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文檔簡(jiǎn)介
河北省邯鄲市2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期摸底考試物理試題
一、單選題
1.利用傳感器與計(jì)算機(jī)結(jié)合,可以自動(dòng)得出物體運(yùn)動(dòng)的圖像。某同學(xué)在一次實(shí)驗(yàn)中,獲取了小車(chē)
運(yùn)動(dòng)10m過(guò)程中,速度隨時(shí)間變化規(guī)律的圖像,如圖中實(shí)線(xiàn)所示,虛線(xiàn)為過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的一條直線(xiàn)。
關(guān)于小車(chē)的運(yùn)動(dòng),下列說(shuō)法正確的是()
A.小車(chē)做非勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)
B.小車(chē)的平均速度一定不等于lm/s
C.圖中兩部分陰影面積s=s
12
D.小車(chē)在前4s內(nèi)的位移大小可能為2m
2.某同學(xué)利用圖示裝置測(cè)量玻璃磚對(duì)單色光的折射率。將半圓形玻璃磚固定在量角器上,量角器
的圓心與半圓形玻璃磚的圓心重合。實(shí)驗(yàn)時(shí)將含有單色光A、BG4光的折射率大于B光的折射率)
的復(fù)色光沿半徑方向從量角器某刻度線(xiàn)射入半圓形玻璃磚,復(fù)色光被分成。兩光束,如圖甲。
逐漸增大入射角,a、b兩光束都向水平方向靠近,如圖乙,當(dāng)復(fù)色光沿圖丙所示位置射入半圓形
玻璃磚時(shí),“光束剛好消失。下列判斷正確的是()
因此測(cè)得單色光A的折射率為出
A.丙圖中剛好要消失的是單色光4,
3
因此單色光8的折射率為2褥
B.丙圖中剛好要消失的是單色光
3
C.丙圖中剛好要消失的是單色光A,因此測(cè)得單色光4的折射率為2
D.丙圖中剛好要消失的是單色光8,因此測(cè)得單色光B的折射率為2
3.如圖所示是某跳臺(tái)滑雪運(yùn)動(dòng)員從斜坡頂端以水平初速度v飛出落到斜坡上的運(yùn)動(dòng)軌跡。以?huà)伋?/p>
0
點(diǎn)0為坐標(biāo)原點(diǎn),建立如圖所示的坐標(biāo)軸,利用信息技術(shù)手段擬合得到此曲線(xiàn)的軌跡方程是
),=[x2,且落點(diǎn)的橫坐標(biāo)為80m。不計(jì)空氣阻力,重力加速度g取10m/S2。則運(yùn)動(dòng)員落在斜面上
80
速度方向與水平方向夾角的正切值是()
B.1
C.①
2
D.工
2
4.探究影響平行板電容器電容的有關(guān)因素的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示,關(guān)于該實(shí)驗(yàn),下列說(shuō)法正確的是
A.實(shí)驗(yàn)前,如果只用與毛皮摩擦過(guò)的硬橡膠棒與電容器“板接觸,不能使電容器帶電
B.實(shí)驗(yàn)中,只將電容器b板向上平移,兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變,靜電計(jì)指針的張角變小
C.實(shí)驗(yàn)中,只在極板間插入有機(jī)玻璃板,兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小,靜電計(jì)指針的張角變小
D.實(shí)驗(yàn)中,只將電容器b板向左平移,兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大,靜電計(jì)指針的張角變大
5.某探究小組為了研究波的傳播過(guò)程及其特點(diǎn),將兩根完全相同的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定在墻上處于
同一水平線(xiàn)上的4、B兩點(diǎn),另一端由組內(nèi)甲、乙兩位同學(xué)同時(shí)以相同的起振方向上下持續(xù)振動(dòng)產(chǎn)
生橫波。已知甲、乙兩同學(xué)抖動(dòng)細(xì)繩的頻率之比為3:2,則某時(shí)刻用手機(jī)拍攝下波剛好傳播到墻壁
處的波形圖。以下選項(xiàng)中波形圖正確的是()
6.一個(gè)靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,由于發(fā)生了a(或
|3)衰變而得到兩種粒子,一種是a(或P)粒子,另一種是反沖核。如圖所示為兩種粒子在磁場(chǎng)
