卓越聯(lián)盟新高考省份高三月份檢測化學試題

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精新高考省份高三年級9月份檢測試題化學試卷相對原子質量：O—16Cl-35。5Cu—64P—31Sn—119一、選擇題：每小題只有一個選項符合題目要求.1.從石油原料到口罩的生產過程中涉及的下列變化不屬于化學變化的是（）ABCD石油催化裂解得到丙烯丙烯催化聚合生成聚丙烯聚丙烯熔融后噴絲壓成熔噴布利用環(huán)氧乙烷與微生物蛋白質發(fā)生烷基化反應消毒A.A B。B C。C D。D【答案】C【解析】【詳解】A．石油催化裂解得到丙烯,有化學鍵斷裂，有新物質生成，屬于化學變化，故A不選;B．丙烯催化聚合生成聚丙烯，生成了新物質聚丙烯，屬于化學變化,故B不選；C．聚丙烯熔融后噴絲壓成熔噴布,只是存在的形態(tài)發(fā)生了變化，沒有新物質產生,屬于物理變化，故C選;D．利用環(huán)氧乙烷與微生物蛋白質發(fā)生烷基化反應消毒，烷基化反應是化學變化，故D不選；故選C。2?；瘜W與生產和生活密切相關,下列說法錯誤的是A.高純硅可用于制作光感電池B。活性炭具有除異味和殺菌作用C.氫氧化鋁、碳酸氫鈉都是常見的胃酸中和劑D.碘酒可用于皮膚外用消毒【答案】B【解析】【詳解】A。硅是半導體,高純硅可用于制作光感電池，選項A正確;B?；钚蕴烤哂形叫?能除異味但不能殺菌，選項B錯誤;C。氫氧化鋁、碳酸氫鈉都能與胃酸中的鹽酸反應,能夠作胃酸的中和劑,選項C正確；D。碘酒能使蛋白質變性,可用于皮膚外用消毒,選項D正確；答案選B。3。下列反應的離子方程式正確的是A.用醋酸除去水垢：CaCO3+2H＋=Ca2++CO2↑+H2OB.向AlCl3溶液中加入過量濃氨水：Al3++4NH3?H2O=+4+2H2OC。向苯酚鈉溶液中通入少量CO2:2+CO2+H2O→2+D.等體積、等濃度的Ba(OH）2稀溶液與NH4HCO3稀溶液混合:Ba2++2OH?++=BaCO3↓+NH3?H2O+H2O【答案】D【解析】【詳解】A。用醋酸除去水垢，反應生成醋酸鈣、二氧化碳和水，反應的離子方程式為：CaCO3+2CH3COOH=2CH3COO-+Ca2++CO2↑+H2O,選項A錯誤；B.向AlCl3溶液中加入過量的濃氨水，反應生成氫氧化鋁沉淀和氯化銨，反應的離子方程式為：Al3++3NH3?H2O=Al（OH）3↓+3,選項B錯誤;C。向苯酚鈉溶液中通入少量CO2，反應生成苯酚和碳酸氫鈉,反應的離子方程式為：+CO2+H2O→+，選項C錯誤;D。等體積、等濃度的Ba(OH）2稀溶液與NH4HCO3稀溶液混合,反應生成碳酸鋇、一水合氨和水，反應的離子方程式為：Ba2++2OH?++=BaCO3↓+NH3?H2O+H2O，選項D正確；答案選D.4.下列關于物質結構的說法錯誤的是A。晶格能：NaF〉NaCl>NaBrB.基態(tài)碳原子有三種能量不同的電子C.CH4和都是正四面體結構,鍵角均為109°28′D。甲醛(HCHO)的鍵角約為120°，分之間存在氫鍵【答案】D【解析】【詳解】A．NaF、NaCl、NaBr為結構相似的離子晶體,離子電荷相等，離子半徑越大，晶格能越小,所以晶格能:NaF＞NaCl＞NaBr,選項A正確;B．基態(tài)碳原子的核外電子排布為1s22s22p2，占據(jù)1s、2s、2p三個能級,所以有三種能量不同的電子，選項B正確;C．CH4和NH4+中心原子均采取sp3雜化方式，且微粒中所有鍵長均相等，故都是正四面體結構，鍵角均為109°28′，選項C正確；D．甲醛中C—H與C—H鍵夾角小于120°，甲醛只有一個羰基,沒有羥基，不存在氫鍵，選項D錯誤；答案選D。5。已知某種鋰鹽的結構如圖，它是一種新型鋰離子電池的電解質，其陰離子由W、X、Y、Z四種同周期主族元素構成，Y原子的最外層電子數(shù)是X的次外層電子數(shù)的3倍(箭頭指向表示共用電子對由W提供).下列說法錯誤的是（）A.元素非金屬性強弱順序是W＞Y＞Z＞XB.陰離子中X與Z的雜化方式相同C。原子半徑X＞Z＞Y＞W(wǎng)D。該物質中含有極性鍵、非極性鍵、配位鍵和離子鍵【答案】B【解析】【分析】W、X、Y、Z是同周期主族元素，Y的最外層電子數(shù)是X次外層電子數(shù)的3倍,X的次外層電子數(shù)只能為2,則四種元素都位于第二周期,Y的最外層電子數(shù)為6，則Y為O；四種元素與鋰組成的鹽是一種新型的鋰離子電池的電解質，Z可形成4個共價鍵,X可形成3個共價鍵和1個配位鍵，則Z為C、X為B,W可提供電子對，且易得到1個電子,則W為F，以此來解答?！