高中數(shù)學(xué)北師大版選修2-2測(cè)評(píng)第五章數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入測(cè)評(píng)

第五章測(cè)評(píng)(時(shí)間:120分鐘滿分:150分)一、選擇題(本大題共12小題,每小題5分,共60分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的)1.下列命題中,正確的是()A.復(fù)數(shù)的?？偸钦龑?shí)數(shù)B.復(fù)數(shù)集與復(fù)平面內(nèi)所有向量組成的集合一一對(duì)應(yīng)C.若與復(fù)數(shù)z對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在第一象限,則與該復(fù)數(shù)對(duì)應(yīng)的向量的終點(diǎn)也一定會(huì)在第一象限D(zhuǎn).相等的向量對(duì)應(yīng)著相等的復(fù)數(shù)解析復(fù)數(shù)的模大于或等于0,因此A不正確;復(fù)數(shù)集與復(fù)平面內(nèi)所有從原點(diǎn)出發(fā)的向量組成的集合一一對(duì)應(yīng),因此B不對(duì);同理C也不正確,D正確,因此選D.答案D2.已知z1=a+bi(a,b∈R),z2=c+di(c,d∈R),若z1z2是純虛數(shù),則有()A.ac=0且bd≠0B.ac=0且b+d≠0C.a+c=0且bd≠0D.a+c=0且b+d≠0解析依題意z1z2=(a+bi)(c+di)=(ac)+(bd)i,因?yàn)閦1z2是純虛數(shù),所以實(shí)部ac=0且虛部bd≠0.故選A.答案A3.設(shè)復(fù)數(shù)z滿足z·(1+i)=2i+1(i為虛數(shù)單位),則復(fù)數(shù)z在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于()A.第一象限 B.第二象限C.第三象限 D.第四象限解析∵復(fù)數(shù)z滿足z·(1+i)=2i+1(i為虛數(shù)單位),∴z=1+2i1+i=該復(fù)數(shù)在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)點(diǎn)32,1答案A4.若復(fù)數(shù)(4+ai)(1+i)(i為虛數(shù)單位,a∈R)為純虛數(shù),則a的值為()A.4 B.3 C.4 D.5解析∵(4+ai)(1+i)=4+ai+4i+ai2=4a+(a+4)i,∴4-a=0,故選C.答案C5.在復(fù)平面內(nèi),復(fù)數(shù)z=i(1+2i)的共軛復(fù)數(shù)為()A.2i B.2i C.2+i D.2+i解析∵復(fù)數(shù)z=i(1+2i)=2+i,∴復(fù)數(shù)z=i(1+2i)的共軛復(fù)數(shù)為2i.答案B6.復(fù)數(shù)z滿足(1+i)·z=1i2021,則z的虛部為()A.1 B.1 C.i D.i解析因?yàn)?1+i)·z=1i2021=1i,所以z=1-i所以z=i,故z的虛部為1.故選A.答案A7.已知復(fù)數(shù)z滿足z(1i)=2,則z5=()A.16 B.4+4i C.16 D.16i解析∵z(1i)=2,∴z=21-則z=1i.∴z5=(1i)5=(1i)4(1i)=4(1i)=4+4i.答案B8.下面是關(guān)于復(fù)數(shù)z=2-1+ip1:|z|=2;p2:z2=2i;p3:z的共軛復(fù)數(shù)為1+i;p4:z的虛部為1.其中的真命題為()A.p2,p3 B.p1,p2 C.p2,p4 D.p3,p4解析本題考查了復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算以及復(fù)數(shù)的模,共軛復(fù)數(shù)等知識(shí).z=2-1+i=2(-1-i)(-1+i)(-1-i)=1i,p1:|z|=2,p2:z2=2i,p3:z的共軛復(fù)數(shù)為1答案C9.設(shè)z=21+i+(1+i)2,則|z|=(A.3 B.1 C.2 D.2解析z=21+i+(1+i)2=2(1-i)(1+i)(1-i)+2i=1答案D10.若復(fù)數(shù)z=a+3i1-2i(a∈R,i是虛數(shù)單位)是純虛數(shù),則在復(fù)平面內(nèi)zA.(0,2) B.(0,3i) C.(0,3) D.(0,2i)解析∵z=a+3i1-2i=(a+3i)(1+2i)(∴在復(fù)平面內(nèi)z對(duì)應(yīng)點(diǎn)的坐標(biāo)為(0,3).答案C11.已知復(fù)數(shù)a+i1-2i·i2016(i是虛數(shù)單位)為純虛數(shù),則實(shí)數(shù)aA.2 B.2 C.1 D.1解析∵i4=1,∴i2016=1.∴復(fù)數(shù)a+i1-2i·=a-2+(∴a-25=0,1+2a5≠答案A12.若A,B是銳角△ABC的兩內(nèi)角,則復(fù)數(shù)z=(cosBsinA)+(sinBcosA)i在復(fù)平面內(nèi)所對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于()A.第一象限 B.第二象限C.第三象限 D.第四象限解析∵A,B是銳角△ABC的兩內(nèi)角,∴A+B>π2.由①得A>π2B∵A,B為銳角△ABC的內(nèi)角,∴A∈0,又在0,π2內(nèi)∴sinA>sinπ2-B,即sinA>∴cosBsinA<0.又由①可得B>π2A同理可得sinB>sinπ2即sinB>cosA,∴sinBcosA>0.故z對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在第二象限.答案B二、填空題(本大題共4小題,每小題5分,共20分)13.已知i是虛數(shù)單位,計(jì)算1-i(1+i解析1-i(1+i答案1214.已知復(fù)數(shù)z滿足2z+z=1i,則|z|=.