中的圓形軌跡,已知衰變前核的質(zhì)量為,衰變后形成的兩種新粒子的質(zhì)量分別為飛、機(jī),,在磁場(chǎng)
中的軌跡半徑分別為K、R。兩圓半徑之比為R:R=1:45,則以下說(shuō)法正確的是()
I212
A.該原子核發(fā)生的是a衰變,得到的兩種新粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的繞向相反
B.原來(lái)靜止的原子核的原子序數(shù)為92,反沖核的軌道半徑為2
C.衰變過(guò)程釋放的核能£=)。2,得到的射線(xiàn)在空氣中具有較強(qiáng)的穿透本領(lǐng)
12
D.該衰變的衰變方程可能為鄴Uf4He+234Th
92290
7.張北的風(fēng)點(diǎn)亮北京的燈,中國(guó)外交部發(fā)言人趙立堅(jiān)這一經(jīng)典語(yǔ)言深刻體現(xiàn)了2022年北京冬奧
會(huì)的綠色奧運(yùn)理念。張北可再生能源示范項(xiàng)目,把張北的風(fēng)轉(zhuǎn)化為清潔電力,并入冀北電網(wǎng),再
輸向北京、延慶、張家口三個(gè)賽區(qū)?,F(xiàn)有一小型風(fēng)力發(fā)電機(jī)通過(guò)如圖甲所示輸電線(xiàn)路向北京賽區(qū)某
場(chǎng)館1萬(wàn)個(gè)額定電壓為220V、額定功率為11W的LED燈供電。當(dāng)發(fā)電機(jī)輸出如圖乙所示的電壓時(shí),
賽區(qū)的LED燈全部可以正常工作。已知輸電導(dǎo)線(xiàn)損失的功率為賽區(qū)獲得總功率的4%,輸電導(dǎo)線(xiàn)的
等效電阻為R=11Q。則下列說(shuō)法正確的是()
甲
A.風(fēng)力發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速為50r/min
B.風(fēng)力發(fā)電機(jī)lh內(nèi)輸出的電能為110kW-h
C.降壓變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為25:1
D.升壓變壓器副線(xiàn)圈輸出的電壓的最大值為5720V
二、多選題
8.某人造地球衛(wèi)星繞地球的公轉(zhuǎn)軌道是個(gè)橢圓,公轉(zhuǎn)周期為質(zhì)量為〃?,其近地點(diǎn)A到地球中
心的距離為“,遠(yuǎn)地點(diǎn)C到地球中心的距離為人A、C兩點(diǎn)的曲率半徑均為我“(通過(guò)該點(diǎn)和曲線(xiàn)
上緊鄰該點(diǎn)兩側(cè)的兩點(diǎn)作一圓,在極限情況下,這個(gè)圓就叫作該點(diǎn)的曲率圓,其半徑叫作該點(diǎn)的曲
率半徑),如圖所示。若地球的質(zhì)量為M,引力常量為G,忽略其他衛(wèi)星對(duì)它的影響,則以下說(shuō)法
正確的是()
A.衛(wèi)星從B-A所用的時(shí)間等于[
4
B.衛(wèi)星從A—O—C運(yùn)行的過(guò)程中,萬(wàn)有引力對(duì)它做的功為
C.衛(wèi)星運(yùn)行過(guò)程中機(jī)械能守恒,最大速率與最小速率之比為2
a
D.若要使衛(wèi)星到近地圓形軌道上運(yùn)行,可以在C點(diǎn)進(jìn)行適當(dāng)制動(dòng)
9.如圖所示,質(zhì)量為例的光滑斜面靜止在光滑水平面上。某時(shí)刻,質(zhì)量為機(jī)的可視為質(zhì)點(diǎn)的小物
塊從斜面頂端由靜止開(kāi)始下滑,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間,小物塊滑到斜面底端,速度大小為小,方向與水平
地面成。角,重力加速度大小為g。則小物塊從斜面頂端下滑到底端過(guò)程中,下列說(shuō)法中正確的是
)
A.斜面與小物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒
B.斜面對(duì)小物塊的支持力做的功等于小物塊機(jī)械能的變化
C.小物塊對(duì)斜面的壓力做的功等于°
2M
D.小物塊對(duì)斜面的壓力的沖量大小為m\cosO
10.如圖所示,空間中有正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為
8,勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向下,將一質(zhì)量為"?,帶電量為+4的粒子沿水平向左以速度v拋入復(fù)合場(chǎng)中,
