重組卷2-沖刺2023年高考物理真題重組卷（遼寧專用）（解析版）

絕密★啟用前

沖刺2023年高考物理真題重組卷02

遼寧專用（解析版）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，

用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無

效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合

題目要求，每小題4分，第8~10題有多項符合題目要求。每小題6分，全部選對的得6分，選對但

不全的得3分，有選錯或不答的得0分。

1.（2021?廣東?高考真題）賽龍舟是端午節(jié)的傳統(tǒng)活動。下列UT和ST圖像描述了五條相同的

龍舟從同一起點線同時出發(fā)、沿長直河道劃向同一終點線的運動全過程，其中能反映龍舟甲與其它

【答案】B

【詳解】A.此圖是速度圖像，由圖可知，甲的速度一直大于乙的速度，所以中途不可能出現(xiàn)

甲乙船頭并齊，故A錯誤；

B.此圖是速度圖像，由圖可知，開始丙的速度大，后來甲的速度大，速度圖像中圖像與橫軸圍

成的面積表示位移，由圖可以判斷在中途甲、內(nèi)位移會相同，所以在中途甲丙船頭會并齊，故B正

確;

C.此圖是位移圖像，由圖可知，丁一直運動在甲的前面，所以中途不可能出現(xiàn)甲丁船頭并齊,

故c錯誤；

D.此圖是位移圖像，交點表示相遇，二者無交點，船頭不會并齊，故D錯誤。

2.（2022?北京?高考真題）我國航天員在“天宮課堂”中演示了多種有趣的實驗，提高了青少年科

學探索的興趣。某同學設計了如下實驗：細繩一端固定，另一端系一小球，給小球一初速度使其在

豎直平面內(nèi)做圓周運動。無論在“天宮”還是在地面做此實驗（）

v0

A.小球的速度大小均發(fā)生變化B.小球的向心加速度大小均發(fā)生變化

C.細繩的拉力對小球均不做功D.細繩的拉力大小均發(fā)生變化

【答案】C

【詳解】AC.在地面上做此實驗，忽略空氣阻力，小球受到重力和繩子拉力的作用，拉力始終

和小球的速度垂直，不做功，重力會改變小球速度的大??；在“天宮”上，小球處于完全失重的狀態(tài)，

小球僅在繩子拉力作用下做勻速圓周運動，繩子拉力仍然不做功，A錯誤，C正確；

2

BD.在地面上小球運動的速度大小改變，根據(jù)。=1和尸=機二（重力不變）可知小球的向心

rr

加速度和拉力的大小發(fā)生改變，在“天宮”上小球的向心加速度和拉力的大小不發(fā)生改變，BD錯誤。

3.（2022?天津?高考真題）從夸父逐日到羲和探日，中華民族對太陽的求知探索從未停歇。2021

年10月，我國第一顆太陽探測科學技術試驗衛(wèi)星“羲和號”順利升空。太陽的能量由核反應提供，其

中一種反應序列包含核反應：；He+；Hef：He+2X,下列說法正確的是（〉

A.X是中子B.該反應有質(zhì)量虧損

C.；He比;He的質(zhì)子數(shù)多D.該反應是裂變反應

【答案】B

【詳解】A.根據(jù)核反應過程滿足質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為1,電荷數(shù)為1,可

