-物理-重慶第八中學(xué)2024屆高考適應(yīng)性月考卷（一）帶答案

重慶市第八中學(xué)2024屆高考適應(yīng)性月考卷(一)1.答題前，考生務(wù)必用黑色碳素筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號、座位號在答題卡上填寫清2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈3.考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。滿分100分，考試用時75分鐘。一、單項選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1.某同學(xué)在水平桌面上對乒乓球運動進(jìn)行研究：如圖1所示，他先讓乒乓球在桌面上勻速運動(阻力不計),然后該同學(xué)在與乒乓球路徑相垂直的方向上固定一個紙筒(直徑略大于乒乓球的直徑),當(dāng)乒乓球經(jīng)過筒口的正前方時，該同學(xué)以平行于桌面的方向?qū)η虼禋狻ｊP(guān)于不同吹氣方向，則A.沿著球與筒口連線方向吹球，乒乓球會運動到筒內(nèi)B.往筒的右側(cè)吹氣，乒乓球可能會運動到筒內(nèi)B.往筒的右側(cè)吹氣，乒乓球可能會運動到筒內(nèi)D.只要吹的氣流速夠大，球就一定能進(jìn)入到筒內(nèi)2.足球運動是一項非常受歡迎的體育項目，如圖2所示，某位球員在操場上練習(xí)踢球，他一腳用力踩在足球上面，讓足球保持靜止，則A.靜止的足球受到的重力與支持力是一對平衡力B.如果足球氣打得足一點，足球可能不發(fā)生形變C.足球受到地面的支持力是足球發(fā)生彈性形變引起的圖2D.足球?qū)Φ孛娴膲毫偷孛鎸ψ闱虻闹С至κ且粚ψ饔昧头醋饔昧D23.建筑工地上經(jīng)常需要用工具來搬運建筑材料，如圖3所示是某搬運裝置的簡圖，輕繩AB繞過定滑輪，繩上的O點拴有建筑材料，甲在地面上拉著長繩的A端點，乙在樓頂拉著B端點，甲負(fù)責(zé)將建筑材料提升至樓頂，而乙用水平方向的拉力將建筑材料緩慢移到平臺上，在乙緩慢移動建筑材料的過程中，甲保持不動，則A.甲對端點A的拉力逐漸變大C.乙對端點B的拉力大小不變D.乙受到樓頂平臺的支持力逐漸變小圖3道下端均與水平面平滑相切連接。初速度為v?的物體從D點出發(fā)沿DBA滑動到頂點A時速度剛好為零。若已知該物體與所有軌道和水平面之間的動摩擦因數(shù)處處相同且不為零，則AA.該物體從A點由靜止出發(fā)沿ABD滑動到D點的速度大小為v?AB.該物體從A點由靜止出發(fā)，分別沿ABD和ACD滑動，最終在同一點停下C.該物體從D點以速度v?出發(fā)，沿DCA滑動，無法滑到頂點AD.該物體從D點以速度v?出發(fā)，沿DEA滑動，能滑到頂點A5.如圖5所示，斜面體A上表面光滑，傾角為a、質(zhì)量為M、底邊長為L,靜止放置在光滑水平面上，現(xiàn)將一可視為質(zhì)點、質(zhì)量為m的滑塊B從斜面的頂端無初速度釋放，經(jīng)過時間t剛好滑到斜面底端，重力加速度大A.斜面A對滑塊B的支持力不做功B.滑塊B下滑過程中，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒C.滑塊B下滑時間t過程中，B的重力沖量為D.滑塊B滑到斜面底端時，B向右滑動的水平距離為6.如圖6所示，從空中a點將小球P豎直向上拋出，6.如圖6所示，從空中a點將小球P豎直向上拋出，與此同時將小球Q從a點正上方的c點由靜止釋放，一段時間后Q在a點正下方的b點追上P,全程兩小球未落地。已知a、b兩點間的高度差為2h,c、a兩點間的高度差為3h。不計空氣阻力，兩小球均可視為質(zhì)點，則小球a相對拋出點上升的最大高度為圖6Bh口7.