驹斀狻緼．根據(jù)分析可知，W為F，Y為O,Z為C，X為B，同周期從左到右非金屬性增強,F＞O＞C＞B，元素非金屬性強弱順序是W＞Y＞Z＞X，故A正確，不選；B．X價層電子對數(shù)為4對，采用sp3雜化,Z的價層電子對數(shù)為3對，采用sp2雜化，陰離子中X與Z的雜化方式不相同，故B錯誤，符合題意；C．除稀有氣體外,同周期元素的原子從左到右半徑逐漸減小，原子半徑B＞C＞O＞F，原子半徑X＞Z＞Y＞W(wǎng)，故C正確，不選；D．該物質中含碳原子和氧原子之間、硼原子和氧原子之間、硼原子和氟原子之間形成極性鍵、碳原子和碳原子之間形成非極性鍵、硼原子和氟原子之間形成配位鍵、這種鋰鹽中還含有離子鍵，故D正確，不選；答案選B。6.下列實驗裝置正確的是(）A.用圖1所示裝置收集SO2氣體B.用圖2所示裝置檢驗溴乙烷與NaOH醇溶液共熱產生的C2H4C。用圖3所示裝置從食鹽水中提取NaClD。用圖4所示裝置制取并收集O2【答案】D【解析】【詳解】A、SO2密度比空氣大，應用向上排空法收集，故A錯誤；B、乙醇易揮發(fā)，可與高錳酸鉀發(fā)生氧化還原反應，不能排除乙醇的干擾，故B錯誤；C、蒸發(fā)應用蒸發(fā)皿，不能用坩堝，故C錯誤；D、過氧化氫在二氧化錳催化作用下生成氧氣，氧氣密度比空氣大，可用向上排空法收集，故D正確。答案選D。7。分子式為C4H8Cl2的同分異構體共有（不考慮立體異構）（）A.6種 B.7種 C.8種 D.9種【答案】D【解析】【詳解】C4H8Cl2的同分異構體可以采取“定一議二”法來確定,先固定一個氯原子的位置，再移動另一個氯原子的位置，可得如下幾種同分異構體：、、,故C4H8Cl2共有9種，答案選D。8.高分子M廣泛用于牙膏、牙科粘合劑等口腔護理產品，合成路線如圖:下列說法不正確的是A.試劑a是甲醇B?；衔顱不存在順反異構體C.化合物C的核磁共振氫譜有一組峰D.合成M的聚合反應是縮聚反應【答案】D【解析】【分析】CH≡CH與試劑a發(fā)生加成反應生成B，HOOCCH=CHCOOH分子內脫水生成C，B和C聚合生成M,根據(jù)聚合物M的結構式可知，M的單體為CH2=CH-O—CH3和，由此可知B為CH2=CH—O—CH3，C為,則試劑a為CH3OH，據(jù)此分析解答?！驹斀狻緼．根據(jù)分析，試劑a為CH3OH，名稱是甲醇，故A正確；B．化合物B為CH2=CH-O-CH3,要存在順反異構，碳碳雙鍵上的每個碳原子連接的兩個原子或原子團不同時能形成順反異構，B的結構中其中一個雙鍵碳上連接的兩個原子相同，不存在順反異構體，故B正確；C．化合物C為，其結構對稱，只含有一種氫原子，則核磁共振氫譜有一組峰,故C正確；D．聚合物M是由CH2=CH-O—CH3和中的雙鍵上發(fā)生加成聚合反應，不是縮聚反應,故D錯誤；答案選D。9。用鐵泥(主要成分為Fe2O3、FeO和少量Fe)制備超順磁性(平均直徑25nm）納米Fe3O4的流程示意圖如下:下列敘述不正確的是A.常用熱的Na2CO3溶液除去鋼鐵表面的油污B。步驟②中，主要反應的離子方程式是2Fe3＋+Fe=3Fe2＋C.步驟④中，反應完成后剩余的H2O2無需除去D。步驟⑤中,為了驗證得到的固體是超順磁性的Fe3O4粒子,可將其均勻分散在水中，做丁達爾效應實驗【答案】C【解析】【分析】鐵泥(主要成分為Fe2O3、FeO和少量Fe）與稀鹽酸反應得到的濾液A溶質為氯化鐵、氯化亞鐵、過量的稀鹽酸,加入鐵粉還原鐵離子：2Fe3++Fe=3Fe2+，過濾過量的鐵,濾液B的溶質為氯化亞鐵，加入氫氧化鈉溶液，生成Fe（OH）2渾濁液，向渾濁液中加入雙氧水氧化：2Fe（OH）2+H2O2=2FeOOH+2H2O,反應完成后需再加熱一段時間除去剩余H2O2，再與氯化亞鐵加熱攪拌發(fā)生反應:2FeOOH+Fe2++2OH—=Fe3O4+2H2O，過濾、洗滌、干燥得產品Fe3O4,以此解答該題?！驹斀狻緼。鋼鐵表面的油污在堿性條件下可以發(fā)生水解反應，Na2CO3是強堿弱酸鹽溶液，顯堿性,熱的Na2CO3溶液可以讓油脂水解，水解是吸熱的，溫度升高，水解平衡向吸熱的方向移動，水解效果越好，故A正確；B。