知X是質(zhì)子，故A錯誤；

BD.兩個輕核結合成質(zhì)量較大的核，核反應屬于聚變反應，反應過程存在質(zhì)量虧損，釋放能量,

故B正確，D錯誤：

C.；He與；He的質(zhì)子數(shù)相同，均為2個質(zhì)子，故C錯誤。

4.（2022?海南?高考真題）在同一地方，甲、乙兩個單擺做振幅不同的簡諧運動，其振動圖像如

圖所示，可知甲、乙兩個單擺的擺長之比為（）

【答案】C

【詳解】由振動圖像可知甲乙兩個單擺周期之比為T甲：T乙=0.8：1.2=2：3

根據(jù)單擺周期公式7=2樂歸；可得工=心

Ng4病

則甲、乙兩個單擺的擺長之比為L甲：L乙=丁甲2：T乙2=4：9

5.（2020?山東?統(tǒng)考高考真題）雙縫干涉實驗裝置的截面圖如圖所示。光源S到，、S2的距離

相等，。點為，、S2連線中垂線與光屏的交點。光源S發(fā)出的波長為，的光，經(jīng)Si出射后垂直穿過

玻璃片傳播到O點，經(jīng)S2出射后直接傳播到。點，由，到O點與由S2到O點，光傳播的時間差為

加。玻璃片厚度為104,玻璃對該波長光的折射率為1.5,空氣中光速為c,不計光在玻璃片內(nèi)的反

射。以下判斷正確的是（）

【答案】A

【詳解】光在玻璃中的傳播速度為丫=￡；可知時間差加=膽-吆="

nvcc

6.（2022?浙江?統(tǒng)考高考真題）“天問一號”從地球發(fā)射后，在如圖甲所示的P點沿地火轉(zhuǎn)移軌道

到。點，再依次進入如圖乙所示的調(diào)相軌道和停泊軌道，則天間一號（）

A.發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/s之間

B.從尸點轉(zhuǎn)移到Q點的時間小于6個月

C.在環(huán)繞火星的停泊軌道運行的周期比在調(diào)相軌道上小

D.在地火轉(zhuǎn)移軌道運動時的速度均大于地球繞太陽的速度

【答案】C

【詳解】A.因發(fā)射的衛(wèi)星要能變軌到繞太陽轉(zhuǎn)動，則發(fā)射速度要大于第二宇宙速度，即發(fā)射

速度介于11.2km/s與16.7km/s之間，故A錯誤：

B.因P點轉(zhuǎn)移到Q點的轉(zhuǎn)移軌道的半長軸大于地球公轉(zhuǎn)軌道半徑，則其周期大于地球公轉(zhuǎn)周

期（1年共12個月）,則從P點轉(zhuǎn)移到Q點的時間為軌道周期的一半時間應大于6個月，故B錯誤；

C.因在環(huán)繞火星的停泊軌道的半長軸小于調(diào)相軌道的半長軸，則由開普勒第三定律可知在環(huán)繞

火星的停泊軌道運行的周期比在調(diào)相軌道上小，故c正確；

D.衛(wèi)星從Q點變軌時，要加速增大速度，即在地火轉(zhuǎn)移軌道Q點的速度小于火星軌道的速度，

-r-.GMmV-

而由-"—=膽一可r4E得Iv工；可知火星軌道速度小于地球軌道速度，因此可知衛(wèi)星在Q點速度

廠r

小于地球軌道速度，故D錯誤。

7.（2022?全國?統(tǒng)考高考真題）如圖，一不可伸長輕繩兩端各連接一質(zhì)量為膽的小球，初始時

整個系統(tǒng)靜置于光滑水平桌面上，兩球間的距離等于繩長心一大小為產(chǎn)的水平恒力作用在輕繩的

中點，方向與兩球連線垂直。當兩球運動至二者相距|乙時，它們加速度的大小均為（）

mO

卜

mO

5Fc2F「3尸-3F

A.—B.—C?—D?------

8m5m8加10m

【答案】A

【詳解】當兩球運動至二者相距|乙時，，如圖所示

2

設繩子拉力為T，水平方向有2Tcos6=F

解得T尸

O

對任意小球由牛頓第二定律可得T=〃以

解得。=江；故A正確，BCD錯誤。

8小

8.（2022?重慶?高考真題）2021年中國全超導托卡馬克核聚變實驗裝置創(chuàng)造了新的紀錄。為粗

略了解等離子體在托卡馬克環(huán)形真空室內(nèi)的運動狀況，某同學將一小段真空室內(nèi)的電場和磁場理想

化為方向均水平向右的勻強電場和勻強磁場（如圖），電場強度大小為E,磁感應強度大小為瓦若

某電荷量為q的正離子在此電場和磁場中運動，其速度平行于磁場方向的分量大小為刃，垂直于磁

場方向的分量大小為也，不計離子重力，則（）

A.電場力的瞬時功率為qE40B.該離子受到的洛倫茲力大小為"田

C.丫2與盯的比值不斷減小D.該離子的加速度大小不變

【答案】CD

【詳解】A.根據(jù)功率的計算公式可知P=FvcosO,則電場力的瞬時功率為P=Eqvl,A錯誤:

