2022-2023學(xué)年北京石景山區(qū)高二年級(jí)下冊(cè)學(xué)期期末物理試題及答案

2023北京石景山高二（下）期末

物理

本試卷共8頁(yè)，100分?？荚嚂r(shí)長(zhǎng)90分鐘?？忌鷦?wù)必將答案答在答題卡上，在試卷上作答無

效。考試結(jié)束后，將答題卡交回。

第一部分

本部分共15題，每題3分，共45分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一

項(xiàng)。

1.分子間的作用力尸與分子間距離r的關(guān)系如圖所示，“為分子間的平衡位置。下列說法正確的是

()

A.當(dāng)『=為時(shí)，分子間的作用力最小

B.當(dāng)「=（時(shí)，分子間的作用力最小

C.分子間的作用力總是隨分子間距離增大而減小

D.分子間的作用力總是隨分子間距離增大而增大

2.如圖所示，一束光沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它的平直的邊上，在玻璃磚與空氣的界面上發(fā)生反射和

折射，入射角為4,折射角為名。下列說法正確的是（）

A.反射光的頻率大于入射光的頻率B.折射光的波長(zhǎng)等于入射光的波長(zhǎng)

C.若增大入射角反，則折射角4將減小D.若增大入射角4,則折射光將減弱

3.一列簡(jiǎn)諧橫波沿X軸傳播，r=o時(shí)刻的波形如圖1所示，K、L是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)。圖2是質(zhì)點(diǎn)K的振

動(dòng)圖像。下列說法正確的是（）

第1頁(yè)/共21頁(yè)

A.f=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K的加速度比質(zhì)點(diǎn)心的大

B」=0時(shí)刻之后，質(zhì)點(diǎn)K比質(zhì)點(diǎn)Z,先到達(dá)正向最大位移處

C.波沿x軸正方向傳播，速度為l.Om/s

D.波沿x軸負(fù)方向傳播，速度為0.5m/s

4.一個(gè)地球儀繞與其“赤道面”垂直的“地軸”勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的示意圖如圖所示。P點(diǎn)和0點(diǎn)位于同一條“經(jīng)

線”上、。點(diǎn)和M點(diǎn)位于“赤道”上，。為球心。下列說法正確的是（）

地軸

轉(zhuǎn)動(dòng)方向

A.P、。的線速度大小相等

B.P、M的角速度大小相等

C.P、。的向心加速度大小相等

D.P、M的向心加速度方向均指向。

5.如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)/開始，經(jīng)歷兩個(gè)過程，先后到達(dá)狀態(tài)8和C。有關(guān)/、8和C三

個(gè)狀態(tài)溫度一、加和％的關(guān)系，正確的是（）

A.TA>TBJTB>TCB.TA〈TB,TB>TC

C.TA=TC,TB=TCD,TA<TC,TB<TC

6.2021年5月，“天問一號(hào)”探測(cè)器成功在火星軟著陸，我國(guó)成為世界上第一個(gè)首次探測(cè)火星就實(shí)現(xiàn)“繞、

落、巡”三項(xiàng)任務(wù)的國(guó)家?！疤靻栆惶?hào)”在火星停泊軌道運(yùn)行時(shí)，近火點(diǎn)距離火星表面2.8x102km、遠(yuǎn)火

第2頁(yè)/共21頁(yè)

點(diǎn)距離火星表面5.9x105km,則“天問一號(hào)”（）

A.在近火點(diǎn)的加速度比遠(yuǎn)火點(diǎn)的大

B.在近火點(diǎn)的運(yùn)行速度比遠(yuǎn)火點(diǎn)的小

C.在近火點(diǎn)的機(jī)械能比遠(yuǎn)火點(diǎn)的大

D.在近火點(diǎn)通過加速可實(shí)現(xiàn)繞火星做圓周運(yùn)動(dòng)

7.如圖所示，真空中兩個(gè)等量異號(hào)的點(diǎn)電荷-。和+Q分別位于1點(diǎn)和4點(diǎn)，以A4連線中點(diǎn)。為原點(diǎn)建

