2024屆湖北黃岡高考物理試題模擬題及解析

2024屆湖北黃岡高考物理試題模擬題及解析（全國卷口）

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1,如圖所示，一有界區(qū)域磁場的磁感應(yīng)強度大小為B,方向垂直紙面向里，磁場寬度為L;正方形導(dǎo)線框abed的邊長

也為L,當(dāng)be邊位于磁場左邊緣時，線框從靜止開始沿x軸正方向勻加速通過磁場區(qū)域。若規(guī)定逆時針方向為電流的

正方向，則反映線框中感應(yīng)電流變化規(guī)律的圖像是

2、如圖所示，在傾角為30。的斜面上，質(zhì)量為1kg的小滑塊從a點由靜止下滑，到b點時接觸一輕彈簧。滑塊滑至最

低點c后，又被彈回到a點，已知a》=0.6m,Z?c=0.4m,重力加速度g取lOm展,下列說法中正確的是（）

A.滑塊滑到》點時動能最大

B.整個過程中滑塊的機械能守恒

C.彈簧的最大彈性勢能為2J

D.從c到方彈簧的彈力對滑塊做功為5J

3、如圖所示，M,N兩點分別放置兩個等量異種點電荷，P為連線的中點，T為連線上靠近N的一點，S為

連線的垂直平分線上處于尸點上方的一點。把一個負檢驗電荷分別放在P、S、T三點進行比較，則（）

+Q對~Q

——————一,?■一—o__■■

MP；丁N

I

（

A.電場中P、S、T三點，7點電勢最高

B.檢驗電荷在T點電勢能最大

C.檢驗電荷在P點受力最小

D.檢驗電荷在S點受力最大

4、圖1是研究光的干涉現(xiàn)象的裝置示意圖，在光屏P上觀察到的圖樣如圖2所示。為了增大條紋間的距離，下列做

法正確的是（）

圖1

A.增大單色光的頻率

B.增大雙縫屏上的雙縫間距

C.增大雙縫屏到光屏的距離

D.增大單縫屏到雙縫屏的距離

5、伽利略在研究力和運動的關(guān)系的時候，用兩個對接的斜面，一個斜面固定，讓小球從斜面上滾下，又滾上另一個傾

角可以改變的斜面，斜面傾角逐漸改變至零，如圖所示.伽利略設(shè)計這個實驗的目的是為了說明（）

A.如果沒有摩擦，小球?qū)⑦\動到與釋放時相同的高度

B.如果沒有摩擦，物體運動過程中機械能守恒

C.維持物體做勻速直線運動并不需要力

D.如果物體不受到力，就不會運動

6、如圖所示，質(zhì)量為50kg的同學(xué)在做仰臥起坐運動.若該同學(xué)上半身的質(zhì)量約為全身質(zhì)量的3三，她在Imin內(nèi)做了

50個仰臥起坐，每次上半身重心上升的距離均為0.3m,則她克服重力做的功W和相應(yīng)的功率P約為

A.W=4500JP=75WB.W=450JP=7.5W

C.W=3600JP=60WD.W=360JP=6W

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，真空中xOy平面內(nèi)有一束寬度為d的帶正電粒子束沿x軸正方向運動，所有粒子為同種粒子，速度大

