2023屆四川省南充市高三下學(xué)期三模物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1南充市高2023屆高考適應(yīng)性考試（三診）能力測試（物理試題）一、選擇題1.核潛艇以核反應(yīng)堆作動力源，其中一種核反應(yīng)方程是，生成物X、的比結(jié)合能分別為、，下列說法正確的是（）A.的核子平均質(zhì)量比X的核子平均質(zhì)量小 B.X的質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)多C.的結(jié)合能比X的結(jié)合能小 D.該反應(yīng)是核聚變反應(yīng)〖答案〗A〖解析〗B．X的質(zhì)子數(shù)為54，質(zhì)量數(shù)132，則中子數(shù)為132-54＝78，所以X的質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)少，選項(xiàng)B錯誤；A．重核核子的平均質(zhì)量比中等質(zhì)量核的核子的平均質(zhì)量大，因而裂變時，存在質(zhì)量虧損，根據(jù)質(zhì)能方程，會釋放大量核能。所以的核子平均質(zhì)量比X的核子平均質(zhì)量小，選項(xiàng)A正確；C．X的核子數(shù)比少，兩者的比結(jié)合能接近，因此X的結(jié)合能比的結(jié)合能小，選項(xiàng)C錯誤。D．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可知該核反應(yīng)方程為，該反應(yīng)屬于核裂變，選項(xiàng)D錯誤；故選A。2.2022年11月12日，天舟五號與空間站天和核心艙成功對接，在對接的最后階段，天舟五號與空間站處于同一軌道上同向運(yùn)動，兩者的運(yùn)行軌道均視為圓周．要使天舟五號在同一軌道上追上空間站實(shí)現(xiàn)對接，天舟五號噴射燃?xì)獾姆较蚩赡苷_的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗要想使天舟五號在與空間站的同一軌道上對接，則需要使天舟五號加速，與此同時要想不脫離原軌道，根據(jù)則必須要增加向心力，即噴氣時產(chǎn)生的推力一方向有沿軌道向前的分量，另一方面還要有指向地心的分量，而因噴氣產(chǎn)生的推力與噴氣方向相反，則圖A是正確的。故選A。3.道路壓線測速系統(tǒng)，不僅可以測速，也可以測量是否超載，其結(jié)構(gòu)原理可以理解為如圖甲所示的電路，感應(yīng)線連接電容器C的其中一塊極板，車輪壓在感應(yīng)線上會改變電容器兩板間的距離，靈敏電流計G中有瞬間電流，壓力越大，電流峰值也越大，汽車的前、后輪先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩次脈沖電流如圖乙所示，以順時針方向?yàn)殡娏髡较?，則（）A.車輪壓線時，電容器兩板間距離變小B.車輪經(jīng)過感應(yīng)線電容器先充電后放電C.增大電阻R的阻值，穩(wěn)定后電容器的帶電量減小D.若汽車前后輪間距，可估算車速約為〖答案〗D〖解析〗A．車輪壓線時，由圖乙可知電流方向沿順時針方向，電容器上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，此時電容器在放電，電容器電荷量減小，電容器與電源相連，電容器電壓不變，根據(jù)電容器的定義式和決定式，可知車輪壓線時電容器兩板間距離變大，故A錯誤；B．由圖乙可知電流先沿順時針方向再沿逆時針方向，所以車輪經(jīng)過感應(yīng)線電容器先放電后充電，故B錯誤；C．增大電阻R的阻值，對電容器的電容大小沒有影響，對穩(wěn)定后電容器的帶電量沒有影響，故C錯誤；D．由圖乙可知，前后輪經(jīng)過傳器的時間間隔為，若汽車前后輪間距為，則汽車速度約為故D正確。故選D。4.如圖，圓形虛線框內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，是以不同速率對準(zhǔn)圓心入射的正電子或負(fù)電子的運(yùn)動徑跡，a、b、d三個出射點(diǎn)和圓心的連線與豎直方向分別成角，下列判斷正確的是（）A.沿徑跡運(yùn)動的粒子均為正電子B.沿徑跡運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間最短C.沿徑跡運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間之比為2∶1D.沿徑跡運(yùn)動的粒子動能之比為3∶1〖答案〗C〖解析〗A．由左手定則可判斷沿徑跡，運(yùn)動的粒子均帶負(fù)電，A項(xiàng)錯誤；B．