2024屆陜西省漢中市漢臺(tái)區(qū)高三下學(xué)期教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)（一模）理綜試題-高中物理（含答案解析）

漢臺(tái)區(qū)2024屆高三年級(jí)教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)考試?yán)砜凭C合試題（卷）本試卷共38題（含選考題），共300分，考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效：在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：H-1O-16Na-23C1-35.5二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.某國政府不顧國際社會(huì)的反對(duì)，公然決定將大量核廢水排放到太平洋，引起了國際輿論的強(qiáng)烈譴責(zé)。核廢水主要包含63種放射性物質(zhì)，其中以銫137、鍶90、氚、碳14等為主，下列說法正確的是（）A.銫137的半衰期是30年，60年后核廢水中的銫137全部衰減殆盡B.鍶90發(fā)生衰變的衰變方程為的比結(jié)合能比的大C.氚具有放射性，是原子核外電子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷造成的D.碳14的半衰期為5730年，如果一塊古木中的碳14含量是現(xiàn)代植物的0.25倍，則古木的歷史約11460年【答案】D【解析】【詳解】A．銫137的半衰期是30年，經(jīng)歷兩個(gè)半周期，60年后核廢水中的銫137仍剩下原先的，故A錯(cuò)誤；B．鍶90發(fā)生衰變的衰變方程為，更穩(wěn)定，的比結(jié)合能比的小，故B錯(cuò)誤；C．氚具有放射性，是原子核發(fā)生衰變?cè)斐傻?，故C錯(cuò)誤；D．碳14的半衰期為5730年，如果一塊古木中的碳14含量是現(xiàn)代植物的0.25倍，經(jīng)歷兩次半周期，則古木的歷史約故D正確。故選D。2.杭州亞運(yùn)會(huì)跳臺(tái)的跳水決賽中，中國運(yùn)動(dòng)員全紅嬋完美一跳后裁判全給10分并獲得冠軍。從全紅嬋離開跳板開始計(jì)時(shí)，跳水過程中重心的圖像如圖所示。則全紅嬋的重心（）A.在過程中作自由落體運(yùn)動(dòng)B.在過程中速度方向發(fā)生改變C.在過程中加速度逐漸減小D.在時(shí)刻上浮至水面【答案】C【解析】【詳解】A．在過程中初速度不是零，不是自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．在過程中速度始終為正值，方向不變，故B錯(cuò)誤；C．在過程中，圖像斜率變小，斜率代表加速度，加速度逐漸減小，故C正確；D．根據(jù)圖像可知，過程豎直向上運(yùn)動(dòng)，過程中豎直向下運(yùn)動(dòng)，在時(shí)刻下降到最低點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選C。3.一種便攜式三腳架由三根完全相同的輕桿通過鉸鏈組合在一起，每根桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動(dòng)。如圖所示，三根桿與豎直方向的夾角均為37°，吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)量為m，支架與鉸鏈之間的摩擦忽略不計(jì)，則（）A.三角架所受合力大小mgB.每根桿受到地面的作用力為C.每根桿與地面的摩擦力大小為D.減小桿與豎直方向夾角時(shí)，桿與地面摩擦力增大【答案】C【解析】【詳解】A．三角支架處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，所受合力為0，故A錯(cuò)誤；B．以吊鍋和鐵鏈為研究對(duì)象，設(shè)每根桿的彈力為，在豎直方向，根據(jù)平衡條件有解得而每根桿受到地面對(duì)其的作用力應(yīng)與平衡，由此可知，每根桿受到地面的作用力為，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第三定律可知，每根桿對(duì)地面的作用力的大小為，則由平衡條件可得，每根桿與地面間的摩擦力大小故C正確；D．由可知，減小桿與豎直方向夾角時(shí)，桿與地面摩擦力將減小，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，飛行器在距月球表面高度為3R的圓形軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌道A點(diǎn)處，點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道近月點(diǎn)B再次點(diǎn)火進(jìn)入近月軌道Ⅲ并繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知：月球半徑為R，月球表面的重力加速度為，則（）A.飛行器橢圓軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，B點(diǎn)速度大于A點(diǎn)速度，機(jī)械能守恒B.