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認(rèn)證信息

認(rèn)證類(lèi)型：個(gè)人認(rèn)證

認(rèn)證主體：常**（實(shí)名認(rèn)證）

IP屬地：河北

IP屬地：河北 上傳時(shí)間：2024-04-03 格式：PDF 頁(yè)數(shù)：16 大?。?.06MB 積分：12 舉報(bào) 版權(quán)申訴

絕密★啟用前

2023年高考物理考前信息必刷卷01

天津?qū)Ｓ?/p>

今年高考命題將保持試卷結(jié)構(gòu)、題型題量以及考試難度查對(duì)穩(wěn)定，同學(xué)們就必須把基礎(chǔ)掌握牢

固，注重細(xì)節(jié)，盡量做到會(huì)的全對(duì)才能脫穎而出。

試卷會(huì)加強(qiáng)基本概念原理的考查，體現(xiàn)考查的基礎(chǔ)性，強(qiáng)調(diào)知識(shí)融會(huì)貫通和能力復(fù)合運(yùn)動(dòng)，體

現(xiàn)考查的綜合性；會(huì)加強(qiáng)試題情境設(shè)計(jì)，提高物理學(xué)科關(guān)鍵能力考查有效性，設(shè)置復(fù)雜情境考

查物理學(xué)科能力的綜合運(yùn)用。

物理大題部分基本是靠公式來(lái)得分的，列對(duì)方程，使用對(duì)公式就會(huì)有分得的。大題就是對(duì)數(shù)學(xué)知識(shí)的應(yīng)用

能力的要求偏高。要注意數(shù)學(xué)圖像的分析。

大題呈現(xiàn)新情境、開(kāi)放性試題，考查學(xué)生解決實(shí)際問(wèn)題的綜合能力。尤其開(kāi)放性問(wèn)題，對(duì)學(xué)生的綜合能力

有較高的要求。

<__________________________________________________________________________________________>

一、單項(xiàng)選擇題（每小題5分，共25分。每小題給出的四個(gè)項(xiàng)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的）

1.一定質(zhì)量的理想氣體分別在（、.溫度下發(fā)生等溫變化，相應(yīng)的兩條等溫線(xiàn)如圖所示，。對(duì)應(yīng)的圖線(xiàn)上

有4、8兩點(diǎn)，表示氣體的兩個(gè)狀態(tài)。則（）

A.溫度為1時(shí)氣體分子的平均動(dòng)能比0時(shí)大

B.從狀態(tài)4到狀態(tài)8的過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加

C.從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程中，氣體向外界放出熱量

D.從狀態(tài)A到狀態(tài)8的過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)減小

【答案】D

py_=c

【解析】A.根據(jù)T可知看</，則溫度為匯時(shí)氣體分子的平均動(dòng)能比豈時(shí)小，故A錯(cuò)誤：

B.A到B的過(guò)程中，氣體的溫度不變，氣體內(nèi)能不變，故B錯(cuò)誤；

C.A到3的過(guò)程中，氣體的溫度不變，氣體內(nèi)能不變，體積增大，氣體對(duì)外做功（即W<°）,則一定吸收

熱量（AQ>°）,故C錯(cuò)誤；

D.由圖像可知，A到8的過(guò)程中，壓強(qiáng)減小，故D正確。

故選D。

2.如圖所示，一帶正電的粒子以一定的初速度進(jìn)入點(diǎn)電荷。產(chǎn)生的電場(chǎng)中，沿圖中彎曲的虛線(xiàn)軌跡先后經(jīng)

過(guò)電場(chǎng)中的點(diǎn)b兩點(diǎn),其中〃點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為紇，方向與M連線(xiàn)成30°角；人點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為線(xiàn)，方向

與就連線(xiàn)成60°角，粒子只受電場(chǎng)力的作用。下列說(shuō)法中正確的是（）

A.點(diǎn)電荷。帶負(fù)電

B.a點(diǎn)的電勢(shì)低于。點(diǎn)電勢(shì)