由于正電子和負(fù)電子的電量q和質(zhì)量m均相等，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，則有解得可知四種粒子的周期相等，而沿徑跡運(yùn)動的粒子偏轉(zhuǎn)角最大，圓心角也最大，設(shè)偏轉(zhuǎn)角為θ，由可知沿徑跡運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間最長，B項(xiàng)錯誤；C．沿徑跡Oa運(yùn)動的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)角度為沿徑跡Od運(yùn)動的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)角度為兩粒子運(yùn)動周期大小相同，則可知，運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間之比為2∶1，選項(xiàng)C正確；D．設(shè)圓形磁場半徑為r，根據(jù)幾何關(guān)系可得沿徑跡，運(yùn)動的粒子軌道半徑分別為根據(jù)可得根據(jù)動能可知沿徑跡運(yùn)動的粒子動能之比為1∶3，選項(xiàng)D錯誤。故選C。5.《大國工匠》節(jié)目中講述了王進(jìn)利用“秋千法”在的高壓線上帶電作業(yè)的過程，如圖所示，絕緣輕繩一端固定在高壓線桿塔上的O點(diǎn)，另一端固定在兜籃D上，另一絕緣輕繩跨過固定在桿塔上C點(diǎn)的定滑輪，一端連接兜籃，另一端由工人控制，身穿屏蔽服的王進(jìn)坐在兜籃里，緩慢地從C點(diǎn)運(yùn)動到處于O點(diǎn)正下方E點(diǎn)的電纜處，繩一直處于伸直狀態(tài)。兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備總質(zhì)量為m，可看作質(zhì)點(diǎn)，不計一切阻力，重力加速度大小為g。從C點(diǎn)運(yùn)動到E點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）A.繩的拉力一直變小 B.繩的拉力一直變大C.繩、拉力的合力大于 D.繩與豎直方向的夾角為時，繩的拉力為〖答案〗D〖解析〗AB．對兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備整體受力分析如圖所示繩OD的拉力為F1，與豎直方向的夾角為，繩CD的拉力為F2，與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系知由正弦定理可得增大，減小，則拉力F1增大，拉力F2減小，故AB錯誤；C．王進(jìn)處于平衡狀態(tài)，兩繩拉力的合力等于mg，故C錯誤；D．當(dāng)時，，則解得故D正確。故選D6.自行車的發(fā)電花鼓可以在騎行時為車燈提供不超過額定值的電能，其原理簡化為圖（甲）所示，圖中N、S是與摩擦小輪同軸轉(zhuǎn)動的一對磁極，磁極周圍固定一個與理想變壓器原線圈相連的矩形線框，變壓器的輸出端與車燈相連。勻速騎行時，摩擦小輪在車輪的驅(qū)動下帶動磁極旋轉(zhuǎn)，變壓器輸出正弦式交流電。某輛裝有發(fā)電花鼓的自行車的部分結(jié)構(gòu)如圖（乙）所示，其中大齒輪與踏板相連，半徑較小的小齒輪1和半徑較大的小齒輪2與后輪同軸固定，騎行者可調(diào)節(jié)變速器使鏈條掛在不同的小齒輪上，騎行時摩擦小輪與車輪、車輪與地面均不打滑。下列說法正確的是（）A.車行速度越快，車燈一定越亮B.車行速度越快，交流電的周期一定越大C.同樣的車行速度，鏈條掛在小齒輪1上和掛在小齒輪2上，燈泡亮度相同D.同樣的車行速度，變壓器的原線圈匝數(shù)越多，車燈越亮〖答案〗AC〖解析〗A．車速越快，線框磁通量變化率大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢越大，所以車燈越亮，故A正確；B．車速越快，磁鐵轉(zhuǎn)動越快，交流電周期越小，故B錯誤；C．車速相同，磁鐵轉(zhuǎn)速相同，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢相同，所以燈泡亮度相同，故C正確；D．由變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系可得解得車燈電壓為所以原線圈匝數(shù)越大，車燈電壓越小，燈泡越暗，故D錯誤。故選AC。7.如圖甲，x軸位于粗糙絕緣的水平面上，電荷量為、的兩個點(diǎn)電荷固定在x軸上相距的A、B兩點(diǎn)。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從處由靜止釋放，沿x軸正方向運(yùn)動，在處開始反向運(yùn)動，滑塊在不同位置所具有的電勢能如圖乙，P點(diǎn)是圖線最低點(diǎn)?；瑝K與地面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。下列結(jié)論正確的是（）A.兩固定點(diǎn)電荷均為正電荷B.C.處電勢最低D.從到，電勢升高〖答案〗BD〖解析〗AC．