B.由于vl與磁場B平行，則根據(jù)洛倫茲力的計算公式有F洛=qv2B,B錯誤：

C.根據(jù)運動的疊加原理可知，離子在垂直于紙面內(nèi)做勻速圓周運動，沿水平方向做加速運動,

則vl增大，v2不變，v2與vl的比值不斷變小，C正確；

D.離子受到的安培力不變，電場力不變，則該離子的加速度大小不變，D正確。

9.（2022?重慶?高考真題）如圖為兩點電荷Q、Q'的電場等勢面分布示意圖，Q、Q'位于x軸上，

相鄰等勢面的電勢差為3V。若x軸上的M點和N點位于0V等勢面上,P為某等勢面上一點，則（）

A.N點的電場強度大小比M點的大

B.。為正電荷

C.M點的電場方向沿x軸負方向

D.P點與何點的電勢差為12V

【答案】AD

【詳解】A.等差等勢線的密度體現(xiàn)場強的大小，由圖可知N點的等差等勢線比M點更密，則

N點的電場強度大小比M點的大，故A正確；

B.沿著電場線電勢逐漸降低，由圖可知電場線由N指向Q,則Q為負電荷，故B錯誤：

C.沿著電場線電勢逐漸降低，結合各等勢線的電勢高低關系可知M點的電場方向沿x軸正方

向，故C錯誤：

D.M點與N點等勢均為0V,P點HN點的等勢線間隔四個，而相鄰等勢面的電勢差為3V,

則P點與M點的電勢差為12V,故D正確。

10.（2022?湖南?統(tǒng)考高考真題）如圖，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，滑動觸頭Pl初始位

置在副線圈正中間，輸入端接入電壓有效值恒定的交變電源。定值電阻E的阻值為R,滑動變阻器

R2的最大阻值為9R,滑片P2初始位置在最右端。理想電壓表V的示數(shù)為U,理想電流表A的示數(shù)

為/。下列說法正確的是（）

A.保持P位置不變，P2向左緩慢滑動的過程中，/減小，U不變

B.保持Pl位置不變，P2向左緩慢滑動的過程中，R/消耗的功率增大

C.保持P2位置不變，Pl向下緩慢滑動的過程中，/減小，U增大

D.保持P2位置不變，Pl向下緩慢滑動的過程中，R/消耗的功率先增大后減小

【答案】BD

【詳解】AB.由題意可知，原副線圈的匝數(shù)比為2,則副線圈的電流為2/,根據(jù)歐姆定律可得

副線圈的電壓有效值為5=2/?；

則變壓器原線圈的電壓有效值為G=2U2=4IR、

設輸入交流電的電壓有效值為4,則為=4用+/叫；可得/=7把「；

保持耳位置不變，B向左緩慢滑動的過程中，/不斷變大，根據(jù)歐姆定律5=4//?；

可知變壓器原線圈的電壓有效值變大，輸入電壓有效值不變，則/兩端的電壓不斷變小，則電

壓及示數(shù)U變小，原線圈的電壓電流都變大，則功率變大，根據(jù)原副線圈的功率相等，可知與消耗

的功率增大，故B正確，A錯誤；

CD.設原副線圈的匝數(shù)比為〃，同理可得4=/俏；則q>=〃2限+嗎

整理可得/=工,：

nR}+R2

保持P?位置不變，R向卜.緩慢滑動的過程中，〃不斷變大，則/變小，對此山歐姆定律可知

u=l%；可知u不斷變小，根據(jù)原副線圈的功率相等可知與消耗的功率

整理可得‘

2

22nR.+-J+2R,；

''nR]+R2nRt+R2'