立直角坐標(biāo)系。孫，B、C、尸是坐標(biāo)軸上的3個(gè)點(diǎn)，且80=0C。下列說法正確的是（）

A'BOcA

A.沿x軸從8點(diǎn)到C點(diǎn)電勢(shì)先增大再減小

B.8、。兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與。、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等

C.P點(diǎn)與。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等

D.P點(diǎn)與。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直

8.如圖所示，速度選擇器的兩平行導(dǎo)體板之間有方向互相垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面

向里。一電荷量為+q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入速度選擇器后，恰能沿圖中虛線通過。不計(jì)粒子重力，下

列說法可能正確的是（）

A.電荷量為-q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入后將向下偏轉(zhuǎn)

B.電荷量為+21的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入后將做類平拋運(yùn)動(dòng)

C.電荷量為+q的粒子以大于v的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后動(dòng)能將逐漸減小

D.電荷量為口的粒子以大于丫的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后動(dòng)能將逐漸增大

9.如圖1所示，矩形導(dǎo)線框。兒“固定在變化的磁場(chǎng)中，線框平面與磁場(chǎng)垂直。線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流如圖

2所示（規(guī)定電流沿。慶力為正）。若規(guī)定垂直紙面向里為磁場(chǎng)正方向，能夠產(chǎn)生如圖所示的電流的磁場(chǎng)為

()

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矩形線圈ABCD在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸OO'逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)

動(dòng)，發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間的變化規(guī)律為6=205抽1（）0"丫。下列說法正確的是（）

0,

A.此交流電的頻率為100Hz

B.此發(fā)電機(jī)電動(dòng)勢(shì)的有效值為20V

C.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)產(chǎn)生的電流為0

D.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)磁通量的變化率最大

11.如圖所示，兩極板加上恒定的電壓U,將一質(zhì)量為機(jī)、電荷量為+q的帶電粒子在正極板附近由靜止釋

放，粒子向負(fù)極板做加速直線運(yùn)動(dòng)。不計(jì)粒子重力。若將兩板間距離減小，再次釋放該粒子，則（）

A.帶電粒子獲得的加速度變小

B.帶電粒子到達(dá)負(fù)極板的時(shí)間變短

C.帶電粒子到達(dá)負(fù)極板時(shí)的速度變小

D,加速全過程靜電力對(duì)帶電粒子的沖量變小

12.如圖所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為10:1,其原線圈兩端接入正弦式交變電壓u,

〃=31IsinlOOmV,副線圈通過電流表與變阻器R相連，若交流電壓表和交流電流表都是理想電表，則

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下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)為31.1V

B.滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，電壓表的示數(shù)增大

C.滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，電流表的示數(shù)增大

D.滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，變壓器的輸入功率減小

13.如圖所示，一帶正電的點(diǎn)電荷固定于。點(diǎn)，圖中虛線為以。為圓心的一組等間距的同心圓。一帶電粒

子以一定初速度射入點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，實(shí)線為粒子僅在靜電力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，。、6、c為運(yùn)動(dòng)軌跡上的

三點(diǎn)。則該粒子（）

A.帶負(fù)電

B.在c點(diǎn)受靜電力最大

C.在。點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能

D.由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化量大于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化量

14.如圖所示平面內(nèi)，在通有圖示方向電流/的長(zhǎng)直導(dǎo)線右側(cè)，固定一矩形金屬線框d,ad邊與導(dǎo)線

平行。調(diào)節(jié)電流/使得空間各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，則（）

ab

F

d。

A.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閍ctdta

B.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流逐漸增大

C.線框ad邊所受的安培力大小恒定

D.線框整體受到的安培力方向水平向右

15.如圖所示，一小物塊從長(zhǎng)0.5m的水平桌面一端以初速度w沿中線滑向另一端，經(jīng)過時(shí)間1s從另一端

滑落。物塊與桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，g取10m/s2。下列關(guān)于w、"值的判斷中，可能正確的是（）