忽略粒子的重力。已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)的強(qiáng)度大小E=在粒子之后運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,以下說(shuō)法正確的
是()
E
A.粒子偏離人射方向的最大距離為毛
Bq
9//2V
B.粒子在軌跡最低點(diǎn)的曲率半徑為
2Bq
C.粒子從拋出到最低點(diǎn)的過(guò)程電勢(shì)能的變化量為-4WV2
D.粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能與電勢(shì)能的總和是守恒的
三、實(shí)驗(yàn)題
11.某同學(xué)采用圖甲所示的裝置做“驗(yàn)證小球擺動(dòng)的過(guò)程中滿(mǎn)足機(jī)械能守恒”的實(shí)驗(yàn)。細(xì)線(xiàn)上端固定
在鐵架臺(tái)上的。點(diǎn),下端懸掛一小球,將小球拉起一定角度,由靜止釋放,擺到最低點(diǎn)時(shí),恰好
通過(guò)固定在鐵架臺(tái)上的光電門(mén)。
o
1主尺2cm
光電門(mén)?I1iIIIJJI_IIt
IIIIIIIIIIIII
0游標(biāo)尺10
甲乙
(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑,如圖乙所示,則小球的直徑”=mm;
(2)該同學(xué)將小球從不同高度釋放,測(cè)出釋放點(diǎn)到小球擺動(dòng)最低點(diǎn)的高度力及擋光時(shí)間f,若作出
(選填“產(chǎn)七”或“L")與力(為橫坐標(biāo))的圖像是過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜直線(xiàn),則直線(xiàn)的斜
率為,則小球在擺動(dòng)的過(guò)程中滿(mǎn)足機(jī)械能守恒。(用重力加速度g和小球直徑d表示)
(3)若另一小組同學(xué)用安裝在。點(diǎn)的力傳感器代替光電門(mén)完成實(shí)驗(yàn)。將細(xì)線(xiàn)拉至水平狀態(tài),把小
球由靜止釋放,當(dāng)小球擺到。點(diǎn)正下方時(shí),力傳感器示數(shù)尸為,則可驗(yàn)證小球在擺動(dòng)
的過(guò)程中滿(mǎn)足機(jī)械能守恒。(用重力加速度g和小球質(zhì)量m表示)
12.某同學(xué)想較準(zhǔn)確地測(cè)量定值電阻&的阻值,設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)方案如下:
S
T
K
圖1圖2
(1)用如圖1所示的多用電表粗測(cè)電阻班,要用到選擇開(kāi)關(guān)K和兩個(gè)部件S、To請(qǐng)根據(jù)下列步
驟完成電阻測(cè)量:
①旋動(dòng)部件,使指針對(duì)準(zhǔn)電流的"0”刻度線(xiàn);
②將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“xl”的位置;
③將插入插孔的表筆短接,旋動(dòng)部件,使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的“0”刻度線(xiàn);
④將電阻Rx接入兩表筆之間,指針指示的位置如圖2所示,則待測(cè)電阻曲的阻值為
Rx=_Qo
(2)為了較準(zhǔn)確測(cè)量Rx的阻值,有以下一些器材可供選擇:
電流表A1(量程0~100mA,內(nèi)阻約0.2C);
電流表A2(量程0~3A,內(nèi)阻約0.12。);
電壓表V1(量程0~3V,內(nèi)阻很大);
電壓表V,(量程0~15V,內(nèi)阻很大);
電源E(電動(dòng)勢(shì)約為3V,內(nèi)阻約為0.2C):
定值電阻R(15。,允許最大電流1.0A);
滑動(dòng)變阻器勺(0?10Q,允許最大電流2.0A);
滑動(dòng)變阻器R?(0~lkQ,允許最大電流0.5A);
單刀單擲開(kāi)關(guān)S一個(gè),導(dǎo)線(xiàn)若干。
①電流表應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選;(填器材的符號(hào))
②請(qǐng)?jiān)诰€(xiàn)框內(nèi)畫(huà)出測(cè)量電阻Rx的實(shí)驗(yàn)電路圖;(要求所測(cè)量范圍盡可能大)()
③某次測(cè)量中,電壓表示數(shù)為U時(shí),電流表示數(shù)為/,則計(jì)算待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式為