n-&

可知〃=3時，&消耗的功率有最大值，可知R1消耗的功率先增大，后減小，故C錯誤，D正確。

二.實驗題（本大題共2小題，共14.0分。第一小題6分，第二小題8分）

11.（2022?廣東?高考真題）某實驗小組為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導致

的機械能損失，設計了如圖（。）所示的裝置，實驗過程如下：

釋放裝置

（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門位置，

使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門。

（2）用螺旋測微器測量小球的直徑，示數(shù)如圖⑹所示，小球直徑”=mm。

（3）測量時，應__________（選填"A”或"B"，其中A為“先釋放小球，后接通數(shù)字計時器”，B

為“先接通數(shù)字計時器，后釋放小球”）。記錄小球第一次和第二次通過光電門的遮光時間k和

（4）計算小球通過光電門的速度，已知小球的質(zhì)量為處可得小球與橡膠材料碰撞導致的機械

能損失A￡=（用字母，〃、4、4和與表示）。

（5）若適當調(diào)高光電門的高度，將會（選填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的測

量誤差。

【答案】7.884##7.882##7.883##7.885##7.886B1w（-）2-1/n（-）2增大

2。2t2

【詳解】（2）[1]依題意，小球的直徑為d=7.5mm+38.4xO.Olmm=7.884mm

（3）⑵在測量時，因小球下落時間很短，如果先釋放小球，有可能會出現(xiàn)時間記錄不完整，所

以應先接通數(shù)字計時器，再釋放小球，故選B。

(4)［3］依題意，小球向下、向上先后通過光電門時的速度分別為vl、v2,則有匕=

4*2

則小球與硅膠材料碰撞過程中機械能的損失量為=相成=；皿32-；鞏9)2

乙乙/4?2

(5)⑷若調(diào)高光電門的高度，較調(diào)整之前小球會經(jīng)歷較大的空中距離，所以將會增大因空氣阻

力引起的測量誤差。

12.(2022?天津?高考真題)實驗小組測量某型號電池的電動勢和內(nèi)阻。用電流表、電壓表、滑

動變阻器、待測電池等器材組成如圖1所示實驗電路，由測得的實驗數(shù)據(jù)繪制成的U-/圖像如圖2

所示。

(3)實驗后進行反思，發(fā)現(xiàn)上述實驗方案存在系統(tǒng)誤差。若考慮到電表內(nèi)阻的影響，對測得的

實驗數(shù)據(jù)進行修正，在圖2中重新繪制U-/圖線，與原圖線比較，新繪制的圖線與橫坐標軸交點的

數(shù)值將,與縱坐標軸交點的數(shù)值將。(兩空均選填“變大”“變小”或“不變”)