濾液A溶質為氯化鐵、氯化亞鐵、過量稀鹽酸,加入鐵粉還原鐵離子和反應過量的鹽酸：2Fe3++Fe=3Fe2+,故B正確；C。步驟④中,防止其在步驟⑤中繼續(xù)氧化+2價鐵元素,反應完成后需再加熱一段時間除去剩余H2O2，故C錯誤；D.超順磁性的Fe3O4粒子平均直徑25nm,屬于膠體，可以做丁達爾效應實驗,故D正確；答案選C。10。2019年諾貝爾化學獎頒給了三位為鋰離子電池發(fā)展作出重要貢獻的科學家，磷酸鐵鋰鋰離子電池充電時陽極反應式為,，電池放電時,鋰離子從石墨晶體中脫嵌出來，通過隔膜遷移到磷酸鐵鋰晶體表面,然后重新嵌入到磷酸鐵鋰的晶格內，放電工作示意圖如圖。下列敘述不正確的是A.放電時，Li+通過隔膜移向正極B.放電時,電子由鋁箔沿導線流向銅箔C。放電時正極反應為:D。磷酸鐵鋰鋰離子電池充放電過程通過Li+遷移實現(xiàn)，C、Fe、P元素化合價均不變【答案】D【解析】【分析】充電電池充電時,正極與外接電源的正極相連為陽極，負極與外接電源負極相連為陰極，LiFePO4中的鋰離子脫出并伴隨著鐵元素的氧化，則此時鋁箔電極上發(fā)生失電子的氧化反應，鋁箔為陽極，電極反應式為xLiFePO4-xe-=xFePO4+xLi+,即LiFePO4—e—=FePO4+Li+,銅箔電極為陰極，陰極上鋰離子得電子發(fā)生還原反應，陰極反應式為:xLi++xe—+6C=LixC6，所以電池總反應為FePO4+LixC6xLiFePO4+6C;原電池放電時，正極、負極反應式正好與陽極、陰極反應式相反,電子由負極鋁箔經(jīng)過導線流向正極銅箔,電解質溶液中的陽離子向正極移動,陰離子向負極移動，據(jù)此分析解答。【詳解】A、原電池放電時，電解質溶液中的陽離子向正極移動，即Li+通過隔膜移向正極，A正確；B、原電池放電時,電子由負極鋁箔流出，經(jīng)過導線流向正極銅箔，B正確；C、原電池放電時，正極、負極反應式正好與陽極、陰極反應式相反，所以正極反應為：,C正確;D、由于隔膜的作用，Li+通過隔膜形成閉合回路，完成電池的充放電,電池總反應為xFePO4+LixC6xLiFePO4+6C，其中Fe的化合價發(fā)生變化，C、P元素化合價均不變，D錯誤；故答案為：D。二、選擇題：每小題有一個或兩個選項符合題目要求11.下列實驗操作、現(xiàn)象與結論對應關系正確的是選項實驗操作實驗現(xiàn)象結論A向盛有2mL0。lmol/L的AgNO3溶液中加入10滴0.1mol/L的NaCl溶液，振蕩，再加入10滴0.1mol/L的NaI溶液，再振蕩先生成白色沉淀,后產生黃色沉淀Ksp（AgI）〈Ksp（AgCl)B向淀粉溶液中加入適量的20％H2SO4溶液，加熱,冷卻后加入NaOH溶液至堿性，加入少量碘水溶液未變藍淀粉已完全水解C加熱2NO2（g)N2O4(g)平衡體系顏色加深證明正反應是放熱反應D分別測定室溫下等物質的量濃度的Na2SO3與Na2CO3溶液的pH后者較大證明非金屬性S＞CA。A B.B C。C D。D【答案】C【解析】【詳解】A．硝酸銀過量，與NaI生成黃色AgI沉淀，不存在沉淀的轉化,不能說明Ksp（AgI)＜Ksp（AgCl），A錯誤；B．加碘水可與NaOH反應，不能檢驗淀粉是否剩余，B錯誤；C．加熱顏色加深，說明平衡逆向移動,則正反應為放熱反應，C正確;D．由等物質的量濃度的Na2SO3與Na2CO3溶液的pH，可知對應酸的酸性強弱,但亞硫酸不是S的最高價含氧酸,不能比較非金屬性，D錯誤；故答案為:C。12。奧司他韋是一種抗病毒藥物，常用于治流感，結構如圖所示。根據(jù)該化合物的結構推測不可能有的性質是A。能夠使酸性高錳酸鉀溶液褪色B。1mol該物質只能與1molNaOH發(fā)生反應C。一個分子中存在有3個手性碳D。碳原子共有兩種雜化方式，其中sp2雜化的碳原子有三個【答案】BD【解析】【詳解】A．由于分子中含有碳碳雙鍵和氨基，故能夠使酸性高錳酸鉀溶液褪色，A不合題意；B．分子中含有1mol酰胺鍵和1mol酯基，故1mol該物質能與2molNaOH發(fā)生反應，B符合題意;C．同時與四個互不相同的原子或原子團相連的碳原子為手性碳原子，故一個分子中存在有3個手性碳如圖所示：,C不合題意；D．碳原子共有sp2、sp3兩種雜化方式，其中sp2雜化的碳原子有4個,分別是碳碳雙鍵上兩個和碳氧雙鍵上兩個，D符合題意；故答案為：BD。13.