Rx=__________
四、解答題
13.汽車(chē)的輪胎壓力監(jiān)測(cè)系統(tǒng)的作用是在汽車(chē)行駛過(guò)程中對(duì)輪胎氣壓進(jìn)行實(shí)時(shí)自動(dòng)監(jiān)測(cè),并對(duì)輪胎
漏氣和低氣壓進(jìn)行報(bào)警,以確保行車(chē)安全。某汽車(chē)在北方冬季某天的最高溫度、最低溫度時(shí)刻,輪
胎壓力監(jiān)測(cè)系統(tǒng)測(cè)定前左側(cè)輪胎的氣壓最大值、最小值分別為2.8加八2.5afm。若輪胎內(nèi)氣體可視
為理想氣體,漏氣前后輪胎容積不變。當(dāng)天最低溫度為-23℃。
(1)求當(dāng)天的最高溫度為多少攝氏度;
(2)若該汽車(chē)某時(shí)刻顯示前左側(cè)車(chē)胎氣壓為2.5M“,后由于輪胎被釘子所扎開(kāi)始漏氣,造成輪胎
氣壓降低,當(dāng)氣壓降低至輪胎壓力監(jiān)測(cè)系統(tǒng)開(kāi)始報(bào)警。試求此過(guò)程中,輪胎漏氣的質(zhì)量與
原有氣體質(zhì)量的比值??烧J(rèn)為漏氣過(guò)程溫度不變,室外氣體壓強(qiáng)為加。
14.如圖甲所示,左端間距為2L、右端間距為L(zhǎng)的足夠長(zhǎng)光滑水平金屬導(dǎo)軌ABC。-ABC。固定
iiii
在水平桌面上,虛線(xiàn)的左側(cè)一-面積S=0.6m2的圓形區(qū)域存在勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向
里,磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間r的變化規(guī)律如圖乙所示(取垂直紙面向里為正方向);虛線(xiàn)MN
的右側(cè)區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一長(zhǎng)也為2L、質(zhì)量為
,〃=lkg、電阻為r的金屬棒外緊靠MN右側(cè)且與導(dǎo)軌垂直放置,在f=0時(shí),閉合開(kāi)關(guān)S,金屬棒
M開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng),當(dāng)其達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí),斷開(kāi)開(kāi)關(guān),同時(shí)把另一與金屬棒外完全相同的金屬棒M
輕輕垂直于水平導(dǎo)軌CO-q/左端。g取10m心,L=0.5m,不計(jì)導(dǎo)軌電阻與其他阻力。
求:
(1)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間,金屬棒油速度、的大小;
(2)金屬棒cd由靜止到達(dá)到穩(wěn)定速度過(guò)程中產(chǎn)生的電荷量及焦耳熱。
甲
15.如圖所示,質(zhì)量為何=04kg的長(zhǎng)木板靜止在粗糙的水平地面上,在木板的右端有一質(zhì)量為
w=0.5kg的小物塊,初始狀態(tài)木板和小物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知小物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因
數(shù)為5=。2,木板與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0=。3,某時(shí)刻一質(zhì)量為線(xiàn)=0.1kg的子彈以速度
>=25m/s,沿水平方向向右射入木板并留在其中,g取i()m/s2,忽略小物塊的大小,子彈射入木
板時(shí)間極短,不考慮射入過(guò)程中木板對(duì)地發(fā)生的位移。
(1)求子彈射入木板過(guò)程中子彈和木板內(nèi)能的增量0;
(2)若使小物塊不能從木板上滑落,求木板的最小長(zhǎng)度L;
(3)物塊與木板之間由于摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能增量。2。
%m
"%
參考答案:
1.c解:A.由題圖速度隨時(shí)間變化規(guī)律可知,小車(chē)做加速度先增大后減小的非勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),
A錯(cuò)誤;
B.小車(chē)在10s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移是10m,因此其平均速度大小為lm/s,B錯(cuò)誤;