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A."=0.06B.〃=0.2

C.vo=2.Om/sD.vo=1.5m/s

第二部分

本部分共6題，共55分。

16.在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，

（1）甲同學(xué)采用讓重物自由下落的方法驗(yàn)證機(jī)械能守恒，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。下列說法正確的是

A.實(shí)驗(yàn)前必需用天平測(cè)出重物的質(zhì)量

B.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接低壓直流電源

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)先通電，穩(wěn)定后再釋放紙帶

D.重錘釋放位置應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

（2）該同學(xué)選取了如圖2所示的一條紙帶，。點(diǎn)是重錘開始下落時(shí)打出的點(diǎn)，/、8、C是按打點(diǎn)先后順序

選取的三個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)。通過測(cè)量得到。、/間距離為加，。、8間距離為〃2,。、C間距離為期。已知計(jì)數(shù)點(diǎn)

4、8間和從C間的時(shí)間間隔均為7,重錘質(zhì)量為〃?，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。從重錘開始下落到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

打8點(diǎn)的過程中，重錘動(dòng)能的增加量AEk=。在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，如果△以與相等，則

可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。

<------------------->

-----------------------h2------------------------?

■?------------------------------------hi------------------------------------?

圖2

（3）乙同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用拉力傳感器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)。如圖3所示，將拉力傳感器固定在天花

板上，細(xì)線一端系著小球，另一端連在拉力傳感器上的。點(diǎn)。將小球拉至細(xì)線與豎直方向成。角處無初速

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釋放，拉力傳感器顯示拉力的最大值為凡已知小球的質(zhì)量為重力加速度為g。當(dāng)二約為_________

mg

時(shí)，可說明小球擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒。

17.測(cè)電阻有多種方法。

（1）甲同學(xué)用多用電表歐姆擋直接測(cè)量待測(cè)電阻&的阻值。某次測(cè)量時(shí)，多用電表表盤指針如圖所示。

已知他選用歐姆擋的倍率為“xlOO”，則&的測(cè)量值為d

（2）乙同學(xué)用如圖所示的電路，測(cè)量待測(cè)電阻號(hào)的阻值。某次實(shí)驗(yàn)，電流表的示數(shù)為/,電壓表的示數(shù)為

U,則電阻R,的測(cè)量值為o若不考慮偶然誤差，該測(cè)量值與&的真實(shí)值相比（選填

“偏小”或“偏大”）。

（3）丙同學(xué)用如圖所示的電路，測(cè)量待測(cè)電阻凡的阻值。操作步驟如下：①先將開關(guān)S接1,調(diào)節(jié)滑動(dòng)

變阻器&，讀出電流表的示數(shù)/;②再將開關(guān)S接2,保持與不變，調(diào)節(jié)電阻箱凡，使電流表的示數(shù)仍為

I,記下此時(shí)電阻箱的阻值為R。。則R,的測(cè)量值為；電流表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果（選填“有”

或“無”）影響。

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（4）丁同學(xué)用如圖所示的電路，測(cè)量電流計(jì)內(nèi)阻&的阻值。操作步驟如下：①先閉合開關(guān)Sj,調(diào)節(jié)與，

使電流計(jì)指針滿偏；②再閉合開關(guān)S2,保持R］不變，調(diào)節(jié)尺2使得電流計(jì)指針半偏，記下此時(shí)&的值為

或。則Rg的測(cè)量值為；若不考慮偶然誤差，電流計(jì)內(nèi)阻的測(cè)量值（選填“大于”“等

于”或“小于”）其真實(shí)值。

18.如圖所示，長(zhǎng)度為/的輕繩上端固定在。點(diǎn)，下端系一質(zhì)量為機(jī)的小球（小球的大小可以忽略、重力

加速度為g）.