對氨基苯甲酸（）是一種用途廣泛的化工產品和醫(yī)藥中間體，以對硝基苯甲酸（）為原料，采用電解法合成對氨基苯甲酸的裝置如圖。下列說法正確的是A。電子由金屬陽極DSA經(jīng)導線流入直流電源B.陰極的主要電極反應式為+6e—+6H+→+2H2OC。每轉移1mole－時,陽極電解質溶液的質量減少8gD。反應結束后陽極區(qū)pH增大【答案】AB【解析】【分析】該裝置為電解池，右側生成氧氣，則右側為陽極，電極反應式為，左側為陰極，據(jù)此分析解答?！驹斀狻緼.該電解池右側為陽極,失電子發(fā)生氧化反應，則電子由金屬陽極DSA經(jīng)導線流入直流電源,故A正確；B。陰極得電子發(fā)生還原反應生成氨基苯甲酸，則陰極的主要電極反應式為+6e—+6H+→+2H2O，故B正確；C.陽極發(fā)生反應，氫離子移動向陰極，當轉移4mole－時，陽極電解質溶液減少2mol水，則每轉移1mole－時，陽極電解質溶液減少0.5mol水，質量為9g，故C錯誤;D。陽極發(fā)生反應，氫離子移動向陰極，則反應結束后陽極區(qū)硫酸濃度會增大，pH減小，故D錯誤;故選AB。14.近日，北京航空航天大學教授團隊與中科院高能物理研究所合作，合成了Y、Sc（Y1／NC，Sc1／NC)單原子催化劑，用于常溫常壓下的電化學催化氫氣還原氮氣的反應。反應歷程與相對能量模擬計算結果如圖所示(＊表示稀土單原子催化劑）。下列說法錯誤的是A。Sc1／NC比Y1／NC更有利于吸附氮氣B。實際生產中將催化劑的尺寸處理成納米級顆?？商岣甙睔獾钠胶廪D化率C.使用Sc1／NC單原子催化劑的反應歷程中，最大能壘的反應過程可表示為＊N2+H→＊NNHD。升高溫度一定可以提高氨氣單位時間內的產率【答案】BD【解析】【詳解】A．從圖中可以看出,使用Sc1／NC吸附氮氣的活化能更低,更有利于吸附氮氣，A正確；B．催化劑只能改變反應速率，不能影響化學平衡移動，故實際生產中將催化劑的尺寸處理成納米級顆粒不能提高氨氣的平衡轉化率，B錯誤；C．從圖中可以看出,使用Sc1／NC單原子催化劑的反應歷程中，最大能壘的反應過程可表示為*N2+H→*NNH，C正確；D．從圖中可知,合成氨的反應為放熱反應，升高溫度平衡逆向移動，且溫度越高，催化劑吸附N2更困難,故升高溫度雖然可以加快反應速率，但不一定可以提高氨氣單位時間內的產率，D錯誤；故答案為：BD。15。常溫下,向某濃度的二元弱酸H2C2O4A.常溫下，H2C2O4的Ka1=10B。pH=3時，溶液中C.pH由0。8增大到5。3的過程中,水的電離程度逐漸增大D.常溫下，隨著pH的增大，的值先增大后減小【答案】C【解析】【詳解】A．曲線II為PC(H2C2O4)，曲線I為PC(HC2O4-）、III為PC（C2O42—),當pH=0。8時，PC（H2C2O4)=PC(HC2O4—），即c（H2C2O4)=c（HC2O4—），則Ka1==c（H+）=10B．曲線II為PC(H2C2O4），曲線I為PC（HC2O4-）、III為PC(C2O42-)，pH=3時，PC（H2C2O4）=PC(C2O42—）＞PC（HC2O4—），pC越小則該微粒濃度越大,所以c(HC2O3-）＞c（C2O42-)=c（H2C2C．酸抑制水電離,酸中c(H+)越大其抑制水電離程度越大，所以pH從0.8上升到5。3的過程中c（H+)減小，則水的電離程度增大，故C正確；D．，電離平衡常數(shù)只與溫度有關，溫度不變則不變,故D錯誤;故答案為C?！军c睛】考查弱電解質的電離，側重考查學生圖象分析判斷能力，正確判斷曲線與微粒的一一對應關系是解本題關鍵,注意縱坐標大小與微粒濃度關系，為易錯點,pC越小則該微粒濃度越大,c（H2C2O4三、非選擇題16.我國是世界上較早冶煉鋅的國家.在現(xiàn)代工業(yè)中，鋅更是在電池制造、合金生產等領域有著廣泛的用途.已知：鋅的熔點為419。6℃，沸點907℃。I．圖是古代以爐甘石(ZnCO3）為原料煉鋅的示意圖.(1)泥罐內的主要反應為：i．ZnCO3（s)=ZnO（s）+CO2(g）ΔH1ii．CO2（g)+C(s）=2CO(g）ΔH2……總反應：ZnCO3（s）+2C(s）=Zn（g)+3CO(g)ΔH3利用ΔH1和ΔH2計算時ΔH3，還需要利用_______反應的ΔH.Ⅱ．現(xiàn)代冶煉鋅主要采取濕法工藝。