C.若小車(chē)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),如圖中虛線(xiàn)所示,其位移大小等于虛線(xiàn)與橫坐標(biāo)軸圍成的面積,等
于10m,因此虛線(xiàn)與橫坐標(biāo)軸圍成的面積與圖中實(shí)線(xiàn)與橫坐標(biāo)軸圍成的面積相等,因此可得圖中兩
部分陰影面積S=S,C正確;
12
D.若小車(chē)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),在前4s內(nèi)的位移為1.6m,由題圖可知,在前4s內(nèi)小車(chē)的實(shí)際位移
一定小于小車(chē)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移,因此小車(chē)在前4s內(nèi)位移大小不可能為2m,D錯(cuò)誤。
故選Co
2.B解:根據(jù)
.八1
sinC=—
n
可知折射率大的A光,發(fā)生全反射的臨界角較小,因此隨著入射角增大,先發(fā)生全反射,即丙圖中
剛好消失的是后發(fā)生全反射的B光;丙圖顯示此時(shí)全反射的角度為60。,代入上式可得折射率較小
的單色光8的折射率
1273
n=-------=-----
sin6003
故選Bo
3.A解:若以?huà)伋鳇c(diǎn)。為坐標(biāo)原點(diǎn),建立如題圖所示的坐標(biāo)軸,則運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)時(shí)間,的橫、縱坐
標(biāo)分別為
x=vt
0
1
因此得到運(yùn)動(dòng)員的軌跡方程為
1_g
X2
2V2
0
可得
g—1
荻80
o
解得初速度
v=20m/s
o
根據(jù)
x=vt
0
可得運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間
r=4s
設(shè)運(yùn)動(dòng)員落在斜面上速度方向與水平方向夾角為a,則正切值
Pt
tana=—==2
v
o
故選A。
4.C解:A.實(shí)驗(yàn)前,只用與毛皮摩擦過(guò)的硬橡膠棒與電容器。板接觸,a板帶負(fù)電,由于感應(yīng)起
電,在電容器b板上將感應(yīng)出異種電荷,A錯(cuò)誤;
B.電容器6板向上平移,電容器帶電量Q不變,正對(duì)面積S變小,由
C=2X
kd
可知,電容C變小,由電場(chǎng)強(qiáng)度
_U_Q_Q_4nkQ
CH-------------------------
dCd&S8S
rClr
471kd
可知,E增大,由
c=2
u
可知,0不變,。變大,因此靜電計(jì)指針的張角變大,B錯(cuò)誤;
C.插入有機(jī)玻璃板,相對(duì)介電常數(shù)£變大,由
r
可知,電容c變大,由
C=2
U
可知,。不變,U變小,因此靜電計(jì)指針的張角變小,由
Ci-
eS
r
可知,E減小,C正確;
D.只將電容器匕板向左平移,d增大,由
一£S
kd
可知,C減小,由
可知,0不變,。變大,靜電計(jì)指針的張角變大,由
&S
r
可知,E不變,D錯(cuò)誤。
故選Co
5.A解:BD.甲、乙兩同學(xué)抖動(dòng)細(xì)繩的頻率之比為3:2,周期之比為2:3,波在兩根完全相同的
細(xì)繩中傳播的速度相等,根據(jù)波速與波長(zhǎng)的關(guān)系
X=vT
因此甲、乙兩波的波長(zhǎng)之比為2:3,BD錯(cuò)誤;
AC.根據(jù)波形圖可知,A、8處細(xì)繩上質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向相反,與題意中兩列波起振方向相同不
一致,C錯(cuò)誤,因此可能的波形圖只有選項(xiàng)A。
故選A?
6.D解:A.兩圓形軌跡外切,可知是a衰變,兩種新粒子均帶正電,根據(jù)左手定則可知兩種新粒
子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的繞向相同,A錯(cuò)誤;
D.根據(jù)質(zhì)量守恒定律與電荷數(shù)守恒定律可知,該衰變的衰變方程可能為
238U->4He+234Th
92290
D正確;
B.反沖核的原子序數(shù)為
45x2=90
為針核,根據(jù)動(dòng)量守恒定律得
0二mu-tnv
1122
所以靜止原子核衰變后兩種新粒子動(dòng)量等大反向,根據(jù)
ctnv_mv
R=-1-1-.R=—?3-a-
?啊2Bq?
