物理-陜西省咸陽市永壽縣中學(xué)等校2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期高考分科調(diào)研模擬測試試題和答案

1.D整個裝置一定要放在抽成真空的容器中,若不放在真空中進行,a粒子會使空氣發(fā)生電離,選項A錯誤；a粒子散射實驗的結(jié)果表明,絕大多數(shù)a粒子穿過金箱后,散射角很小（平均為2。~3。）,幾乎沿原方向前進,少數(shù)a粒子的散射角較大,極少數(shù)a粒子的散射角超過90。,個別a粒子甚至被反彈回來,選項B錯誤；a粒子散射實驗中觀察到的個別a粒子被反彈回來,就像”一顆炮彈射向一張薄紙會反彈回來”,這種現(xiàn)象可用“原子的核式結(jié)構(gòu)模型”來解釋,選項C錯誤；原子的核式結(jié)構(gòu)模型有些類似太陽系,原子核猶如太陽,電子猶如行星,所以也被稱為原子的“行星模型”,選項D正確.2.D由右手螺旋定則可得a點的電流在C點產(chǎn)生的磁場的方向由b指向C,選項A錯誤；d點的磁感應(yīng)強度大小為Bd—k24L十k23L—1I,選項B錯誤；設(shè)b、e兩點之間的距離為L0,若e點的磁感應(yīng)強度為0,則有k5LL0-k—0,解得L0—15L,選項C錯誤；a點的電流在C點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為B1—k—k,b點的電流在C點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為B2—k—k,由右手螺旋定則可得B1、B2互相垂直,則C點的磁感應(yīng)強度大小為BC—槡B12十B22—槡I,選項D正確.3.B對圓環(huán)進行受力分析,結(jié)合整體的加速度在水平方向,可得圓環(huán)的合力一定水平向左,則圓環(huán)與小車的加速度一定水平向左,小車一定向右做勻減速直線運動,選項A錯誤；對于同一根線,細線的傾斜部分1與傾斜部分2對圓環(huán)的拉力大小一定相等,選項B正確；設(shè)圓環(huán)的質(zhì)量為m,細線的拉力為T,對圓環(huán)受力分析,把細線的傾斜部分1與傾斜部分2對圓環(huán)的拉力分別沿水平方向、豎直方向分解,圓環(huán)在水平面內(nèi)向右做勻減速直線運動,則豎直方向受力平衡,Tcosa—Tcosβ十mg,近一步可得cosa-cosβ—,即cosa>cosβ,a<β,選項C錯誤；在水平方向由牛頓第二定律可得Tsina十Tsinβ—ma,結(jié)合a—3mg,綜合解得a—7g—70m/s2,選項D錯誤.4.A對于勻變速直線運動,由利2—2a工十利02可得利2工圖像的加速度為a—,由題意可得一段過程的位移為n,對應(yīng)的時間為Δt,則這段過程的平均速度為利—,對于勻變速直線運動,中點時刻的瞬時速度等于全程的平均速度,則這段過程中點時刻的瞬時速度為利,由勻變速度直線運動的速度時間關(guān)系可得利利0十a(chǎn)X2.5Δt,綜合解得利0—-,選項A正確.5.B由簡諧振動的規(guī)律可得A由最左端運動到最右端需要的時間為半個周期,由彈簽振子的振動周期可得這段時間為t1—π槡,選項A錯誤；同理,放上B后,整體第一此運動到彈性勢能最大處,需要的運動時間為四分之一周期,可得這段時間為t2—槡,選項B正確；兩物塊合二為一,由動量守恒定律可得m利0—,最大動能為Ekm—X2m利,由機械能能守恒定律可得最大的彈性勢能為Epm—Ekm,綜合可得利共—,選項C錯誤；物塊B放置到A上,在兩者達到共同速度的短暫過程,由動量定理可得,A對B的沖量為I——,選項D錯誤.6.B宇航員在“太空升降機”中處于靜止狀態(tài)時,實際是隨著地球在自轉(zhuǎn),選項A錯誤；由—mg可得GM—gR2,當h<H,對宇航員進行受力分析,由圓周運動的規(guī)律可得（2-FN—m2（h十R）,綜合解得宇航員受到的支持力為FN—（2-m2（h十R）,選項B正確；當h—H時,（2—m2（h十【模擬卷.