小相等，在第一象限內(nèi)有一方向垂直xOy平面的有界勻強磁場區(qū)（圖中未畫出），磁感應(yīng)強度為瓦所有帶電粒子通

過磁場偏轉(zhuǎn)后都會聚于x軸上的“點。下列說法中正確的是（）

A.磁場方向一定是垂直xOy平面向外

B.所有粒子通過磁場區(qū)的時間相同

C.如果粒子速率為=幽，能保證所有粒子都打在。點的最小磁場區(qū)域面積為尤

2m4

D.如果粒子速率為=幽，能保證所有粒子都打在a點的最小磁場區(qū)域面積為工土-屋

m2

8、下列說法中正確的是

A.物理性質(zhì)各向同性的固體一定是非晶體

B.在完全失重的宇宙飛船中，水的表面仍存在表面張力

C.用顯微鏡觀察布朗運動，觀察到的是液體分子的無規(guī)則運動

D.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大

E.對于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱

9、一個長方體金屬導(dǎo)體的棱長如圖所示，將該長方體導(dǎo)體放在勻強磁場中，并使前側(cè)面與磁場垂直，已知磁感應(yīng)強度

為5。導(dǎo)體的左右兩側(cè)面外接電源，產(chǎn)生由左向右的穩(wěn)定電流時，測得導(dǎo)體的上、下表面間的電勢差為U。則下列說

A.上、下兩表面比較，上表面電勢高B.上、下兩表面比較，下表面電勢高

C.導(dǎo)體中自由電子定向移動的速率為與D.導(dǎo)體中自由電子定向移動的速率為M

dBhB

10、在光滑的絕緣水平面上，有一個正三角形“從，頂點以從c處分別固定一個正點電荷，電荷量相等，如圖所示,

。點為正三角形的中心，E、G、H點分別為成、ac,加的中點，F(xiàn)點為E點關(guān)于頂點c的對稱點，則下列說法中正

確的是（）

A.。點的電場強度為零

B.E、尸兩點的電場強度等大反向、電勢相等

C.E、G、H三點的電場強度和電勢均相同

D.若釋放c處的電荷，電荷在電場力作用下將做加速運動（不計空氣阻力）

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）用圖甲所示的實驗裝置驗證㈣、也組成的系統(tǒng)的機械能守恒。也從高處由靜止開始下落，同時叫向上

運動拉動紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。圖乙給出的是實驗中獲取的一

條紙帶，其中0是打下的第一個點，每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個未標出的點，計數(shù)點間的距離如圖中所示。已知電

源的頻率為50Hz,叫=50g,m2=150g,取g=10m/s2。完成以下問題。（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

甲

⑴在紙帶上打下計數(shù)點5時的速度%=m/so

⑵在打0~5點過程中系統(tǒng)動能的增加量較=J,系統(tǒng)勢能的減少量△丸=J,由此得出的結(jié)論是

________________O

2

⑶依據(jù)本實驗原理作出的L-〃圖像如圖丙所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=m/s2o

2

12.（12分）某實驗小組為了測量滑塊與水平軌道間的動摩擦因素，設(shè)計如圖（a）所示的實驗裝置，彈簧左側(cè)固定在

擋板A上，處于原長的彈簧右端位于G彈簧與滑塊接觸但不拴接，滑塊上安裝了寬度為d的遮光板，軌道8處裝有

（1）實驗的主要步驟如下：

①用游標卡尺測量遮光片的寬度d,如圖（b）所示，d=cm；

②將滑塊向左壓縮彈簧，由靜止釋放滑塊，同時記錄遮光片通過光電門的時間f;

③測量并記錄光電門與滑塊停止運動位置之間的距離x；

④改變彈簧壓縮量，多次重復(fù)步驟②和③。

（2）實驗手機的數(shù)據(jù)并處理如下。

序號1234S6

H向”，0.040.050.060.080.100.12

KHx/cn>17.0110.887.574.262.731.88

①實驗小組根據(jù)上表數(shù)據(jù)在1?-X圖中已描繪出五個點，請描繪出余下的點并作出1?—x圖像

②根據(jù)所作圖像，可得滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為（g取10m/s2,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，光滑的水平面AB與半徑R=0.5m的光滑豎直半圓軌道BCD在B點相切，D點為半圓軌道最

高點，A點的右側(cè)連接一粗糙的水平面，用細線連接甲、乙兩物體，中間夾一輕質(zhì)壓縮彈簧，彈簧與甲、乙兩物體不

拴接，甲的質(zhì)量mi=4kg,乙的質(zhì)量mi=5kg,甲、乙均靜止.若燒斷細線，甲離開彈簧后經(jīng)過B點進入半圓軌道，過

D點時對軌道的壓力恰好為零.取g=10m/si.甲、乙兩物體可看做質(zhì)點，求：

⑴甲離開彈簧后經(jīng)過B點時的速度的大小VB；

⑴燒斷細線時彈簧的彈性勢能EP；

⑶若固定甲，將乙物體換為質(zhì)量為m的物體丙，燒斷細線，丙物體離開彈簧后從A點進入動摩擦因數(shù)JL=0.5的粗糙水

平面，AF是長度為41的水平軌道，F(xiàn)端與半徑為1的光滑半圓軌道FCH相切，半圓的直徑FH豎直，如圖所示.設(shè)丙

物體離開彈簧時的動能為6mgL重力加速度大小為g,求丙物體離開圓軌道后落回到水平面BAF上的位置與F點之

間的距離s；

（4）在滿足第（3）問的條件下，若丙物體能滑上圓軌道，且能從GH間離開圓軌道滑落（G點為半圓軌道中點），求丙物

體的質(zhì)量的取值范圍

14.（16分）如圖所示，豎直放置的均勻細U型試管，左側(cè)管長30cm,右管足夠長且管口開口，底管長度AB=20cm,

初始時左右兩管水銀面等高，且水銀柱高為10cm,左管內(nèi)被水銀封閉的空氣柱氣體溫度為27℃,已知大氣壓強為

Po=75cmHg.