C.粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在匕點(diǎn)的電勢(shì)能

D.粒子在。點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度

【答案】A

【解析】A.根據(jù)軌跡的彎曲方向，可知點(diǎn)電荷與帶電粒子的電性相反，為庫(kù)侖引力，故點(diǎn)電荷帶負(fù)電，故

A正確；

B.由題圖中信息可知?點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離大于b點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離，根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷周?chē)葎?shì)面的分布情況,

可知a點(diǎn)的電勢(shì)高于6點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)電勢(shì)能的定義式，有

Ev=q（pq>0

可知粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能高于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)牛頓第二定律，有

F

a=一

m

F=k”

r

ra>rb

故粒子在〃點(diǎn)的加速度小于在。點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

3.電動(dòng)平衡車(chē)是一種新的短途代步工具。已知人和平衡車(chē)的總質(zhì)量是60kg,啟動(dòng)平衡車(chē)后，車(chē)由靜止開(kāi)始

向前做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻關(guān)閉動(dòng)力，最后停下來(lái)，其UT圖像如圖所示。假設(shè)平衡車(chē)與地面間的動(dòng)摩擦因

數(shù)為〃，g=l°m/s；則（）

A.平衡車(chē)與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6

B.平衡車(chē)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的位移大小為195m

C.平衡車(chē)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的平均速度大小為3m/s

D.平衡車(chē)在加速段的動(dòng)力大小72N

【答案】B

【解析】A.關(guān)閉動(dòng)力后，車(chē)做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為。，結(jié)合圖像可得

umg6.八/,2

a==Liga-------m/s~=0.6m/s

m.40-30

解得

〃=0.06

A錯(cuò)誤;

BC.圖線(xiàn)與橫軸圍成的面積為位移，為

x=(25+40)x6x^m=l95m

整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的平均速度大小為

-x\95,.門(mén)”,

v=—=---m/s=4.875ni/s

t40

B正確，C錯(cuò)誤;

D.平衡車(chē)在加速段時(shí)有

2

「,^=—m/s

F-"mg=ma5

代入數(shù)值解得

F=108N

D錯(cuò)誤。

故選B?

4“嫦娥奔月”非神話(huà),“破壁飛天”化玉娥。“萬(wàn)戶(hù)”精魂付火箭，屈原“天問(wèn)”下長(zhǎng)河。2020年7月23日12

時(shí)41分，文昌航天發(fā)射場(chǎng)上，長(zhǎng)征五號(hào)遙四運(yùn)載火箭成功將“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器順利送入預(yù)定軌道。2020

年10月中旬，“天間一號(hào)”在距離地球約2940萬(wàn)公里處進(jìn)行一次深空機(jī)動(dòng)，4個(gè)月后探測(cè)器將與火星交會(huì)。

然后通過(guò)“剎車(chē)”完成火星捕獲，完成多次變軌后，擇機(jī)開(kāi)展著陸、巡視等任務(wù)。已知火星和地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)

半徑之比為3：2,火星與地球質(zhì)量之比1：10,半徑之比為1：2,自轉(zhuǎn)周期之比近似1：1,則（）

A.火星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小之比為9：4

B.火星與地球表面重力加速度之比2：1

C.火星與地球第一宇宙速度之比2：1

D.火星與地球平均密度之比4：5

【答案】D

【解析】A.由牛頓第二定律，可得

得

八斗

則

。地I幻⑶9

A錯(cuò)誤；

B.火星與地球表面重力等于萬(wàn)有引力，可得

GMm

得

GM

g=K

則

,，/\2

效=也*&=-X22=-

g地M地l&J1°5

B錯(cuò)誤；

C.由萬(wàn)有引力提供向心力，可得

2

「Mmv

G——=m—

R-R

得

D.由

GM

S-

4

V=-TTR3

3

聯(lián)立解得

…3g

P~4加GR

可得

Pk=8火*氏地=2.2=4

「地g地R火55

D正確。

故選D。

5.如圖所示，一定強(qiáng)度的激光（含有兩種頻率的復(fù)色光）沿半徑方向入射到半圓形玻璃磚的圓心。點(diǎn)，經(jīng)