飛行器在軌道Ⅱ上通過B點(diǎn)的加速度小于在軌道Ⅰ上通過A點(diǎn)的加速度C.由已知條件可求出飛行器在軌道Ⅱ上的運(yùn)行周期為D.若月球的質(zhì)量變大，半徑不變，則飛行器在近月軌道Ⅲ上運(yùn)行線速度將變小【答案】A【解析】【詳解】A．由開普勒第二定律知，飛行器在橢圓軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，B點(diǎn)速度大于A點(diǎn)速度，由于在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)時(shí)只有萬有引力做功，所以機(jī)械能守恒，故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律可得解得可知越小，加速度越大，所以飛行器在軌道Ⅱ上通過B點(diǎn)的加速度大于在軌道Ⅰ上通過A點(diǎn)的加速度，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)飛行器在近月軌道Ⅲ繞月球運(yùn)行一周所需的時(shí)間為，則有解得根據(jù)幾何關(guān)系知，Ⅱ軌道的半長軸為根據(jù)開普勒第三定律有聯(lián)立可得飛行器在軌道Ⅱ上的運(yùn)行周期為故C錯(cuò)誤；D．由萬有引力提供向心力可得可得當(dāng)月球質(zhì)量變大，半徑不變時(shí)，則飛行器在近月軌道Ⅲ上運(yùn)行線速度將變大，故D錯(cuò)誤。故選A。5.微信運(yùn)動(dòng)步數(shù)的測(cè)量是通過手機(jī)內(nèi)電容式加速度傳感器實(shí)現(xiàn)的。其工作原理可簡化為如圖所示，M極板固定，當(dāng)手機(jī)的加速度變化時(shí)，N極板能上下左右運(yùn)動(dòng)，進(jìn)而改變電容器的電容。將運(yùn)動(dòng)信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)，圖中R為定值電阻。下列說法正確的是（）A.手機(jī)靜止時(shí)，電流表示數(shù)為零、電容器兩極板不帶電B.N極板向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不發(fā)生變化C.N極板向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，電容器的電容減小D.N極板向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，電流由b向a流過電流表【答案】D【解析】【詳解】A．靜止時(shí)，電流表示數(shù)為零，但兩極板與電源連接，帶正、負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤；B．N極板向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，U不變，間距減小，根據(jù)可知兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故B錯(cuò)誤；C．N極板向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，間距減小，根據(jù)可知電容器的電容增加，故C錯(cuò)誤；D．由C選項(xiàng)分析可知，N極板向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，間距增大，電容器電容減小，由于電勢(shì)差U不變，根據(jù)Q=CU可知電荷量減小，電容器放電，由圖可知，帶負(fù)電的自由電荷由a向b流過，電流由b向a流過電流表，故D正確。故選D。6.如圖甲所示，質(zhì)量m=10kg的物體靜止在水平地面上，在水平推力F的作用下開始運(yùn)動(dòng)，水平推力（F）隨位移（x）變化的圖像如圖乙所示。已知物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，取重力加速度大小g=10m/s2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列判斷正確的是（）A.x=5m時(shí)，物體的速度最大B.x=10m時(shí)，物體的速度為0C.物體的位移在0~10m的過程中，力F對(duì)物體所做的功為1000JD.物體的位移在0~10m的過程中，物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于4s【答案】AB【解析】【詳解】A．由題圖乙可知F隨x變化的關(guān)系式為則物體所受合外力隨x的表達(dá)式為當(dāng)x＜5m時(shí)，F(xiàn)合始終沿正方向，物體做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，速度一直增大，當(dāng)x=5m時(shí)速度達(dá)到最大值，故A正確；BC．x=10m時(shí)，設(shè)物體的速度大小為v，F(xiàn)-x圖像與坐標(biāo)軸所圍的面積表示F的功，則物體的位移在0~10m的過程中，力F對(duì)物體所做的功為根據(jù)動(dòng)能定理有解得故B正確，C錯(cuò)誤；D．