①現(xiàn)對左側(cè)封閉氣體加熱，直至兩側(cè)水銀面形成5cm長的高度差.則此時氣體的溫度為多少攝氏度？

②若封閉的空氣柱氣體溫度為27℃不變，使U型管豎直面內(nèi)沿水平方向做勻加速直線運動，則當(dāng)左管的水銀恰好全部

進入AB管內(nèi)時，加速度為多少？

AR

15.（12分）一長木板在水平地面上運動，在U0時刻將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上，以后木板運動的速度

一時間圖像如圖所示.己知物塊與木板的質(zhì)量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，物塊與木板間的最大靜

摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上.取重力加速度的大小g=10m/s2.求：

（1）物塊與木板間、木板與地面間的動摩擦因數(shù)；

（2）從U0時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大小.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解題分析】

由楞次定律可判斷線圈中的電流方向；由E=BLV及勻加速運動的規(guī)律可得出電流隨時間的變化規(guī)律。

【題目詳解】

設(shè)導(dǎo)體棒運動的加速度為a,則某時刻其速度v=at

所以在0-h時間內(nèi)（即當(dāng)be邊位于磁場左邊緣時開始計時，到be邊位于磁場右邊緣結(jié)束）

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=BLv=BLat,電動勢為逆時針方向

由閉合電路歐姆定律得：I=,電流為正。其中R為線框的總電阻。

所以在時間內(nèi)，l8t,故AC錯誤；

從tl時刻開始，換ad邊開始切割磁場，電動勢大小￡=其中％</W/2，電動勢為順時針方向為負

電流：/=矍乙電流為負（即/=—登

其中/（）=3竽。，電流在h時刻方向突變，突變瞬間，電流大小保持/。=隼％不變。故B正確，D錯誤。

RR

故選B。

【題目點撥】

對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電

路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時間變化關(guān)系，然后推導(dǎo)出縱坐標與橫坐標的關(guān)系式，由此進行解答，這是電磁感應(yīng)問

題中常用的方法和思路.

2、D

【解題分析】

A.根據(jù)題中“小滑塊從a點由靜止下滑和又被彈回到。點”可知：滑塊和斜面間無摩擦，滑塊滑到5時，合力為重力

沿斜面的分力，加速度和速度同向，繼續(xù)加速，當(dāng)重力沿斜面的分力和彈簧彈力相等時，速度最大，故A錯誤；

B.整個過程中，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，滑塊的機械能從a到b不變，從。到c機械能逐漸減小，轉(zhuǎn)化

為彈簧的彈性勢能，c到》彈簧的彈性勢能逐漸減小，滑塊的機械能逐漸增加，從5到a機械能不變，故B錯誤；

C.對滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)，從。到c過程，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化關(guān)系有

mg(ab+be)sin30°=Ep

代入數(shù)據(jù)解得

Ep=5j

故C錯誤；

D.從c到B彈簧的彈力對滑塊做正功，彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊的機械能，根據(jù)功能關(guān)系可知，彈簧的彈力

對滑塊做了5J的功，故D正確。

故選D。

3、B

【解題分析】

A.根據(jù)等量異種點電荷電場的特點，可知S、P兩點處在同一等勢面上，S、P兩點電勢相等，T點電勢最低，故A

錯誤；

B.結(jié)合電勢能公式綜=4。，可知負檢驗電荷4在T點電勢能最大，故B正確；

CD.在兩等量異種點電荷連線上，連線中點P的電場強度最小，在兩等量異種點電荷連線的垂直平分線上，P點的電

場強度最大，所以負檢驗電荷在S點受力最小，在T點受力最大，故CD錯誤。

故選B。

4、C

【解題分析】

A.增大單色光頻率，則波長減小，根據(jù)公式上=4義可知，條紋間的距離減小，A不符合要求；

a

B.增大雙縫屏上的雙縫間距d,根據(jù)公式以=。2可知，條紋間的距離減小，B不符合要求；

a

C.增大雙縫屏到光屏的距離，根據(jù)公式心=。九可知，條紋間的距離增大，C符合要求；

a

D.根據(jù)公式〃=。彳可知，條紋間的距離與單縫屏到雙縫屏的距離無關(guān)，D不符合要求。

a

故選C。

5、C

【解題分析】

本題考查了伽利略斜面實驗的物理意義，伽利略通過“理想斜面實驗”推翻了力是維持運動的原因的錯誤觀點.