（1）在水平拉力廠的作用下，輕繩與豎直方向的夾角為a,小球保持靜止.畫出此時(shí)小球的受力圖，并

求力廠的大?。?/p>

（2）由圖示位置無初速釋放小球，不計(jì)空氣阻力.求小球通過最低點(diǎn)時(shí)：

a.小球的動(dòng)量大?。?/p>

b.小球?qū)p繩的拉力大小.

19.如圖所示，寬度為L(zhǎng)的U型導(dǎo)體框，水平放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，

左端連接一阻值為尺的電阻。一質(zhì)量為加、電阻為r的導(dǎo)體棒4b置于導(dǎo)體框上。不計(jì)導(dǎo)體框的電阻、導(dǎo)體

棒與框間的摩擦，導(dǎo)體棒與導(dǎo)體框始終接觸良好。在水平向右的拉力作用下，導(dǎo)體棒。匕以速度%勻速

向右運(yùn)動(dòng)。

（1）求通過導(dǎo)體棒4。的電流大小/;

（2）求拉力做功的功率P：

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（3）某時(shí)刻撤去拉力，經(jīng)過一段時(shí)間導(dǎo)體棒ab停在導(dǎo)體框上，求在此過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量0。

a

R

b

20.如圖所示，一枚炮彈發(fā)射的初速度為%,發(fā)射角為它飛行到最高點(diǎn)時(shí)炸裂成質(zhì)量均為機(jī)的A、B兩

部分，A部分炸裂后豎直下落，B部分繼續(xù)向前飛行。重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力，不計(jì)炸裂過程中炮

彈質(zhì)量的變化。求：

（1）炸裂后瞬間B部分速度的大小和方向；

（2）炸裂前后，A、B系統(tǒng)機(jī)械能的變化量AE

（3）A、B兩部分落地點(diǎn)之間的水平距離Ax。

21.1913年，美國(guó)物理學(xué)家密立根用油滴實(shí)驗(yàn)證明電荷的量子性并測(cè)出電子的電荷量，由此獲得了1923年

度諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。

如圖是密立根油滴實(shí)驗(yàn)的原理示意圖，兩個(gè)水平放置、相距為d的金屬極板，上極板中央有一小孔。用噴

霧器將細(xì)小的油滴噴入密閉空間，這些油滴由于摩擦而帶了負(fù)電。油滴通過上極板的小孔進(jìn)入到觀察室中。

當(dāng)兩極板電壓為。時(shí)，某一油滴恰好懸浮在兩板間靜止。將油滴視為半徑為廠的球體，已知油滴的密度為

P,重力加速度為g。

（1）求該油滴所帶的電荷量力

（2）由于油滴的半徑r太小，無法直接測(cè)量。密立根讓油滴在電場(chǎng)中懸浮，然后撤去電場(chǎng)，油滴開始做加

速運(yùn)動(dòng)；由于空氣阻力的存在，油滴很快做近似勻速運(yùn)動(dòng)，測(cè)出油滴在時(shí)間f內(nèi)勻速下落的距離為從已知

球形油滴受到的空氣阻力大小為/=6兀其中〃為空氣的粘滯系數(shù)，v為油滴運(yùn)動(dòng)的速率。不計(jì)空氣

浮力。請(qǐng)推導(dǎo)半徑廠的表達(dá)式（用〃、限t、夕和g表示）。

（3）實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，對(duì)于質(zhì)量為機(jī)的油滴，如果改變它所帶的電荷量g,則能夠使油滴達(dá)到平衡的電壓必須是

某些特定值U.，研究這些電壓變化的規(guī)律可發(fā)現(xiàn)它們都滿足方程=蛔=〃。（），式中"=±1,

q

±2.……。此現(xiàn)象說明了什么？

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參考答案

第一部分

本部分共15題，每題3分，共45分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一

項(xiàng)。

1.【答案】A

【詳解】A.七為分子間的平衡位置，此位置分子斥力與引力等大反向，合力為0,即當(dāng)「=%時(shí):分子間

的作用力最小，A正確；

B.當(dāng)時(shí)，分子斥力小于引力，合力表現(xiàn)為引力，即分子間的作用力表現(xiàn)為引力，且為間距大于為時(shí)