如圖7所示是建筑工地上常用的一種“深穴打夯機(jī)”示意圖，兩個滾輪勻速轉(zhuǎn)動將夯桿從深穴由靜止開始往上提(夯桿被滾輪提升過程中，經(jīng)歷勻加速和勻速運動過程)。當(dāng)夯桿底端剛好與穴口地面平齊時，兩個滾輪彼此分開，釋放夯桿，夯桿由于自身重力會自由下落至穴底，與地面碰撞后速度為0。然后兩個滾輪再次壓緊，提升夯桿，如此周而復(fù)始。已知夯桿質(zhì)量為m,兩個滾輪邊緣的線速度大小恒為v,滾輪對夯桿忽略打夯過程中穴深度的變化，的正壓力Fy=2mg,滾輪與夯桿間的動摩擦因數(shù)為μ,穴深忽略打夯過程中穴深度的變化，,A.夯桿被滾輪帶動加速上升的過程中，加速度的大小a=(2u-1)gD.增加滾輪對夯桿的正壓力，每個打夯周期中滾輪與夯桿間因摩擦產(chǎn)生的熱量將增加圖7二、多項選擇題：本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.流浪地球系列電影中構(gòu)想了從赤道地面架起的豎直向上的“太空電梯”,該電梯相對地面靜止，隨地球一起自轉(zhuǎn)，如圖8甲所示，可幫助宇航員順利進(jìn)入太空站。圖乙中r為太空電梯中的宇航員到地心的距離，R為地球半徑，曲線A為地球引力對宇航員產(chǎn)生的加速度大小與r的關(guān)系；直線B為太空電梯中宇航員的向心加速度大小與r的關(guān)系。關(guān)于相對地面靜止在不同高度的宇航員，則甲乙A.隨著r增大，宇航員的向心加速度變大B.直線B的斜率大小等于地球自轉(zhuǎn)的角速度大小D.宇航員在太空電梯中不受重力9.一個內(nèi)壁光滑的半徑為R的管形圓軌道固定在水平面上，俯視圖如圖9所示，a、b、c、d為圓上兩條直徑的端點，且ac與bd相互垂直。在內(nèi)部放置A、B兩個小球(球徑略小于管徑，管徑遠(yuǎn)小于R),質(zhì)量分別為mA、mg,開始時B球靜止于a點，A球在其左側(cè)以v?的初速度向右與B球發(fā)生第一次碰撞且被反彈。已知小球之間的碰撞均為對心彈性碰撞，第二次碰撞發(fā)生在b點。則A.A、B兩球的質(zhì)量之比為m?:mg=1:7B.若只增大A球的質(zhì)量mA,則第二次碰撞點可能在dc之間某處C.若只增大A球的初速度v?,則第二次碰撞點可能在b、a之間某處D.10.如圖10所示，兩長度均為L的輕繩一端打結(jié)，記為O點，并系在一質(zhì)量為m的小球上。兩輕繩的另一端使小球在垂直紙面的豎直面內(nèi)做往復(fù)運動。某次小球運動到最低點時，輕繩OB斷開，小球恰好做勻速圓周運動。已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度為g,則A.輕繩OB斷開前，輕繩OA與OB上的張力大小相等B.輕繩OB斷開后瞬間，輕繩OA上的張力大小為C.輕繩OB斷開時，小球的速度大小為D.輕繩OB斷開前后瞬間，輕繩OA上的張力大小之比為25:16圖10三、非選擇題：本大題共5小題，共57分。11.(6分)某物理興趣小組利用傳感器探究向心力大小與半徑、角速度的關(guān)系，實驗裝置如圖11甲所示。裝置中水平直槽能隨豎直轉(zhuǎn)軸一起轉(zhuǎn)動，將滑塊套在水平直槽上，用細(xì)線將滑塊與固定的力傳感器連接。當(dāng)滑塊隨水平直槽一起勻速轉(zhuǎn)動時，細(xì)線的拉力大小可以通過力傳感器測得，滑塊轉(zhuǎn)動的角速度可以通甲乙(1)將相同滑塊分別以半徑r為0.14m、0.12m、0.10m、0.08m、0.06m做圓周運動，在同一坐標(biāo)系中分別得到圖乙中①、②、③、④、⑤五條F-@圖線，則圖線①對應(yīng)的半徑為,各圖線不過坐標(biāo)原12.(9分)某實驗小組利用頻閃照相技術(shù)研究平拋運動的規(guī)律。如圖12甲所示，某次實驗時，先將一足夠大的方格紙平鋪在豎直墻壁上作為背景。