【題目詳解】

伽利略的理想斜面實驗證明了：運動不需力來維持，物體不受外力作用時，總保持原來的勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀

態(tài)，故ABD錯誤，C正確.故選C.

【題目點撥】

伽利略“理想斜面實驗”在物理上有著重要意義，伽利略第一個把實驗引入物理，標志著物理學(xué)的真正開始.

6、A

【解題分析】

33

每次上半身重心上升的距離均為0.3m,則她每一次克服重力做的功：W=-mgh=-x50xl0x0.3=90J；1分鐘內(nèi)克服重

力所做的功：Wa=50W=50x90=4500J；相應(yīng)的功率約為：。=一包=差四=75卬，故A正確，BCD錯誤，故選

t60

A.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、ACD

【解題分析】

A.由題意可知，正粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)，都集中于一點a,根據(jù)左手定則可有，磁場的方向垂直xOy平面向外，故A正

確；

B.由洛倫茲力提供向心力，可得

171TTI

1--------

Bq

運動的時間

+_eT_Om

"萬7=而

運動的時間還與圓心角有關(guān)，粒子做圓周運動的圓心角不同，因此粒子的運動時間不等，故B錯誤;

C.當(dāng)粒子速率%=翌時，粒子做圓周運動的半徑為

2m

「"o=d

1qB2

能保證所有粒子都打在。點的最小磁場區(qū)域如圖

0

a

最小磁場區(qū)域面積為

2兀d，

s==--

4

故c正確;

D.當(dāng)粒子速率為=幽時，粒子做圓周運動的半徑為

m

能保證所有粒子都打在。點的最小磁場區(qū)域如圖

最小磁場區(qū)域面積為

s'=2x(-7vd2--d2)=^--d2

422

故D正確；

故選ACD?

8、BDE

【解題分析】

A.物理性質(zhì)各向同性的固體可能是非晶體，也可能是多晶體，故A錯誤.

B.液體表面層內(nèi)分子較為稀疏，分子力表現(xiàn)為引力，故在完全失重的宇宙飛船中，水的表面依然存在表面張力，故B

正確.

C,用顯微鏡觀察布朗運動，觀察到的是固體顆粒的無規(guī)則運動，不是液體分子的無規(guī)則運動，而是液體分子無規(guī)則運

動的反映，故C錯誤.

D.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時，分子間距離的增大時，分子力做負功，分子勢能增大.故D正確.

E.對于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，根據(jù)PW7=c知，氣體的溫度升高，內(nèi)能增大，同時氣體對

外做功，由熱力學(xué)第一定律知氣體一定從外界吸熱.故E正確.

故選BDE.

【題目點撥】

解決本題的關(guān)鍵要理解并掌握熱力學(xué)的知識，知道多晶體與非晶體的共同點：各向同性.要注意布朗運動既不是固體

分子的運動，也不是液體分子的運動，而是液體分子無規(guī)則運動的反映.

9、BD

【解題分析】

AB.電流向右，則金屬導(dǎo)體中的自由電子定向向左移動，由左手定則知洛倫茲力向上，則上表面累積負電荷，其電勢

低，選項B正確，A錯誤。

CD.穩(wěn)定狀態(tài)時，電子做勻速直線運動，受力平衡，有

eE=evB

又有

E上

h

解得

U

v=——

hB

選項C錯誤，D正確；

故選BD.

10、AD

【解題分析】

A.。點到a、b、c三點的距離相等，故三個電荷在。點的場強大小相同，且夾角互為120。，故。點的場強為0,故

A正確；

B.由于a、入在E點的場強大小相等方向相反，故E點的場強僅由電荷c決定，故場強方向向左，而電荷c在O尸位

置的場強大小相同方向相反，但電荷6在尸點的場強矢量和不為0,故E歹兩點的電場強度大小不同，方向相反，

故B錯誤；

C.E、G、〃三點分別為“氏ac.從的中點，故E的場強僅由電荷c決定，同理G點的場強僅由電荷b決定，〃點

的場強僅由電荷。決定，故三點的場強大小相同，但方向不同，故C錯誤；

D.若釋放電荷c,則a、》在C點的合場強水平向右，故a、》始終對c有斥力作用，故c電荷將一直做加速運動，故

D正確。

故選ADo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、2.40.580.60在誤差允許的范圍內(nèi)，州、加2組成的系統(tǒng)機械能守恒9.7