的最大值，B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)圖像可知，當(dāng)分子之間間距大于不時(shí)，隨分子間距離增大，分子間的作用力先增大后減小，C錯(cuò)

誤；

D.根據(jù)圖像可知，當(dāng)分子之間間距小于%和分子距離大于a時(shí)，隨分子間距離增大，分子間的作用力減

小，D錯(cuò)誤。

故選A。

2.【答案】D

【詳解】A.光發(fā)生反射和折射后頻率不變，所以反射光的頻率等于入射光的頻率，故A錯(cuò)誤：

B.折射光的傳播速度大于入射光的傳播速度，頻率相同，由丫=%/可知折射光的波長(zhǎng)大于入射光的波長(zhǎng),

故B錯(cuò)誤；

c.由〃=生絲可知若增大入射角4,則折射角區(qū)將增大，故c錯(cuò)誤；

sin

D.若增大入射角4,反射光增強(qiáng)，折射光將減弱。故D正確。

故選D。

3.【答案】B

【詳解】A.越靠近平衡位置，加速度越小，所以，=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K的加速度比質(zhì)點(diǎn)2的小，A錯(cuò)誤；

B.從圖2可以看出來f=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)K從平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，則波沿x正方向傳播，所以f=0時(shí)刻之

后，質(zhì)點(diǎn)K比質(zhì)點(diǎn)L先到達(dá)正向最大位移處，B正確；

CD.從圖2可以看出來波沿x軸正方向傳播，速度為

A1

v=—=—m/s=0.5m/s

T2

CD錯(cuò)誤；

故選B。

4.【答案】B

【詳解】B.由于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)的物體的角速度相等，可知尸、0、〃的角速度均相等，B正確；

A.圖中球面上各點(diǎn)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為各點(diǎn)到地軸的垂直距離，因此有

第10頁(yè)/共21頁(yè)

Rp<RQ

根據(jù)

v=coR

結(jié)合上述可知

VP<VQ

A錯(cuò)誤;

c.根據(jù)

a=CO2R

結(jié)合上述可知

ap<aQ

C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)上述可知，A7的向心加速度方向指向。，P的向心加速度方向指向尸到地軸垂線的垂足，D錯(cuò)

誤。

故選Bo

5.【答案】B

【詳解】由圖可知狀態(tài)/到狀態(tài)8是一個(gè)等壓過程，根據(jù)蓋呂薩克定理

匕一迄

看TB

因?yàn)?/p>

匕〉匕

故

TB>TA

狀態(tài)8到狀態(tài)C是一個(gè)等容過程，有查理定律

PB_Pc

〃一心

因?yàn)?/p>

PB>Pc

故

TB>TO

對(duì)狀態(tài)A到狀態(tài)C,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

33

2%?《匕-PO-2K

TATC

可得

第11頁(yè)/共21頁(yè)

TA=TC

故選Bo

6.【答案】A

【詳解】A.根據(jù)牛頓第二定律有

-Mm

Cr---二1\

解得

GM

故在近火點(diǎn)的加速度比遠(yuǎn)火點(diǎn)的大，故A正確；

B.根據(jù)開普勒第二定律可知，在近火點(diǎn)的運(yùn)行速度比遠(yuǎn)火點(diǎn)的大，故B錯(cuò)誤；

C.“天問一號(hào)”在同一軌道，只有引力做功，則機(jī)械能守恒，所以在近火點(diǎn)的機(jī)械能與遠(yuǎn)火點(diǎn)的機(jī)械能

相等，故C錯(cuò)誤；

D.“天問一號(hào)”在近火點(diǎn)做的是離心運(yùn)動(dòng)，若要變?yōu)槔@火星的圓軌道，需要減速，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

7.【答案】B

【詳解】A.根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布可知，x軸上A和A之間的電場(chǎng)線方向?yàn)檠豿軸正方向，沿

電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以沿x軸從8點(diǎn)到C點(diǎn)電勢(shì)逐漸減小，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布可知，8和C關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱，則有

