2023屆江蘇省蘇州市八校聯(lián)盟高三下學期三模物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023屆高三年級蘇州八校三模適應性檢測物理試卷注意事項考生在答題前請認真閱讀本注意事項及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘。考試結束后，請將答題卡交回。2.答題前請務必將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效。4.如需作圖必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等需加黑加粗。一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個選項最符合題意。1.A、B、C是三個完全相同的時鐘，A放在地面上，B、C分別放在以速度和朝相反方向飛行的飛行器中，且，A觀察者認為走得最快的時鐘是（）A.A時鐘 B.B時鐘 C.C時鐘 D.無法確定〖答案〗A〖解析〗根據公式可知，相對于觀察者的速度v越小，其上的時間進程越快，地面上的鐘A的速度v=0，它所記錄的兩事件的時間間隔最大，即地面上的鐘走得最快。故選A。2.下列所給圖像的面積與能求的物理量之間的對應關系中不正確的是（）A．力隨力的方向上位移的變化圖像求力做的功B．質點運動的加速度隨時間變化的圖像求速度變化量C．電容器充電電流隨時間變化的圖像求電容器的充電量D．穿過發(fā)電機線圈的磁通量隨時間變化的圖像求磁通量的變化量A.A B.B C.C D.D〖答案〗D〖解析〗A．根據做功的公式可知力隨力的方向上位移的變化圖像的面積求力做的功，故A正確；B．根據可知質點運動的加速度隨時間變化的圖像的面積求速度變化量，故B正確；C．根據可知電容器充電電流隨時間變化的圖像的面積求電容器的充電量，故C正確；D．不能用穿過發(fā)電機線圈的磁通量隨時間變化的圖像的面積求磁通量的變化量，故D錯誤。本題選擇錯誤選；故選D。3.靜止的钚-238在磁場中衰變產生的粒子和新核在磁場中運動的軌跡如題圖所示，則（）A.a為粒子軌跡 B.b為粒子軌跡C.新核和衰變粒子圓周運動方向相反 D.新核和衰變粒子動量相同〖答案〗C〖解析〗原子核發(fā)生衰變，粒子的速度方向相反，由圖可知粒子的運動的軌跡在同一側，很據左手定則可以得知，衰變后的粒子帶的電性相反，所以釋放的粒子應該是電子，所以原子核發(fā)生的應該是衰變；衰變后，粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力有解得靜止的原子核發(fā)生衰變，根據動量守恒可知，衰變前后，動量守恒，故兩個粒子的動量大小相等，方向相反，磁感應強度也相等，故q越大，軌道半徑越小；故大圓a是釋放粒子的運動軌跡，小圓b是新核的運動軌跡，兩者運動方向相反。故選C。4.激光冷卻中性原子的原理如圖所示，質量為m、速度為的原子連續(xù)吸收多個迎面射來的頻率為的光子后，速度減小。不考慮原子質量的變化，光速為c。下列說法正確的是（）A.激光冷卻利用了光的波動性B.原子吸收第一個光子后速度的變化量為C.原子每吸收一個光子后速度的變化量不同D.原子吸收個光子后速度減小到原來的一半〖答案〗B〖解析〗A．在激光制冷中體現(xiàn)了激光的粒子性，故A錯誤；B．根據德布羅意波長公式有可得一個光子的動量為根據動量守恒有所以原子吸收第一個光子后速度的變化量為故B正確；C．由動量守恒，每個光子的動量相同，所以原子每吸收一個光子后速度該變量相同，故C錯誤；D．原子吸收個光子后，根據動量守恒有即解得故D錯誤。故選B。5.如圖所示，輕桿一端與動摩擦因數(shù)足夠大的地面上A點接觸，另一端靠在光滑豎直墻壁上的B點，一只老鼠順桿緩慢上爬的過程中，桿始終靜止，則（）A.A點桿受力不變 B.A點桿受力變大C.B點桿受到彈力不變 D.B點桿受到彈力變小〖答案〗B〖解析〗設墻壁對B點的彈力為N，方向向右，地面對A點的作用力為F，老鼠上爬的過程中，重心的位置發(fā)生變化，則F與豎直方向的夾角變大，根據平衡條件可知，可知A點桿受力和B點桿受到彈力都變大。故選B。6.2022年3月23日，三位神舟十三號航天員翟志剛、王亞平、葉光富相互配合完成“天宮課堂”第二次太空授課。如題圖所示，授課中航天員葉光富手拉細線不斷加速讓一個小瓶子在豎直平面內圓周運動，從而實現(xiàn)瓶內油水分層。