第06周-備戰(zhàn)2023年中考物理模擬卷每周一測(cè)（廣東專用）（解析版）2

第06周-備戰(zhàn)2023年中考物理模擬卷每周一測(cè)廣東專用本試卷共23題，滿分100分，考試時(shí)間：80分鐘注意事項(xiàng)：1．答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息2．請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）請(qǐng)點(diǎn)擊修改第I卷的文字說明一．選擇題(本大題共7小題，每小題3分，共21分.在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)是符合題目要求的)1．（3分）對(duì)物理量的估測(cè)，是學(xué)好物理的基本功之一。下列對(duì)一些物理量的估測(cè)正確的是（）A．初中生的脈搏每分鐘跳動(dòng)700次左右 B．人體感覺舒適的環(huán)境溫度為36℃ C．指甲蓋受到的大氣壓力大約為10N D．一間教室內(nèi)空氣的質(zhì)量大約22kg【分析】（1）人的脈搏約為70次/min；（2）人感到舒適的環(huán)境溫度為18～25℃；（3）大氣壓強(qiáng)約為1×105Pa，指甲蓋的大小約為1cm2；（4）空氣的密度為1.29kg/m3?！窘獯稹拷猓篈.人的脈搏約為70次/min，所以A錯(cuò)誤；B.人體感到舒適的環(huán)境溫度為18～25℃，在36℃的環(huán)境中會(huì)感到很熱，很不舒適，所以B錯(cuò)誤；C.大氣壓強(qiáng)約為1×105Pa，指甲蓋的大小約為1cm2＝1×10﹣4m2，由p＝可得，指甲蓋受到的大氣壓力為F＝pS＝1×105Pa×1×10﹣4m2＝10N，所以C正確；D.一間教室的大小約為5m×10m×3m＝150m3，由ρ＝可得，教室內(nèi)的氣體質(zhì)量為m＝ρV＝1.29kg/m3×150m3＝193.5kg，所以D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】與人體或身邊事物相關(guān)的估算類試題是估算類試題中比較常見的一種，解答這類題的關(guān)鍵是熟知一些與我們?nèi)梭w相關(guān)的物理量，并能用這些物理量去衡量其余的物理量。2．（3分）如圖所示的四種物態(tài)變化實(shí)例中，需要吸熱的是（）A．初春，湖面上冰化成“水” B．盛夏，草葉上形成“露珠” C．深秋，楓葉上形成“霜” D．嚴(yán)冬，樹枝上形成“霧凇”【分析】（1）物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質(zhì)由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固。（2）六種物態(tài)變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態(tài)變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華?！窘獯稹拷猓篈、冰化成水，屬于熔化過程，需要吸收熱量。B、露珠是水蒸氣遇冷液化形成的，液化放熱。C、霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的冰晶，凝華過程放熱。D、霧凇是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的冰晶，凝華過程放熱。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】判斷物態(tài)變化，關(guān)鍵是分清物質(zhì)變化前后的狀態(tài)，是中考熱學(xué)知識(shí)考查的熱點(diǎn)內(nèi)容。3．對(duì)下列四幅圖片的解釋不正確的是（）A．甲圖中A集氣瓶中應(yīng)該裝空氣，這樣做的目的是避免重力對(duì)實(shí)驗(yàn)造成影響 B．