高考物理作業(yè)手冊第3單元牛頓運(yùn)動定律

第三單元牛頓運(yùn)動定律課時作業(yè)(六)第6講牛頓運(yùn)動定律的理解時間/40分鐘基礎(chǔ)鞏固1.[2017·湖北八市聯(lián)考]在物理學(xué)發(fā)展史上,伽利略、牛頓等許多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻(xiàn).以下選項(xiàng)中符合伽利略和牛頓的觀點(diǎn)的是 ()A.兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快,這說明物體受力越大則速度就越大B.人在沿直線加速前進(jìn)的車廂內(nèi)豎直向上跳起后,將落在起跳點(diǎn)的后方C.兩物體從同一高度做自由落體運(yùn)動,較輕的物體下落較慢D.一個運(yùn)動的物體如果不再受力了,它總會逐漸停下來,這說明靜止?fàn)顟B(tài)才是物體不受力時的“自然狀態(tài)”2.質(zhì)量為1kg的物體受到大小分別為6N和8N的兩個共點(diǎn)力的作用,則該物體的加速度不可能是(A.10m/s2 BC.2m/s2 D.3.如圖K61所示,老鷹沿虛線MN斜向下減速俯沖的過程中,空氣對老鷹的作用力可能是圖中的 ()圖K61A.F1 B.F2C.F3 D.F44.圖K62是一種汽車安全帶控制裝置的示意圖.當(dāng)汽車靜止或做勻速直線運(yùn)動時,擺錘豎直懸掛,鎖棒水平,棘輪可以自由轉(zhuǎn)動,安全帶能被拉動;當(dāng)汽車突然剎車時,擺錘由于慣性而繞軸擺動,使得鎖棒鎖定棘輪的轉(zhuǎn)動,安全帶不能被拉動.若擺錘從圖中實(shí)線位置擺到虛線位置,則汽車可能的運(yùn)動方向和運(yùn)動狀態(tài)是 ()圖K62A.向右行駛,突然剎車B.向左行駛,突然剎車C.向左行駛,勻速直線運(yùn)動D.向右行駛,勻速直線運(yùn)動5.如圖K63所示,底板光滑的小車上用兩個量程為20N、完全相同的彈簧測力計(jì)甲和乙系住一個質(zhì)量為1kg的物塊,小車處于水平地面上.當(dāng)小車做勻速直線運(yùn)動時,兩彈簧測力計(jì)的示數(shù)均為10N;當(dāng)小車做勻加速直線運(yùn)動時,彈簧測力計(jì)甲的示數(shù)為8N,這時小車運(yùn)動的加速度大小是 (圖K63A.2m/s2 B.4m/s2 C.圖K646.[2017·黃岡模擬]如圖K64所示,質(zhì)量為M=60kg的人站在水平地面上,用定滑輪裝置將質(zhì)量為m=40kg的重物送入井中.當(dāng)重物以2m/s2的加速度加速下落時,忽略繩子和定滑輪的質(zhì)量及定滑輪的摩擦,則人對地面的壓力大小為(g取A.200N B.280N C.320N D.920N技能提升7.如圖K65所示,一豎直放置的輕彈簧下端固定于桌面上,現(xiàn)將一物塊放于彈簧上,同時對物塊施加一豎直向下的外力,并使系統(tǒng)靜止.若將外力突然撤去,則物塊在第一次到達(dá)最高點(diǎn)前的速度—時間圖像(圖中實(shí)線)可能是圖K66中的 ()圖K65圖K668.如圖K67所示,當(dāng)車向右加速行駛時,一質(zhì)量為m的物塊緊貼在車廂壁上,且相對于車廂壁靜止.下列說法正確的是 ()圖K67A.在豎直方向上,車廂壁對物塊的摩擦力與物塊的重力平衡B.在水平方向上,車廂壁對物塊的彈力與物塊對車廂壁的壓力是一對平衡力C.若車的加速度變小,則車廂壁對物塊的彈力不變D.若車的加速度變大,則車廂壁對物塊的摩擦力也變大9.[2017·江蘇常州學(xué)業(yè)水平檢測]如圖K68所示,一截面為橢圓形的容器內(nèi)壁光滑,其質(zhì)量為M,置于光滑水平面上,內(nèi)有一質(zhì)量為m的小球.當(dāng)容器在一個水平向右的力F作用下向右勻加速運(yùn)動時,小球處于圖示位置,重力加速度為g,此時小球?qū)E圓面的壓力大小為 ()圖K68A.mC.10.我國道路安全部門規(guī)定:高速公路上行駛的最高速度為120km/h.資料一駕駛員的反應(yīng)時間:0.3~0.6s資料二各種路面與輪胎之間的動摩擦因數(shù)(見下表)路面動摩擦因數(shù)干瀝青0.7干碎石0.6~0.7濕瀝青0.32~0.4根據(jù)以上資料,如果高速公路只能有上表中的路面,通過計(jì)算可判斷汽車在高速公路上行駛時的安全距離最接近 ()A.50m B.100m11.(多選)[2016·重慶適應(yīng)性考試]如圖K69所示,司機(jī)通過液壓裝置緩慢抬起貨車車廂的一端來卸貨.當(dāng)車廂與水平面的夾角θ增大到一定值后,貨物從車廂內(nèi)滑下.若卸貨過程中貨車始終靜止,則()圖K69A.貨物相對車廂靜止時,貨物對車廂的壓力隨著θ角增大而增大B.貨物相對車廂靜止時,貨物受到的摩擦力隨著θ角增大而增大C.貨物加速下滑時,地面對貨車有向左的摩擦力D.貨物加速下滑時,貨車受到地面的支持力比貨車與貨物的總重力小12.(多選)[2016·浙江麗水模擬]小陳在地面上用玩具槍豎直向上射出初速度為v0的塑料小球,若小球運(yùn)動過程中受到的空氣阻力與其速率成正比,小球運(yùn)動的速率隨時間變化的規(guī)律如圖K610所示,t1時刻到達(dá)最高點(diǎn),再落回地面,落地速率為v1.下列說法中正確的是 ()圖K610A.小球上升過程中的平均速度大于B.小球下降過程中的平均速度大于C.小球射出時的加速度最大,到達(dá)最高點(diǎn)時的加速度為0D.小球的加速度在上升過程中逐漸減小,在下降過程中也逐漸減小13.