過(guò)玻璃磚后有4B、C三束光射出，下列說(shuō)法正確的是（）

B.做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，用B光要比用C光條紋間距小

C.入射光的入射角從0開(kāi)始增大，B光比c光先消失

D.B光穿過(guò)玻璃磚所用的時(shí)間比C光穿過(guò)玻璃磚所用的時(shí)間短

【答案】D

【解析】A.復(fù)色光沿半徑方向入射到半圓形玻璃磚的圓心。點(diǎn)，兩種光都發(fā)生反射，A光束是復(fù)色光，故

A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)圖中折射情況，結(jié)合折射定律

n=-si-n;

sinr

可知玻璃對(duì)8光的折射率比C光小，8光的頻率比C光小，根據(jù)

c=Af

可知8光的波長(zhǎng)比C光長(zhǎng)，根據(jù)

Ax——4

d

可知做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，用8光要比用C光條紋間距大，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)臨界角

sinC=—

n

玻璃對(duì)B光的折射率比C光小，8光的臨界角比C光大，入射光的入射角從0開(kāi)始增大，C光比8光先消

失，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)

c

n=—

v

可知玻璃對(duì)8光的折射率比C光小，B光在玻璃中速度比C光大，在玻璃磚中的光程相等，根據(jù)

x

t=—

V

可知5光穿過(guò)玻璃磚所用的時(shí)間比C光穿過(guò)玻璃磚所用的時(shí)間短，故D正確。

故選D。

二、不定項(xiàng)選擇題（每小題5分，共15分，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的，全部選對(duì)

的得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）

6.如圖甲所示為一自耦變壓器（可視為理想變壓器）的結(jié)構(gòu)示意圖，線(xiàn)圈均勻繞在圓環(huán)形鐵芯上，滑動(dòng)觸

頭C在某一位置，在8c間接一個(gè)交流電壓表和一個(gè)變阻器R,若AB間輸入圖乙所示的交變電壓，則（）

A.當(dāng)r=lxlO-2s時(shí)，電壓表的示數(shù)為零

B.AB間輸入電壓的瞬時(shí)值"=22Msinl00m（V）

C.滑動(dòng)觸頭C向上移動(dòng)時(shí)，R兩端的電壓增大

D.變阻器滑片P向上移動(dòng)時(shí)，48間輸入功率增大

【答案】BCD

【解析】A.電壓表的示數(shù)為有效值，不為零，A錯(cuò)誤；

B.由圖可知

T=2X10-2S

故

co=—=1OO/rrad/s

T

代入表達(dá)式

u=sincot

可得，A8間輸入電壓的瞬時(shí)值

?=22072sinlOO^-z（V）

B正確；

C.根據(jù)變壓器電壓關(guān)系

巨=區(qū)

URn2

當(dāng)滑動(dòng)觸頭C向上移動(dòng)時(shí)，電變大，所以R兩端的電壓增大，C正確；

D.變阻器滑片P向上移動(dòng)時(shí)，々不變，R減小，根據(jù)變壓器電壓關(guān)系

UR?2

所以R兩端的電壓不變，輸入功率等于輸出功率

所以變阻器滑片P向上移動(dòng)時(shí)，A8間輸入功率增大，D正確。

故選BCD.

7.如圖甲中的塔吊是現(xiàn)代工地必不可少的建筑設(shè)備，圖乙為建筑材料被吊起后在豎直方向運(yùn)動(dòng)的UT圖像

（豎直向上為正方向），根據(jù)圖像下列判斷正確的是（）

乙

A.在1。30s建筑材料的機(jī)械能增加B.36s時(shí)加速度改變方向

C.46s時(shí)建筑材料離地面的距離最大D.30~36s塔吊拉力的功率逐漸減小

【答案】AD

【解析】A.在1。30s建筑材料勻速上升，則動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加，則機(jī)械能增加，選項(xiàng)A正確：