如題圖所示，若繩子長為l（瓶子可視為質點），水的質量為m，則（）A.油和水的向心加速度相等 B.油受到的向心力可能大于水C.水受到瓶子的作用力為 D.瓶子在最高點的速度一定大于〖答案〗B〖解析〗A．油和水的角速度相同，根據公式由于水和油的重心不同，所以圓周運動的半徑不同，可知油和水的向心加速度不相等，故A錯誤；B．根據向心力公式若油的質量大于水的質量，則油受到的向心力可能大于水，故B正確；C．由于不知道水的重心到圓心的距離，所以無法計算，故C錯誤；D．由于瓶子的重心到圓心的距離不是l，所以無法計算和比較，故D錯誤。故選B。7.一物塊在水平外力作用下由靜止開始沿光滑水平面做直線運動，其速度v隨位移x變化的圖像如圖所示，下列關于物塊速度v隨時間t、加速度a隨速度v變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗由速度v隨位移x變化的圖像可知則有解得可知位移增大，速度增大，加速度隨速度的增大且與速度成正比。故選D。8.單縫衍射圖樣的中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長、縫到屏的距離的關系和雙縫干涉的條紋寬度關系類似；利用單縫衍射實驗可以測量金屬的線膨脹系數(shù)，線膨脹系數(shù)是表征物體受熱時長度增加程度的物理量。如圖所示，擋光片A固定，擋光片B放置在待測金屬棒上端，A、B間形成平直狹縫，激光通過狹縫在光屏上形成衍射圖樣，在激光波長已知的情況下，通過測量縫屏距離和中央亮條紋寬度，可算出狹縫寬度及變化，進而計算出金屬的線膨脹系數(shù)。（）A.激光波長越短，其他實驗條件不變，中央亮條紋寬度越寬B.相同實驗條件下，金屬的膨脹量越大，中央亮條紋寬度越窄C.相同實驗條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說明金屬膨脹量越大D.狹縫到光屏距離越大，其他實驗條件相同，測得的線膨脹系數(shù)越大〖答案〗C〖解析〗A．對比雙縫干涉相鄰兩亮條紋間距與雙縫間距、光的波長、縫屏距離的關系公式可得單縫衍射中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長、縫屏距離的關系為激光波長變短，其他條件不變，則中央聊條紋寬度變窄，故A錯誤；

B．相同實驗條件下，金屬的膨脹量越大，則單縫距離d越小，中央亮條紋寬度越寬，故B錯誤；

C.．相同實驗條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說明單縫的距離變化大，即金屬膨脹量越大，故C正確；

D．金屬的線膨脹系數(shù)屬于金屬的特有屬性，與實驗裝置無關，故D錯誤。

故選C。9.人體的細胞膜模型圖如圖所示，由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學上稱為膜電位），現(xiàn)研究某小塊均勻的細胞膜，厚度為d，膜內的電場可看作勻強電場，簡化模型如圖b所示，初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，下列說法正確的是（）A.鉀離子的電勢能增大B.點電勢等于點電勢C.若膜電位增加，則鉀離子進入細胞內的速度更大D.若膜電位不變，膜的厚度越大，則鉀離子進入細胞內的速度越大〖答案〗C〖解析〗A．初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，可知鉀離子運動中電場力做正功，所以鉀離子的電勢能減小，故A錯誤；B．初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，則電場線從A到B，沿電場線電勢降低，所以A點電勢大于B點電勢，故B錯誤；CD．由動能定理可知若膜電位不變時，即電壓U不變時，鈉鉀子進入細胞內的速度不變；電壓U增加時，速度增大，故C正確，D錯誤。故選C。10.如圖所示，長度為L的輕桿上端連著一質量為m的小球A（可視為質點），桿的下端用鉸鏈固接于水平面上的O點。置于同一水平面上的立方體B恰與A接觸，立方體B的邊長為L，質量為，重力加速度為g。若A、B之間，B與地面間皆光滑，則（）A.A、B分離時，二者加速度相等 B.A、B分離時，B的速度為C.A落地前最大速度為 D.A落地前最大加速度為〖答案〗D〖解析〗AB．