以閃鋅礦（主要成分為ZnS，還含鐵等元素）、軟錳礦(主要成分為MnO2，還含鐵等元素)為原料聯(lián)合生產鋅和高純度二氧化錳的一種工藝的主要流程如下：（2)浸出：加入FeSO4能促進ZnS的溶解，提高鋅的浸出率，同時生成硫單質。Fe2+的作用類似催化劑,“催化"過程可表示為：?。篗nO2＋2Fe2+＋4H+＝Mn2+＋2Fe3+＋2H2Oⅱ：……①寫出ⅱ的離子方程式：__________。②下列實驗方案可證實上述“催化”過程將實驗方案補充完整。a.向酸化的FeSO4溶液中加入KSCN溶液，溶液幾乎無色，再加入少量MnO2，溶液變紅。b._____。(3)除鐵:已知①進入除鐵工藝的溶液的pH約為3;②控制溶液pH為2.5~3。5,使鐵主要以FeOOH沉淀的形式除去。通入空氣需同時補充適量ZnO的理由分別是是_______。(4）電解：用惰性電極電解時，陽極的電極反應是______。（5)電解后的溶液中可循環(huán)利用的物質是______?！敬鸢浮?1）。ZnO(s)+C(s）=Zn(g)+CO（g）（2)。ZnS+2Fe3+=Zn2++2Fe2++S(3).取a中紅色溶液，向其中加入ZnS,振蕩，紅色褪去（4）。通入空氣將二價鐵氧化，加入的ZnO可控制溶液pH（5）。Mn2+-2e-+2H2O=MnO2+4H+（6）.硫酸【解析】【分析】I．古代以爐甘石（ZnCO3)為原料煉鋅的各步反應:i．ZnCO3（s)=ZnO(s）+CO2（g）、CO2(g）+C(s）=2CO（g）、ZnO（s）+C（s)=Zn（g）+CO（g），總反應：ZnCO3（s)+2C（s)=Zn(g）+3CO(g)；Ⅱ．現(xiàn)代冶煉鋅流程圖中的各步反應：浸出：ⅰ：MnO2＋2Fe2+＋4H+＝Mn2+＋2Fe3+＋2H2O，ii．ZnS+2Fe3+=Zn2++2Fe2++S,總把反應：MnO2＋ZnS+4H+Mn2++S+Zn2++2H2O；除鐵:4Fe2+＋O2＋8H2O＝4FeOOH＋8H+使溶液的pH下降，加入的ZnO與H+發(fā)生反應ZnO+2H+＝H2O+Zn2+,可控制溶液pH;電解:用惰性電極電解時，陽極電極反應是Mn2+-2e—+2H2O=MnO2+4H+，生成的硫酸和MnO2循環(huán)使用.陰極：Zn2＋＋2e－=Zn?！驹斀狻縄．泥罐內的主要反應為：i．ZnCO3(s）=ZnO（s)+CO2（g）H1ii．CO2（g)+C(s）=2CO（g）H2……總反應：ZnCO3(s）+2C（s）=Zn（g)+3CO（g)H3根據(jù)蓋斯定律：總反應—i—ii得ZnO(s)+C（s)=Zn(g）+CO(g），H=H3-H1-H2，利用H1和H2計算時H3,還需要利用ZnO（s)+C（s)=Zn(g)+CO（g)反應的H。故答案為：ZnO（s）+C(s）=Zn（g)+CO(g）；Ⅱ．（2）①Fe2+的作用類似催化劑，ⅱ中應將Fe3+還原成Fe2+，ZnS的溶解的離子方程式:ZnS+2Fe3+=Zn2++2Fe2++S。故答案為：ZnS+2Fe3+=Zn2++2Fe2++S；②證實上述“催化”過程的實驗方案：a．檢驗Fe2+被氧化成Fe3+：向酸化的FeSO4溶液中加入KSCN溶液，溶液幾乎無色，再加入少量MnO2，溶液變紅。b．檢驗Fe3+被還原成Fe2+:取a中紅色溶液，向其中加入ZnS，振蕩，紅色褪去。故答案為:取a中紅色溶液,向其中加入ZnS，振蕩,紅色褪去；(3）除鐵：通入空氣需同時補充適量ZnO的理由是：通入空氣時，發(fā)生反應4Fe2+＋O2＋8H2O＝4FeOOH＋8H+使溶液的pH下降,加入的ZnO與H+發(fā)生反應ZnO+2H+＝H2O+Zn2+,可控制溶液pH。故答案為：通入空氣時，發(fā)生反應4Fe2+＋O2＋8H2O＝4FeOOH＋8H+使溶液的pH下降，加入的ZnO與H+發(fā)生反應ZnO+2H+＝H2O+Zn2+，可控制溶液pH；(4)電解：用惰性電極電解時，陽極發(fā)生氧化反應，將Mn2+氧化成MnO2，陽極的電極反應是Mn2+—2e-+2H2O=MnO2+4H+。故答案為：Mn2+-2e—+2H2O=MnO2+4H+;（5）電解后的溶液中生成硫酸，可循環(huán)利用。故答案為:硫酸?！军c睛】本題考查了物質制備方案的設計、物質分離與提純方法的綜合應用，明確制備流程為解答關鍵，注意掌握常見物質性質與分離、提純方法的關系，試題涉及的化學反應較多，分析發(fā)生的反應是解題的難點：古代以爐甘石（ZnCO3）為原料煉鋅、現(xiàn)代冶煉鋅流程圖中的各步反應（詳見分析）,對學生的分析、理解能力及化學實驗能力要求較高。