由乙圖知，物塊在處電勢能最低，根據(jù)公式可得，在處電勢最高，且物塊在次處所受靜電力左右平衡，則兩固定點(diǎn)電荷均為負(fù)電荷，AC錯誤；B．由以上分析知，在處物塊所受靜電力左右平衡，則解得B正確；D．從到，靜電力對物塊做功為，此過程對物塊用動能定理，有解得即與處的電勢差為所以，從到，電勢升高，D正確。故選BD。8.如圖甲所示，淺色傾斜傳送帶兩側(cè)端點(diǎn)間距6m，皮帶總長12m，傾角37°。t＝0時，一質(zhì)量為1kg的煤塊從傳送帶底部的A點(diǎn)，以10m/s的速度沖上傳送帶。t＝1s時，傳送帶開始沿順時針方向勻加速轉(zhuǎn)動，A點(diǎn)運(yùn)動的v－t圖像如圖乙所示。煤塊與傳送帶間動摩擦因數(shù)為0.5，傳送輪和煤塊大小均可以忽略（，，）。煤塊在傳送帶上運(yùn)動的過程中，下列說法正確的是（）A.煤塊運(yùn)動至最高點(diǎn)，位移為10m B.煤塊在傳送帶上運(yùn)動時間為2sC.煤塊在傳送帶上留下的痕跡為12m D.煤塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量為90J〖答案〗CD〖解析〗A．煤塊從傳送帶底部開始滑動，根據(jù)牛頓第二定律可知解得煤塊減速為零需要的時間該過程煤塊走過的位移為由于煤塊減速為零后相對于皮帶向下運(yùn)動，所以煤塊煤塊運(yùn)動至最高點(diǎn)，位移為5m，A錯誤；B．煤塊速度減到零后開始向下運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可知解得滑塊下滑到傳送帶底端時解得煤塊在傳送帶上運(yùn)動的總時間為B錯誤；C．有圖乙可知，皮帶的加速度為煤塊沿傳送帶下滑過程中皮帶的位移皮帶的總長度為12m，所以劃痕的長度為12m，C正確；D．煤塊相對皮帶運(yùn)動的路程為煤塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量為D正確故選CD。二、非選擇題（一）必考題9.某同學(xué)探究小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動時向心力隨位置變化的規(guī)律，選用光滑的圓軌道，如圖甲，圓軌道半徑，在軌道內(nèi)側(cè)距離最低點(diǎn)A高度H分別為0、h、、、、、處固定有壓力傳感器，質(zhì)量為m的小球從A點(diǎn)以速度沿軌道內(nèi)側(cè)向右運(yùn)動，記錄小球在各位置對軌道的壓力F的數(shù)值，作出圖像如圖乙。（1）若小球在A點(diǎn)對軌道的壓力大小為，則F與H的關(guān)系可表示為___________（用m、g、R、H、表示）；（2）取重力加速度，由圖乙可得小球質(zhì)量___________，小球經(jīng)過最低點(diǎn)A時的初速度___________。（的結(jié)果用根式表示）〖答案〗（1）（2）0.5〖解析〗（1）[1]設(shè)在任意高H處小球的速度為，由動能定理有設(shè)小球在H處和圓心O的連線與OA的夾角為，當(dāng)時，由牛頓運(yùn)動定律有在最低點(diǎn)有可得當(dāng)時該式仍成立；（2）[2]根據(jù)圖像可得，在A點(diǎn)，，在處，，圖像斜率可得[3]在最低點(diǎn)有解得10.多用電表是電學(xué)實(shí)驗(yàn)常用儀表，多用電表是由小量程的電流表（表頭）改裝而成。（1）用滿偏電流為、內(nèi)阻為的表頭改裝成量程為和的雙量程電流表，某同學(xué)設(shè)計了如圖甲、乙所示的兩個電路，在圖甲所示的電路中___________（選填“大于”或“小于”）；在圖乙所示的電路中的阻值為___________；（2）在圖乙電路的基礎(chǔ)上，該同學(xué)連接電源、滑動變阻器改裝成如圖丙所示的多用電表，則表筆A為___________（選填“紅”或“黑”）表筆；已知電源電動勢，內(nèi)阻不計，當(dāng)開關(guān)S置于3時，將表筆A、B短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器進(jìn)行歐姆調(diào)零，滑動變阻器接入電路的阻值為___________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；將待測電阻接在表筆A、B之間進(jìn)行測量，穩(wěn)定時，指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的，則待測電阻的阻值為___________?！即鸢浮剑?）大于2（2）黑5.830〖解析〗（1）[1]根據(jù)圖甲可得，則有即在圖甲所示的電路中大于；[2]在圖乙所示的電路中，有，又，聯(lián)立解得，（2）[3]圖丙中表筆A連接電源正極，則表筆A為黑表筆；[4]已知電源電動勢，內(nèi)阻不計，當(dāng)開關(guān)S置于3時，將表筆A、B短接，歐姆調(diào)零時，有其中，聯(lián)立解得[5]將待測電阻接在表筆A、B之間進(jìn)行測量，穩(wěn)定時，指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的，則有聯(lián)立可得解得11.