(多選)水平面上有一質(zhì)量m=2kg的小球,小球與左端固定的左端固定的水平輕彈簧及上端固定的不可伸長的輕繩相連,如圖K611所示,此時小球處于靜止?fàn)顟B(tài),且水平面對小球的彈力恰好為零,輕繩與豎直方向成θ=45°角.已知小球與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,g取10m/s2.圖K611A.若剪斷輕繩,則剪斷的瞬間輕彈簧的彈力大小為20NB.若剪斷輕繩,則剪斷的瞬間小球的加速度大小為8m/s2C.若剪斷彈簧,則剪斷的瞬間小球的加速度大小為10m/s2D.若剪斷彈簧,則剪斷的瞬間小球的加速度為零挑戰(zhàn)自我14.如圖K612所示,質(zhì)量分別為m、2m的小球A、B由輕彈簧相連后再用細(xì)線懸掛在電梯內(nèi),電梯正在豎直向上做勻加速直線運(yùn)動,細(xì)線中的拉力為F,重力加速度為g.若突然剪斷細(xì)線,則在線斷的瞬間,彈簧的彈力大小和小球A的加速度大小分別為 (圖K612A.,,+gC.,,+g15.如圖K613所示,一斜劈靜止于粗糙的水平地面上,在其斜面上放一滑塊,若給滑塊一向下的初速度v0,則滑塊正好保持勻速下滑.現(xiàn)在滑塊下滑的過程中再加一個作用力,則以下說法正確的是 ()圖K613A.在滑塊上加一豎直向下的力F1,則滑塊將保持勻速運(yùn)動,斜劈對地面有水平向右的靜摩擦力B.在滑塊上加一個沿斜面向下的力F2,則滑塊將做加速運(yùn)動,斜劈對地面有水平向左的靜摩擦力C.在滑塊上加一個水平向右的力F3,則滑塊將做減速運(yùn)動,在滑塊停止前斜劈對地面有向右的靜摩擦力D.無論在滑塊上加什么方向的力,在滑塊沿斜面向下運(yùn)動的過程中,斜劈對地面都無靜摩擦力課時作業(yè)(七)第7講牛頓第二定律的應(yīng)用(1)時間/40分鐘基礎(chǔ)鞏固1.如圖K71所示,某跳傘運(yùn)動員正減速下落,下列說法正確的是 ()圖K71A.運(yùn)動員處于失重狀態(tài)B.運(yùn)動員處于超重狀態(tài)C.傘繩對運(yùn)動員的作用力小于運(yùn)動員的重力D.傘繩對運(yùn)動員的作用力大于運(yùn)動員對傘繩的作用力2.[2017·湖北襄陽模擬]在歡慶節(jié)日的時候,人們會在夜晚燃放美麗的焰火.按照設(shè)計(jì),某種型號的裝有焰火的禮花彈從專用炮筒中射出后,在4s末到達(dá)離地面100m的最高點(diǎn)時炸開,形成各種美麗的圖案.假設(shè)禮花彈從炮筒中豎直射出時的初速度是v0,上升過程中所受的平均阻力大小是自身重力的k倍,那么v0和k分別等于(重力加速度g取10m/sA.25m/s,1.25 B.C.50m/s,0.25 D.3.[2017·沈陽模擬]如圖K72所示,ab、cd是豎直平面內(nèi)兩根固定的光滑細(xì)桿,a、b、c、d位于同一圓周上,b點(diǎn)為圓周的最低點(diǎn),c點(diǎn)為圓周的最高點(diǎn).若每根桿上都套著一個小滑環(huán)(圖中未畫出),將兩滑環(huán)同時從a、c處由靜止釋放,用t1、t2分別表示滑環(huán)從a到b、從c到d所用的時間,則 ()圖K72A.t1=t2 B.t1>t2C.t1<t2 D.無法確定技能提升4.[2017·寶雞質(zhì)檢]如圖K73所示,將質(zhì)量為M的U形框架開口向下置于水平地面上,用輕彈簧1、2、3將質(zhì)量為m的小球懸掛起來,重力加速度為g.框架和小球都靜止時,彈簧1豎直,彈簧2、3水平且長度恰好等于彈簧原長,這時框架對地面的壓力大小等于(M+m)g.現(xiàn)將彈簧1從最上端剪斷,則在剪斷后瞬間 ()圖K73A.框架對地面的壓力大小仍為(M+m)gB.框架對地面的壓力大小為0C.小球的加速度大小等于gD.小球的加速度為05.(多選)[2017·石家莊質(zhì)檢]如圖K74所示是某同學(xué)站在力傳感器上做下蹲—起立的動作時記錄的壓力F隨時間t變化的圖線.由圖線可知該同學(xué) ()圖K74A.重力約為650NB.做了兩次下蹲—起立的動作C.做了一次下蹲—起立的動作,且下蹲后約2s起立D.下蹲過程中先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)6.如圖K75所示,小車上有一定滑輪,跨過定滑輪的繩一端系一重球,另一端系在彈簧測力計(jì)上,彈簧測力計(jì)固定在小車上.開始時小車處于靜止?fàn)顟B(tài),當(dāng)小車勻加速向右運(yùn)動時 ()圖K75A.彈簧測力計(jì)讀數(shù)及小車對地面的壓力均增大B.彈簧測力計(jì)讀數(shù)及小車對地面的壓力均變小C.彈簧測力計(jì)讀數(shù)變大,小車對地面的壓力不變D.彈簧測力計(jì)讀數(shù)不變,小車對地面的壓力變大7.[2017·鄭州質(zhì)檢]圖K76甲是某人站在力傳感器上做下蹲—起跳動作的示意圖,中間的“·”表示人的重心.圖乙是根據(jù)傳感器采集到的數(shù)據(jù)畫出的力—時間圖像.兩圖中a~g各點(diǎn)均對應(yīng),其中有幾個點(diǎn)在圖甲中沒有畫出.重力加速度g取10m/s2.根據(jù)圖像分析可知 (圖K76A.人的重力為1500NB.c點(diǎn)位置人處于超重狀態(tài)C.e點(diǎn)位置人處于失重狀態(tài)D.d點(diǎn)的加速度小于f點(diǎn)的加速度8.(多選)如圖K77所示,帶支架的平板小車沿水平面向左做直線運(yùn)動,小球A用細(xì)線懸掛于支架前端,質(zhì)量為m的物塊B始終相對小車靜止地擺放在右端.B與小車平板間的動摩擦因數(shù)為μ,重力加速度為g.若某時刻觀察到細(xì)線偏離豎直方向θ角,則此刻 ()圖K77A.小車對物塊B的摩擦力大小為μmgB.小車對物塊B的摩擦力水平向右C.