乙圖中，紅墨水在熱水中比在冷水中擴(kuò)散的快，說明溫度越高，分子運(yùn)動(dòng)越劇烈 C．丙圖中將兩個(gè)鉛柱壓在一起，下面能夠懸掛一個(gè)鉤碼，說明分子之間存在引力 D．丁圖中在注射器里裝入一些空氣，用手可以推動(dòng)活塞將空氣壓縮，說明分子之間存在斥力【分析】由分子的基本性質(zhì)可知，分子在不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，分子的運(yùn)動(dòng)速度與溫度有關(guān)；分子間存在相互作用的引力和斥力，分子間還存在著間隙?！窘獯稹拷猓篈．甲圖探究的是擴(kuò)散現(xiàn)象的問題，由于二氧化氮的密度比空氣密度大，為了避免重力對(duì)實(shí)驗(yàn)造成影響，上面的A集氣瓶中應(yīng)該裝空氣，故A正確；B．分子運(yùn)動(dòng)受溫度影響，乙圖中紅墨水在熱水中比在冷水中擴(kuò)散的快，說明溫度越高，分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，故B正確；C．分子之間存在引力，丙圖中緊壓在一起的兩個(gè)鉛塊能夠吊起鉤碼而不分開，這正說明了分子之間存在引力，故C正確；D．丁圖中用手可以推動(dòng)活塞將空氣壓縮，是因?yàn)榉肿又g的間隙比較大，并不能說明分子之間存在斥力，故D錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查學(xué)生對(duì)分子動(dòng)理論的基本知識(shí)的理解和掌握，是中考熱點(diǎn)。4．（3分）下列關(guān)于聲音的說法，不正確的是（）A．臨街住宅安裝雙層玻璃可以減弱噪聲 B．長(zhǎng)期佩戴耳機(jī)開大音量聽音樂可能損傷聽力 C．北京天壇的回音壁利用了聲音反射的原理 D．聲吶通過次聲波的回聲定位探索海洋的秘密【分析】（1）減弱噪聲的方法有三種：①在聲源處減弱噪聲；②在傳播過程中減弱噪聲；③在人耳處減弱噪聲；（2）音量即響度，聲源的振幅越大，響度越大；（3）回聲是聲音在傳播過程中遇到障礙物被反射回來的現(xiàn)象；（4）聲音可以傳遞能量和信息。【解答】解：A、臨街住宅安裝雙層玻璃可以在聲音傳播過程中減弱噪聲，故A正確；B、長(zhǎng)期佩戴耳機(jī)開大音量聽音樂，增大聲音的響度，可能損傷聽力，故B正確；C、馳名中外的北京天壇里的回音壁有非常美妙的聲音現(xiàn)象，它是我國(guó)古代建筑師利用聲音的反射造成的音響效果，故C正確；D、聲吶通過超聲波的回聲定位探索海洋的秘密，故D錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查控制噪聲的途徑、回聲現(xiàn)象，是一道聲學(xué)常考題。5．（3分）白鶴灘水電站位于云南省巧家縣和四川省寧南縣境內(nèi)，是中國(guó)第二大水電站，它的建設(shè)對(duì)促進(jìn)西部開發(fā)、實(shí)現(xiàn)“西電東送”、有效解決長(zhǎng)三角電力具有重要的意義。下列說法中錯(cuò)誤的是（）A．水能屬于可再生能源 B．水電站里的發(fā)電機(jī)利用了通電線圈在磁場(chǎng)里受力轉(zhuǎn)動(dòng)的原理 C．水電站將水的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能 D．水庫(kù)可以降低周圍晝夜溫差，是因?yàn)樗谋葻崛荽蟮木壒省痉治觥浚?）可再生能源：可以從自然界中源源不斷地得到的能源．例：水能、風(fēng)能、太陽(yáng)能、生物質(zhì)能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期內(nèi)從自然界得到補(bǔ)充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然氣）、核能；（2）發(fā)電機(jī)的原理是電磁感應(yīng)；（3）判斷能量的轉(zhuǎn)化，我們主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，總是消耗的能量轉(zhuǎn)化為得到的能量；（4）由于水的比熱容最大，故相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)相比較，在吸收或放出相同的熱量時(shí)，水的溫度變化小?！