0~5m過程中，F(xiàn)做的功為根據(jù)前面分析可知x=5m時(shí)，物體速度達(dá)到最大值vm，根據(jù)動(dòng)能定理有解得設(shè)物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，物體先做加速度逐漸減小到加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，作出物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示。根據(jù)v-t圖像與t軸所圍面積表示位移可知解得故D錯(cuò)誤。故選AB。7.如圖所示，理想變壓器所接電源的輸出電壓為，、、為三個(gè)完全相同的燈泡，燈泡和變壓器的原線圈串聯(lián)，燈泡、并聯(lián)接在副線圈回路中，定值電阻，交流電流表為理想電表，當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)三個(gè)燈泡都正常發(fā)光，電流表示數(shù)為2A。下列說法正確的是（）A.變壓器原副線圈的匝數(shù)比為 B.燈泡的額定電壓為12VC.電源輸出的功率為26W D.當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，燈泡會(huì)變暗【答案】AD【解析】【詳解】A．、、為三個(gè)完全相同的燈泡，電流表示數(shù)為2A，則燈泡額定電流為1A，有故A正確；B．電源的輸出電壓為，有效值為設(shè)燈泡的額定電壓為UL，有解得故B錯(cuò)誤；C．電源輸出功率為故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，副線圈中總功率變小，電流變小，原線圈中電流變小，燈泡會(huì)變暗，故D正確。故選AD。8.如圖甲所示，一電阻不計(jì)且足夠長的固定光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距L=1m，下端接有阻值R=2Ω的電阻，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ=30°。整個(gè)裝置處于方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。一質(zhì)量m=0.2kg、阻值r=1Ω的金屬棒垂直于導(dǎo)軌放置并用絕緣細(xì)線通過光滑的定滑輪與質(zhì)量M=1kg的重物相連，左端細(xì)線沿NM方向。棒由靜止釋放后，沿NM方向位移x與時(shí)間t之間的關(guān)系如圖乙所示，其中ab為直線。已知棒在0~0.3s內(nèi)通過的電荷量是0.3~0.4s內(nèi)通過電荷量的2倍，g取10m/s2，下列說法正確的是（）A.圖乙中a點(diǎn)的縱坐標(biāo)是0.6mB.棒在0~0.3s內(nèi)通過的電荷量是0.18CC.磁感應(yīng)強(qiáng)度B=9TD.電阻R在0~0.4s內(nèi)產(chǎn)生的熱量Q=1.8J【答案】AD【解析】【詳解】A．通過導(dǎo)體棒的電荷量為棒在0~0.3s內(nèi)通過的電荷量是0.3~0.4s內(nèi)通過電荷量的2倍，則有解得故A正確；BC．0.3s后棒做勻速運(yùn)動(dòng)，則受力平衡，有根據(jù)閉合電路的歐姆定律得解得故BC錯(cuò)誤；D．在0~0.4s內(nèi)，對(duì)導(dǎo)體棒由動(dòng)能定理得根據(jù)功能關(guān)系有在電路中，電阻R在0~0.4s內(nèi)產(chǎn)生的熱量聯(lián)立解得D正確。故選AD。三、非選擇題：共174分。第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9.在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，為了避免平拋起點(diǎn)記錄不準(zhǔn)確以及實(shí)驗(yàn)操作過程中白紙的移動(dòng)帶來誤差，某同學(xué)利用如圖所示的裝置進(jìn)行了如下的操作：①先調(diào)整斜槽軌道，使其末端的切線水平，在一塊平木板表面先后釘上白紙和復(fù)寫紙，并將該木板豎直立于靠近槽口處，使小球a從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；②將木板向右平移適當(dāng)?shù)木嚯x，再使小球a從原固定點(diǎn)由靜止釋放，撞在木板上并在白紙上留下痕跡B；③把半徑相同的小球b靜止放在斜槽軌道水平段的最右端讓小球a仍從原固定點(diǎn)由靜止釋放，和小球b相碰后，兩球撞在木板上并在白紙上留下痕跡A和C；④用刻度尺測(cè)量白紙上O點(diǎn)到A、B、C三點(diǎn)的距離分別為y1、y2和y3。（1）兩小球的質(zhì)量關(guān)系：ma________mb（填“>”、“<”或“=”）。（2）上述實(shí)驗(yàn)除需測(cè)量白紙上O點(diǎn)到A、B、C三點(diǎn)的距離外，還需要測(cè)量的物理量有_______。A．木板向右移動(dòng)的距離LB．小球a和小球b的質(zhì)量ma、mbC．落到A、B、C三點(diǎn)的時(shí)間tD．小球a和小球b的具體半徑r（3）用本實(shí)驗(yàn)中所測(cè)得的數(shù)據(jù)驗(yàn)證兩小球碰撞過程動(dòng)量守恒的表達(dá)式為_______；實(shí)驗(yàn)小組發(fā)現(xiàn)本次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)還可以驗(yàn)證兩小球碰撞過程的機(jī)械能守恒，其表達(dá)式為_______。