<PB=-（PC

而。點(diǎn)處電勢(shì)為0,因此8、。兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與。、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等，故B正確：

C.據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布可知，從。點(diǎn)開始沿y軸正方向場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于。點(diǎn)

電場(chǎng)強(qiáng)度，故C錯(cuò)誤；

D.據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布可知，從。點(diǎn)開始沿y軸正方向的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右；x軸上和A之

間的電場(chǎng)線方向?yàn)檠豿軸正方向（即水平向右），則P點(diǎn)與。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，故D錯(cuò)誤。

故選Bo

8.【答案】C

【詳解】A.電荷量為十?的粒子以速度v進(jìn)入后受力平衡，即有

qvB=qE

由左手定則可知，洛倫茲力豎直向上，電場(chǎng)力豎直向下，即電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下，且有

E=vB

當(dāng)電荷量為-q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入后，由左手定則可知，粒子所受的洛倫茲力豎直向下，電場(chǎng)力豎

直向上，且有

qEqvB

則粒子受力平衡，將沿著圖中虛線通過，故A錯(cuò)誤；

第12頁(yè)/共21頁(yè)

B.電荷量為+2q的粒子以速度丫從S點(diǎn)進(jìn)入后，向下的電場(chǎng)力為

F、=2qE

向上的洛倫茲力為

F2=2qvB

由于E=所以粒子受力平衡，將沿著圖中虛線通過，故B錯(cuò)誤；

C.電荷量為十夕的粒子以大于v的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后，向下的電場(chǎng)力為

A=qE

向上的洛倫茲力為

F^>qvB

由于E=所以尼〉片，即粒子剛從S點(diǎn)進(jìn)入后所受合力豎直向上，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡將向上彎曲，此

過程中電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的動(dòng)能將逐漸減小，故C正確；

D.電荷量為-g的粒子以大于v的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后，向上的電場(chǎng)力為

F^=qE

向下的洛倫茲力為

F（,>qvB

由于E=所以乙〉瑞，即粒子剛從S點(diǎn)進(jìn)入后所受合力豎直向下，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡將向下彎曲，此

過程中電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的動(dòng)能將逐漸減小，故D錯(cuò)誤。

故選C。

9【答案】C

【詳解】AB.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有

.△①AB。

E=n---=n——8

MAr

可知恒定的磁場(chǎng)不能產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，不會(huì)有電流產(chǎn)生，AB錯(cuò)誤；

C.根據(jù)楞次定律，可知垂直紙面向外的磁場(chǎng)增強(qiáng)，線圈會(huì)產(chǎn)生垂直紙面向里的磁場(chǎng)，即產(chǎn)生。加力方向的

電流，又因?yàn)榇艌?chǎng)均勻變化，所以產(chǎn)生恒定的電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，有

/一

R

所以線圈中產(chǎn)生恒定的電流，同理，磁場(chǎng)均勻減弱時(shí)，線圈中產(chǎn)生"c兒的電流，C正確；

D.當(dāng)垂直紙面向里的磁場(chǎng)增強(qiáng)時(shí)，根據(jù)楞次定律，可知線圈中會(huì)產(chǎn)生dcba的電流，形成垂直紙面向外的

磁場(chǎng)，D錯(cuò)誤。

故選C。

10.【答案】D

【詳解】A.根據(jù)

a）=2"f

第13頁(yè)/共21頁(yè)

解得

/=50Hz

故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)

E

E=-^

V2

解得

￡=10V2V

故B錯(cuò)誤；

CD.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)處于與中性面垂直的位置，易知磁通量的變化率最大，產(chǎn)生的電流最大。

故C錯(cuò)誤；D正確。

故選D。

11.【答案】B

【詳解】A.根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)公式和牛頓第二定律有

￡=—,qE=ma

可得

qU

a=——

md

將兩板間距離減小，帶電粒子獲得的加速度變大，故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律

j12

d=-cit~

2

解得

12md2

將兩板間距離減小，帶電粒子到達(dá)負(fù)極板的時(shí)間變短，故B正確;

C.根據(jù)動(dòng)能定理有

qUjj=-1mv~2

2

解得

卡Vm

帶電粒子到達(dá)負(fù)極板時(shí)的速度不變，故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)動(dòng)量定理有

1=mv

第14頁(yè)/共21頁(yè)

可知加速全過程靜電力對(duì)帶電粒子的沖量不變，故D錯(cuò)誤。

故選B?