設桿與地面夾角為時，二者分離，根據機械能守恒定律有對A，根據牛頓第二定律有結合關聯(lián)速度可知解得由于運動時間相等，可知A、B分離時，二者加速度不相等，故AB錯誤；C．A與B分離后繼續(xù)下落得過程中機械能守恒，則解得故C錯誤；D．A落地時的向心加速度為根據運動的合成可知A落地前最大加速度為故D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題～第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分。11.某同學在實驗室探究二極管的伏安特性曲線。（1）為了粗測二極管的正向電阻，該同學將多用電表的選擇開關旋到電阻“”檔，當指針偏轉角度較大時，紅表筆連接的是二極管的___________（選填“正”或“負”）；此時，多用電表的指針如圖所示，二極管的正向電阻為___________。（2）用伏安法描繪二極管在范圍內的正向伏安特性曲線，器材如下電壓表V（量程為，內阻約為）電流表A（量程，內阻約為）滑動變阻器（總電阻為，額定電流為）滑動變阻器（總電阻為，額定電流為）電源E（電動勢，內阻不計）開關S，導線若干其中，滑動變阻器應該選___________（選填“”或“”）利用圖所示的器材符號，畫出實驗電路原理圖。（）（3）二極管的正向電壓伏安特性曲線如圖所示，現(xiàn)將兩個相同的二極管串聯(lián)在電路中，如圖所示。已知電阻，電源的電動勢（內阻不計），通過二極管D的電流為___________，電阻消耗的功率為___________。（結果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）負600（2）（3）2.016〖解析〗（1）[1]根據多用電表中兩表筆電流的流向為“紅進黑出”，歐姆表指針偏轉過大，可知紅表筆與二極管的負極相連；[2]此時，多用電表的指針位于6刻度處，二極管的正向電阻為600；（2）[3]電源電動勢為6V，R1最大電阻為10Ω，則電流為超過其額定電流，故滑動變阻器選擇R2；[4]設計電路如圖：（3）[5]設二極管D兩端的管壓為UD，流過二極管的電流為ID．則有代入數(shù)據解得UD與ID的關系為這是一個在圖2中橫軸上截距為1.5，縱軸上截距為6、斜率為-4直線方程（稱為二極管的負載線）因管壓UD與流過二極管電流ID還受二極管D的ID-UD特性曲線的限制，因而二極管就工作在負載線與ID-UD特性曲線的相交點P上（如右圖所示）．由此得二極管兩端的管壓和電流分別為UD=1.0V，ID=2.0mA[6]電阻R1上的電壓其功率12.某同學用波動發(fā)生器產生產生兩個波源、，其振動可視為簡諧振動，振幅皆為A，振動方向相同，圖像分別為如圖所示，若兩種波源在同一種彈性介質、沿著x軸傳播足夠長的時間后，觀察發(fā)現(xiàn)波在介質中傳播的波長為，且時刻，處質點的位移為，求：（1）兩波源振動的周期；（2）時刻，位移為質點的平衡位置。〖答案〗（1）；；（2）或者〖解析〗（1）由圖可知，（2）根據波長與波速的關系有所以則或者13.如圖所示，閉合矩形線圈可繞其水平邊轉動。線框處在豎直向上的磁感應強度為B的勻強磁場中。，，邊質量為m，其余邊的質量不計。線框電阻為R，現(xiàn)給邊一個瞬時沖量，使邊獲得速度v，經過時間t，邊上升至最高處，邊與豎直線的最大偏角為。求在邊上升過程中：（1）流過導體截面的電荷量；（2）線圈中電流的有效值?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據法拉第電磁感應定律有磁通量變化量為根據閉合電路歐姆定律有則解得（2）根據能量守恒定律有其中根據焦耳定律有解得14.如圖所示，質量為的小球A的通過足夠長的輕繩繞過定滑輪P與質量為m的小球B相連，通過長度為L的輕桿與轉軸O相連，O、P距離為，且O、P在同一水平線上。初始時給小球A施加力F，使其剛好靜止于O點正上方的Q點。重力加速度為g，不計一切摩擦和定滑輪質量，兩球視為質點。求：（1）小球A處于初始位置時的拉力的最小值F；（2）撤去拉力F的瞬間，小球B的加速度；（3）當A、B速度大小相等時，輕桿上的彈力。〖答案〗（1）；（2）；（3），方向由指向A?！冀馕觥剑?）