拍攝時，讓一小球從A點水平拋出的同時，從B點由靜止釋放另一小球，已知背景的小方格均為邊長為L=2cm的正方形，重力加速度為g=9.8m/s2,空氣阻力不計。甲乙圖12(1)根據(jù)圖甲中的信息，下列說法中正確的是A.只能確定水平拋出的小球水平方向的運動是勻速直線運動B.只能確定水平拋出的小球豎直方向的運動是自由落體運動C.既可以確定水平拋出的小球水平方向的運動是勻速直線運動，也可以確定豎直方向的運動是自由落體運動(2)根據(jù)圖甲中的信息可求出：頻閃照相機(jī)的閃光周期的平方為s2(保留兩位有效數(shù)字)。(3)如圖乙所示，某同學(xué)實驗時隨意平鋪方格紙，并忘了標(biāo)記重垂線方向。用另一頻閃周期得到的頻閃照片中只有D、E、F三個位置，則該平拋運動的初速度大小vo=(用符號L、g表示)。13.(10分)某款兒童滑梯如圖13所示，其滑面可視為與水平地面夾角為0的平直斜面，滑面頂端距離地面高度h。一質(zhì)量m的兒童從滑面頂端由靜止開始下滑至底端，已知兒童與滑面間的動摩擦因數(shù)為μ,兒童沿滑面下滑的過程，可以看作質(zhì)點沿斜面直線運動，重力加速度為g,忽略空氣阻力的影響。求：(1)兒童下滑過程中，兒童的加速度及滑至底端的時間；(2)兒童下滑過程中，所受合力做的功W合。圖14.(14分)如圖14所示，質(zhì)量為M的玩具動力小車在水平地面上用水平輕繩拉著質(zhì)量為m的物體以速度v勻速運動。某時刻輕繩從物體上脫落，物體繼續(xù)滑行一段位移后停下，且物體停下時小車恰好達(dá)到額定功率。小車受地面的阻力f恒定，小車達(dá)到額定功率前其牽引力F也恒定，物體與地面間的動摩擦因數(shù)不變，不計空氣阻力，重力加速度為g。(1)求輕繩脫落后物體滑行的總位移大?。?2)求物體剛好停下時小車的速度大??；(3)達(dá)到額定功率后小車維持功率不變而牽引力變化，以額定功率運行時間t后小車達(dá)到最終穩(wěn)定速度，求小車在這段時間t內(nèi)的位移大小。圖1415.(18分)如圖15所示，質(zhì)量均為m的滑塊A、木板B左端對齊，靜止疊放在水平地面上。A、B之間的動摩擦因數(shù)μ=0.3,B與地面之間的動摩擦因數(shù)μ?=0.1。t=0時刻，用帶有橡膠指套的手指在A的上表面以恒定速率v向右移動，手指對A的壓力為F=0.5mg。經(jīng)一段時間△t(未知)后，撤去手指，此時A的左端與B上表面標(biāo)記點P的距離恰好等于手指在A上表面留下的劃痕長度。撤去手指△t后，A的左端與P對齊且A、B恰好速度相等。已知重力加速度g,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。(3)若A的左端恰好與標(biāo)記點P對齊時，立即再用手指在A上表面勻速移動，手指對A的壓力恒為0.5mg,每次有手指作用時間與無手指作用時間均為△t,但手指向右移動速率逐次增大某個定值，以保證A、B每次速度相等時均恰好開始下一次手指作用。已知A的長度為,求從開始到A的右端與B的右端對齊過程手指對A做的總功。圖15重慶市第八中學(xué)2024屆高考適應(yīng)性月考卷(一)一、單項選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。微信公眾號：三人行題號1234567答案BDABDCC【解析】1.乒乓球沿著原方向做勻速直線運動的同時也會沿著吹氣方向做加速運動，實際運動是兩個運動的合運動，所以沿著球與筒口連線方向吹氣或者往筒的左側(cè)吹氣時，不管吹氣流速多大，均不會運動到筒內(nèi)，而往筒的右側(cè)吹氣可能會運動到筒內(nèi)，故B正確，A、C、D錯誤。2.足球受到重力、地面的支持力以及腳的作用力處于平衡狀態(tài)，則重力與支持力并非是一對平衡力，故A錯誤。足球在外力的作用下總是要發(fā)生形變，從而對與之接觸的物體產(chǎn)生彈力作用，可知即使足球氣打得足一點，足球仍然發(fā)生形變，故B錯誤。