小車對物塊B的摩擦力大小為mgtanθD.小車對物塊B的合力大小為mg9.(多選)[2017·武漢武昌模擬]質(zhì)量m=2kg、初速度v0=8m/s的物體沿著粗糙水平地面向右運(yùn)動,物體與地面之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1,同時物體還要受一個如圖K78所示的隨時間變化的水平拉力F的作用,水平向右為拉力的正方向,g取10m/s圖K78A.0~1s內(nèi),物體的加速度大小為2mB.1~2s內(nèi),物體的加速度大小為2mC.0~1s內(nèi),物體的位移為7D.0~2s內(nèi),物體的總位移為1110.如圖K79所示,工人用輕質(zhì)繩索拉鑄件,鑄件的質(zhì)量是20kg,鑄件與地面間的動摩擦因數(shù)是0.25.工人用80N的力拉動鑄件,使其從靜止開始在水平面上前進(jìn),繩與水平方向的夾角為α=37°并保持不變,經(jīng)4s后松手.求:(g取10(1)松手前鑄件的加速度大小;(2)松手后鑄件還能前進(jìn)的距離.圖K79挑戰(zhàn)自我11.[2017·長沙長郡中學(xué)月考]某同學(xué)近日做了這樣一個實(shí)驗(yàn),將一個小鐵塊(可看成質(zhì)點(diǎn))以一定的初速度沿傾角可在0°~90°之間任意調(diào)整的木板向上滑動,如圖K710甲所示,設(shè)它沿木板向上能達(dá)到的最大位移為x,木板傾角不同時對應(yīng)的最大位移x與木板傾角α的關(guān)系如圖乙所示.g取10m/s(1)小鐵塊初速度的大小v0以及小鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ分別是多少?(2)當(dāng)α=60°時,小鐵塊到達(dá)最高點(diǎn)后,又回到出發(fā)點(diǎn),小鐵塊速度將變?yōu)槎啻?圖K71012.[2017·溫州中學(xué)月考]固定的傾角為37°的光滑斜面長度為L=1m,斜面頂端放置可視為質(zhì)點(diǎn)的小物體,質(zhì)量為1kg,如圖K711所示,當(dāng)沿斜面向上的恒力F較小時,物體可以沿斜面下滑,到達(dá)斜面底端時撤去恒力F,物體在水平地面上滑行的距離為s(忽略物體轉(zhuǎn)彎時的能量損失).研究發(fā)現(xiàn):當(dāng)不施加外力時,物體在水平地面上滑行的距離為3m.已知g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=(1)物體與地面間的動摩擦因數(shù)μ;(2)當(dāng)F=4N時,物體運(yùn)動的總時間.圖K711課時作業(yè)(八)第8講牛頓第二定律的應(yīng)用(2)時間/40分鐘基礎(chǔ)鞏固1.如圖K81所示,a、b兩物體的質(zhì)量分別為m1和m2,由輕質(zhì)彈簧相連.當(dāng)用恒力F豎直向上拉著a,使a、b一起向上做勻加速直線運(yùn)動時,彈簧伸長量為x1,加速度大小為a1;當(dāng)用大小仍為F的恒力沿水平方向拉著a,使a、b一起沿光滑水平桌面做勻加速直線運(yùn)動時,彈簧伸長量為x2,加速度大小為a2,則()圖K81A.a1=a2,x1=x2 B.a1<a2,x1=x2C.a1=a2,x1>x2 D.a1<a2,x1>x22.[2017·福建三明模擬]如圖K82所示,木塊A、B靜止疊放在光滑水平面上,A的質(zhì)量為m,B的質(zhì)量為2m.現(xiàn)用水平力F拉B(如圖甲所示),A、B剛好不發(fā)生相對滑動,一起沿水平面運(yùn)動.若改用水平力F'拉A(如圖乙所示),使A、B也保持相對靜止,一起沿水平面運(yùn)動,則F'不得超過 (圖K82A.2F B3.(多選)[2017·濟(jì)南模擬]如圖K83所示,用力F拉著A、B、C三個物體在光滑水平面上運(yùn)動,現(xiàn)在中間的B物體上加一塊橡皮泥,它和中間的物體一起運(yùn)動,且原拉力F不變,那么加上橡皮泥以后,兩段繩的拉力Ta和Tb的變化情況是 ()圖K83A.Ta增大 B.Tb增大C.Ta減小 D.Tb減小4.[2017·沈陽四校協(xié)作體期中]質(zhì)量為M的光滑半圓槽放在光滑水平面上,一水平恒力F作用在其上從而使質(zhì)量為m的小球靜止在半圓槽上,如圖K84所示,則 ()圖K84A.小球?qū)Π雸A槽的壓力為B.小球?qū)Π雸A槽的壓力為C.水平恒力F變大后,如果小球仍靜止在半圓槽上,則小球?qū)Π雸A槽的壓力增大D.水平恒力F變大后,如果小球仍靜止在半圓槽上,則小球?qū)Π雸A槽的壓力減小技能提升5.[2017·黃岡質(zhì)檢]如圖K85所示,bc為固定在小車上的水平橫桿,物塊串在桿上,靠摩擦力保持相對桿靜止,物塊又通過輕細(xì)線懸吊著一個小球,此時小車正以大小為a的加速度向右做勻加速運(yùn)動,而物塊、小球均相對小車靜止,細(xì)線與豎直方向的夾角為θ.若小車的加速度逐漸增加,物塊始終和小車保持相對靜止,則當(dāng)加速度增加到2a時 (圖K85A.橫桿對物塊的摩擦力增加到原來的2倍B.橫桿對物塊的彈力增加到原來的2倍C.細(xì)線與豎直方向的夾角增加到原來的2倍D.細(xì)線的拉力增加到原來的2倍6.[2017·陜西咸陽興平質(zhì)檢]如圖K86所示,在傾角為30°的光滑斜面上端系有一勁度系數(shù)為20N/m的輕質(zhì)彈簧,彈簧下端連一個質(zhì)量為2kg的小球,球被一垂直于斜面的擋板A擋住,此時彈簧沒有形變.若擋板A以4m/s2的加速度沿斜面向下勻加速運(yùn)動,g取10m/s圖K86A.小球向下運(yùn)動0.B.小球向下運(yùn)動0.C.小球速度最大時與擋板分離D.