BC.36s時(shí)加速度沒(méi)有改變方向，只是速度改變方向，此時(shí)建筑材料離地面的距離最大，選項(xiàng)BC錯(cuò)誤；

D.30~36s建筑材料做勻減速運(yùn)動(dòng)，則塔吊的拉力不變，速度減小，根據(jù)/>=&可知塔吊拉力的功率逐漸

減小，選項(xiàng)D正確。

故選ADo

8.智能手機(jī)中的電子指南針利用了重力傳感器和霍爾元件來(lái)確定地磁場(chǎng)的方向。某個(gè)智能手機(jī)中固定著一

個(gè)矩形薄片霍爾元件，四個(gè)電極分別為E、F、M.N,薄片厚度為/?,在E、尸間通入恒定電流/、同時(shí)外

加與薄片垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B,M、N間的電壓為U”，已知半導(dǎo)體薄片中的載流子為正電荷，電流與磁場(chǎng)的

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，為越大

C.增加薄片厚度〃，UH增大

D.將磁場(chǎng)和電流分別反向，N板電勢(shì)低于M板電勢(shì)

【答案】AB

【解析】A.根據(jù)左手定則，電流的方向向里，帶正電的載流子受力的方向指向N端，故帶正電的載流子向

N端偏轉(zhuǎn)，則N點(diǎn)電勢(shì)高，故A正確；

B.設(shè)左右兩個(gè)表面相距為“，載流子所受的電場(chǎng)力等于洛侖茲力，即

"㈤

設(shè)材料單位體積內(nèi)載流子的個(gè)數(shù)為〃，材料截面積為s,則

I=nesv,s-dL

所以若保持電流/恒定，則”、N間的電壓人與磁感慮強(qiáng)度8成正比，故B正確；

C.根據(jù)

“BI

3左丁

可知增加薄片厚度mUH不變，故C錯(cuò)誤；

D.若磁場(chǎng)和電流分別反向，依據(jù)左手定則，帶正電的載流子仍向N端偏轉(zhuǎn)，則N板電勢(shì)仍高于M板電勢(shì),

故D錯(cuò)誤。

故選AB。

9.(12分)實(shí)驗(yàn)題

(1)用如圖甲所示的裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律''的實(shí)驗(yàn)，將重錘固定在紙帶一端，使重錘由靜止自由下

落，打出的紙帶由于初始部分的點(diǎn)跡模糊不清，舍去這部分點(diǎn)跡后得到如圖乙所示紙帶。

打點(diǎn)

甘即器悠

雪子

夾子

L重物

甲

①選用的測(cè)量?jī)x器除打點(diǎn)計(jì)時(shí)器外還需要

A.彈簧秤B.天平C,毫米刻度尺D.秒表

②關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作及數(shù)據(jù)處理，下列說(shuō)法正確的是

A.選用質(zhì)量大、體積小的重錘可以減小實(shí)驗(yàn)的偶然誤差

B.圖中紙帶的左側(cè)是與重錘相連的一端

C.若通過(guò)圖像驗(yàn)證機(jī)械能守恒，必須多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，才能得到多個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)

D.利用數(shù)據(jù)做出-―〃圖像，若圖像是直線(xiàn)，則說(shuō)明重物下落過(guò)程機(jī)械能守恒

③在利用紙帶上的數(shù)據(jù)點(diǎn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)，已經(jīng)測(cè)出了AC段和"/段長(zhǎng)度，還需要測(cè)出段長(zhǎng)度

才能完成本次驗(yàn)證。

\ABCDEFGH/

/????????\

乙

（2）某物理興趣小組準(zhǔn)備測(cè)一個(gè)電流表的內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備的器材有：

待測(cè)電流表A（量程為0~0.6人）

電壓表V（量程為0~3V）

滑動(dòng)變阻器（最大阻值5。，額定電流2A）

定值電阻4=2°,定值電阻凡=1℃

多用電表

干電池兩節(jié)，電鍵、導(dǎo)線(xiàn)若干。

①甲同學(xué)利用多用電表的歐姆擋測(cè)量電流表的內(nèi)阻，為了電流表安全，測(cè)量時(shí)應(yīng)將紅表筆接觸電流表的

接線(xiàn)柱的金屬部分（選填“正''或"負(fù)”），黑表筆接觸電流表的另一接線(xiàn)柱的金屬部分。若選用歐姆擋

倍率“xlO”，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，則應(yīng)把倍率調(diào)為（選填“xlOO”或“xl”），調(diào)整倍率后（選