17.大連理工大學彭孝軍院士課題組報道了基于硼氟熒類熒光染料(BODIPY）的銅熒光探針的設計與應用，利用Cu2+誘導胺的氧化脫氫反應形成的Cu+配合物,進行Hela細胞中的Cu2+熒光成像和檢測。其反應如下：回答下列問題：(1）在水溶液里，Cu2+比Cu+穩(wěn)定，是由于水分子配體的作用。在氣態(tài)時，Cu2+比Cu+_______(填“穩(wěn)定”或“不穩(wěn)定”),原因是_____。（2)BODIPY熒光探針分子中,B原子的雜化方式為___,1molBODIPY分子中含有____mol配位鍵，其中第二周期元素原子的第一電離能由大到小的順序為_____.(3)熒光探針分子通常是具有共軛結構的剛性分子，即單雙鍵交替的平面結構，分子的共軛程度改變,會產生熒光信號的改變,請從結構的角度解釋該熒光探針對Cu2+的檢測原理___。(4）磷錫青銅是有名的彈性材料，廣泛用于儀器儀表中的耐磨零件和抗磁元件等.磷錫青銅晶胞結構如圖所示。NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值,銅、磷原子最近距離為0.5apm。①磷錫青銅的化學式為____，銅與銅原子最近距離為____pm.②磷青銅晶體密度為____g?cm-3（用代數(shù)式表示).【答案】(1）。不穩(wěn)定(2）.Cu+的價電子排布為3d10，全滿,比Cu2+的價電子排布為3d9穩(wěn)定(3）.sp3（4)。1（5）。F〉N〉O>C〉B（6).Cu2+誘導胺的氧化脫氫反應形成Cu+配合物后，體系的共軛程度增大，熒光信發(fā)生改變,從而對Cu2+進行檢測（7)。SnCu3P（8).(9).【解析】【詳解】（1)銅元素的原子序數(shù)為29，價電子排布式為3d104s1，氣態(tài)時,失去1個價電子形成3d10的全充滿穩(wěn)定結構，而失去2個價電子形成3d9的結構，3d10的結構比3d9的結構穩(wěn)定，則在氣態(tài)時,Cu2+比Cu+不穩(wěn)定，故答案為：不穩(wěn)定；Cu+的價電子排布為3d10，全滿，比Cu2+的價電子排布3d9穩(wěn)定;(2)由BODIPY熒光探針分子的結構可知，每個B原子周圍連接了4個原子或原子團，則B原子的雜化方式為sp3雜化；每個B原子能形成3個共價鍵,具有空軌道，每個N原子能形成3個共價鍵，具有孤對電子，則BODIPY熒光探針分子中B原子與形成雙鍵的N原子形成1個配位鍵；同周期元素,從左到右第一電離能呈增大的趨勢，但N原子的2p軌道為半充滿的穩(wěn)定結構，第一電離能大于相鄰的元素,則第二周期的F、N、O、C、B的第一電離能由大到小的順序為F＞N＞O＞C＞B，故答案為:sp3；1；F＞N＞O＞C＞B；（3）由Cu2+誘導胺的氧化脫氫反應形成的Cu+配合物的反應可知，反應中，BODIPY熒光探針分子中與苯環(huán)連接的N原子脫氫后形成了雙鍵，Cu+配合物中形成了單雙鍵交替的平面結構，分子的共軛程度增大，熒光信發(fā)生改變，從而對Cu2+進行檢測，故答案為：Cu2+誘導胺的氧化脫氫反應形成的Cu+配合物后，體系的共軛程度增大,熒光信發(fā)生改變,從而對Cu2+進行檢測;（4)①由晶胞結構可知,晶胞中位于頂點的Sn原子的個數(shù)為8×=1,位于面心的Cu原子的個數(shù)為6×=3,位于體心的P原子個數(shù)為1，Sn、Cu、P的原子個數(shù)比為1:3:1,則磷錫青銅的化學式為SnCu3P；由晶胞的結構可知，P原子位于4個Cu原子形成的正方形的面心上，設銅與銅原子最近距離為xpm，則2x2=(2×0。5a)2，解得x=,故答案為:SnCu3P；；②由晶胞的結構可知，晶胞的邊長是銅、磷原子最近距離的2倍，為apm，由晶胞的質量公式可得（a×10-10)3d=，解得密度d=g?cm—3，故答案為：?！军c睛】由晶胞的結構明確P原子位于4個Cu原子形成的正方形的面心上，晶胞的邊長是銅、磷原子最近距離的2倍是計算銅與銅原子最近距離和磷青銅晶體密度的解答關鍵，也是難點。18.2019年12月4日“全球碳計劃"發(fā)布報告說，全球CO2排放量增速趨緩。人們還需要更有力的政策來逐步淘汰化石燃料的使用。CO2的綜合利用是解決溫室問題的有效途徑.