α=α∣2r可知，N點的向心加速度大小為αN=2323故。正確。

故選D。

6.【答案】D

【解析】

【分析】

降落傘參加了豎直方向的分運動和水平方向分運動，水平方向的分運動對豎直分運動無影響。

本題關(guān)鍵在于水平分運動與豎直分運動互不影響，落地時間由豎直分運動決定。

【解答】

降落傘參加了豎直方向的分運動和水平方向分運動，水平方向的分運動對豎直分運動無影響，故

風速變大時，下落的時間不變，根據(jù)U=J3+藥,若風速越大，水平風速以越大，則降落傘落

地時速度越大，故。正確，A8C錯誤。

故選。。

7.【答案】B

【解析】

【分析】

從動力學角度看導(dǎo)彈發(fā)射后，受到噴射氣體產(chǎn)生推力F和豎直向下的重力，根據(jù)矢量合成的方法

求出合力，然后根據(jù)受力的情況結(jié)合運動分析即可。

本題主要考查了運動的合成和分解、物體做直線運動的條件。抓住曲線運動的條件是解決問題的

關(guān)鍵。

【解答】

解：4、圖中導(dǎo)彈發(fā)射后受到噴射氣體產(chǎn)生沿水平方向的推力F和豎直向下的重力，合力的方向與

圖中運動的方向不在同一條直線上，所以不能做直線運動，故A錯誤；

B、圖中導(dǎo)彈發(fā)射后受到噴射氣體產(chǎn)生的斜向上的推力F和豎直向下的重力，該圖中合力的方向與

運動的方向可以在同一條直線上，所以可以沿斜向上的方向做直線運動，故B正確；

C、圖中導(dǎo)彈發(fā)射后受到噴射氣體產(chǎn)生的斜向下的推力尸和豎直向下的重力，該圖中合力的方向與

運動的方向不在同一條直線上，所以不能做直線運動，故C錯誤；

D,圖中推力F的方向沿軌跡的切線方向，而重力的方向豎直向下，合力的方向沿軌跡切線方向向

外，所以導(dǎo)彈不可能向上彎曲，故。錯誤。

8.【答案】C

【解析】A.人在豎直方向受力平衡，受到水平地面豎直向上的支持力以及豎直向下的重力，水平

方向不受力，共2個力作用，故A錯誤；

B.人對地面的壓力施力物體是人，重力施力物體是地球，兩個力不是同一個力，故B錯誤；

C.地面對人的支持力是由地面發(fā)生微小形變產(chǎn)生的，故C正確；

。.地面對人沒有摩擦力，故。錯誤。

故選Co

9.【答案】C

【解析】4由牛頓第三定律可知，在上升過程中單杠對人體的作用力始終等于人對單杠的作用力，

故4錯誤；

B.在上升過程中，人先做加速運動，后做減速運動，單杠對人的作用力先大于人的重力，后小于

人的重力，則人先超重后失重，故B錯誤；

CD初始懸垂時兩臂拉力的合力始終與人的重力大小相等，若增大兩手間的距離，兩臂拉力的合力

不變，且根據(jù)力的合成與分解可知，由于兩臂夾角變大，單臂的拉力均變大，故C正確，力錯誤。

故選Co

10.【答案】B

【解析】

【分析】

小孩和桿從接觸地面到最低點的過程中，速度先增大后減小、動量先增大后減小，加速度先減小

后增大。

本題主要是考查牛頓第二定律，關(guān)鍵是弄清楚整體的受力情況和運動情況，能夠根據(jù)牛頓第二定

律分析加速度的大小。

【解答】

ABC.下落過程中，彈簧彈力增大，當F<n?g時有

mg-F=mα1

加速度向下，且逐漸減小，系統(tǒng)做加速運動；

當F>mg時有

F—mg—ma2

加速度向上，且加速度逐漸增大，系統(tǒng)做減速運動；

所以系統(tǒng)先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，故A、C錯誤，8正確；

。.最低點時，彈簧彈力最大，系統(tǒng)具有向上的最大加速度，故。錯誤。

故選B。

11.【答案】B

【解析】解：4物體B保持靜止，受重力和拉力，根據(jù)平衡條件，輕繩拉力大小處處相同，等于

B的重力，保持不變，故A錯誤：

BC、圓環(huán)4緩慢向左移動一段距離，兩段繩子夾角不變，滑輪的運動情況如圖所示，所以重物C必

定上升，重物B下降，故C錯誤、B正確。

。、圓環(huán)4緩慢向左移動一段距離，重物C受重力和兩側(cè)繩子的拉力，始終平衡，拉力和重力大小

都不變，根據(jù)平衡條件，動滑輪兩側(cè)繩子夾角保持不變，栓接4的輕繩與水平方向夾角不變，桿

對環(huán)的摩擦力也一定不變，故。錯誤；

故選：B。

分別對物體B、物體C、環(huán)4受力分析，根據(jù)平衡條件得到各個力的變化情況，畫出情境圖，得到

高度的變化情況。

本題中涉及的輕繩為活結(jié)模型，此時動滑輪兩側(cè)的繩子拉力相等，這是和繩子死結(jié)模型有區(qū)別的

地方，在解題時要注意。