填“需要”或"不需要”）重新歐姆調(diào)零。正確調(diào)整倍率后經(jīng)過(guò)歐姆表測(cè)電阻的正確操作，指針指在表盤(pán)的位置

如圖〃所示，則電流表內(nèi)阻為。

②乙同學(xué)想利用圖6所示電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻，請(qǐng)?jiān)趫Dc中用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)完善實(shí)物圖連線(xiàn)

③若為提高測(cè)量的精確度，要求測(cè)量時(shí)兩電表指針偏轉(zhuǎn)均能超過(guò)其量程的三分之一，凡應(yīng)選用（選

填或“&，，)。電路接通后，把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端滑動(dòng)到某一位置，若此時(shí)電壓表讀數(shù)為U,電流表讀

數(shù)為/,則電流表內(nèi)阻RA=。

【答案】(1)CBBG：(2)負(fù)X1需

【解析】（1）①AB.根據(jù)

,1,1

mgh-—mv；-—mv~2

整理可得

可知不需要測(cè)量重物質(zhì)量，AB不需要；

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)需要用刻度尺測(cè)量紙帶上各點(diǎn)的距離，需要用到毫米刻度尺，C需要；

D.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器有計(jì)時(shí)功能，不需要秒表，D不需要。

故選C。

②A(yíng).驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)中，由于重錘要克服空氣阻力做功，從而產(chǎn)生系統(tǒng)誤差，選用質(zhì)量大體積小

的重錘能減小空氣阻力的影響，從而減小系統(tǒng)誤差，A錯(cuò)誤；

B.由圖可知，從A到”，相等時(shí)間內(nèi)位移變大，可知圖中紙帶的左側(cè)是與重錘相連的一端，B正確；

C.若通過(guò)圖像驗(yàn)證機(jī)械能守恒，需要紙帶上選擇合適數(shù)目的點(diǎn)，不需要重復(fù)實(shí)驗(yàn)，C錯(cuò)誤：

D.根據(jù)聲=2。〃可知只要加速度大小恒定，〃圖像均為直線(xiàn)，所以圖像是直線(xiàn)，不能說(shuō)明重物下

落過(guò)程機(jī)械能守恒，D錯(cuò)誤.

故選B。

③測(cè)出了AC段和"/段長(zhǎng)度，根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻瞬時(shí)速度等于該過(guò)程的平均速度，可以求出8

點(diǎn)和G點(diǎn)的速度，所以要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，還需要測(cè)出8G段的長(zhǎng)度。

(2)①因?yàn)樵谶x用歐姆擋時(shí)，紅表筆與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，所以測(cè)量時(shí)應(yīng)將紅表筆接觸電流表的負(fù)接線(xiàn)

柱的金屬部分；

若選用歐姆擋倍率“xl0”,發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，對(duì)應(yīng)表盤(pán)指示刻度較小，說(shuō)明此時(shí)檔位過(guò)大，則應(yīng)把倍

率調(diào)為xl；

調(diào)整倍率后，歐姆檔的內(nèi)部總電阻改變，所以需要重新將兩表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零;

圖中讀數(shù)為

2.5xlQ=2.5Q

②完整電路圖如下:

③若&選擇凡，當(dāng)電壓表滿(mǎn)偏時(shí)，電流表最大讀數(shù)為

分析可知電流表量程的三分之一以上為°2A~0.6A,若選擇乙,隨著電壓的變化，多數(shù)情況下不能滿(mǎn)足要

求；若以選擇與，當(dāng)電壓表滿(mǎn)偏時(shí)，電流表最大讀數(shù)為

U3

--A=0.67A

&+舄2.5+2

此時(shí)可通過(guò)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表和電流表讀數(shù)達(dá)到要求的量程的三分之一以上，故用應(yīng)選用仆。