小球從一開始就與擋板分離7.(多選)[2017·合肥質(zhì)檢]如圖K87甲所示,水平地面上固定一足夠長的光滑斜面,斜面頂端有一理想定滑輪,輕繩跨過滑輪,繩兩端分別連接小物塊A和B.保持A的質(zhì)量不變,改變B的質(zhì)量m,當(dāng)B的質(zhì)量連續(xù)改變時,得到A的加速度a隨B的質(zhì)量m變化的圖線如圖乙所示.設(shè)加速度沿斜面向上的方向?yàn)檎较?空氣阻力不計(jì),重力加速度g取9.8m/s2,斜面的傾角為θ.圖K87A.若θ已知,可求出A的質(zhì)量B.若θ未知,可求出圖乙中a1的值C.若θ已知,可求出圖乙中a2的值D.若θ已知,可求出圖乙中m0的值8.[2017·河南中原名校聯(lián)考]如圖K88所示,B物體的質(zhì)量為A物體質(zhì)量的兩倍,用輕彈簧連接后放在粗糙的斜面上,A、B與斜面間的動摩擦因數(shù)均為μ.對B施加沿斜面向上的拉力F,使A、B相對靜止地沿斜面向上運(yùn)動,此時彈簧長度為l1;若撤去拉力F,換成大小仍為F的沿斜面向上的推力推A,A、B保持相對靜止后彈簧長度為l2,則下列判斷正確的是 ()圖K88A.兩種情況下A、B保持相對靜止后彈簧的形變量相等B.兩種情況下A、B保持相對靜止后兩物體的加速度不相等C.彈簧的原長為D.彈簧的勁度系數(shù)為9.足夠長光滑斜面BC的傾角α=53°,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.5,水平面與斜面之間B點(diǎn)由一小段圓弧連接,一質(zhì)量m=2kg的小物塊靜止于A點(diǎn).現(xiàn)在AB段對小物塊施加與水平方向成α=53°角的恒力F作用,如圖K89甲所示,小物塊在AB段運(yùn)動的速度—時間圖像如圖乙所示,到達(dá)B點(diǎn)時迅速撤去恒力F.(已知sin53°=0.8,cos53°=0.6,g取10(1)求小物塊所受的恒力F大小.(2)求小物塊從B點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動到返回B點(diǎn)所用時間.(3)小物塊能否返回A點(diǎn)?若能,計(jì)算小物塊通過A點(diǎn)時的速度;若不能,計(jì)算小物塊停止運(yùn)動時距離B點(diǎn)的距離.圖K8910.[2017·安徽蕪湖、馬鞍山質(zhì)檢]兩物體A、B并排放在水平地面上,且兩物體接觸面為豎直面,現(xiàn)用一水平推力F作用在物體A上,使A、B由靜止開始一起向右做勻加速運(yùn)動,如圖K810甲所示,在A、B的速度達(dá)到6m/s時,撤去推力F.已知A、B質(zhì)量分別為mA=1kg、mB=3kg,A與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.3,B與地面間沒有摩擦,B物體運(yùn)動的vt圖像如圖乙所示.g取10(1)推力F的大小.(2)A物體剛停止運(yùn)動時,物體A、B之間的距離.圖K810挑戰(zhàn)自我11.如圖K811所示,一圓環(huán)A套在一均勻圓木棒B上,A的長度相對B的長度來說可以忽略不計(jì),A和B的質(zhì)量都等于m,A和B之間滑動摩擦力為f(f<mg,g為重力加速度).開始時B豎直放置,下端離地面高度為h,A在B的頂端.現(xiàn)讓它們由靜止開始自由下落,當(dāng)木棒與地面相碰后,木棒以豎直向上的速度反向運(yùn)動,并且碰撞前后的速度大小相等.設(shè)碰撞時間很短,不考慮空氣阻力,在B再次著地前,A、B不分離.(1)請描述在從開始釋放到B再次著地前的過程中,A、B各自的運(yùn)動情況,并求出勻變速運(yùn)動時的加速度大小;(2)B至少應(yīng)該多長?圖K811專題訓(xùn)練(三)專題3動力學(xué)中的典型“模型”時間/40分鐘基礎(chǔ)鞏固1.[2017·山東濰坊質(zhì)檢]如圖Z31所示,足夠長的傳送帶與水平面夾角為θ,以速度v0逆時針勻速轉(zhuǎn)動.在傳送帶的上端輕輕放上一個質(zhì)量為m的小木塊,小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ<tanθ,則圖Z32中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關(guān)系的是 ()圖Z31圖Z322.如圖Z33所示,在光滑水平面上有一靜止小車,小車上靜止地放置著一小物塊,物塊和小車間的動摩擦因數(shù)為μ=0.3.用水平恒力F拉動小車,設(shè)物塊的加速度為a1,小車的加速度為a2.當(dāng)水平恒力F取不同值時,a1與a2的值可能為(當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力) (圖Z33A.a1=2m/s2,a2=3B.a1=3m/s2,a2=2C.a1=5m/s2,a2=3D.a1=3m/s2,a2=53.如圖Z34所示,三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動,兩邊的傳送帶長都是2m,且與水平方向的夾角均為37°.現(xiàn)有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑,兩物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)都是0.5,g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0圖Z34A.物塊A先到達(dá)傳送帶底端B.物塊A、B同時到達(dá)傳送帶底端C.