如圖是一彈珠游戲機(jī)簡化示意圖。矩形游戲面板與水平面所成夾角，面板右側(cè)邊緣的直管道與四分之一圓弧軌道相切于P點(diǎn)，面板左側(cè)邊緣有垂直板面的擋板，已知圓弧軌道半徑，圓弧軌道最高點(diǎn)Q（切線水平）到水平面的高度?？刂剖直鶮可使彈珠（可視為質(zhì)點(diǎn)）以不同的速度沿直管道發(fā)射，彈珠與擋板撞擊時間極短且不損失機(jī)械能，撞擊前后水平速率不變。不計摩擦和空氣阻力。，。（1）求小球通過Q點(diǎn)的最小速度大??；（2）若小球以最小速度通過最高點(diǎn)Q，與擋板發(fā)生一次撞擊，剛好經(jīng)過面板下邊緣M點(diǎn)，M、A兩點(diǎn)相距，求面板邊的長度L?！即鸢浮剑?）；（2）2.75m〖解析〗（1）小球恰好過Q點(diǎn)，有解得（2），沿斜面向下，小球做勻加速直線運(yùn)動，有解得水平方向，速度大小不變，碰前與碰后水平位移大小相等，故有M到擋板距離則邊長度12.如圖所示，有形狀為“”的光滑平行導(dǎo)軌和水平放置，其中寬軌間距為2d，窄軌間距為d，軌道足夠長。右側(cè)均為絕緣材料，其余為金屬導(dǎo)軌，。間接有一電阻阻值為r。金屬棒質(zhì)量為m、長度為2d、電阻阻值為2r，在水平向右、大小為F的恒力作用下，從靜止開始加速，離開寬軌前，速度已達(dá)最大值。金屬棒滑上窄軌瞬間，迅速撤去力F。是質(zhì)量為m、電阻阻值為r、三邊長度均為d的“U”形金屬框，如圖平放在絕緣導(dǎo)軌上。以f點(diǎn)所在處為坐標(biāo)原點(diǎn)O，沿方向建立坐標(biāo)軸。整個空間存在豎直向上的磁場，左側(cè)為磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場，右側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度分布規(guī)律（），其中，金屬導(dǎo)軌電阻不計，棒、金屬框與導(dǎo)軌始終接觸良好。（1）求棒在寬軌上運(yùn)動的最大速度及剛滑上窄軌時兩端電壓；（2）求棒運(yùn)動至與金屬框碰撞前瞬間的速度大??；（3）若棒與金屬框碰撞后連接在一起，求金屬框靜止時f端的位置坐標(biāo)x?！即鸢浮剑?），；（2）；（3）〖解析〗（1）當(dāng)棒勻速運(yùn)動時，加速度為零，此時速度最大，棒受力平衡其中聯(lián)立解得當(dāng)剛滑上窄軌時，等效電路如圖所示棒只有中間寬度為d的部分有電流流過，間電壓其中代入數(shù)值得（2）棒在窄軌上的導(dǎo)體部分做減速運(yùn)動，由動量定理得又聯(lián)立上述方程可解得棒滑出導(dǎo)體區(qū)域瞬間速度為之后勻速運(yùn)動至與金屬框相碰。（3）棒與金屬框相碰，據(jù)動量守恒定律可得進(jìn)入窄軌的絕緣部分后，棒部分和金屬框構(gòu)成回路，邊處的磁場總是比邊的磁場大回路中的電流全框架受到的安培力合力由動量定理可得金屬框前進(jìn)的位移聯(lián)立以上方程得金屬框靜止時f端的位置坐標(biāo)（二）選考題13.將每個油酸分子視為球體，把1滴油酸酒精溶液滴入足夠大盛水的淺盤中，由于酒精溶于水，油酸在水面展開，根據(jù)穩(wěn)定后形成的油膜面積可以估算油酸分子的直徑。所用油酸酒精溶液的濃度為每油酸酒精溶液中有純油酸，現(xiàn)用滴管向量筒內(nèi)滴加50滴上述溶液，量筒中的溶液體積增加了，油膜穩(wěn)定后的形狀如圖所示，每一小方格的邊長為，試問：（1）讓油酸盡可能地在水面上散開，則形成的油膜可視為___________油膜，這層油膜的厚度可視為油酸分子的___________；（2）根據(jù)上述數(shù)據(jù)，估測出油酸分子的直徑是___________。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）單分子直徑（2）〖解析〗（1）[1][2]讓油酸盡可能地在水面上散開，則形成的油膜可視為單分子油膜，這層油膜的厚度可視為油酸分子的直徑；（2）[3]一滴油酸酒精溶液中含純油酸的體積油膜的面積則分子直徑14.如圖所示，粗細(xì)均勻的U形細(xì)管左側(cè)封閉，右側(cè)裝有閥門，水平部分和豎直部分長均為，管中盛有一定質(zhì)量的水銀。先開啟閥門，U形管靜止時左側(cè)水銀柱比右側(cè)高，再關(guān)閉閥門，使U形管以某一恒定加速度向左加速，液面穩(wěn)定后發(fā)現(xiàn)兩豎直管中液面變?yōu)榈雀摺９苤袣怏w均視為理想氣體，整個過程溫度不變，大氣壓強(qiáng)，重力加速度，求（Ⅰ）靜止時左側(cè)氣體的壓強(qiáng)；（Ⅱ）關(guān)閉閥門向左加速時的加速度大小a?！