【解題分析】

第4點與第6點間的平均速度等于第5點的瞬時速度，有

(21.60+26.40)x10-2,。，

%=-------------------------m/s=2.4m/s

52x0.1

打下計數(shù)點5時的速度2.4m/s

(2)[2]系統(tǒng)動能的增加量

AEk=；(叫+m2)v1=0.58J

打0~5點過程中系統(tǒng)動能的增加量0.58J0

[3]系統(tǒng)勢能的減少量

AEp=(m,-m^gh—0.60J

系統(tǒng)勢能的減少量0.60J。

[4]可見AEk與AEp大小近似相等，則在誤差允許的范圍內(nèi)，州、加2組成的系統(tǒng)機械能守恒。

(3)[5]系運動過程中機械能守恒，則有

；（/勺+根。）v?=（m,一/）gh

解得

m1—m,,

一-----gh

2叫十%

則L-”圖像的斜率

2

左=91g=咨

MI

；+m71.20

則

g=9.7m/s2

當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?.7m/s2o

12>1.650cm0.048-0.052

【解題分析】

(1)口］游標卡尺的主尺讀數(shù)為：L6cm,游標尺上第10條刻度線和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為

10x0.05mm=0.50mm,所以最終讀數(shù)為：1.6cm+0.50mm=1.650cm

⑵⑵第5點速度為

%=1.650.]0-2mzs=0.33m/s

20.05

則

v"=(0.33)2m2/s2=0.1089m2/s2

將余下的點描在坐標紙上，且將所有點擬合成直線，如圖

(3)[3]由實驗原理得

2/jgx=v2

則圖像斜率

k=2jug

由圖像可得

0.18

解得

〃=0.050

由于誤差，貝(10?048—0.052均可

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

4

13、(l)5m/s；(1)90J；(3)s=41；(4)-m<M<2m

3

【解題分析】

(1)甲在最高點D,由牛頓第二定律，有m1g=呵最

11

甲離開彈簧運動到D點的過程機械能守恒：3*=班g-2R+5班吟

聯(lián)立解得：VB=5m/s；

(1)燒斷細線時動量守恒：0=miV3-mivi

由于水平面AB光滑，貝!)有v產(chǎn)VB=5ITI/S,解得：vi=4m/s

根據(jù)能量守恒，彈簧的彈性勢能E=-7^+-7M2V；=90J

(3)甲固定，燒斷細線后乙物體減速運動到F點時的速度大小為VF,

由動能定理得：-Ring-41=-^mVp-6mgl,解得VF=112gl

從P點滑到H點時的速度為VH,由機械能守恒定律得

1212c,

—mvF=—mvH+2mgl

聯(lián)立解得VM=1y[gl

由于VM=1癡1>癡I,故乙物體能運動到H點，并從H點以速度VH水平射出.設(shè)乙物體回到軌道AF所需的時間為

t,由運動學(xué)公式得：2l=-gt2

乙物體回到軌道AF上的位置與B點之間的距離為s=vHt

聯(lián)立解得5=4/;

(4)設(shè)乙物體的質(zhì)量為M,到達F點的速度大小為VF,

1,12mgl-4Mgl

由動能定理得：-"Mg-4Z=-MVF-6mgl,解得VF=

M

為使乙物體能滑上圓軌道，從GH間離開圓軌道，滿足的條件是：

一方面乙物體在圓軌道上的上升高度能超過半圓軌道的中點G,由能量關(guān)系有：

1,

-Mvj>Mgl

另一方面乙物體在圓軌道的不能上升到圓軌道的最高點H,由能量關(guān)系有

4

聯(lián)立解得：

3

【題目點撥】

(1)根據(jù)牛頓第二定律求出最高點D的速度，根據(jù)機械能守恒求出過B點的速度；

(1)根據(jù)動量守恒定律求出乙的速度，根據(jù)能量守恒求出彈性勢能；

(3)根據(jù)動能定理可求F點的速度，根據(jù)機械能守恒定律可求M點的速度，根據(jù)平拋運動的規(guī)律可求水平位移；

(4)能從GH間離開圓軌道需要滿足在圓軌道上的上升高度能超過半圓軌道的中點，且不能上升到圓軌道的最高點.

14、87℃；