12.【答案】D

【解析】解：框架靜止在地面上，當框架對地面的壓力為零的瞬間，受到重力和彈簧的彈力，根

據(jù)平衡條件，彈簧對框架的彈力向上，大小等于框架的重力Mg,故彈簧對小球有向下的彈力，大

小也等于Mg；

再對小球受力分析，受重力和彈簧的彈力，根據(jù)牛頓第二定律，有

Mg+Tng=ma

故小球的加速度為α="也應(yīng)

m

故選D

先對框架受力分析，求出彈簧對框架的作用力，在對小球受力分析，求出加速度.

本題關(guān)鍵先對框架受力分析，求得彈簧對小球的彈力，然后根據(jù)牛頓第三定律得到彈簧對小球的

彈力，最后再根據(jù)牛頓第二定律求得小球的加速度.

13.【答案】D

【解析】

【分析】

本題考查了U-1等圖象這些知識點；對于物理圖象，往往要寫出解析式，對照物理規(guī)律來分析圖

象的物理意義，要注意分析圖象斜率、面積和截距的意義。

根據(jù)U-1圖象與時間軸所圍的面積表示位移，分析甲圖中物體的位移與勻加速直線運動位移的關(guān)

系；對于乙圖象，根據(jù)公式后一詔=2αx列式求解加速度；a-t圖象與時間軸所圍的面積表示速

度的變化量；對于丁圖，寫出］與t的關(guān)系式，對照勻變速直線運動的位移公式求出加速度和初速

度，再求t=3s時物體的速度。

【解答】

A、若物體做初速度為0、末速度為北的勻加速直線運動，其位移為竽.根據(jù)t圖象與時間軸所

圍的面積表示位移，可知，該物體的位移大于勻加速直線運動的位移竽，故A錯誤；

B、由圖得盧=X,根據(jù)公式蘇-詔=2ax得：l=2a,則得加速度大小a=OSm/sZ,做勻變速

直線運動，故B錯誤；

C、根據(jù)∕v=a43可知丙圖象中，陰影面積表示“到t2時間內(nèi)物體的速度變化量，故C錯誤；

2

。、由圖得：=5t—5,由K=UOt+"at?得7回％+對比可得，v0=-5m∕s,a=10m∕s,

則t=2s時物體的速度為U=v0+at=-5m∕s+10×2m∕s=15m∕s,故D正確。

14.【答案】BCD

【解析】若木塊在加速到U之前，就已經(jīng)到達右端，則此種情況下木塊一直做勻加速直線運動，過

程中加速度

μmg

Cl=FrIg

根據(jù)

1

L=2ɑt72

可得

若木塊恰好到達右端時的速度為，根據(jù)平均速度定義可得

解得

2L

t=一

V

若木塊在到達右端前，速度就已經(jīng)和傳送帶速度相同了，故此種情況下，木塊先做勻加速直線運

動，后勻速運動，木塊做勻加速直線運動的時間為

VV

tl-a~μg

勻加速直線運動的時間為

V2V2

XIF=麗

故木塊做勻速直線運動的位移為

%2=L—%]

勻速運動的時間為

%2L-Xl

Ln=----=--------------

VV

聯(lián)立可得總時間為

LV

t=tι+t2=-÷2^

故BCO正確，A錯誤。

故選BCD。

15.【答案】BC

【解析】4火車轉(zhuǎn)彎時，剛好由重力和支持力的合力提供向心力時，根據(jù)牛頓第二定律有

V2

mgtanθ=m—

解得

V=y∕grtanθ

當v>{grtan8時,重力和支持力的合力小于所需的向心力，則火車做離心運動的趨勢，外軌

對輪緣會有擠壓作用，故A錯誤

8根據(jù)牛頓第二定律，在最低點有

V2

FNI-mg=m9

在最高點有

V2

FN2+mg=血反

則可得

FNI>FN2

則彈力越大，水份越容易離心運動，故衣物運動到最低點B點時脫水效果更好，故B正確;

C將圓錐擺所受的重力和拉力合成，合力指向圓心，設(shè)懸點到圓周平面的高度差為八，有

4ττ2

Tngtane=?九tan。

解得圓周擺的周期為

小球在同一水平面做半徑不同的勻速圓周運動，因高度Zi相同，則周期相同，故C正確;

D摩托車受重力和支持力，其合力提供向心力做勻速圓周運動，有

V2

Zngtane=m-E—

tan0

解得倒錐擺的線速度為

V=y∕~gh

則軌跡離地面的高度/1升高，摩托車的線速度將變大，故。錯誤。

故選BC。

16.【答案】BD##DB需要C4.0

【解析】(1)[1]4小球每次在斜槽軌道上運動時的摩擦力相同，所以斜槽軌道沒有必要光滑，A

錯誤；

B.為了使小球離開軌道后做平拋運動，斜槽軌道末段必須水平，8正確；

C.擋板高度沒有必要等間距變化，C錯誤；

。.為了保證小球離開斜槽末端時的速度不變，必須保證每次從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼

球，。正確。

故選BD.