12.【答案】D

【詳解】A.交流電的電壓有效值為

根據(jù)

￡L=5.

U2n2

可知電壓表的示數(shù)為22V,A錯(cuò)誤；

B.由于原線圈的電壓保持不變，匝數(shù)比不變，無論滑動(dòng)變阻器阻值如何變化，副線圈兩端的電壓也保持

不變，B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電流表的示數(shù)減小，C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)

P=UI

可知當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率減小，因此變壓器的輸入功率減小，D正

確。

故選D。

13.【答案】D

【詳解】A.根據(jù)圖像中帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，該粒子帶正電，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)庫(kù)侖定律可知

F=k"

r

可知，距離中心電荷越近所受靜電力越大，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤：

C.由于從a點(diǎn)到6點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，因此a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故選項(xiàng)C錯(cuò)

誤；

D.由a點(diǎn)到b點(diǎn)和b點(diǎn)到c點(diǎn)相比，由于點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場(chǎng)源電荷距離越大，場(chǎng)強(qiáng)越小，

故。點(diǎn)到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功多，動(dòng)能變化大，故選項(xiàng)D正確。

故選D。

14.【答案】D

【詳解】A.根據(jù)安培定則可知，通電直導(dǎo)線右側(cè)的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增

加，根據(jù)楞次定律可知線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閏fbfa,A錯(cuò)誤；

B.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為

,E△①S

1=——=n=n-------

RR\tR

空間各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，故線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，B錯(cuò)誤；

第15頁(yè)/共21頁(yè)

C.線框ad邊感應(yīng)電流保持不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，根據(jù)安培力表達(dá)式G=8〃，故所受的

安培力變大，C錯(cuò)誤；

D.線框所處空間的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閍fdfc-0fa,根據(jù)

左手定則可知，線框ad邊所受的安培力水平向右，線框Ac邊所受的安培力水平向左。通電直導(dǎo)線的磁場(chǎng)

分部特點(diǎn)可知“"邊所處的磁場(chǎng)較大，根據(jù)安培力表達(dá)式4=8〃可知，線框整體受到的安培力方向水平

向右，D正確。

故選Do

15.【答案】A

【詳解】CD.物塊水平沿中線做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則

_XV+V

V=—=-o----

t2

由題干知

x=0.5m,t=Is,v>0

代入數(shù)據(jù)可得

v0<lm/s

故CD錯(cuò)誤:

AB.對(duì)物塊，根據(jù)牛頓第二定律可得

a=_Rg

22

v-v0=lax

整理可得

2

v0一2ax>0

由于

%<lm/s

可得

〃<0.1

故A正確，B錯(cuò)誤。

故選Ao

第二部分

本部分共6題，共55分。

第16頁(yè)/共21頁(yè)

加(%-4)2

16.【答案】①.CD##DC②.③.mghi④.3—2cosH

8T2

【詳解】（1）[1]A.因?yàn)橐?yàn)證機(jī)=兩邊的質(zhì)量可以消掉，所以可以不必測(cè)量質(zhì)量，故A錯(cuò)誤;

B.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接交流電源，故B錯(cuò)誤;

C.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先通電，穩(wěn)定后再釋放紙帶，故C正確;

D.重錘釋放位置應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故D正確。

故選CD。

（2）[2]8點(diǎn)的速度等于NC間的平均速度，為

小一"

v?=---1

11IT

故重錘動(dòng)能的增加量為

加(勿-4)

A￡*k=~=

8T2

[3]從重錘開始下落到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)的過程中，重錘重力勢(shì)能的減小量