足球受到地面的支持力是地面發(fā)生彈性形變引起的，故C錯誤。足球?qū)Φ孛娴膲毫偷孛鎸ψ闱虻闹С至κ且粚ψ饔昧εc反作用力，故D正確。3.乙移動建筑材料的過程中，可知O點上方繩子與豎直方向的夾角θ逐漸變大，以O(shè)點為對象，根據(jù)受力平衡可得,Ton=mgtan?,可知隨著0的增大，所以甲對繩的拉力增大，乙對OB繩的拉力大增大，故A正確，C錯誤。乙移動建筑材料的過程中，對甲受力分析，由受力平衡可知，地面對甲的摩擦力大小等于繩子對甲的拉力在水平方向的分力，由于甲對繩的拉力增大，即繩對甲的拉力增大，且滑輪左端繩與水平方向夾角不變，可得地面對甲的摩擦力逐漸增大，故B錯誤。對乙受力分析，乙受到樓頂平臺的支持力等于乙的重力，所以支持力不變，故D錯誤。沿DBA,由功能關(guān)系物理參考答案·第1頁(共8頁)解得v=v?,說明從D到A,摩擦因數(shù)相同，摩擦力做功僅與水平位移有關(guān)，而與斜面傾;則能到D點，且v,小于v?。若h<L,則無法到達(dá)D點，故A錯誤。從A點出發(fā)分別沿ABD和ACD滑動直至停下，全程重力做功等于克服摩擦力做功，由于重力做功相同，則克服摩擦力做功相同，最后停下的位置也相同，故B正確。從D點出發(fā)沿DEA曲線軌道滑動，由于曲線運動需考慮向心力，則與傾斜直軌道相比，在曲線軌道上物體速度大小相同時，對曲線軌道的壓力大于對傾斜直軌道的壓力，因此摩擦力也更大，克服摩擦力做功更多，無法滑到頂點A,故D錯誤。微信公眾號：三人行試卷庫5.斜面A對滑塊B的支持力垂直斜面指向右上方，而滑塊B既有沿斜面向下的速度，也有水平向右的速度分量，則B下滑過程中B的速度與所受支持力成鈍角，該支持力做負(fù)功?；瑝KB下滑過程中，有斜向右下方的加速度，此加速度有豎直向下的分加速度，所以系統(tǒng)在豎直方向所受合力向下，受力不平衡，即系統(tǒng)動量不守恒?；瑝KB下滑過程中，A、B組成的系統(tǒng)水平方向不受力，所以系統(tǒng)水平方向動量守恒，設(shè)水平向右為正方向，滑塊B下滑過程中，任意時刻B物塊水平速度大小為v,A的水平速度大小為v?,對系統(tǒng)在水平方向有O=mvg-Mv?,解得。設(shè)B到達(dá)斜面底端時，A、B水平位移大小分別為x、故A、B錯誤，D正確。滑塊B下滑時間t過程中，重力對B的沖量大小為I=mgt,故C錯誤。6.Q做自由落體運動，有從拋出到相遇，以向下為正方向，,據(jù)幾何關(guān)系可得xo-xp=3h,解得,P上升的最大高度,故C正確。7.夯桿勻加速上升過程中，加速度解得a=(4μ-1)g,故A錯誤。夯桿速度,此時距離穴口頂端到達(dá)穴故B錯誤。在勻加速上升階段，電動機(jī)對夯桿做的功W?=2μF,h,加速階段產(chǎn)生的熱量為Q=2μF,·△h,勻速階段電動機(jī)對夯桿做的功,故C正確。每個打夯周期中滾輪與夯桿間因摩擦產(chǎn)生的熱量為F增大時，Q將減小，故D錯誤。二、多項選擇題：本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。題號89答案ACABABC【解析】8.宇航員站在“太空電梯”上，相對地面靜止，故角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相同，隨著r增大，根據(jù)a=o2r,向心加速度增大，且B直線的斜率等于地球自轉(zhuǎn)角速度的平方，故A正確，B錯誤。當(dāng)r=%時，引力加速度正好等于宇航員做圓周運動的向心加速度，即萬有引力提供做圓周運動的向心力a=o2r,所以宇航員相當(dāng)于衛(wèi)星，此時宇航員的角速度跟地球的自轉(zhuǎn)角速度一致，可以看作是地球的同步衛(wèi)星，即r為地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，故C正確。