即鸢浮剑á瘢唬á颍冀馕觥剑á瘢┰O(shè)型管橫截面積為，水銀密度為，靜止時右側(cè)氣體的壓強(qiáng)為大氣壓，對底部液柱由平衡條件有大氣壓強(qiáng)可表示為其中解得（Ⅱ）設(shè)底部液柱質(zhì)量為，向左加速穩(wěn)定時左邊氣體壓強(qiáng)為，右邊氣體壓強(qiáng)為兩邊液面相平，故左邊氣體長度從變?yōu)橛疫厷怏w長度從變?yōu)閷ψ筮厷怏w由玻意耳定律得對右邊氣體由玻意耳定律得對底部液柱由牛頓第二定律有其中解得15.一列簡諧橫波沿著x軸傳播，傳播速度為，某時刻的波形圖如圖，該時刻處質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動方向沿y軸負(fù)方向，由此可知這列波的傳播方向沿x軸___________（選填“正”或“負(fù)”）方向。周期為___________s，此刻開始再經(jīng)過，___________m（選填“4”、“6”或“8”）處質(zhì)點(diǎn)剛好經(jīng)過平衡位置且向下振動?！即鸢浮截?fù)28〖解析〗[1]該時刻處質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動方向沿y軸負(fù)方向，根據(jù)同側(cè)法，由此可知這列波的傳播方向沿x軸負(fù)方向傳播；[2]由波形圖可知波長為8m，則周期[3]此刻開始再經(jīng)過的時間，即再經(jīng)過的時間，由波形圖可知x=8m處的此時正處于波峰，該質(zhì)點(diǎn)經(jīng)的時間剛好經(jīng)過平衡位置且向下振動。16.一底面半徑為R的半圓柱形透明體，橫截面如圖所示，O表示半圓柱形截面的圓心。一束極窄的光線在橫截面內(nèi)從邊上的A點(diǎn)（以為界面）以的入射角入射，該束光線進(jìn)入半圓形透明體后第一次到達(dá)圓弧面的位置與A點(diǎn)的距離為R，求：（1）該透明體的折射率n；（2）該光線從進(jìn)入透明體到第一次離開透明體時所經(jīng)歷的時間（已知真空中的光速為c，計算結(jié)果用R、c表示）?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）由折射定律知其中解得（2）臨界角在點(diǎn)入射角為，發(fā)生全反射，水平反射到點(diǎn)，再次發(fā)生全反射，最終從點(diǎn)射出解得南充市高2023屆高考適應(yīng)性考試（三診）能力測試（物理試題）一、選擇題1.核潛艇以核反應(yīng)堆作動力源，其中一種核反應(yīng)方程是，生成物X、的比結(jié)合能分別為、，下列說法正確的是（）A.的核子平均質(zhì)量比X的核子平均質(zhì)量小 B.X的質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)多C.的結(jié)合能比X的結(jié)合能小 D.該反應(yīng)是核聚變反應(yīng)〖答案〗A〖解析〗B．X的質(zhì)子數(shù)為54，質(zhì)量數(shù)132，則中子數(shù)為132-54＝78，所以X的質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)少，選項(xiàng)B錯誤；A．重核核子的平均質(zhì)量比中等質(zhì)量核的核子的平均質(zhì)量大，因而裂變時，存在質(zhì)量虧損，根據(jù)質(zhì)能方程，會釋放大量核能。所以的核子平均質(zhì)量比X的核子平均質(zhì)量小，選項(xiàng)A正確；C．X的核子數(shù)比少，兩者的比結(jié)合能接近，因此X的結(jié)合能比的結(jié)合能小，選項(xiàng)C錯誤。D．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可知該核反應(yīng)方程為，該反應(yīng)屬于核裂變，選項(xiàng)D錯誤；故選A。2.2022年11月12日，天舟五號與空間站天和核心艙成功對接，在對接的最后階段，天舟五號與空間站處于同一軌道上同向運(yùn)動，兩者的運(yùn)行軌道均視為圓周．要使天舟五號在同一軌道上追上空間站實(shí)現(xiàn)對接，天舟五號噴射燃?xì)獾姆较蚩赡苷_的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗要想使天舟五號在與空間站的同一軌道上對接，則需要使天舟五號加速，與此同時要想不脫離原軌道，根據(jù)則必須要增加向心力，即噴氣時產(chǎn)生的推力一方向有沿軌道向前的分量，另一方面還要有指向地心的分量，而因噴氣產(chǎn)生的推力與噴氣方向相反，則圖A是正確的。故選A。3.道路壓線測速系統(tǒng)，不僅可以測速，也可以測量是否超載，其結(jié)構(gòu)原理可以理解為如圖甲所示的電路，感應(yīng)線連接電容器C的其中一塊極板，車輪壓在感應(yīng)線上會改變電容器兩板間的距離，靈敏電流計G中有瞬間電流，壓力越大，電流峰值也越大，汽車的前、后輪先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩次脈沖電流如圖乙所示，以順時針方向?yàn)殡娏髡较?，則（）A.