解得
勺…遇
結(jié)合
R:R=1:45
I2
電荷數(shù)大的半徑小,反沖核的軌道半徑為勺,B錯(cuò)誤;
C.衰變過(guò)程釋放的核能為
H=\m-m-m)c2
12
得到的射線(xiàn)是a射線(xiàn),但a射線(xiàn)在空氣中電離本領(lǐng)較強(qiáng),貫穿本領(lǐng)較弱,空氣中一張紙就能把a(bǔ)射
線(xiàn)擋住,C錯(cuò)誤。
故選D。
7.C解:A.由圖乙可知,交流電的頻率為
/=1=50HZ
因此風(fēng)力發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速〃=/=50r/s,故A錯(cuò)誤;
B.1萬(wàn)個(gè)額定功率為11W的LED燈正常工作時(shí),電功率
P=llxlO-iW=110kW
而輸電線(xiàn)上損失的功率
△P=Px4%=4.4kW
所以風(fēng)力發(fā)電機(jī)的功率為114.4kW,因此lh風(fēng)力發(fā)電機(jī)輸出的電能
W=Pf=114.4xlkWh=114.4kWh
總
故B錯(cuò)誤;
C.輸電線(xiàn)路損失的功率△尸=4.4kW,根據(jù)
AP=/2/?=4.4kW
可得,輸電線(xiàn)上電流為
/=20A
3
而通過(guò)降壓變壓器副線(xiàn)圈的電流
P
1=—=500A
4U
4
因此降壓變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比
nI25
T=-4-=---
nI1
4
故C正確;
D.輸電線(xiàn)路損失的電壓
MJ=1R=220V
根據(jù)
Un
-3-=—
Un
44
可得
U=5500V
3
所以升壓變壓器副線(xiàn)圈輸出的電壓有效值為5720V,最大值為572(\叵,故D錯(cuò)誤。
故選C。
8.BC解:A.衛(wèi)星繞地球沿橢圓軌道運(yùn)行,遠(yuǎn)離地球運(yùn)行過(guò)程中萬(wàn)有引力做負(fù)功,速度減小,同
理靠近地球運(yùn)行過(guò)程中萬(wàn)有引力做正功,速度增大,所以衛(wèi)星從B到4運(yùn)行過(guò)程所用的時(shí)間小于
故A錯(cuò)誤;
B.衛(wèi)星經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí),根據(jù)
GMmV2
------------=
。2ka
得
_[kGM
,V"
同理衛(wèi)星運(yùn)行到C點(diǎn)時(shí),由
GMmV2
—me
b?ka
得
_\kGMa
I\b2
衛(wèi)星從運(yùn)行的過(guò)程中,根據(jù)動(dòng)能定理有,萬(wàn)有引力對(duì)衛(wèi)星做的功
MW/=1--1mv2
2c2A
得
W=-GkMm\
2{h2a)
故B正確;
C.根據(jù)前面分析,衛(wèi)星在A點(diǎn)速度最大,C點(diǎn)速度最小
衛(wèi)星運(yùn)行過(guò)程中只有萬(wàn)有引力做功,衛(wèi)星的機(jī)械能不變,故C正確;
D.若要使衛(wèi)星在近地圓形軌道上運(yùn)行,應(yīng)該在衛(wèi)星運(yùn)行到A點(diǎn)時(shí)進(jìn)行適當(dāng)制動(dòng),在C點(diǎn)制動(dòng),衛(wèi)
星仍然是在橢圓軌道上運(yùn)行,故D錯(cuò)誤。
故選BC。
9.BC解:A.小物塊從斜面頂端下滑到底端過(guò)程中,斜面與小物塊組成的系統(tǒng)水平方向不受外力,
豎直方向所受外力矢量和不為零,因此系統(tǒng)動(dòng)量不守恒,故A錯(cuò)誤;
B.小物塊下滑過(guò)程中,斜面對(duì)小物塊的支持力做負(fù)功,引起小物塊機(jī)械能減小,且做的功等于小
物塊機(jī)械能的變化。故B正確;
C.物塊下滑過(guò)程,小物塊與斜面組成系統(tǒng),水平方向動(dòng)量守恒,因此根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得
O=mvcos9-Mv
02
解得小物塊滑到斜面底端時(shí),斜面的速度大小為
mvcos0
v='—?--------