物理參考答案第9頁（共28頁）】囚BR）,萬有引力正好等于宇航員做圓周運動的向心力,選項C錯誤；當h>H,由（2十F壓—m2（h十R）綜合解得F壓—m2（h十R）-（2,選項D錯誤.7.BD由題意可得交流電源電壓的有效值為U—100V,選項A錯誤；由題意可得原線圈的端電壓為U1—100V-40V—60V,副線圈的端電壓為U2—12V,由變壓器的原理可得—,結(jié)合n1—900,綜合解得n2—180,選項B正確；由題意可得副線圈的電流為I2—5X1.2A—6A,由變壓器的原理可知—,綜合解得I1—1.2A,選項C錯誤；交流電源的輸出功率為PUI1—120W,選項D正確.8.AD由題意可知,風(fēng)力與重力的夾角為120。,風(fēng)力與重力等大,則合力與重力等大,由幾何關(guān)系,合力與初速度U0垂直,則小球的加速度a—10m/s2,與初速度U0的夾角為90。,選項A正確,B錯誤；由于a與U0垂直,則小球做類平拋運動,選項C錯誤；設(shè)P點的橫坐標為工,把工分別沿著U0和垂直U0分解,則有工1—at2,綜合解得t—0.6s、工6m,選項D正確.9.CD應(yīng)用位移公式可知小物體P運動時間長,選項A錯誤；兩物體靜止,有mPgsina—mQgsinβ,因為a<β,所以P和Q質(zhì)量不同,從開始到落地兩物體下落高度相同,重力做功不同,選項B錯誤；應(yīng)用動能定理可知地時速度大小都相同,平均速度大小相同,重力做功平均功率相同,選項C正確.—P下-P上—0,綜合可得U下上—、P上—-,選項A錯誤；由U下上—、EU上、mg—Eq綜合可得m—,選項B錯誤；設(shè)小球向上的加速度為a,由U2—2aX、U槡dg,綜合解q-mg—ma、m—綜合解得Q2—2Q1,則有ΔQQ2-Q1—Q1,選項C正確；分析可得P點與下板之間的電勢差為U1—-U下上—-,由C—、C—上、E—U上,綜合可得E—,若把下板向下平移,則兩板之間的電場強度不變,P點與下極板之間的距離比原來增加 ,則P點與下極板之間的電勢差U2是原來的2倍,則有U2—2U1—-,選項D正確.11.（1）FLmg（L十2h2分22分2分）解析:（1）小球在最低點,由向心力公式可得F-mg—m,假設(shè)動能定理成立,則有mgh—mU2,綜合解得FL—mg（L十2h（2）由FL—m,g（L十2h,）可得F—m,g十2m,gh,L-1,結(jié)合圖乙可得b—m,g,圖像的斜率k—2m,gh,,綜合解）（）（解析:（3）將多用電表的紅黑表筆與阻值為150Ω的定值電阻R0連接,指針指在C處,對應(yīng)的阻值就是150Ω,則C處刻度線的標注值應(yīng)為150Ω,由閉合電路歐姆定律可得Im—r十十R、0.5r十rAR十R0,綜合解得E—1.5V,r十rA十R—R0—150Ω;ImAX69,由閉合電路歐姆定律可得Ir十rAR十R工,綜合解得R工—67.4Ω;（5）待測電流表的電流要從負接線柱流出,從電源的負極流入,則紅表筆接電流表的負接線柱,由閉合電路囚B【模擬卷.物理參考答案第10頁（共28頁）】Ir十rAR十R工,結(jié)合I7.5mA,綜合解得R工—50Ω.13.解1）設(shè)導(dǎo)體棒在I、Ⅱ兩個區(qū)域勻速運動的速度分別U1、U2.由自由落體運動規(guī)律可得2gL—U12,2gX2L—U22（1分）—槡2gL,U2—2槡gL（1分）由E—BLU,I—,F—BIL,F—mg（1分）綜合可得Umg（1分）設(shè)I、Ⅱ兩個區(qū)域的勻強磁場的磁感應(yīng)強度分別為B1、B2.