A．B．C．D．【答案】①.＞②.B③.D④.C【解析】【詳解】（1）[1]為了使a碰撞b后不被彈回，兩小球的質(zhì)量應(yīng)滿足（2）[2]兩小球在碰撞前后都做平拋運(yùn)動(dòng)，則碰前a球有可得同理碰后a、b的速度分別為則有動(dòng)量守恒定律既所用還需要測(cè)量兩小球質(zhì)量。故選B；（3）[3]由上述分析可知，驗(yàn)證兩小球碰撞過程動(dòng)量守恒的表達(dá)式為故選D；[4]由機(jī)械能守恒可得故選C。10.在“練習(xí)使用多用電表”的實(shí)驗(yàn)中，圖1為某多用電表的面板。（1）指針式多用電表使用前應(yīng)該先___________（選擇“機(jī)械調(diào)零”或“歐姆調(diào)零”），使指針指向“0”。（2）圖2為一正在測(cè)量中的多用電表表盤。如果選擇開關(guān)在電阻擋“”，則讀數(shù)為___________；如果選擇開關(guān)在直流電壓擋“”，則讀數(shù)為___________。（3）若該歐姆表的刻度值是按電動(dòng)勢(shì)為刻度的，當(dāng)電池的電動(dòng)勢(shì)下降到時(shí)，歐姆表仍可調(diào)零。若重新調(diào)零后的歐姆表測(cè)得某待測(cè)電阻阻值為，則這個(gè)待測(cè)電阻的真實(shí)值為___________?！敬鸢浮浚?）機(jī)械調(diào)零（2）①.1500②.25.0（3）14.0【解析】【小問1詳解】指針式多用電表使用前應(yīng)該先機(jī)械調(diào)零，使指針指向“0”。【小問2詳解】[1]選擇開關(guān)在電阻擋“”，由圖2可知讀數(shù)為[2]選擇開關(guān)在直流電壓擋“”，由圖示表盤可知，其分度值為，其讀數(shù)為?！拘?詳解】電動(dòng)勢(shì)為，調(diào)零后歐姆表內(nèi)部電阻為電動(dòng)勢(shì)為時(shí)，調(diào)零后歐姆表內(nèi)部電阻為電動(dòng)勢(shì)為時(shí)，電阻阻值為對(duì)應(yīng)的電流為電動(dòng)勢(shì)為時(shí)，有聯(lián)立解得這個(gè)待測(cè)電阻的真實(shí)值為11.如圖所示，在平臺(tái)中間有一個(gè)光滑凹槽，滑板的水平上表面與平臺(tái)等高，一物塊視為質(zhì)點(diǎn)以大小v0=6m/s的初速度滑上滑板，當(dāng)滑板的右端到達(dá)凹槽右端時(shí)，物塊恰好到達(dá)滑板的右端，且此時(shí)物塊與滑板的速度恰好相等。物塊與滑板的質(zhì)量分別為m1=0.1kg、m2=0.2kg，物塊與滑板以及平臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.4，取重力加速度大小g=10m/s2。求：（1）滑板的長度；（2）物塊在平臺(tái)上滑行的距離；（3）滑板運(yùn)動(dòng)前右端到C點(diǎn)的距離d。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)滑板的右端到達(dá)凹槽右端時(shí)，物塊與滑板的速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒，有解得根據(jù)能量守恒定律，有解得（2）物塊在平臺(tái)上勻減速，根據(jù)動(dòng)能定理，有解得（3）滑板運(yùn)動(dòng)過程中根據(jù)動(dòng)能定理，有解得12.如圖所示，在坐標(biāo)系內(nèi)有一個(gè)半徑為的圓形區(qū)域，圓心坐標(biāo)為，圓內(nèi)分布有正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)垂直紙面向里，電場(chǎng)大小方向未知。在直線的上方和直線的左側(cè)區(qū)域內(nèi)，有一沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小和圓形區(qū)域內(nèi)的電場(chǎng)相等。一質(zhì)量為、電荷量為的粒子以速度（未知）從點(diǎn)沿軸正方向垂直于磁場(chǎng)射入，經(jīng)過時(shí)間勻速通過圓形區(qū)域并從點(diǎn)射出；若不改變初速度的大小和方向，僅撤去磁場(chǎng)，粒子飛出圓形區(qū)域時(shí)間將變?yōu)椋ú挥?jì)粒子的重力，已知）。（1）求粒子的初速度；（2）求電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（3）若僅撤去圓形區(qū)域中的電場(chǎng)，讓粒子以速度從點(diǎn)垂直磁場(chǎng)射入第四象限，且速度方向與軸正方向夾角，求粒子從第一次射入磁場(chǎng)到最終離開磁場(chǎng)的時(shí)間。