【答案】B4.51.8不變變大

【詳解】(1)口］通過觀察實物圖可知電壓表接在電源兩端，故電路圖為B；

（2）12n3]根據(jù)閉合電路歐姆定律石="+"；有U=—/r+E；

則U-/圖線在縱軸上的截距表示電池的電動勢E,斜率是電池的內(nèi)阻r,根據(jù)圖像可知，縱軸

45

截距為4.5,橫軸截距為2.5,結合上述分析可知電池電動勢E=4.5V；內(nèi)阻r=割。=1.8。

（3）[4]⑸分析測量電路可知系統(tǒng)誤差的來源是電壓表的分流作用，使得電流表的示數(shù)小于流

過電池的電流，考慮電壓表內(nèi)阻描的影響，流過電壓表的電流為人=》；

可知流過電池的電流為/=/測+》，/>/測；

因電壓表內(nèi)阻Rv不變，隨著電壓。測值減小，電壓表電流4減小，當電壓qI值趨于。時，I趨

于/測，在圖2中重新繪制的圖線如圖所示

故新繪制的圖線與橫坐標軸交點的數(shù)值將不變，與縱坐標軸交點的數(shù)值將變大。

三.解答題（本大題共3小題，共40.0分。第一小題10分，第二小題12分，第三小題18分）

13.（2022?全國?統(tǒng)考高考真題）如圖，容積均為％、缸壁可導熱的A、8兩汽缸放置在壓強為P。、

溫度為"的環(huán)境中；兩汽缸的底部通過細管連通，A汽缸的頂部通過開口C與外界相通：汽缸內(nèi)的

兩活塞將缸內(nèi)氣體分成1、II、山、IV四部分，其中第H、HI部分的體積分別為和環(huán)境壓

84

強保持不變，不計活塞的質(zhì)量和體積，忽略摩擦。

（1）將環(huán)境溫度緩慢升高，求B汽缸中的活塞剛到達汽缸底部時的溫度：

（2）將環(huán)境溫度緩慢改變至2”,然后用氣泵從開口C向汽缸內(nèi)緩慢注入氣體，求A汽缸中的

活塞到達汽缸底部后，B汽缸內(nèi)第IV部分氣體的壓強。

c

AIIVB

HI

-------117

4Q

【答案】⑴T=-TO.(2)P=-Po

【詳解】(1)因兩活塞的質(zhì)量不計，則當環(huán)境溫度升高時，W內(nèi)的氣體壓強總等于大氣壓強，

則該氣體進行等壓變化，則當B中的活塞剛到達汽缸底部時，由蓋呂薩克定律可得心=及；

T。T

4

解得7=]”

(2)設當A中的活塞到達汽缸底部時HI中氣體的壓強為p,則此時IV內(nèi)的氣體壓強也等于p,

設此時W內(nèi)的氣體的體積為V,貝以1、111兩部分氣體被壓縮的體積為VO-V,則對氣體IV

P。4PV

■=元

對11、in兩部分氣體/**+—)_

TH2"

29

聯(lián)立解得丫=3匕；P=.

14.(2021?海南?高考真題)如圖，一長木板在光滑的水平面上以速度如向右做勻速直線運動，

將一小滑塊無初速地輕放在木板最右端。已知滑塊和木板的質(zhì)量分別為機和2%,它們之間的動摩擦

因數(shù)為〃，重力加速度為g。

(1)滑塊相對木板靜止時，求它們的共同速度大小；

(2)某時刻木板速度是滑塊的2倍，求此時滑塊到木板最右端的距離；

(3)若滑塊輕放在木板最右端的同時，給木板施加一水平向右的外力，使得木板保持勻速直線

運動，直到滑塊相對木板靜止，求此過程中滑塊的運動時間以及外力所做的功。

【答案】(1)v共=；(2)x=7'。；(3)t=-,W=mv02

325〃gjug

【詳解】（1）由于地面光滑，則木板與滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒，有2mvO=3mv共

解得v共=牛

（2）由于木板速度是滑塊的2倍，則有v木=2v滑

再根據(jù)動量守恒定律有2mv0=2mv木+mv滑

聯(lián)立化簡得v滑=12v0,v木二14vO

再根據(jù)功能關系有-l-tmgx=yX2mv木2+gmv滑2-；x2mv02

經(jīng)過計算得,=<

（3）由于木板保持勻速直線運動，則有F=pmg

對滑塊進行受力分析，并根據(jù)牛頓第二定律有a滑=gg

滑塊相對木板靜止時有vO=a滑I

解得「言

則整個過程中木板滑動的距離為x'=vOt=M-

則拉力所做的功為W=Fx，=mv02

15.（2021?湖北?統(tǒng)考高考真題）如圖（a）所示，兩根不計電阻、間距為L的足夠長平行光滑金

屬導軌，豎直固定在勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向里，磁感應強度大小為屏導軌上端

串聯(lián)非線性電子元件Z和阻值為R的電阻。元件Z的U-/圖像如圖（b）所示，當流過元件Z的電

流大于或等于時，電壓穩(wěn)定為U,”。質(zhì)量為切、不計電阻的金屬棒可沿導軌運動，運動中金屬棒始

終水平且與導軌保持良好接觸。忽略空氣阻力及回路中的電流對原磁場的影響，重力加速度大小為

g。為了方便計算，取/。=舞，力=嚅。以下計算結果只能選用相、g、B、L、R表示。

4BL2BL

（1）閉合開關S。，由靜止釋放金屬棒，求金屬棒下落的最大速度盯；

（2）斷開開關S,由靜止釋放金屬棒，求金屬棒下落的最大