依題意有—mg,—mg（1分）綜合解得B1—槡B2比較可得B1：B2—2：1（1分）（2）由E,I,q—IΔt,ΔΦBL2（1分）綜合可得q—（1分）導(dǎo)體棒分別在I、Ⅱ兩個區(qū)域中運動,流過電阻R的電荷分別為B1L2R2B2L2R（1分）綜合可得流過電阻R的總電荷為2-1）L槡.槡（2分）、乙在磁場中運動的周期分別為—（2分）由幾何關(guān)系可得甲、乙在磁場中運動的速度偏轉(zhuǎn)角均為（1分）甲從a到c的運動時間與乙從b到c的運動時間分別為T甲、T乙,甲從a到c的運動時間是乙從b到c的運動時間的2倍,則有T甲—2XT乙（1分）綜合解得m0—m（1分）甲、乙在磁場中做勻速圓周運動的半徑均為L（1分）由洛倫弦力充當向心力可得BqU甲—m2,BX3qU乙—m2（2分）甲、乙在c點發(fā)生碰撞,由動量守恒定律可得mU甲十mU乙—2mU（2分）綜合解得U—（1分）（2）整體的質(zhì)量為2m,帶電量為4q,從c到p做類平拋運動,把整體在p點的速度為Up分別沿工、>軸分解,則有—sin37。,—tan37。（2分）設(shè)整體從p到e運動軌跡的半徑為R,由洛倫弦力充當向心力可得BX4qUp—2（1分）【模擬卷.物理參考答案第11頁（共28頁）】囚B,R（1分）（3）過P、e分別做速度的垂線,設(shè)電場、磁場左右邊界的間距均為d,由幾何關(guān)系可得R—cos37設(shè)整體c到P的運動時間為t,勻強電場的強度為E.綜合解得E—3L（1分）15.（1）BDE因為胎內(nèi)氣體的體積不變,所以胎內(nèi)氣體的分子密集程度不變,選項A錯誤；氣體溫度降低,氣體內(nèi)能減小,氣體的體積不變,則沒有做功,根據(jù)熱力學(xué)第一定律有ΔU—Q,ΔU<0,則Q<0,氣體向外界放出熱量,選項B正確,C錯誤；真空胎體積不變,溫度降低,根據(jù)查理定律可知氣體壓強減小,選項D正確；根據(jù)氣體分子速率分布規(guī)律可知當溫度降低時速率大的分子比例減少,則速率大區(qū)間的分子數(shù)減少,分子平均速率減小,選項E錯誤.（2）解：①AC是雙曲線,氣體從C到A做等溫變化,則分子的平均動能不變（1分）氣體在狀態(tài)C的溫度為T0,則在狀態(tài)A的溫度也為T0（1分）設(shè)氣體在狀態(tài)A的體積為VA,氣體從A到B,由等壓變化規(guī)律可得—（1分）解得VA—V0（1分）②直線AB與橫軸所圍成的面積為S1—4P0（4V0-VA）—12P0V0（2分）由功的定義可得氣體對外界做的功等于PV關(guān)系圖像與橫軸所圍成的面積,氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B對外做的功為W1—S1—12P0V0（1分）③設(shè)雙曲線AC與橫軸所圍成的面積S2,則氣體從C到A的過程中外界對氣體做的功為W2—S2,由題意可得S1-S2—S（1分）設(shè)整個過程中氣體吸收的熱量為Q1,放出的熱量為Q2,由熱力學(xué)第一定律可得ΔU—-W1十W2十Q1-Q2（1分）一個循環(huán)ΔU—0,綜合解得Q1-Q2—S（1分）16.（1）ABD機械波在均勻介質(zhì)中沿傳播方向一定勻速傳播,其傳播速度即波速是定值,選項A錯誤；質(zhì)點3與質(zhì)點15之間的距離正好等于一個波長,振動情況始終完全一致,選項B錯誤；周期和波長分別描述了機械波在時間和空間上的周期性,選項C正確；在一列波中,如果兩個質(zhì)點的振動情況總是相同的,則這兩個質(zhì)點平衡位置間的距離為一個波長的整數(shù)倍,選項D錯誤,E正確.由幾何關(guān)系得i—