傳送帶對物塊A、B的摩擦力都沿傳送帶向上D.物塊A下滑過程中相對傳送帶的位移小于物塊B下滑過程中相對傳送帶的位移技能提升4.(多選)如圖Z35所示,質(zhì)量為m的物體用細(xì)繩拴住放在粗糙的水平傳送帶上,物體距傳送帶左端的距離為L.當(dāng)傳送帶分別以v1、v2的速度逆時針轉(zhuǎn)動(v1<v2)時,穩(wěn)定后繩與水平方向的夾角為θ,繩中的拉力分別為F1、F2.若剪斷細(xì)繩,物體到達(dá)左端的時間分別為t1、t2,則下列說法正確的是 ()圖Z35A.F1<F2 B.F1=F2C.t1一定大于t2 D.t1可能等于t25.[2017·安徽名校聯(lián)考]質(zhì)量M=3kg的長木板放在光滑的水平面上.在水平拉力F=11N作用下由靜止開始向右運(yùn)動.如圖Z36所示,當(dāng)速度達(dá)到1m/s時,將質(zhì)量m=4kg的物塊輕輕放到木板的右端.已知物塊與木板間動摩擦因數(shù)μ=0.2,物塊可視為質(zhì)點(diǎn).((1)物塊剛放置在木板上時,物塊和木板的加速度分別為多大?(2)木板至少多長,物塊才能與木板最終保持相對靜止?(3)物塊與木板相對靜止后,物塊受到的摩擦力為多大?圖Z366.如圖Z37所示為車站使用的水平傳送帶的模型,傳送帶長L=8m,以速度v=4m/s沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動,現(xiàn)有一個質(zhì)量為m=10kg的旅行包以v0=10m/s的初速度水平地滑上水平傳送帶.已知旅行包與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ=0.6,則旅行包從傳送帶的A端到B端所需要的時間是多少?(圖Z37挑戰(zhàn)自我7.如圖Z38所示,在粗糙水平面上放置一個質(zhì)量M=2kg、長度L=5m的木板A,可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B放在木板A的最左端,其質(zhì)量m=1kg.已知A、B間的動摩擦因數(shù)為μ1=0.2,A與水平地面間的動摩擦因數(shù)為μ2=0.4.開始時A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài).在B獲得水平向右的初速度v0=8m/s的同時,對A(1)為使物塊B不從木板A的右端滑出,求力F的最小值.(2)若F=22N,求物塊B的最大速度.圖Z388.[2018·孝感一中月考]傳送帶以恒定速率v=4m/s順時針運(yùn)行,傳送帶與水平面的夾角θ=37°.現(xiàn)將質(zhì)量m=1kg的小物塊輕放在其底端(小物塊可看成質(zhì)點(diǎn)),平臺上的人通過一根輕繩用恒力F=10N拉小物塊,經(jīng)過一段時間,物塊被拉到離地高為H=1.8m的平臺上,如圖Z39所示.已知物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,g取10m/s2,sin37°=(1)求物塊在傳送帶上運(yùn)動的時間;(2)若在物塊與傳送帶速度相等的瞬間撤去恒力F,則物塊還需多少時間才能脫離傳送帶?圖Z39教師詳解(作業(yè)手冊)課時作業(yè)(六)1.B[解析]根據(jù)牛頓第二定律可知,物體受的力越大,則加速度越大,而不是速度越大,故選項(xiàng)A錯誤;根據(jù)自由落體運(yùn)動的特點(diǎn)可知,兩物體下落快慢相同,故選項(xiàng)C錯誤;一個運(yùn)動的物體如果不再受力了,根據(jù)牛頓第一定律可知,它將一直保持勻速直線運(yùn)動狀態(tài),故選項(xiàng)D錯誤.綜上所述,只有選項(xiàng)B正確.2.D[解析]兩個力的合力F合的范圍為2N≤F合≤14N,根據(jù)牛頓第二定律知,加速度a的范圍為2m/s2≤a≤14m/s2,3.B[解析]老鷹沿虛線由M到N做減速運(yùn)動,合外力與初速度方向相反,由受力分析可知,空氣的作用力與重力的合力方向與MN反向,因此空氣對老鷹的作用力可能是圖中的F2,B正確.4.A[解析]根據(jù)安全帶控制裝置的示意圖和慣性知識可知選項(xiàng)A符合題意.5.B[解析]小車做勻速直線運(yùn)動時,物塊隨小車也做勻速直線運(yùn)動,兩彈簧測力計(jì)示數(shù)均為10N,形變量相同;彈簧測力計(jì)甲的示數(shù)變?yōu)?N,形變量減小Δx,則彈簧測力計(jì)乙形變量要增加Δx,故彈簧測力計(jì)乙的示數(shù)為12N,物塊受的合外力F=4N,加速度大小a=m/s2=4m/s2,選項(xiàng)B正確.6.B[解析]設(shè)人對繩的拉力大小為F,對重物,由牛頓第二定律得mgF=ma;由牛頓第三定律可知,繩對人向上的拉力F'與人對繩的拉力F等大反向,設(shè)地面對人的支持力為FN,對人,由平衡條件可得F'+FN=Mg,解得FN=Mgmg+ma=280N,由牛頓第三定律可知,人對地面的壓力與地面對人的支持力大小相等,故人對地面的壓力大小為280N,B正確.7.A[解析]當(dāng)外力突然撤去后,彈簧的彈力大于重力,物塊向上加速運(yùn)動,彈力不斷減小,合力不斷減小,加速度減小,vt圖像的斜率將減小;當(dāng)彈力kx=G時,加速度為0,速度達(dá)到最大;此后,物塊繼續(xù)上升,彈力繼續(xù)減小,當(dāng)kx<G時,加速度反向,若物塊上升過程中未脫離彈簧,則物塊將做加速度增大的減速運(yùn)動,若物塊上升過程中脫離彈簧,則物塊先做加速度增大的減速運(yùn)動,脫離彈簧后做加速度不變的減速運(yùn)動,直到速度減為0,選項(xiàng)A正確.8.A[解析]對物塊受力分析如圖所示,由牛頓第二定律知,在豎直方向,有f=mg,在水平方向,有FN=ma,A正確,C、D錯誤;車廂壁對物塊的彈力與物塊對車廂壁的壓力是一對作用力和反作用力,B錯誤.9.B[解析]對整體,由牛頓第二定律得,加速度a=,對小球,有FN=,由牛頓第三定律可知,小球?qū)E圓面的壓力大小F'N=FN=m,選項(xiàng)B正確.10.C[解析]汽車的最高速度為v=120km/h=m/s.