（1)一種途徑是用CO2轉化為成為有機物實現(xiàn)碳循環(huán)。如：C2H4(g)+H2O（l）?C2H5OH(l）ΔH＝—44。2kJ·mol—1；2CO2(g)+2H2O(l）?C2H4(g）+3O2（g)ΔH＝+1411。0kJ·mol—1。已知2CO2（g）+3H2O（l）?C2H5OH(l）+3O2（g）,其正反應的活化能為EakJ·mol?1,則逆反應的活化能為__kJ·mol-1。乙烯與HCl加成生成的氯乙烷在堿性條件下水解也得到乙醇,其水解反應的離子方程式為__，v=kcm(CH3CH2Cl）cn（OH-)為速率方程，研究表明，CH3CH2Cl濃度減半，反應速率減半，而OH-濃度減半對反應速率沒有影響，則反應速率方程式為__。(2）利用工業(yè)廢氣中的CO2可以制取甲醇和水蒸氣，一定條件下,往2L恒容密閉容器中充入1molCO2和3molH2,在三種不同催化劑作用下發(fā)生反應，相同時間內CO2的轉化率隨溫度變化曲線如圖所示:①催化劑效果最佳的反應是__（填“曲線I”,“曲線II”,“曲線III”).②b點，υ(正）__υ(逆）（填“〉”，“<"，“=”）。③若此反應在a點時已達平衡狀態(tài)，a點的轉化率比c點高的原因是__。④c點時該反應的平衡常數(shù)K＝__.(3）中國科學家首次用CO2高效合成乙酸，其反應路徑如圖所示：①根據(jù)圖示，寫出總反應的化學方程式：__。②原料中的CH3OH可通過電解法由CO2制取，用稀硫酸作電解質溶液,寫出生成CH3OH的電極反應式__。【答案】（1）。Ea—1366。8（2).CH3CH2Cl（aq)+OH—(aq)→C2H5OH（aq）+Cl—（aq)(3).v=kc（CH3CH2Cl）（4)。曲線I（5).＞(6）。該反應為放熱反應，溫度升高，平衡逆向移動（7)。(8).CH3OH+CO2+H2CH3COOH+H2O(9）。CO2+6e-+6H+=CH3OH+H2O【解析】【分析】(1)應用蓋斯定律，計算出2CO2(g)+3H2O(l）?C2H5OH（l）+3O2（g)的ΔH，并按照ΔH=正反應的活化能—逆反應的活化能，計算逆反應的活化能，氯乙烷在堿性條件下水解得到乙醇和氯化鈉，據(jù)此寫反應的離子方程式，按反應物濃度對速率的影響數(shù)據(jù),寫反應速率方程式即可；(2）一定條件下，往2L恒容密閉容器中充入1molCO2和3molH2后反應得到甲醇和水蒸氣，反應方程式為CO2(g)+3H2(g）?CH3OH(g）+H2O(g），按照CO2的轉化率隨溫度變化關系圖分析、計算回答即可；(3）①根據(jù)圖示，找出總的反應物、催化劑和產物，據(jù)此寫總反應的化學方程式；②原料中的CH3OH可通過電解法由CO2制取，二氧化碳在陰極反應，故是二氧化碳得電子被還原的反應,據(jù)此寫生成CH3OH的電極反應式?！驹斀狻?1)反應①C2H4(g）+H2O(l)?C2H5OH(l)ΔH1=—44.2kJ·mol—1反應②2CO2（g)+2H2O（l）?C2H4（g）+3O2（g)ΔH2=+1411.0kJ·mol—1應用蓋斯定律，反應①+反應②得到：2CO2(g)+3H2O(l）?C2H5OH(l)+3O2（g）,則該反應的ΔH=ΔH1+ΔH2，故ΔH=—44.2kJ·mol-1+(+1411.0kJ·mol-1)=+1366。8kJ·mol-1，因為ΔH=正反應的活化能—逆反應的活化能，正反應的活化能為EakJ·mol—1，則逆反應的活化能為（Ea-1366.8)kJ·mol—1；氯乙烷在堿性條件下水解得到乙醇和氯化鈉，則反應的離子方程式為CH3CH2Cl(aq)+OH-（aq）→C2H5OH(aq)+Cl-(aq）；該反應的速率方程為v=kcm(CH3CH2Cl）cn（OH—），研究表明，CH3CH2Cl濃度減半，反應速率減半,則可知m=1,而OH—濃度減半對反應速率沒有影響，則n=0，故反應速率方程式為v=kc(CH3CH2Cl）；（2）一定條件下，密閉容器中發(fā)生的反應為CO2(g）+3H2（g）?CH3OH(g）+H2O（g），①相同溫度下相同時間內CO2轉化率最高的是曲線Ⅰ,故最佳催化劑為曲線I;②在同一溫度下，曲線I的催化效率最好，則在b點的溫度下，曲線I的速率也是最快的，說明b點并未達到平衡,且CO2的轉化率將繼續(xù)增大，即平衡仍將正向移動，則v（正）＞v(逆);