窘獯稹拷猓篈．水可以從自然界里源源不斷的得到補(bǔ)充，屬于可再生能源，故A正確；B．水電站里的發(fā)電機(jī)利用了電磁感應(yīng)的原理，故B錯(cuò)誤；C．水力發(fā)電，將水的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，故C正確；D．水庫(kù)中水量多，水的比熱容較大，在吸收或放出相同的熱量時(shí)，水的溫度變化小，因此可以降低周圍晝夜溫差，故D正確。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了能量分類、比熱容、能量轉(zhuǎn)化、液體壓強(qiáng)特點(diǎn)等，屬于比較基礎(chǔ)的習(xí)題。6．（3分）如圖所示，水平桌面上放一重為100N的物體A，A與桌面間的摩擦力為40N，當(dāng)用力F拉繩子的自由端使A勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，拉力F的大小為（不計(jì)繩重、滑輪重及繩輪間摩擦）（）A．20N B．50N C．60N D．70N【分析】從圖中可知n＝2，不計(jì)繩重、滑輪重及繩輪間摩擦，根據(jù)F＝f可知拉力的大小?！窘獯稹拷猓簭膱D中可知n＝2，不計(jì)繩重、滑輪重及繩輪間摩擦，根據(jù)F＝f可知，拉力F＝×40N＝20N。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】本題考查滑輪組繩子拉力的計(jì)算，關(guān)鍵是判斷繩子的股數(shù)n。7．（3分）如圖所示的電路中，電源兩端電壓為3V，且保持不變，甲、乙是電表（電壓表或電流表），燈泡L1標(biāo)有“3V3W”、燈泡L2標(biāo)有“6V6W”。閉合開關(guān)S，兩燈均發(fā)光。若不計(jì)燈絲電阻變化，則下列說法正確的是（）A．甲表為電壓表，且示數(shù)為3V B．乙表為電流表，且示數(shù)為1A C．通電1min，該電路消耗的電能為270J D．該電路的實(shí)際功率為兩燈額定功率之和【分析】（1）電壓表并聯(lián)在電路中，在電路中可以看作開路；電流表必須串聯(lián)在電路中，在電路中相當(dāng)于導(dǎo)線；根據(jù)儀表的連接方式以及在電路中的作用，結(jié)合已知閉合開關(guān)S，由兩燈均發(fā)光可以辨別甲、乙兩電表的名稱，推斷兩燈的連接方式；（2）辨別甲、乙兩電表的名稱前提下，兩個(gè)燈泡并聯(lián)接入電路，電源兩端電壓為3V，根據(jù)銘牌數(shù)據(jù)可知燈泡Ll正常發(fā)光，其電壓為額定電壓3V，其實(shí)際功率等于額定功率為3W，燈泡L2不能正常發(fā)光，其電壓等于燈泡Ll兩端電壓為3V；（3）根據(jù)銘牌數(shù)據(jù)，由歐姆定律求出L1、L2的電阻；由于燈泡L2兩端電壓等于燈泡L1兩端電壓為U＝3V，根據(jù)P＝求出實(shí)際功率；（4）該電路總功率應(yīng)為兩燈實(shí)際功率之和求出電路總功率，進(jìn)一步根據(jù)W＝P總t，求出通電1min，求出該電路消耗的電能?！窘獯稹拷猓篈B、由題意知閉合開關(guān)S，兩燈均發(fā)光，若兩表均為電壓表，則燈泡L2不會(huì)發(fā)光；若兩表均為電流表，則燈泡L1、L2均會(huì)被短路；若甲為電壓表，乙為電流表，則燈泡L2會(huì)被短路；只有甲為電流表，乙為電壓表，滿足兩燈均可發(fā)光，且兩燈并聯(lián)，故A、B均錯(cuò)誤；CD、在已辨別甲、乙兩電表的名稱前提下，兩個(gè)燈泡并聯(lián)接入電路，電源兩端電壓為3V，結(jié)合銘牌數(shù)據(jù)可知燈泡Ll正常發(fā)光，其電壓為額定電壓U1額＝3V，其實(shí)際功率為P1′＝P1額＝3W；燈泡L2不能正常發(fā)光，其電壓等于燈泡Ll兩端電壓為U2＝U1額＝3V；根據(jù)銘牌數(shù)據(jù)，L2的電阻為：R2＝＝＝6Ω，其實(shí)際功率為P2′＝＝；則電路總功率為P總＝P1′+P2′＝3W+1.5W＝4.5W；該電路總功率應(yīng)為兩燈實(shí)際功率之和，故D錯(cuò)誤；通電1min，該電路消耗的電能為W＝P總t＝4.5W×60s＝270J，故C正確。