解析設(shè)z=a+bi(a,b∈R),因?yàn)?z+z=1i,所以2a+2bi+abi=1i,故3a+bi=1i,所以a=13,b=1,則|z|=1+答案1015.在復(fù)平面上,如果AB,AC對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)分別是5+4i,2+3i,那么BC對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)為解析∵AB,AC對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)分別是5+4i,2+3i,∴BC對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)為2+3i(5+4i)=7i.答案7i16.若復(fù)數(shù)z1與z2在復(fù)平面上所對(duì)應(yīng)的點(diǎn)關(guān)于y軸對(duì)稱,且z1(3i)=z2(1+3i),|z1|=2,則z1=.

解析設(shè)z1=a+bi,則z2=a+bi,∵z1(3i)=z2(1+3i),且|z1|=2,∴(解得a=1,b=-1或a=-1,b=1答案1i或1+i三、解答題(本大題共6小題,共70分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟)17.(本小題滿分10分)若復(fù)數(shù)(m23m4)+(m2m6)i表示的點(diǎn)在第四象限內(nèi),求實(shí)數(shù)m的取值范圍.解由題意,知m∴2<m<1.故m的取值范圍是{m|m∈R,且2<m<1}.18.(本小題滿分12分)已知復(fù)數(shù)z=1+i,求實(shí)數(shù)a,b,使得az+2bz=(a+2z)2.解因?yàn)閦=1+i,所以az+2bz=(a+2b)+(a2b)i,(a+2z)2=(a+2)24+4(a+2)i=(a2+4a)+4(a+2)i.因?yàn)閍,b都是實(shí)數(shù),所以由az+2bz=(a+2z)2,得a兩式相加并整理得a2+6a+8=0,解得a1=2,a2=4,相應(yīng)得b1=1,b2=2.所以所求實(shí)數(shù)為a=2,b=1或a=4,b=2.19.(本小題滿分12分)實(shí)數(shù)k為何值時(shí),復(fù)數(shù)(1+i)k2(3+5i)k2(2+3i)分別是(1)實(shí)數(shù);(2)虛數(shù);(3)純虛數(shù);(4)零?解令z=(1+i)k2(3+5i)k2(2+3i)=(k23k4)+(k25k6)i.(1)當(dāng)k25k6=0時(shí),z∈R,此時(shí)k=6或k=1.(2)當(dāng)k25k6≠0時(shí),z是虛數(shù),即k≠6且k≠1.(3)當(dāng)k2-3k-4=0,k2(4)當(dāng)k2-3k-4=0,k綜上,當(dāng)k=6或k=1時(shí),z是實(shí)數(shù);當(dāng)k≠6且k≠1時(shí),z是虛數(shù);當(dāng)k=4時(shí),z是純虛數(shù);當(dāng)k=1時(shí),z是零.20.(本小題滿分12分)已知復(fù)數(shù)z滿足|z+22i|=2,且復(fù)數(shù)z在復(fù)平面內(nèi)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為M.(1)確定點(diǎn)M的集合構(gòu)成圖形的形狀;(2)求|z1+2i|的最大值和最小值.解(1)設(shè)復(fù)數(shù)2+2i在復(fù)平面內(nèi)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為P(2,2),則|z+22i|=|z(2+2i)|=|MP|=2,故點(diǎn)M的集合是以P為圓心,2為半徑的圓,如圖所示.(2)設(shè)復(fù)數(shù)12i在復(fù)平面內(nèi)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為Q(1,2),則|z1+2i|=|MQ|.如圖所示,由(1)知|PQ|=(1+2)2+(-2-2)2=5,則|MQ|的最大值即|z1+2i|的最大值,是|PQ|+2=7;|MQ|的最小值即|z1+21.(本小題滿分12分)已知|z1|=1,|z2|=1,|z1+z2|=3,求|z1z2|.解(方法一)設(shè)z1=a+bi,z2=c+di(a,b,c,d∈R).由已知,得a2+b2=1,c2+d2=1,(a+c)2+(b+d)2=3.∵(a+c)2+(b+d)2=a2+b2+c2+d2+2ac+2bd=2+2ac+2bd=3,∴2ac+2bd=1.又|z1z2|2=(ac)2+(bd)2=a2+b2+c2+d22ac2bd=21=1,∴|z1z2|=1.(方法二)在復(fù)平面內(nèi)設(shè)z1,z2分別對(duì)應(yīng)向量OZ1,OZ2,則對(duì)角線OZ對(duì)應(yīng)z1+z2,Z2Z1對(duì)應(yīng)z1z2,由已知可得|OZ1∴∠OZ1Z=120°.∴∠Z2OZ1=60°.故在△OZ1Z2中,|Z2Z1|=1,即|z1z222.(本小題滿分12分)已知關(guān)于x的方程x2(6+i)x+9+ai=0(a∈R)有實(shí)數(shù)根b.(1)求實(shí)數(shù)a,b的值;(2)若復(fù)數(shù)z滿足|zabi|2|z|=0,求z為何值時(shí),|z|有最小值,并求出|z|的最小值.解(1)因?yàn)閎是方程x2(6+i)x+9+ai=0(a∈R)的實(shí)數(shù)根,所以b2(6+i)b+9+ai=0,即(b26b+9)+(ab)i=0,故b2-6b(2)設(shè)z=x