在反應(yīng)時間內(nèi),汽車仍做勻速直線運(yùn)動,通過的最大距離為x1=vt=×0.6m=20m,在汽車剎車過程中,根據(jù)牛頓第二定律得μmg=ma,根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得0v2=2ax2,聯(lián)立得x2=m≈173.6m,則總位移大小為x=x1+x2=11.BD[解析]對貨物的重力進(jìn)行分解,沿車廂方向,重力的分力為G1=mgsinθ,垂直于車廂方向,重力的分力為G2=mgcosθ.貨物相對車廂靜止時,貨物對車廂的壓力等于重力的分力G2,為mgcosθ,隨著θ角的增大而減小,選項(xiàng)A錯誤.貨物相對車廂靜止時,貨物受到的摩擦力等于重力的分力G1,為mgsinθ,隨著θ角的增大而增大,選項(xiàng)B正確.貨物加速下滑時,貨物在水平方向有向右的加速度,說明車廂對貨物的作用力有向右的分力,根據(jù)牛頓第三定律可知,貨物對車廂的作用力有向左的分力,對貨車,在水平方向由平衡條件可知,地面對貨車有水平向右的摩擦力,選項(xiàng)C錯誤.貨物加速下滑時,貨物在豎直方向有向下的加速度,說明車廂對貨物的作用力在豎直方向的分力小于貨物的重力,由牛頓第三定律可知,貨物對車廂的作用力在豎直方向的分力小于貨物的重力,對貨車,在豎直方向由平衡條件可知,地面對貨車的支持力小于貨車和貨物的總重力,選項(xiàng)D正確.12.BD[解析]上升過程若是做勻減速直線運(yùn)動,則其平均速度為,而從圖中可以看出,在t1時間內(nèi)小球?qū)嶋H上升的位移小于做勻減速運(yùn)動上升的位移,因平均速度等于位移與時間之比,故其平均速度小于勻減速運(yùn)動的平均速度,即小于,故A錯誤;同理,可知小球下降過程中的平均速度大于勻加速運(yùn)動的平均速度,即大于,故B正確;小球剛被射出時,根據(jù)牛頓第二定律得mg+kv0=ma,此時速率最大,可知此時的加速度最大,到最高點(diǎn)時,v=0,加速度a=g,不是0,故C錯誤;上升過程中,有mg+kv=ma,v減小,則a減小,下降過程中,有mgkv=ma,v增大,則a減小,故D正確.13.ABD[解析]最初水平面對小球的彈力為零,小球受到重力mg、輕繩的拉力FT和彈簧的彈力F作用而處于平衡狀態(tài),根據(jù)平衡條件,豎直方向上,有FTcosθ=mg,水平方向上,有FTsinθ=F,解得彈簧彈力F=mgtanθ=20N,剪斷輕繩的瞬間,彈簧彈力不變,仍為20N,A正確;剪斷輕繩瞬間,小球在豎直方向上仍平衡,即水平面的支持力FN=mg,水平方向上彈簧的彈力保持不變,由牛頓第二定律得小球的加速度a=m/s2=8m/s2,方向向左,B正確;剪斷彈簧的瞬間,小球立即只受地面支持力和重力作用,且二力平衡,加速度為零,C錯誤,D正確.14.A[解析]在剪斷細(xì)線前,對A、B及彈簧整體,由牛頓第二定律得F3mg=3ma,對B,由牛頓第二定律得F彈2mg=2ma,由此可得F彈=,細(xì)線被剪斷的瞬間,彈簧的彈力不變,此時A球受到向下的重力和彈簧的彈力作用,有F彈+mg=maA,解得aA=+g,A正確.15.D[解析]給滑塊一初速度v0,滑塊正好勻速下滑,對其受力分析,有mgsinθμmgcosθ=0,可得μ=tanθ;設(shè)施加力F,且F與沿斜面向上方向的夾角為α,隔離滑塊,受力分析,如圖甲所示,有Fcosα+μFNmgsinθ=ma,Fsinα+FNmgcosθ=0,可得a=;對整體受力分析如圖乙所示,有Fcos(θ+α)+f'=macosθ,聯(lián)立可得f'=0,選項(xiàng)D正確.課時作業(yè)(七)1.B[解析]跳傘運(yùn)動員減速下落,則加速度的方向向上,所以運(yùn)動員處于超重狀態(tài),選項(xiàng)A錯誤,B正確;運(yùn)動員處于超重狀態(tài),合外力向上,所以傘繩對運(yùn)動員的作用力大于運(yùn)動員的重力,選項(xiàng)C錯誤;傘繩對運(yùn)動員的作用力和運(yùn)動員對傘繩的作用力是作用力與反作用力,總是大小相等,方向相反,選項(xiàng)D錯誤.2.C[解析]根據(jù)h=at2,解得a=12.5m/s2,所以v0=at=50m/s;上升過程禮花彈所受的平均阻力f=kmg,根據(jù)牛頓第二定律得a==(k+1)g=12.5m/s2,解得k=3.A[解析]設(shè)桿與豎直方向的夾角為α,圓周的直徑為D,根據(jù)牛頓第二定律得滑環(huán)的加速度為a==gcosα,桿的長度為x=Dcosα,則根據(jù)x=at2得,t=,可見時間t與α無關(guān),故有t1=t2,因此選項(xiàng)A正確.4.D[解析]從最上端剪斷彈簧1瞬間,彈簧的形變量不改變,小球所受合外力仍為0,由牛頓第二定律可知此時小球的加速度大小為0,C錯誤,D正確;框架不再受彈簧1的彈力,只受重力和地面的支持力作用,FN=Mg,由牛頓第三定律可知,框架對地面的壓力大小為Mg,A、B錯誤.5.AC[解析]當(dāng)該同學(xué)站在力傳感器上靜止時,其合力為零,即壓力等于該同學(xué)的重力,由圖線可知,該同學(xué)的重力約為650N,A正確;每次下蹲,該同學(xué)都將經(jīng)歷先向下加速(加速度方向向下)、后減速(加速度方向向上)的運(yùn)動,即先經(jīng)歷失重狀態(tài),后經(jīng)歷超重狀態(tài),讀數(shù)F先小于重力,后大于重力;每次起立,該同學(xué)都將經(jīng)歷先向上加速(加速度方向向上)、后減速(加速度方向向下)的運(yùn)動,即先經(jīng)歷超重狀態(tài),后經(jīng)歷失重狀態(tài),讀數(shù)F先大于重力、后小于重力.