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查電流表、電壓表的連接方式、歐姆定律的應(yīng)用及電功率、電能的計(jì)算問題，有一定綜合性。二．填空題(本大題共7小題，每空1分，共21分)8．（3分）花園里百花爭(zhēng)艷，人在遠(yuǎn)處就能聞到花香，這是擴(kuò)散現(xiàn)象；荷葉上相距很近的兩滴水珠，會(huì)自動(dòng)匯合成一滴較大的水珠，這說明分子之間存在引力。天然氣熱值為4×107J/m3，完全燃燒0.2m3的天然氣所釋放的熱量為8×106J?！痉治觥浚?）不同物質(zhì)接觸時(shí)，分子彼此進(jìn)入對(duì)方的現(xiàn)象就叫擴(kuò)散現(xiàn)象；（2）分子間存在著相互作用的引力和斥力；（3）利用Q放＝Vq求完全燃燒0.2m3的天然氣放出的熱量?！窘獯稹拷猓夯▓@里百花爭(zhēng)艷，人在遠(yuǎn)處就能聞到花香，這是擴(kuò)散現(xiàn)象；荷葉上相距很近的兩滴水珠，會(huì)自動(dòng)匯合成一滴較大的水珠，這說明分子之間存在相互作用的引力；完全燃燒0.2m3的天然氣釋放的熱量：Q放＝Vq＝0.2m3×4×107J/m3＝8×106J。故答案為：擴(kuò)散；引力；8×106?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了分子間的作用力、擴(kuò)散現(xiàn)象以及燃料完全燃燒放熱公式的掌握和運(yùn)用，屬于基礎(chǔ)題型。9．（3分）汽油機(jī)的做功沖程使汽車獲得動(dòng)力，如圖所示是壓縮沖程，如果該汽油機(jī)的飛輪轉(zhuǎn)速為1200r/min，則它每秒對(duì)外做功10次?！痉治觥浚?）汽油機(jī)的做功沖程使汽車獲得動(dòng)力；根據(jù)進(jìn)氣門、排氣門的開關(guān)情況和活塞的運(yùn)動(dòng)情況進(jìn)行判斷；內(nèi)燃機(jī)的四個(gè)沖程中有兩個(gè)沖程發(fā)生能量轉(zhuǎn)化，一是壓縮沖程中機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；二是做功沖程中內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；（2）在四沖程內(nèi)燃機(jī)曲軸轉(zhuǎn)一圈，完成2個(gè)沖程，1個(gè)工作循環(huán)中包括4個(gè)沖程并對(duì)外做功1次?！窘獯稹拷猓鹤龉_程中內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，汽油機(jī)的做功沖程使汽車獲得動(dòng)力；由圖可以看出，熱機(jī)的進(jìn)氣門關(guān)閉，排氣門關(guān)閉，活塞由下向下上運(yùn)動(dòng)，為壓縮沖程；由題意可知，四沖程汽油機(jī)的飛輪轉(zhuǎn)速是1200r/min，即每秒鐘轉(zhuǎn)20圈，做功10次。故答案為：做功；壓縮；10?！军c(diǎn)評(píng)】解決此題要結(jié)合內(nèi)燃機(jī)的四個(gè)沖程工作特點(diǎn)進(jìn)行分析解答，記住相關(guān)的數(shù)據(jù)大小，會(huì)根據(jù)轉(zhuǎn)速進(jìn)行相關(guān)計(jì)算。10．（3分）甲、乙兩鐵制實(shí)心圓柱體，它們的質(zhì)量之比為3：4，則甲，乙兩圓柱體的密度之比ρ甲：ρ乙＝1：1，體積之比V甲：V乙＝3：4。若將甲切去一半，乙切去三分之一，則甲、乙剩余部分的密度之比為1：1?！