在點時，當沿水平方向時，有最小值；設繩子的張力為，繩子與水平方向的夾角為，對小球由平衡條件，有對小球由平衡條件，有解得（2）撤去力F的瞬間，設繩子的張力為，繩子與水平方向的夾角依然為，對小球由牛頓第二定律，有對小球由牛頓第二定律，有且有解得（3）由硫意可知，釋放后小球A做圓周運動，當AP與小球A的運動軌跡相切時，此時小球A所處的位置有兩種情形，如圖所示。情形一，設輕桿上的彈力為，方向指向圓心，對A、B構成的系統(tǒng)由機械能守恒定律，有：其中對小球由牛頓第二定律，有解得，方向由指向。情形二：設輕桿上的彈力為，方向指向圓心，對A、B構成的系統(tǒng)由機械能守恒定律，有其中對小球由牛頓第二定律，有解得，方向由A指向15.如圖所示的平面內，在區(qū)域存在沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為；在區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強磁場，在區(qū)域存在垂直紙面向外的勻強磁場，兩個磁場的磁感應強度大小相等。質量為m，電荷量為的帶電粒子，時刻從電場中的點，以的初速度沿x軸正方向射入勻強電場，并從點第一次回到電場。不計粒子的重力，求：（1）粒子第一次離開電場時的側移；（2）勻強磁場的磁感應強度大小及第二次離開電場的時刻；（3）粒子從磁場進入電場時的位置坐標?！即鸢浮剑?）；（2）；；（3）見〖解析〗〖解析〗（1）帶電粒子在電場中偏轉的距?可以求得（2）由幾何關系知粒子在磁場中運動軌道半徑而根據解得粒子在電場中運動時間在磁場中運動時間故（3）帶電粒子每次在磁場中沿軸負方向偏轉的距離帶電粒子每次在電場中沿軸負方向偏轉距離所以第次回到電場時沿軸多方向偏轉的距漓故當為奇數(shù)時，坐標為；當為偶數(shù)時，坐標為2023屆高三年級蘇州八校三模適應性檢測物理試卷注意事項考生在答題前請認真閱讀本注意事項及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘。考試結束后，請將答題卡交回。2.答題前請務必將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效。4.如需作圖必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等需加黑加粗。一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個選項最符合題意。1.A、B、C是三個完全相同的時鐘，A放在地面上，B、C分別放在以速度和朝相反方向飛行的飛行器中，且，A觀察者認為走得最快的時鐘是（）A.A時鐘 B.B時鐘 C.C時鐘 D.無法確定〖答案〗A〖解析〗根據公式可知，相對于觀察者的速度v越小，其上的時間進程越快，地面上的鐘A的速度v=0，它所記錄的兩事件的時間間隔最大，即地面上的鐘走得最快。故選A。2.下列所給圖像的面積與能求的物理量之間的對應關系中不正確的是（）A．力隨力的方向上位移的變化圖像求力做的功B．質點運動的加速度隨時間變化的圖像求速度變化量C．電容器充電電流隨時間變化的圖像求電容器的充電量D．穿過發(fā)電機線圈的磁通量隨時間變化的圖像求磁通量的變化量A.A B.B C.C D.D〖答案〗D〖解析〗A．根據做功的公式可知力隨力的方向上位移的變化圖像的面積求力做的功，故A正確；B．根據可知質點運動的加速度隨時間變化的圖像的面積求速度變化量，故B正確；C．根據可知電容器充電電流隨時間變化的圖像的面積求電容器的充電量，故C正確；D．不能用穿過發(fā)電機線圈的磁通量隨時間變化的圖像的面積求磁通量的變化量，故D錯誤。本題選擇錯誤選；故選D。3.靜止的钚-238在磁場中衰變產生的粒子和新核在磁場中運動的軌跡如題圖所示，則（）A.a為粒子軌跡 B.b為粒子軌跡C.新核和衰變粒子圓周運動方向相反 D.新核和衰變粒子動量相同〖答案〗C〖解析〗原子核發(fā)生衰變，粒子的速度方向相反，由圖可知粒子的運動的軌跡在同一側，很據左手定則可以得知，衰變后的粒子帶的電性相反，所以釋放的粒子應該是電子，所以原子核發(fā)生的應該是衰變；衰變后，粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力有解得靜止的原子核發(fā)生衰變，根據動量守恒可知，衰變前后，動量守恒，故兩個粒子的動量大小相等，方向相反，磁感應強度也相等，故q越大，軌道半徑越??；故大圓a是釋放粒子的運動軌跡，小圓b是新核的運動軌跡，兩者運動方向相反。故選C。4.