【答案】（1）；（2），；（3）【解析】【詳解】（1）粒子在電磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以v0=（2）撤去磁場(chǎng)后，帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)x=R，y=R沿y軸負(fù)方向聯(lián)立得又因?yàn)樵摿Ｗ釉陔姶艌?chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)聯(lián)立可得B（3）撤去電場(chǎng)后，帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)代入v0和B得r=R由幾何關(guān)系可知粒子從A點(diǎn)沿y軸正方向射出磁場(chǎng)，并從C點(diǎn)進(jìn)入上方電場(chǎng)，在電場(chǎng)中減速為零后反向加速從C點(diǎn)出電場(chǎng)時(shí)vC=2v0，又從A點(diǎn)沿y軸負(fù)向進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，剛好從Q點(diǎn)射出磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間在AC之間勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則總時(shí)間為（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從所給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目題號(hào)后的方框涂黑。注意所做題目的編號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)一致，并且在解答過程中寫清每問的小題號(hào)，在答題卡指定位置答題，如果多做則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。33.【物理—選修3-3】13.下列說法中正確的是（）A.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過一個(gè)絕熱壓縮過程，其溫度一定升高B.給自行車打氣時(shí)氣筒活塞壓下后反彈，是由分子斥力造成的C.第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成的原因是違反了能量守恒定律D.運(yùn)送貨物的卡車停于水平地面，在緩慢卸貨過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體溫度不變，不計(jì)分子間勢(shì)能，則胎內(nèi)氣體從外界吸熱E.液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)微粒的撞擊作用不平衡所引起的【答案】ADE【解析】【詳解】A．—定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過絕熱壓縮，則外界對(duì)氣體做功，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知即氣體的內(nèi)能增大，則氣體的溫度升高，故A正確；B．用氣筒給車胎打氣，氣筒壓下后有反彈是輪胎的內(nèi)部壓強(qiáng)大于外界大氣壓，并不是分子間的斥力，故B錯(cuò)誤；C．第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成的原因是其違反了熱力學(xué)第二定律，故C錯(cuò)誤；D．運(yùn)送貨物的卡車停于水平地面，在緩慢卸貨過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體溫度不變，不計(jì)分子間勢(shì)能，則氣體的內(nèi)能不變，氣體做等溫變化，根據(jù)可知?dú)怏w壓強(qiáng)減小，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，故胎內(nèi)氣體從外界吸熱，故D正確；E．液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)微粒的撞擊作用不平衡所引起的，故E正確。故選ADE。14.如圖，內(nèi)壁光滑的導(dǎo)熱汽缸內(nèi)用質(zhì)量為m，橫截面積為S的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，初始時(shí)汽缸開口向上放置，活塞在距缸底的距離為H處保持靜止，己知大氣壓強(qiáng)，重力加速度g，環(huán)境溫度保持不變。現(xiàn)將汽缸緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)放平，求：（1）活塞向外移動(dòng)的距離d；（2）為使放平后活塞與缸底的距離仍為H，需在轉(zhuǎn)動(dòng)前通過氣門緩慢放出一定質(zhì)量的氣體，求放出氣體占原有氣體質(zhì)量的比例?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）初始時(shí)對(duì)活塞緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，氣體溫度不變，放平后氣體壓強(qiáng)為，由玻意耳定律得由幾何關(guān)系解得（2）設(shè)放出氣體后活塞與缸底的距離為，緩慢放出過程氣體壓強(qiáng)、溫度均不變，故密度不變，則對(duì)轉(zhuǎn)動(dòng)過程由玻意耳定律得聯(lián)立解得34.【物理——選修3-4】15.圖甲為一列簡諧橫波在t=0時(shí)的波形圖，圖乙為平衡位置在x=2m處