由圖線可知C正確,B、D錯誤.6.C[解析]開始時小車處于靜止?fàn)顟B(tài),小球受到重力mg、繩的拉力F繩1,由于小球靜止,所以F繩1=mg.當(dāng)小車勻加速向右運(yùn)動時,小球也向右勻加速運(yùn)動,小球受力如圖所示.由于小球向右做勻加速運(yùn)動,所以小球的加速度水平向右,根據(jù)牛頓第二定律可知,小球所受的合力也水平向右,根據(jù)幾何關(guān)系得出此時繩子的拉力F繩2>mg,所以繩中拉力變大,彈簧測力計(jì)讀數(shù)變大.對整體進(jìn)行受力分析,開始時小車處于靜止?fàn)顟B(tài),整體所受地面的支持力等于其重力.當(dāng)小車勻加速向右運(yùn)動時,整體在豎直方向無加速度,也就是整體在豎直方向處于平衡狀態(tài),所以整體所受地面的支持力仍然等于其重力,由牛頓第三定律可知,小車對地面的壓力不變,選項(xiàng)C正確.7.B[解析]由題圖甲、乙可知,人的重力等于500N,質(zhì)量m=50kg,b點(diǎn)位置人處于失重狀態(tài),c、d、e點(diǎn)位置人處于超重狀態(tài),選項(xiàng)A、C錯誤,選項(xiàng)B正確;d點(diǎn)位置傳感器對人的支持力F最大,為1500N,由Fmg=ma可知,d點(diǎn)的加速度ad=20m/s2,f點(diǎn)位置傳感器對人的支持力為0,由Fmg=ma可知,f點(diǎn)的加速度af=-10m/s2,故d點(diǎn)的加速度大于8.BCD[解析]以小球A為研究對象,其合力水平向右,由牛頓第二定律有mAgtanθ=mAa,可得小車向左做加速度大小為a=gtanθ的勻減速運(yùn)動;以物塊B為研究對象,可知小車對物塊B向右的靜摩擦力f=ma=mgtanθ,小車對物塊B豎直向上的支持力FN=mg,故小車對物塊B的合力大小為F=,方向?yàn)樾毕蛴疑戏?選項(xiàng)B、C、D正確.9.BD[解析]0~1s內(nèi),物體加速度a1=m/s2=-4m/s2,A錯誤;1~2s內(nèi),物體加速度a2=m/s2=2m/s2,B正確;物體運(yùn)動的vt圖線如圖所示,0~1s內(nèi)位移為x1=6m,C錯誤;0~2s內(nèi)物體總位移x=x1+x2=×110.(1)1.3m/s[解析](1)松手前,對鑄件由牛頓第二定律得a==1.3(2)松手時鑄件的速度v=at=5.松手后的加速度大小a'==μg=2.5則松手后鑄件還能滑行的距離x==5.11.(1)5m/s(2)m/s[解析](1)當(dāng)α=90°時,x=1.25m,則v0=m/s當(dāng)α=30°時,x=1.25m,則a=m/s2=由牛頓第二定律得a=gsin30°+μgcos30°解得μ=.(2)當(dāng)α=60°時,上滑的加速度a1=gsin60°+μgcos60°,下滑的加速度a2=gsin60°μgcos60°因?yàn)関2=2ax,則v1=m/s.12.(1)0.2(2)2s[解析](1)當(dāng)F=0時,物體在光滑斜面上下滑的加速度為a1==gsinθ=6m/s物體下滑的距離為L,物體下滑到底端時的速度v滿足v2=2可得v=m/s物體在水平地面上在滑動摩擦力作用下做減速運(yùn)動,加速度大小a2==μg由0v2=2a2s=2得μ==0.2(2)當(dāng)F=4N時,物體在斜面上下滑的加速度為a'1=m/s2=2m/s由L=得,物體在斜面上運(yùn)動的時間為t1=s=1s物體到達(dá)斜面底端時的速度為v'=a'1t1=2×1m/s=物體在水平地面上做勻減速運(yùn)動,加速度大小為a'2==μg=2m/s故物體在水平地面上運(yùn)動的時間為t2=s=1s所以物體運(yùn)動的總時間為t=t1+t2=2s.課時作業(yè)(八)1.B[解析]對a、b物體及彈簧整體分析,有a1=g,a2=,可知a1<a2,再隔離b分析,有F1m2g=m2a1,解得F1=,F2=m2a2=,可知F1=F2,再由胡克定律知,x1=x2,所以選項(xiàng)B正確.2.B[解析]力F拉木塊B時,A、B恰好不滑動,故A、B間的靜摩擦力達(dá)到最大值,對木塊A受力分析,受重力mg、支持力N1、向前的靜摩擦力fm,根據(jù)牛頓第二定律,有fm=ma,對A、B整體受力分析,受重力3mg、支持力N2和拉力F,根據(jù)牛頓第二定律,有F=3ma,聯(lián)立解得fm=F,當(dāng)F'作用在木塊A上,A、B恰好不滑動時,A、B間的靜摩擦力達(dá)到最大值,對木塊A,有F'fm=ma1,對整體,有F'=3ma1,聯(lián)立解得F'=F,即F'的最大值是F.3.AD[解析]設(shè)C物體質(zhì)量為m,A物體質(zhì)量為m',整體質(zhì)量為M,整體的加速度a=,對C物體分析,有Tb=ma,對A物體分析,有FTa=m'a,解得Ta=Fm'a.在B物體上加上橡皮泥,由于原拉力F不變,則整體的加速度a減小,因?yàn)閙、m'不變,所以Tb減小,Ta增大,A、D正確.4.C[解析]由整體法可求得系統(tǒng)的加速度a=,小球?qū)Π雸A槽的壓力FN=m,當(dāng)F增大后,FN增大,只有C正確.5.A[解析]對小球和物塊組成的整體,分析受力如圖甲所示,根據(jù)牛頓第二定律得,水平方向有f=(M+m)a,豎直方向有FN=(M+m)g,則當(dāng)加速度增加到2a時,橫桿對物塊的摩擦力f增加到原來的2倍,橫桿對物塊的彈力等于物塊、小球的總重力,保持不變,故A正確,B錯誤.