激光冷卻中性原子的原理如圖所示，質量為m、速度為的原子連續(xù)吸收多個迎面射來的頻率為的光子后，速度減小。不考慮原子質量的變化，光速為c。下列說法正確的是（）A.激光冷卻利用了光的波動性B.原子吸收第一個光子后速度的變化量為C.原子每吸收一個光子后速度的變化量不同D.原子吸收個光子后速度減小到原來的一半〖答案〗B〖解析〗A．在激光制冷中體現(xiàn)了激光的粒子性，故A錯誤；B．根據德布羅意波長公式有可得一個光子的動量為根據動量守恒有所以原子吸收第一個光子后速度的變化量為故B正確；C．由動量守恒，每個光子的動量相同，所以原子每吸收一個光子后速度該變量相同，故C錯誤；D．原子吸收個光子后，根據動量守恒有即解得故D錯誤。故選B。5.如圖所示，輕桿一端與動摩擦因數(shù)足夠大的地面上A點接觸，另一端靠在光滑豎直墻壁上的B點，一只老鼠順桿緩慢上爬的過程中，桿始終靜止，則（）A.A點桿受力不變 B.A點桿受力變大C.B點桿受到彈力不變 D.B點桿受到彈力變小〖答案〗B〖解析〗設墻壁對B點的彈力為N，方向向右，地面對A點的作用力為F，老鼠上爬的過程中，重心的位置發(fā)生變化，則F與豎直方向的夾角變大，根據平衡條件可知，可知A點桿受力和B點桿受到彈力都變大。故選B。6.2022年3月23日，三位神舟十三號航天員翟志剛、王亞平、葉光富相互配合完成“天宮課堂”第二次太空授課。如題圖所示，授課中航天員葉光富手拉細線不斷加速讓一個小瓶子在豎直平面內圓周運動，從而實現(xiàn)瓶內油水分層。如題圖所示，若繩子長為l（瓶子可視為質點），水的質量為m，則（）A.油和水的向心加速度相等 B.油受到的向心力可能大于水C.水受到瓶子的作用力為 D.瓶子在最高點的速度一定大于〖答案〗B〖解析〗A．油和水的角速度相同，根據公式由于水和油的重心不同，所以圓周運動的半徑不同，可知油和水的向心加速度不相等，故A錯誤；B．根據向心力公式若油的質量大于水的質量，則油受到的向心力可能大于水，故B正確；C．由于不知道水的重心到圓心的距離，所以無法計算，故C錯誤；D．由于瓶子的重心到圓心的距離不是l，所以無法計算和比較，故D錯誤。故選B。7.一物塊在水平外力作用下由靜止開始沿光滑水平面做直線運動，其速度v隨位移x變化的圖像如圖所示，下列關于物塊速度v隨時間t、加速度a隨速度v變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗由速度v隨位移x變化的圖像可知則有解得可知位移增大，速度增大，加速度隨速度的增大且與速度成正比。故選D。8.單縫衍射圖樣的中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長、縫到屏的距離的關系和雙縫干涉的條紋寬度關系類似；利用單縫衍射實驗可以測量金屬的線膨脹系數(shù)，線膨脹系數(shù)是表征物體受熱時長度增加程度的物理量。如圖所示，擋光片A固定，擋光片B放置在待測金屬棒上端，A、B間形成平直狹縫，激光通過狹縫在光屏上形成衍射圖樣，在激光波長已知的情況下，通過測量縫屏距離和中央亮條紋寬度，可算出狹縫寬度及變化，進而計算出金屬的線膨脹系數(shù)。（）A.激光波長越短，其他實驗條件不變，中央亮條紋寬度越寬B.相同實驗條件下，金屬的膨脹量越大，中央亮條紋寬度越窄C.相同實驗條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說明金屬膨脹量越大D.狹縫到光屏距離越大，其他實驗條件相同，測得的線膨脹系數(shù)越大〖答案〗C〖解析〗A．對比雙縫干涉相鄰兩亮條紋間距與雙縫間距、光的波長、縫屏距離的關系公式可得單縫衍射中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長、縫屏距離的關系為激光波長變短，其他條件不變，則中央聊條紋寬度變窄，故A錯誤；

B．相同實驗條件下，金屬的膨脹量越大，則單縫距離d越小，中央亮條紋寬度越寬，故B錯誤；

C.．相同實驗條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說明單縫的距離變化大，即金屬膨脹量越大，故C正確；

D．金屬的線膨脹系數(shù)屬于金屬的特有屬性，與實驗裝置無關，故D錯誤。