△Ep=mghi

在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，如果AEk與wg%2相等，則可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。

（3）[4]若機(jī)械能守恒則有

mgl(1-cos6)=；

在最低點(diǎn)拉力與重力的合力提供向心力

_mv~

聯(lián)立可得

F-

——3—2cos0

mg

F

故當(dāng)——約為3—2COS0時(shí)，可說明小球擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒。

〃織

17.【答案】0.600?.y③.偏大④.%⑤.無⑥.4⑦.小于

【詳解】（1）[1]選用歐姆擋的倍率為“xlOO”，則號(hào)的測(cè)量值為

%=6x100。=600c

（2）[2]某次實(shí)驗(yàn)，電流表的示數(shù)為/,電壓表的示數(shù)為U,則電阻Rv的測(cè)量值為

[3]電路圖中電流表采用內(nèi)接法，誤差來源于電流表的分壓，使得電壓表讀數(shù)大于待測(cè)電阻的真實(shí)電壓，則

第17頁(yè)/共21頁(yè)

該測(cè)量值與&的真實(shí)值相比偏大。

（3）[4][5]先將開關(guān)S接1時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

I=-----------------

r+R+8+&）

先將開關(guān)S接2時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

1=-----------------

r+4+8+凡

可知Rr的測(cè)量值為R。；電流表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果無影響。

（4）[6]先閉合開關(guān)S1,調(diào)節(jié)使電流計(jì)指針滿偏；則有

再閉合開關(guān)S2,保持《不變，調(diào)節(jié)卡2使得電流計(jì)指針半偏，記下此時(shí)&的值為《；，則有

,E

及=RR:a/總=4

/?+&+%"

4+用

則有

可知力的測(cè)量值為4；

⑺若不考慮偶然誤差，由于

E

-----?—>/?=-------------=1

RA總r+N+4g

r+&+

則有

真=（以一；4）尺〉;44

可得

4真>4)

則電流計(jì)內(nèi)阻的測(cè)量值小于其真實(shí)值。

；wgtana；(2)mQ2gKT-cosa)；mg(3-2cosa)

第18頁(yè)/共21頁(yè)

【分析】（1）小球受重力、繩子的拉力和水平拉力平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出力F的大小.

（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)的速度，求出動(dòng)量的大小，然后再根據(jù)牛頓第二定

律，小球重力和拉力的合力提供向心力，求出繩子拉力的大小.

【詳解】（1）小球受到重力、繩子的拉力以及水平拉力的作用，受力如圖

*加g

根據(jù)平衡條件，得拉力的大?。篎=mgtana

（2）a.小球從靜止運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，

由動(dòng)能定理：mgL（l-cosa）=^wv2

v=J2gL（l-cosa）

則通過最低點(diǎn)時(shí)，小球動(dòng)量的大?。篜=mv=2gL（1-cosa）

2

b.根據(jù)牛頓第二定律可得：T-mg^m—

2

T=mg+m彳=/〃g(3-2cosa)

根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)p繩的拉力大小為：T'=T=〃?g（3-2cosa）

【點(diǎn)睛】本題綜合考查了共點(diǎn)力平衡，牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律，難度不大，關(guān)鍵搞清小球在最低

點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源.

mvlR

19.【答案】（1）（2）BL%；(3)———

R+rR+r2(7?+r)

【詳解】（1）導(dǎo)體棒。方以速度%勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為

E=BLv0

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知通過導(dǎo)體棒ah的電流大小為

!=E=BLV。

R+rR+r

（2）根據(jù)能量守恒定律可知拉力做功的功率等于回路的消耗的電功率，即

p上

R+rR+r

（3）從撤去拉力到導(dǎo)體棒而最終停止的過程，回路產(chǎn)生的總熱量為

第19頁(yè)/共21頁(yè)

f2"

由于通過導(dǎo)體棒外和電阻及的電流時(shí)刻相等，根據(jù)焦耳定律可推知在此過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量為

旦=%R