(2)[2]為了保證y軸在豎直方向，在確定y軸時需要y軸與重錘線平行；

(3)[3]4從細管水平噴出穩(wěn)定的細水柱，拍攝照片，即可得到平拋運動軌跡，該方案可行，不符

合題意；

A用頻閃照相在同一底片上記錄平拋小球在不同時刻的位置，平滑連接各位置，即可得到平拋運

動軌跡，該方案可行，不符合題意；

C鉛筆運動時，筆尖不能始終與臼紙板接觸，白紙上不能留下運動軌跡，該方案不可行，C符合題

意。

故選Co

(4)[4]設(shè)AB的時間間隔為T

(105.00-60.00)XIO-2-(60.00-25.00)XIO-2

9=------------------------不----------------

解得

T=0.1s

平拋的初速度大小為

X40.00×IO-2

V0=Tp=-----而-----m/s=4.0m∕s

17.【答案】(I)C；(2)1：3；(3)1：4。

【解析】解：(1)小吳同學把兩個質(zhì)量相等的鋼球放在B、C位置，將傳動皮帶調(diào)制第一層塔輪，

則角速度和質(zhì)量相等，所以可研究向心力的大小與半徑的關(guān)系，故A3錯誤，C正確；

故選：Co

(2)根據(jù)u=r3,若傳動皮帶套在塔輪第三層，同一皮帶的線速度相等，則塔輪轉(zhuǎn)動時，A、C兩

處的角速度之比為L3；

(3)兩個球的質(zhì)量m相等，傳動皮帶位于第二層時因兩輪的半徑R之比為2:1,則由D=ωR可知,

兩塔輪的角速度之比為1:2；4、C分別到左右塔輪中心的距離相等即轉(zhuǎn)動時的半徑r相等，根

據(jù)4=τ∏32r可知向心力之比為1:4,左右兩標尺的露出的格子數(shù)向心力的大小關(guān)系，則格子數(shù)

之比為1:4。

故答案為：(I)C;(2)1：3；(3)1：4。

(1)該實驗采用控制變量法，根據(jù)題意分析解答；

(2)(3)根據(jù)向心力之比求出兩球轉(zhuǎn)動的角速度之比，結(jié)合U=rω,根據(jù)尸=mr/解得左右兩標尺

的露出的格子數(shù)之比。

本實驗采用控制變量法，即要研究一個量與另外一個量的關(guān)系，需要控制其它量不變。知道靠皮

帶傳動，變速輪塔的線速度大小相等。

18.【答案】(1)9Λ∕-3/V;(2).m

【解析】(1)以畫框為研究對象，畫框受到重力Tng和兩個大小相等的細繩拉力&、Fz的作用而處

于靜止狀態(tài)，繩子夾角。=60。時根據(jù)共點力平衡

mg—2F1cos30°

得

F1=9√^^3∕V

1

(2)當F'=F2=45N時，對應(yīng)于細繩不被拉斷的最小長度X

由平衡條件知

mg=2∕7ιcos0

得

°mg3

8s"k而

√-9T

sin。

10

懸掛點到一個掛釘?shù)淖钚【嚯x為

S

4√-91

X=2m

Sine—91

所以繩子最短需要

8ΛΓ91

I-2x-θ?m

19.【答案】⑴ι?=2m∕s;(2嚴=1|；(3)42/V

x23??

【解析】解：(1)物體在前2s的位移為

_1

xo2—IaItl2

代入數(shù)據(jù)得

2

a1=lm∕s

υm=Qltl=2m∕s

(2)第4s末速度V4滿足

vm+v4

%

且有

xQ2+%24=L

得

v4=0.5m∕s

由平均速度公式有第1s、第3s末速度分別為

Vm

v1=?=lm∕s

υm+V4

v3=-----2-----=1.25m∕s

故第2s內(nèi)位移

Vi+Vm

X12=-----2-----=l?5m

第3s內(nèi)位移

vm+V3一

X23=-----2-----4亡=l?625τn

得位移之比

%12_絲

%2313

（3）小孩加速下滑階段有

mgs?x?θ-F1=ma1

減速下滑階段

F2—mgsinθ=ma2

兩式聯(lián)立可得

Fz-F?=Tn(Ql+a2)

根據(jù)后2s內(nèi)運動情況得

V-V?

a=---m-------4-=0.75m∕s2

2t2

代入數(shù)據(jù)得

P2-F1=42N

20.【答案】⑴8zn∕s,32m∕s2,方向豎直向上；（2）22N,方向豎直向上；⑶