宇航員在太空中仍受重力，重力大小與萬有引力大小相等，故D錯誤。9.設(shè)第一次碰后A、B兩球的速度分別為v?、v?。根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律有正確。設(shè)第二次碰撞A球轉(zhuǎn)過的角度為α,則有,解得物理參考答案·第3頁(共8頁),可知α與初速度無關(guān)，即第二次碰撞點與A球的初速度無關(guān)，若只增大A球的質(zhì)量m?則α減小，第二次碰撞點可能在dc間某處，故B正確，C錯誤。兩次碰,與質(zhì)量無關(guān)，故D錯誤。10.輕繩OB斷開前，小球以A、B中點為圓心的圓弧做往復(fù)運動，設(shè)小球經(jīng)過最低點的速度輕繩OB斷開后，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，其圓心在A點的正下方，設(shè)輕繩的張力為F?,有,,少的張力大小相等，方向不同，故A、B、C正確。三、非選擇題：本大題共5小題，共57分。11.(每空2分，共6分)(1)0.14m受到摩擦力作用(2)在F-φ圖像中找到同一個o對應(yīng)的向心力，根據(jù)5組向心力F與半徑r的數(shù)據(jù)，在F-r坐標(biāo)系中描點作圖，若得到一條過原點的直線，則說明F與r成正比【解析】(1)由受力分析可知由摩擦力及細(xì)線彈力提供圓周運動向心力F+f=mo2r,根據(jù)二次函數(shù)的知識可以判斷mr越大，拋物線開口越小，所以為0.14m。不過原點的原因為受到摩擦力作用。(2)探究F與r的關(guān)系時，要先控制m和o不變，因此可在F-φ圖像中找到同一個o對應(yīng)的向心力，根據(jù)5組向心力F與半徑r的數(shù)據(jù)，在F-r坐標(biāo)系中描點作圖，若得到一條過原點的直線，則說明F與r成正比。12.(每空3分，共9分)【解析】(1)因為相鄰兩張照片間的時間間隔相等，由圖甲可知，水平拋出的小球相鄰兩點間水平距離相等，可知其沿水平方向的運動是勻速直線運動；豎直方向上，水平拋出oo。(3)如圖2所示，設(shè)重垂線與y軸的夾角為θ,將重力加速度沿x、y軸方向分解，則g,=-gsinQ,g?=gcos0,根據(jù)勻變速直線則沿x軸方向有xgp-xpg=gT2=2L,yE-Yoe=g,T2=-2L,解得O=45°,因此Xbe=3√2L,則y2p-ybg=gT2,平拋初速13.(10分)解：(1)兒童下滑過程中，對兒童受力分析，正交分解得mgsinθ-f=ma①f=μmgcosθ②解得a=gsinθ-μgcosθ,④斜面長度④⑥(2)兒童下滑過程中，所受合力做的功W?=F·L⑦評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共10分。正確得出⑦、⑧式各給2分，其余各式各給1分。物理參考答案·第5頁(共8頁)14.(14分)解：(1)勻速運動中整體受力平衡F=f+μmg,μmg=F-f方法一：動能定理物體滑行過程方法二：動力學(xué)方法μmg=ma,v2=2as(2)方法一：動量守恒故①②③輕繩脫落后，在物體靜止前，系統(tǒng)所受外力沒有變化，故仍然合力為零，動量守恒，有方法二：動力學(xué)方法物體停下的時間F-f=Ma,當(dāng)牽引力等于阻力時達(dá)到穩(wěn)定速度F'=f解④⑤⑥⑦⑨⑩評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共14分。正確得出④式給3分，得出②、⑨式各給2分，其余各式各給1分(其他正確解法參照給分：第一問4分，第二問4分，第三問6分)。15.(18分)解：(1)由題意得，手指作用期間，A、B必定相對滑動，再假設(shè)B相對地面滑動，對B有μ(F+mg)-μ?(F+2mg)=ma?