車輪壓線時，電容器兩板間距離變小B.車輪經(jīng)過感應(yīng)線電容器先充電后放電C.增大電阻R的阻值，穩(wěn)定后電容器的帶電量減小D.若汽車前后輪間距，可估算車速約為〖答案〗D〖解析〗A．車輪壓線時，由圖乙可知電流方向沿順時針方向，電容器上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，此時電容器在放電，電容器電荷量減小，電容器與電源相連，電容器電壓不變，根據(jù)電容器的定義式和決定式，可知車輪壓線時電容器兩板間距離變大，故A錯誤；B．由圖乙可知電流先沿順時針方向再沿逆時針方向，所以車輪經(jīng)過感應(yīng)線電容器先放電后充電，故B錯誤；C．增大電阻R的阻值，對電容器的電容大小沒有影響，對穩(wěn)定后電容器的帶電量沒有影響，故C錯誤；D．由圖乙可知，前后輪經(jīng)過傳器的時間間隔為，若汽車前后輪間距為，則汽車速度約為故D正確。故選D。4.如圖，圓形虛線框內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，是以不同速率對準(zhǔn)圓心入射的正電子或負(fù)電子的運(yùn)動徑跡，a、b、d三個出射點(diǎn)和圓心的連線與豎直方向分別成角，下列判斷正確的是（）A.沿徑跡運(yùn)動的粒子均為正電子B.沿徑跡運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間最短C.沿徑跡運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間之比為2∶1D.沿徑跡運(yùn)動的粒子動能之比為3∶1〖答案〗C〖解析〗A．由左手定則可判斷沿徑跡，運(yùn)動的粒子均帶負(fù)電，A項(xiàng)錯誤；B．由于正電子和負(fù)電子的電量q和質(zhì)量m均相等，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，則有解得可知四種粒子的周期相等，而沿徑跡運(yùn)動的粒子偏轉(zhuǎn)角最大，圓心角也最大，設(shè)偏轉(zhuǎn)角為θ，由可知沿徑跡運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間最長，B項(xiàng)錯誤；C．沿徑跡Oa運(yùn)動的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)角度為沿徑跡Od運(yùn)動的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)角度為兩粒子運(yùn)動周期大小相同，則可知，運(yùn)動的粒子在磁場中運(yùn)動時間之比為2∶1，選項(xiàng)C正確；D．設(shè)圓形磁場半徑為r，根據(jù)幾何關(guān)系可得沿徑跡，運(yùn)動的粒子軌道半徑分別為根據(jù)可得根據(jù)動能可知沿徑跡運(yùn)動的粒子動能之比為1∶3，選項(xiàng)D錯誤。故選C。5.《大國工匠》節(jié)目中講述了王進(jìn)利用“秋千法”在的高壓線上帶電作業(yè)的過程，如圖所示，絕緣輕繩一端固定在高壓線桿塔上的O點(diǎn)，另一端固定在兜籃D上，另一絕緣輕繩跨過固定在桿塔上C點(diǎn)的定滑輪，一端連接兜籃，另一端由工人控制，身穿屏蔽服的王進(jìn)坐在兜籃里，緩慢地從C點(diǎn)運(yùn)動到處于O點(diǎn)正下方E點(diǎn)的電纜處，繩一直處于伸直狀態(tài)。兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備總質(zhì)量為m，可看作質(zhì)點(diǎn)，不計一切阻力，重力加速度大小為g。從C點(diǎn)運(yùn)動到E點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）A.繩的拉力一直變小 B.繩的拉力一直變大C.繩、拉力的合力大于 D.繩與豎直方向的夾角為時，繩的拉力為〖答案〗D〖解析〗AB．對兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備整體受力分析如圖所示繩OD的拉力為F1，與豎直方向的夾角為，繩CD的拉力為F2，與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系知由正弦定理可得增大，減小，則拉力F1增大，拉力F2減小，故AB錯誤；C．王進(jìn)處于平衡狀態(tài)，兩繩拉力的合力等于mg，故C錯誤；D．當(dāng)時，，則解得故D正確。故選D6.自行車的發(fā)電花鼓可以在騎行時為車燈提供不超過額定值的電能，其原理簡化為圖（甲）所示，圖中N、S是與摩擦小輪同軸轉(zhuǎn)動的一對磁極，磁極周圍固定一個與理想變壓器原線圈相連的矩形線框，變壓器的輸出端與車燈相連。勻速騎行時，摩擦小輪在車輪的驅(qū)動下帶動磁極旋轉(zhuǎn)，變壓器輸出正弦式交流電。