以小球?yàn)檠芯繉ο?分析受力情況如圖乙所示,由牛頓第二定律得mgtanθ=ma,解得tanθ=,當(dāng)a增加到原來的兩倍時,tanθ變?yōu)樵瓉淼膬杀?但θ不是原來的兩倍.細(xì)線的拉力FT=,可見,a變?yōu)樵瓉淼膬杀?FT不是原來的兩倍,故C、D錯誤.6.B[解析]球和擋板分離前小球做勻加速運(yùn)動,球和擋板分離后做加速度減小的加速運(yùn)動,當(dāng)加速度為零時,速度最大,此時小球所受合力為零,即kxm=mgsin30°,解得xm==0.5m,由于開始時彈簧處于原長,所以速度最大時,小球向下運(yùn)動的路程為0.5m,故A錯誤.設(shè)球與擋板分離時位移為x,從開始運(yùn)動到分離的過程中,小球受豎直向下的重力、垂直斜面向上的支持力FN、沿斜面向上的擋板支持力F1和彈簧彈力F,根據(jù)牛頓第二定律有mgsin30°kxF1=ma,保持a不變,隨著x的增大,F1減小,當(dāng)小球與擋板分離時,F1減小到零,則有mgsin30°kx=ma,解得x==0.1m,即小球向下運(yùn)動0.1m時與擋板分離,故B正確.因?yàn)樗俣茸畲髸r7.BC[解析]由題中圖像,若m=0,則物塊A受重力、支持力作用,由牛頓第二定律可知,A的加速度方向沿斜面向下,a2=gsinθ,C正確;若m=m0,則A的加速度為零,由平衡條件可知,m0g=mAgsinθ,必須知道A的質(zhì)量mA和θ的值,m0才可求,D錯誤;若B的質(zhì)量無限大,則所受拉力遠(yuǎn)小于它的重力,B的加速度趨近于g,所以A的最大加速度a1=g,B正確;對以上狀態(tài)的分析中,均無法計(jì)算出A的質(zhì)量,A錯誤.8.D[解析]以A、B為整體,根據(jù)牛頓第二定律知,兩種情況下的加速度相等,設(shè)A的質(zhì)量為m,則加速度a=gsinθμgcosθ.設(shè)彈簧的原長為l0,根據(jù)牛頓第二定律得,第一種情況下,對A,有k(l1l0)mgsinθμmgcosθ=ma,第二種情況下,對B,有k(l0l2)2mgsinθμ·2mgcosθ=2ma,聯(lián)立得l0=,k=,故B、C錯誤,D正確.第一種情況下,彈簧的形變量為Δl1=l1l0=l2,第二種情況下,彈簧的形變量Δl2=l0l2=l2,故A錯誤.9.(1)11N(2)0.5s(3)不能0[解析](1)由圖乙可知,AB段加速度a1==0.5由牛頓第二定律得Fcosαμ(mgFsinα)=ma1解得F==11N.(2)在BC上,有mgsinα=ma2加速度a2=gsinα=8m小物塊從B到最高點(diǎn)所用時間與從最高點(diǎn)到B時間相等,則t==0.5s.(3)小物塊從B向A運(yùn)動過程中,有μmg=ma3解得a3=μg=0.5×10m/s2=5滑行的位移s=×4.0故小物塊不能返回A點(diǎn).10.(1)15N(2)6[解析](1)在水平推力F作用下,設(shè)物體A、B一起做勻加速運(yùn)動的加速度為a,由B物體的vt圖像得a=3m/s2.對于A、B整體FμmAg=(mA+mB)a解得F=15N.(2)設(shè)物體A勻減速運(yùn)動的時間為t,撤去推力F后,A、B兩物體分離,A在摩擦力作用下做勻減速直線運(yùn)動,B做勻速運(yùn)動,對于A物體有μmAg=mAaA,aA=μg=3m/svt=v0aAt=0,解得t=2s,物體A的位移為xA=t=6m物體B的位移為xB=v0t=12所以A物體剛停止運(yùn)動時,物體A、B之間的距離為Δx=xBxA=611.(1)略(2)[解析](1)釋放后A和B相對靜止一起做自由落體運(yùn)動,加速度大小都為a=g,B與地面碰撞后,A繼續(xù)向下做勻加速運(yùn)動,加速度大小aA=,B豎直向上做勻減速運(yùn)動,加速度大小aB=,B速度減為零后,繼續(xù)以加速度aB向下運(yùn)動.(2)B第一次著地前瞬間的速度為v1=,B與地面碰撞后向上運(yùn)動到再次落回地面所需時間為t=,在此時間內(nèi)A的位移x=v1t+aAt2,要使B再次著地前A不脫離B,木棒長度L必須滿足L≥x,聯(lián)立解得L≥.專題訓(xùn)練(三)1.D[解析]開始階段,木塊受到豎直向下的重力、垂直傳送帶向上的支持力和沿傳送帶向下的摩擦力作用,做加速度為a1的勻加速直線運(yùn)動,由牛頓第二定律得mgsinθ+μmgcosθ=ma1,所以a1=gsinθ+μgcosθ,木塊加速至與傳送帶速度相等時,由于μ<tanθ,則木塊不會與傳送帶保持相對靜止而勻速運(yùn)動,之后木塊繼續(xù)加速,所受滑動摩擦力變?yōu)檠貍魉蛶蛏?做加速度為a2的勻加速直線運(yùn)動,這一階段由牛頓第二定律得mgsinθμmgcosθ=ma2,所以a2=gsinθμgcosθ,根據(jù)以上分析,有a2<a1,所以選項(xiàng)D正確.2.D[解析]由受力分析可知,物塊的加速度取決于小車對物塊的摩擦力,即f=ma1,且f的最大值為fm=μmg,故a1的最大值為a1m=μg=3m/s2.當(dāng)二者相對靜止一起加速時,a2=a1≤3m/s2;當(dāng)F較大時,二者發(fā)生相對滑動,a1=3m/s2,a2>3m/s3.A[解析]因動摩擦因數(shù)μ=0.5,由于有mgsin37°>μmgcos37°,所以傳送帶對物塊A、B的摩擦力方向都沿傳送帶向上,選項(xiàng)C正確;物塊A、B都做勻加速運(yùn)動,加速度相同,根據(jù)牛頓第二定律,有mgsin37°μmgcos37°=ma,解得兩物塊的加速度a=2m/s2