故選C。9.人體的細胞膜模型圖如圖所示，由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學上稱為膜電位），現(xiàn)研究某小塊均勻的細胞膜，厚度為d，膜內的電場可看作勻強電場，簡化模型如圖b所示，初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，下列說法正確的是（）A.鉀離子的電勢能增大B.點電勢等于點電勢C.若膜電位增加，則鉀離子進入細胞內的速度更大D.若膜電位不變，膜的厚度越大，則鉀離子進入細胞內的速度越大〖答案〗C〖解析〗A．初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，可知鉀離子運動中電場力做正功，所以鉀離子的電勢能減小，故A錯誤；B．初速度可視為零的一價正鉀離子僅在電場力的作用下，從圖中的A點運動到B點，則電場線從A到B，沿電場線電勢降低，所以A點電勢大于B點電勢，故B錯誤；CD．由動能定理可知若膜電位不變時，即電壓U不變時，鈉鉀子進入細胞內的速度不變；電壓U增加時，速度增大，故C正確，D錯誤。故選C。10.如圖所示，長度為L的輕桿上端連著一質量為m的小球A（可視為質點），桿的下端用鉸鏈固接于水平面上的O點。置于同一水平面上的立方體B恰與A接觸，立方體B的邊長為L，質量為，重力加速度為g。若A、B之間，B與地面間皆光滑，則（）A.A、B分離時，二者加速度相等 B.A、B分離時，B的速度為C.A落地前最大速度為 D.A落地前最大加速度為〖答案〗D〖解析〗AB．設桿與地面夾角為時，二者分離，根據機械能守恒定律有對A，根據牛頓第二定律有結合關聯(lián)速度可知解得由于運動時間相等，可知A、B分離時，二者加速度不相等，故AB錯誤；C．A與B分離后繼續(xù)下落得過程中機械能守恒，則解得故C錯誤；D．A落地時的向心加速度為根據運動的合成可知A落地前最大加速度為故D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題～第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分。11.某同學在實驗室探究二極管的伏安特性曲線。（1）為了粗測二極管的正向電阻，該同學將多用電表的選擇開關旋到電阻“”檔，當指針偏轉角度較大時，紅表筆連接的是二極管的___________（選填“正”或“負”）；此時，多用電表的指針如圖所示，二極管的正向電阻為___________。（2）用伏安法描繪二極管在范圍內的正向伏安特性曲線，器材如下電壓表V（量程為，內阻約為）電流表A（量程，內阻約為）滑動變阻器（總電阻為，額定電流為）滑動變阻器（總電阻為，額定電流為）電源E（電動勢，內阻不計）開關S，導線若干其中，滑動變阻器應該選___________（選填“”或“”）利用圖所示的器材符號，畫出實驗電路原理圖。（）（3）二極管的正向電壓伏安特性曲線如圖所示，現(xiàn)將兩個相同的二極管串聯(lián)在電路中，如圖所示。已知電阻，電源的電動勢（內阻不計），通過二極管D的電流為___________，電阻消耗的功率為___________。（結果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）負600（2）（3）2.016〖解析〗（1）[1]根據多用電表中兩表筆電流的流向為“紅進黑出”，歐姆表指針偏轉過大，可知紅表筆與二極管的負極相連；[2]此時，多用電表的指針位于6刻度處，二極管的正向電阻為600；（2）[3]電源電動勢為6V，R1最大電阻為10Ω，則電流為超過其額定電流，故滑動變阻器選擇R2；[4]設計電路如圖：（3）[5]設二極管D兩端的管壓為UD，流過二極管的電流為ID．則有代入數(shù)據解得UD與ID的關系為這是一個在圖2中橫軸上截距為1.5，縱軸上截距為6、斜率為-4直線方程（稱為二極管的負載線）因管壓UD與流過二極管電流ID還受二極管D的ID-UD特性曲線的限制，因而二極管就工作在負載線與ID-UD特性曲線的相交點P上（如右圖所示）．由此得二極管兩端的管壓和電流分別為UD=1.0V，ID=2.0mA[6]電阻R1上的電壓其功率12.某同學用波動發(fā)生器產生產生兩個波源、，其振動可視為簡諧振動，振幅皆為A，振動方向相同，圖像分別為如圖所示，若兩種波源在同一種彈性介質、沿著x軸傳播足夠長的時間后，觀察發(fā)現(xiàn)波在介質中傳播的波長為，且時刻，處質點的位移為，求：（1）兩波源振動的周期；（2）時刻，位移為質點的平衡位置?！即鸢浮剑?）；；（2）或者〖解析〗（1