2M
根據(jù)動(dòng)能定理可知,小物塊對(duì)斜面的壓力做的功即合外力對(duì)斜面做的功,等于其動(dòng)能變化量,為
故C正確;
D.根據(jù)動(dòng)量定理可知,小物塊對(duì)斜面的壓力在水平方向的分力的沖量等于斜面動(dòng)量變化量,
2
即等于〃&cosO;而小物塊對(duì)斜面的壓力在豎直方向分力的沖量不為零,因此小物塊對(duì)斜面的壓力
的沖量大小不等于,小0COS。,故D錯(cuò)誤。
故選BCo
10.BCD解:A.根據(jù)題意
E-Bv
得
Eq=Bqv
將粒子以速度v水平向左拋入復(fù)合場(chǎng)中,根據(jù)“配速法”,粒子的初速度可以等效為一個(gè)水平向左的
2v和一個(gè)水平向右的V,向右的速度v會(huì)產(chǎn)生一豎直向上的洛倫茲力
F=qvB
由于
Eq=qvB
則粒子的一個(gè)分運(yùn)動(dòng)為水平向右的勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),另一個(gè)分運(yùn)動(dòng)是水平向左沿逆時(shí)針?lè)较虻膭蛩賵A
周運(yùn)動(dòng),速度大小為2V
、(2V)2
Bcq2V=m一
解得
R=2mv
Bq
粒子偏離入射方向的最大距離為
A錯(cuò)誤;
B.粒子在軌跡最低點(diǎn)速度大小為九,方向水平向右
2口(3V)2
RBq3V-Eq=m----
r
解得
9mv
r=---
2Bq
即軌跡最低點(diǎn)的曲率半徑為k
2Bq
B正確;
C.粒子從拋出到最低點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減小,電勢(shì)能的變化量為
—Eqx2R=-4mv2
C正確;
D.粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有電場(chǎng)力做功,所以粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能的總和是守恒的,D正
確。
故選BCD,
11.H.5-孕3mg解:(1)口]由圖乙可知,游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為"mm,游標(biāo)尺
t2d2
的第5條刻度線(xiàn)與主尺的某刻度線(xiàn)對(duì)齊,因此游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為Umm+0.1x5mm=11.5mm,所以
小球直徑為11.5mm1,
(2)小球下落過(guò)程若機(jī)械能守恒,則有
mgh=^m\>2
且
d
v——
t
聯(lián)立可得
逆
t2di
由此可見(jiàn),與〃成正比,圖像為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn),且直線(xiàn)的斜率為學(xué)。
,26/2
(3)[4]若用力傳感器測(cè)量小球擺到。點(diǎn)正下方時(shí)細(xì)線(xiàn)拉力為F,根據(jù)牛頓第二定律可得
Fl-mg=mV2
若小球下落過(guò)程機(jī)械能守恒,則有
tngL=;加2
代入上式可得
F=3mg
因此當(dāng)小球擺到。點(diǎn)正下方時(shí),力傳感器示數(shù)尸為3〃吆,則可驗(yàn)證小球在擺動(dòng)的過(guò)程中滿(mǎn)足機(jī)械
能守恒。
12.ST15.0AR解:⑴⑴多用電
表使用前要先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零,即旋動(dòng)部件S,使得指針對(duì)準(zhǔn)表盤(pán)左側(cè)零刻線(xiàn)處;
[2]將插入插孔的表筆短接,旋動(dòng)部件T,進(jìn)行歐姆調(diào)零;
⑶歐姆表的讀數(shù)為指針?biāo)缚潭瘸艘员堵?,故圖示讀數(shù)為150c。
(2)[4]⑸伏安法測(cè)電阻,第一步,先選擇唯一性的器材,本題唯一性的器材是電源E、定值電阻
R;第二步,選擇電流表和電壓表并判斷電流表的接法,由于電源電動(dòng)勢(shì)為3V,通過(guò)被測(cè)電阻的最