③若此反應在a點時已達平衡狀態(tài),則繼續(xù)升溫就會使平衡移動,故a點的轉化率比c點高的原因為該反應為放熱反應，溫度升高，平衡逆向移動；④該條件下，一開始往2L恒容密閉容器中充入1molCO2和3molH2，由圖知,c點時二氧化碳轉化了，則列“三段式"：平衡時2L容器內CO2(g)、H2(g)、CH3OH(g）、H2O（g)的濃度依次為mol/L、mol/L、mol/L、mol/L，則該反應的平衡常數(shù)K==;（3)①通過電解法由CO2制取CH3OH,碳元素化合價降低，故是二氧化碳得電子被還原的反應，故二氧化碳在陰極反應，則生成CH3OH的電極反應式為CO2+6e-+6H+=CH3OH+H2O；②根據(jù)圖示，CH3OH、CO2和H2在LiI、Rh+催化作用下生產CH3COOH和H2O，總反應的化學方程式為CH3OH+CO2+H2CH3COOH+H2O?！军c睛】平衡常數(shù)K的計算是易錯題，列式計算式注意不要忽視容器的體積。19。丁苯酞（J）是治療輕、中度急性腦缺血的藥物，合成J的一種路線如下：已知：（1)G中官能團的名稱為_____、______。（2)D的系統(tǒng)命名是____，化合物J的結構簡式為______。（3）C與銀氨溶液反應的化學方程式為____。（4）根據(jù)，X的分子式為____。X有多種同分異構體，其中滿足下列條件的同分異構體共有____種（已知：碳碳三鍵或碳碳雙鍵不能與羥基直接相連）。①除苯環(huán)外無其他環(huán)，且無-O—O—鍵②能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應③苯環(huán)上的一氯代物只有兩種(5）參照題中信息寫出以甲烷和甲苯為原料，合成的路線流程圖_____(其他試劑自選)?！敬鸢浮?1）。羥基（2）.溴原子或碳溴鍵(3).2-甲基—1—丙烯（或2-甲基丙烯)(4）.（5).+2Ag（NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O(6）。C8H6O3(7)。9(8）。【解析】【分析】由A、B的分子式及A→B的條件可知A為；結合G的結構簡式可知B為；比較B、C的分子式及B→C的條件可知C為；結合G的結構簡式及“已知"可知F為（CH3）3CMgBr，則E為(CH3）3CBr，D為CH2=C(CH3）2；結合G的結構簡式及“已知”可知H為，則J為，據(jù)此解答。【詳解】（1）G為,含有羥基、溴原子（或碳溴鍵）,故答案為：羥基；溴原子(或碳溴鍵）;(2)D的結構簡式為CH2=C(CH3)2，系統(tǒng)命名法命名為2-甲基-1-丙烯（或2—甲基丙烯),J的結構簡式為，故答案為：2—甲基—1—丙烯(或2—甲基丙烯);;（3)C含醛基，其與銀氨溶液反應的化學方程式為+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O，故答案為:+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O;（4）C為，結合“已知"可得X的結構簡式為，其分子式為C8H6O3,X的同分異構體中，同時滿足①除苯環(huán)外無其他環(huán)，且無—O-O-鍵，②能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應，③苯環(huán)上的一氯代物只有兩種，有三種情況,第一種情況：一個酚—OH和一個-COCHO，且二者處于對位有1種，第二種情況：2個-CHO,1個酚-OH，且2個—CHO處于間位有2種，第三種情況:3個酚—OH和1個有6種,因此,符合條件的X的同分異構體共有1+2+6=9種，故答案為:C8H6O3；9；(5）逆合成分析:可由和CH3MgBr發(fā)生類似“C+F→G"得到,可由甲苯發(fā)生類似“B→C”得到，CH3MgBr由CH3Br和Mg、乙醚得到，CH3Br由甲烷和溴發(fā)生取代反應得到，即，故答案為:。20.二氧化氯是一種黃綠色具有刺激性氣味的氣體，常用于自來水消毒和果蔬保鮮等方面.氯酸鈉還原法是目前使用較為廣泛的制備方法，其中是用與在催化劑、時，發(fā)生反應得到，下圖裝置(夾持裝置略）對其制備、吸收、釋放進行了研究。已知：①的濃度較大時易分解，實驗室用穩(wěn)定劑吸收,生成，使用時