某輛裝有發(fā)電花鼓的自行車的部分結(jié)構(gòu)如圖（乙）所示，其中大齒輪與踏板相連，半徑較小的小齒輪1和半徑較大的小齒輪2與后輪同軸固定，騎行者可調(diào)節(jié)變速器使鏈條掛在不同的小齒輪上，騎行時摩擦小輪與車輪、車輪與地面均不打滑。下列說法正確的是（）A.車行速度越快，車燈一定越亮B.車行速度越快，交流電的周期一定越大C.同樣的車行速度，鏈條掛在小齒輪1上和掛在小齒輪2上，燈泡亮度相同D.同樣的車行速度，變壓器的原線圈匝數(shù)越多，車燈越亮〖答案〗AC〖解析〗A．車速越快，線框磁通量變化率大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢越大，所以車燈越亮，故A正確；B．車速越快，磁鐵轉(zhuǎn)動越快，交流電周期越小，故B錯誤；C．車速相同，磁鐵轉(zhuǎn)速相同，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢相同，所以燈泡亮度相同，故C正確；D．由變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系可得解得車燈電壓為所以原線圈匝數(shù)越大，車燈電壓越小，燈泡越暗，故D錯誤。故選AC。7.如圖甲，x軸位于粗糙絕緣的水平面上，電荷量為、的兩個點(diǎn)電荷固定在x軸上相距的A、B兩點(diǎn)。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從處由靜止釋放，沿x軸正方向運(yùn)動，在處開始反向運(yùn)動，滑塊在不同位置所具有的電勢能如圖乙，P點(diǎn)是圖線最低點(diǎn)?；瑝K與地面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。下列結(jié)論正確的是（）A.兩固定點(diǎn)電荷均為正電荷B.C.處電勢最低D.從到，電勢升高〖答案〗BD〖解析〗AC．由乙圖知，物塊在處電勢能最低，根據(jù)公式可得，在處電勢最高，且物塊在次處所受靜電力左右平衡，則兩固定點(diǎn)電荷均為負(fù)電荷，AC錯誤；B．由以上分析知，在處物塊所受靜電力左右平衡，則解得B正確；D．從到，靜電力對物塊做功為，此過程對物塊用動能定理，有解得即與處的電勢差為所以，從到，電勢升高，D正確。故選BD。8.如圖甲所示，淺色傾斜傳送帶兩側(cè)端點(diǎn)間距6m，皮帶總長12m，傾角37°。t＝0時，一質(zhì)量為1kg的煤塊從傳送帶底部的A點(diǎn)，以10m/s的速度沖上傳送帶。t＝1s時，傳送帶開始沿順時針方向勻加速轉(zhuǎn)動，A點(diǎn)運(yùn)動的v－t圖像如圖乙所示。煤塊與傳送帶間動摩擦因數(shù)為0.5，傳送輪和煤塊大小均可以忽略（，，）。煤塊在傳送帶上運(yùn)動的過程中，下列說法正確的是（）A.煤塊運(yùn)動至最高點(diǎn)，位移為10m B.煤塊在傳送帶上運(yùn)動時間為2sC.煤塊在傳送帶上留下的痕跡為12m D.煤塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量為90J〖答案〗CD〖解析〗A．煤塊從傳送帶底部開始滑動，根據(jù)牛頓第二定律可知解得煤塊減速為零需要的時間該過程煤塊走過的位移為由于煤塊減速為零后相對于皮帶向下運(yùn)動，所以煤塊煤塊運(yùn)動至最高點(diǎn)，位移為5m，A錯誤；B．煤塊速度減到零后開始向下運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可知解得滑塊下滑到傳送帶底端時解得煤塊在傳送帶上運(yùn)動的總時間為B錯誤；C．有圖乙可知，皮帶的加速度為煤塊沿傳送帶下滑過程中皮帶的位移皮帶的總長度為12m，所以劃痕的長度為12m，C正確；D．煤塊相對皮帶運(yùn)動的路程為煤塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量為D正確故選CD。二、非選擇題（一）必考題9.某同學(xué)探究小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動時向心力隨位置變化的規(guī)律，選用光滑的圓軌道，如圖甲，圓軌道半徑，在軌道內(nèi)側(cè)距離最低點(diǎn)A高度H分別為0、h、、、、、處固定有壓力傳感器，質(zhì)量為m的小球從A點(diǎn)以速度沿軌道內(nèi)側(cè)向右運(yùn)動，記錄小球在各位置對軌道的壓力F的數(shù)值，作出圖像如圖乙。（1）若小球在A點(diǎn)對軌道的壓力大小為，則F與H的關(guān)系可表示為___________（用m、g、R、H、表示）；（2）取重力加速度，由圖乙可得小球質(zhì)量___________，小球經(jīng)過最低點(diǎn)A時的初速度___________。（的結(jié)果用根式表示）〖答案〗（1）（2）0.5〖解析〗（1）[1]設(shè)在任意高H處小球的速度為，由動能定理有設(shè)小球在H處和圓心O的連線與OA的夾角為，當(dāng)時，由牛頓運(yùn)動定律有在最低點(diǎn)有可得當(dāng)時該式仍成立；（2）[2]根據(jù)圖像可得，在A點(diǎn)，，在處，，圖像斜率可得[3]在最低點(diǎn)有解得10.