大電流為
3
1=—A=0.2A
,〃15.0
電流表A2相對(duì)通過(guò)被測(cè)電阻的最大電流而言量程過(guò)大,表盤(pán)利用率太低,所以選擇電流表Aj但
A1量程又偏小,所以,把定值電阻R和被測(cè)電阻串聯(lián)整體作為被測(cè)對(duì)象,這樣通過(guò)被測(cè)電阻的最
大電流為
3
=―-——A=0.1A=100mA
m15+15.0
正好和A1搭配,由于被測(cè)電阻阻值較小,故選擇電流表外接;第三步,選擇滑動(dòng)變阻器并判斷滑
動(dòng)變阻器的接法,選擇滑動(dòng)變阻器的原則是夠用情況下優(yōu)先選擇小阻值滑動(dòng)變阻器,本題選擇滑動(dòng)
變阻器0。
[6]題中要求測(cè)量范圍盡可能大,所以滑動(dòng)變阻器采取分壓式接法,電路圖如圖所示
RRx
⑺根據(jù)歐姆定律可得
13.(1)7℃;(2)二解:(1)根據(jù)查理定律可知
25
△=2
TT
12
即
2.82.5
/+273-23+273
解得當(dāng)天的最高溫度為
t=7℃
1
(2)以輪胎漏氣前原有氣體為研究對(duì)象,在漏氣過(guò)程中,根據(jù)玻意耳定律可得
pV=pV+pV(V為輪胎的體積)
1002
即
2.5V=lxV+1.8V
o
解得漏氣體積
M=0.7V
0
根據(jù)玻意耳定律可知,同等質(zhì)量的空氣在2.5atm及l(fā)atm下的體積之比為
j二
VP'5
在2.5atm及l(fā)atm下的空氣密度之比為
pV5
pV2
所以輪胎漏氣質(zhì)量與原有氣體質(zhì)量的比值為
pV7
mpV25
14.(1);(2)0.96C,0.048J解:(1)在閉合開(kāi)關(guān)后,回路中由于圓形磁場(chǎng)區(qū)域中磁場(chǎng)的
變化而產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為?為
金屬棒由于運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)為
E=B-ILv
200
當(dāng)
E=E
21
金屬棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài),解得速度為
E0.3八/,
v=----2—=---------------=O.om/s
oBx2L0.5x0.5x2
o
(2)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后,金屬棒油減速,金屬棒4加速,某時(shí)刻兩金屬棒再次達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài),
有
B-2Lv=BLv
0I02
對(duì)金屬棒"、cd分別根據(jù)動(dòng)量定理有
-BI-2Lt=mv-mv
0I0
BILt=mv
02
聯(lián)立以上各式,解得
v=0.12m/s
i
v=0.24m/s
2
金屬棒〃由靜止達(dá)到穩(wěn)定速度過(guò)程中產(chǎn)生的電荷量為
4=方=胃=0.96C
0
在金屬棒cd由靜止達(dá)到穩(wěn)定速度過(guò)程中,閉合電路產(chǎn)生的焦耳熱為
Q=—mv2——mv2——mv2=0.144J
2o2?22
金屬棒油、〃接入電路的阻值之比為2:1,因此金屬棒M產(chǎn)生的焦耳熱
e=1e=o.o48j
15.(1)25J;(2)1.25m;(3)1.375J解:(1)對(duì)子彈和木板組成的系統(tǒng),取水平向右為正方向,
根據(jù)動(dòng)量守恒
tnv=(,〃+M)v
0001
解得子彈射入木板后的共同速度為
mv0.1x25...
v=-w-H—=-------m/s=5m/s
1m+M0.1+0.4
0
根據(jù)能量守恒
Q=—mV2——{jn+A7)V2
i2oo2oi
解得子彈射入木板過(guò)程中子彈和木板內(nèi)能的增量
Q=251
I
(2)對(duì)木板和子彈,根據(jù)牛頓第二定律
Hmg+H(M+"?+,〃)g=(M+m)〃
120
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