根據(jù)閉合電路歐姆定律有

即

10.(14分)

如圖所示，粗糙水平地面上，有一長(zhǎng)木板A,質(zhì)量為/7M=4kg,與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃尸0.3。在其左端

有一個(gè)物塊8,質(zhì)量為mB=6kg,物塊B與長(zhǎng)木板4之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃2=0.6。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩

擦力，重力加速度gTOmH,用一水平向右的恒力作用在物塊B上。當(dāng)F大于45N時(shí)，兩者發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。

求

(1)當(dāng)F為40N時(shí)，A、B之間的摩擦力為多大？

(2)當(dāng)尸為50N時(shí)，物塊B運(yùn)動(dòng)到木板A右端用時(shí)2.4s,求長(zhǎng)木板A的長(zhǎng)度。

B)—

AI

【答案】(1)34N；(2)2.4m

【解析】(1)尸大于45N時(shí)，兩者發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，小于等于45N,兩者相對(duì)靜止，之間的摩擦力為靜摩擦；

當(dāng)F=40N,整體受力分析

斤一%(mA+mB)g=(mA+mB)a

解得

(7=lm/s2

對(duì)B受力分析

F-f,<f=mBa

解得

/所34N

(2)當(dāng)尸=50N,兩者發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，A、8之間為滑動(dòng)摩擦力，此時(shí)A的加速為

-?!("4+'%)g=mAaA

解得

2

aA=1.5m/s

B的加速度為

益=七處追」mH

mB3

根據(jù)位移關(guān)系

XB-XA=L

即

—at2~—at2=L

2B2x

解得

L=2.4m

11.(15分)如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌MN、尸<2固定在傾角6=37。的絕緣斜面上，頂部接有一

阻值R=3C的定值電阻，下端開(kāi)口，軌道間距L=lm,整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁

場(chǎng)向垂直斜面向上，質(zhì)量“=1kg的金屬棒“6置于導(dǎo)軌上，“b在導(dǎo)軌之間的電阻r=lQ,電路中其余電阻

不計(jì)，金屬棒必由靜止釋放后沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)時(shí)始終垂直于導(dǎo)軌，且與導(dǎo)軌接觸良好，不計(jì)空氣阻力影響。已

知金屬棒外與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)〃=Q5,sin37。=0.6,cos37。=0.8,取g=10m/s1

(1)求金屬棒油沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)的最大速度%；

(2)求金屬棒油沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電阻R的最大電功率外；

(3)若從金屬棒他開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至達(dá)到最大速度過(guò)程中，電阻尺上產(chǎn)生的焦耳熱總共為L(zhǎng)5J,求流過(guò)電阻R的

總電荷量“。

M

R

p

N

Q

【答案】（?）%=2.0m/s；（2）&=3W；（3）,=1.0C

【解析】（1）金屬棒由靜止釋放后，沿斜面做變加速運(yùn)動(dòng)，加速度不斷減小，當(dāng)加速度為零時(shí)有最大速度%,

由牛頓第二定律得

mgsin6-cos0~F.&=0

又

F.安=BIL

/=—

R+r

E=BL%

解得

vm=2.0m/s

（2）金屬棒以最大速度%勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電阻R上的電功率最大，此時(shí)

聯(lián)立解得

PR=3W

（3）設(shè)金屬棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到達(dá)到最大速度過(guò)程中，沿導(dǎo)軌下滑距離為x,由能量守恒定律

12

mgxsin夕=/Limgxcos0+QR+Qllh+—tnvm

根據(jù)焦耳定律

&=0

Q1,?r

聯(lián)立解得

x=2.0m

根據(jù)

q=/Az

△t

A<D=BLr

解得

<7=-^=l.()C

R+r

12.(18分)如圖所示，一彈槍將質(zhì)量%=°3kg的彈丸從筒口A(yíng)斜向上彈出后，彈丸水平擊中平臺(tái)邊緣B

處質(zhì)量叫二°3kg的滑塊，打擊過(guò)程為完全彈性碰撞，此滑塊放在質(zhì)量”二02kg的“L形”薄板上。己知彈

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