多用電表是電學(xué)實(shí)驗(yàn)常用儀表，多用電表是由小量程的電流表（表頭）改裝而成。（1）用滿偏電流為、內(nèi)阻為的表頭改裝成量程為和的雙量程電流表，某同學(xué)設(shè)計了如圖甲、乙所示的兩個電路，在圖甲所示的電路中___________（選填“大于”或“小于”）；在圖乙所示的電路中的阻值為___________；（2）在圖乙電路的基礎(chǔ)上，該同學(xué)連接電源、滑動變阻器改裝成如圖丙所示的多用電表，則表筆A為___________（選填“紅”或“黑”）表筆；已知電源電動勢，內(nèi)阻不計，當(dāng)開關(guān)S置于3時，將表筆A、B短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器進(jìn)行歐姆調(diào)零，滑動變阻器接入電路的阻值為___________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；將待測電阻接在表筆A、B之間進(jìn)行測量，穩(wěn)定時，指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的，則待測電阻的阻值為___________?！即鸢浮剑?）大于2（2）黑5.830〖解析〗（1）[1]根據(jù)圖甲可得，則有即在圖甲所示的電路中大于；[2]在圖乙所示的電路中，有，又，聯(lián)立解得，（2）[3]圖丙中表筆A連接電源正極，則表筆A為黑表筆；[4]已知電源電動勢，內(nèi)阻不計，當(dāng)開關(guān)S置于3時，將表筆A、B短接，歐姆調(diào)零時，有其中，聯(lián)立解得[5]將待測電阻接在表筆A、B之間進(jìn)行測量，穩(wěn)定時，指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的，則有聯(lián)立可得解得11.如圖是一彈珠游戲機(jī)簡化示意圖。矩形游戲面板與水平面所成夾角，面板右側(cè)邊緣的直管道與四分之一圓弧軌道相切于P點(diǎn)，面板左側(cè)邊緣有垂直板面的擋板，已知圓弧軌道半徑，圓弧軌道最高點(diǎn)Q（切線水平）到水平面的高度。控制手柄K可使彈珠（可視為質(zhì)點(diǎn)）以不同的速度沿直管道發(fā)射，彈珠與擋板撞擊時間極短且不損失機(jī)械能，撞擊前后水平速率不變。不計摩擦和空氣阻力。，。（1）求小球通過Q點(diǎn)的最小速度大?。唬?）若小球以最小速度通過最高點(diǎn)Q，與擋板發(fā)生一次撞擊，剛好經(jīng)過面板下邊緣M點(diǎn)，M、A兩點(diǎn)相距，求面板邊的長度L?！即鸢浮剑?）；（2）2.75m〖解析〗（1）小球恰好過Q點(diǎn)，有解得（2），沿斜面向下，小球做勻加速直線運(yùn)動，有解得水平方向，速度大小不變，碰前與碰后水平位移大小相等，故有M到擋板距離則邊長度12.如圖所示，有形狀為“”的光滑平行導(dǎo)軌和水平放置，其中寬軌間距為2d，窄軌間距為d，軌道足夠長。右側(cè)均為絕緣材料，其余為金屬導(dǎo)軌，。間接有一電阻阻值為r。金屬棒質(zhì)量為m、長度為2d、電阻阻值為2r，在水平向右、大小為F的恒力作用下，從靜止開始加速，離開寬軌前，速度已達(dá)最大值。金屬棒滑上窄軌瞬間，迅速撤去力F。是質(zhì)量為m、電阻阻值為r、三邊長度均為d的“U”形金屬框，如圖平放在絕緣導(dǎo)軌上。以f點(diǎn)所在處為坐標(biāo)原點(diǎn)O，沿方向建立坐標(biāo)軸。整個空間存在豎直向上的磁場，左側(cè)為磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場，右側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度分布規(guī)律（），其中，金屬導(dǎo)軌電阻不計，棒、金屬框與導(dǎo)軌始終接觸良好。（1）求棒在寬軌上運(yùn)動的最大速度及剛滑上窄軌時兩端電壓；（2）求棒運(yùn)動至與金屬框碰撞前瞬間的速度大??；（3）若棒與金屬框碰撞后連接在一起，求金屬框靜止時f端的位置坐標(biāo)x?！即鸢浮剑?），；（2）；（3）〖解析〗（1）當(dāng)棒勻速運(yùn)動時，加速度為零，此時速度最大，棒受力平衡其中聯(lián)立解得當(dāng)剛滑上窄軌時，等效電路如圖所示棒只有中間寬度為d的部分有電流流過，間電壓其中代入數(shù)值得（2）棒在窄軌上的導(dǎo)體部分做減速運(yùn)動，由動量定理得又聯(lián)立上述方程可解得棒滑出導(dǎo)體區(qū)域瞬間速度為之后勻速運(yùn)動至與金屬框相碰。（3）棒與金屬框相碰，據(jù)動量守恒定律可得進(jìn)入窄軌的絕緣部分后，棒部分和金屬框構(gòu)成回路，邊處的磁場總是比邊的磁場大回路中的