痉治觥扛鶕?jù)“甲、乙兩個(gè)實(shí)心圓柱都由鐵制成”可得甲、乙兩圓柱的密度之比；又知甲、乙兩圓柱的密度之比，利用密度公式計(jì)算兩圓柱的體積之比；密度是物質(zhì)的一種特性，與質(zhì)量和體積無關(guān)，甲、乙各自切去一部分后，甲、乙密度不變，由此確定甲、乙剩余部分的密度之比。【解答】解：由題知，甲、乙兩個(gè)實(shí)心圓柱都由鐵制成，則甲、乙兩圓柱的密度之比ρ甲：ρ乙＝1：1；根據(jù)ρ＝可得，則甲、乙兩圓柱的體積之比：＝＝×＝×＝3：4；密度與物質(zhì)的質(zhì)量與體積的大小無關(guān)，所以若將甲切去一半，乙切去三分之一，那么甲和乙剩余部分的密度不變，即甲、乙剩余部分的密度之比等于甲、乙物質(zhì)的密度之比為1：1。故答案為：1：1；3：4；1：1?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查天平的使用和密度的性質(zhì)，關(guān)鍵是密度公式的應(yīng)用，重點(diǎn)是密度的性質(zhì)，記住密度是物體本身的一種特有的屬性，與質(zhì)量和體積無關(guān)。11．（3分）如圖，這是一款人臉識(shí)別門禁一體機(jī)，通過攝像鏡頭捕捉人臉信息，該攝像鏡頭相當(dāng)于凸透鏡，這種透鏡對(duì)光線具有會(huì)聚作用（填“會(huì)聚”或“發(fā)散”），若鏡頭的焦距為10cm，為了能成清晰的像，人臉到鏡頭的距離應(yīng)大于20cm。【分析】攝像鏡頭是利用凸透鏡成倒立、縮小的實(shí)像的原理工作的，當(dāng)u＞2f時(shí)，凸透鏡成倒立、縮小的實(shí)像；凸透鏡對(duì)光線具有會(huì)聚作用。【解答】解：該攝像鏡頭相當(dāng)于一個(gè)凸透鏡，凸透鏡對(duì)光線有會(huì)聚作用，是利用“當(dāng)u＞2f時(shí)，凸透鏡成倒立、縮小的實(shí)像”原理成像的；若該鏡頭的焦距為10cm，為了能成清晰的像（即縮小的實(shí)像），物距應(yīng)大于二倍焦距，則人臉到鏡頭的距離應(yīng)大于20cm。故答案為：凸；會(huì)聚；20?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了凸透鏡成像的應(yīng)用、凸透鏡對(duì)光線的作用，是一道凸透鏡成像的綜合題。12．（3分）我國(guó)實(shí)施的“西氣東輸”工程中，西部地區(qū)豐富的天然氣被輸送到東南沿海經(jīng)濟(jì)發(fā)達(dá)地區(qū)。2009年佛山市天然氣市政工程建設(shè)順利推進(jìn)，曉宇家改用了管道天然氣。如果他家的熱水壺中水的體積為2L，這壺水的質(zhì)量為2kg；一標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下將這壺初溫為20℃的水燒開，水吸收的熱量是6.72×105J；一臺(tái)單缸四沖程汽油機(jī)在一個(gè)工作循環(huán)中的平均功率是9200w，該汽油機(jī)1s需燃燒汽油0.001kg，問該汽油機(jī)的效率是20%（汽油的熱值是4.6×107J/kg）【分析】（1）由密度公式的變形公式可以求出水的質(zhì)量；（2）由熱量公式可以求出水吸收的熱量；（3）知道汽油機(jī)在一個(gè)工作循環(huán)中的平均功率，根據(jù)W＝Pt求出每秒鐘做的功，又知道燃燒汽油的質(zhì)量和熱值，根據(jù)Q放＝mq求出完全燃燒釋放的熱量，利用效率公式求出汽油機(jī)的效率?！窘獯稹拷猓海?）由密度公式：ρ＝可知，水的質(zhì)量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg；（2）一標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下水的沸點(diǎn)是100℃，水吸收的熱量：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg?℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J；（3）每秒鐘汽油機(jī)做的功：W＝Pt＝9200W×1s＝9200J，完全燃燒汽油0.001kg釋放的熱量：Q＝mq＝0.001kg×4.6×107J/kg＝4.6×104J，汽油機(jī)的效率：η＝＝×100%＝20%。故答案為：2；6.72×105；20%?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了求水的質(zhì)量、水吸收的熱量、做功公式、燃料完全釋放熱量和效率的計(jì)算，涉及的知識(shí)點(diǎn)較多，是一道綜合題。13．（3分）快樂小區(qū)電梯內(nèi)壁是拋光的不銹鋼板。電梯門打開時(shí)，小玉看到“自己”，這是光發(fā)生反射而形成虛像（選填“實(shí)”或“虛”）；走進(jìn)電梯，“像”會(huì)靠近（選填“靠近”或“遠(yuǎn)離”）她?！痉治觥坎讳P鋼板成像原理與平面鏡相同，像與物大小相等，像的大小與物距無關(guān)?！窘獯稹拷猓簰伖獾牟讳P鋼板相當(dāng)于平面鏡。小玉看到不銹鋼板“里面”的“自己”，這是由于光發(fā)生反射而形成的虛像；走進(jìn)電梯，物距減小，屬于像距也會(huì)減小，此時(shí)“像”會(huì)靠近自己。故答案為：反射；虛；靠近。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了平面鏡成像的特點(diǎn)的應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)題。14．（3分）小明家住二樓，喜歡網(wǎng)購(gòu)的他為了收貨方便，在二樓陽(yáng)臺(tái)頂部安裝了如圖甲所示的滑輪組。某次在接收一個(gè)重為G＝100N的快遞包裹時(shí)，小明施加的拉力F隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示，包裹上升的速度v隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖丙所示。已知吊籃重力為20N，不計(jì)動(dòng)滑輪重量和繩重，忽略繩與輪之間的摩擦取g＝10N/kg。則：（1）第1s內(nèi)地面對(duì)物體的支持力30N；（2）第2s末，拉力F的功率為300W；（3）第3s內(nèi)滑輪組的機(jī)械效率η為83.3%。【分析】（1）由圖甲可知滑輪組繩子的有效股數(shù)，由圖丙可知第1s內(nèi)物體的速度，從而判斷出包裹所處的狀態(tài)，然后對(duì)包裹和吊籃整體受力分析，根據(jù)力的平衡條件得出等式，由圖乙讀出拉力的大小，進(jìn)一步求出地面對(duì)物體的支持力；（2）由v繩＝nv求出繩端移動(dòng)的速度，根據(jù)圖乙讀出拉力的大小，根據(jù)P＝＝＝Fv計(jì)算拉力F的功率；（3）由圖丙可知第3s內(nèi)包裹的速度，從而判斷出包裹所處的狀態(tài)，根據(jù)圖乙讀出拉力的大小，根據(jù)η＝＝＝＝求出滑輪組的機(jī)械效率?！窘獯稹拷猓海?）由圖丙可知，第1s內(nèi)物體的速度為零，處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計(jì)動(dòng)滑輪重量、繩重以及摩擦，對(duì)包裹和吊籃的整體進(jìn)行受力分析可知，受到豎直向下的總重力和豎直向上地面的支持力、3股繩子的拉力，由力的平衡條件可得：G+G吊籃＝3F拉+F支持，由圖乙可知，第1s內(nèi)的拉力F拉＝30N，則地面對(duì)物體的支持力：F支持＝G+G吊籃﹣3F拉＝100N+20N﹣3×30N＝30N；（2）由圖丙可知，第2s末，包裹的速度為2.5m/s，處于平衡狀態(tài)，由圖乙可知此時(shí)的拉力F＝40N，則繩子自由端移動(dòng)的速度：v繩＝3v＝3×2.5m/s＝7.5m/s，第2s末，拉力F的功率：P＝＝＝Fv繩＝40N×7.5m/s＝300W；（3）由圖乙可知此時(shí)的拉力F＝40N，則滑輪組的機(jī)械效率：η＝＝＝＝＝×100%≈83.3%。故答案為：（1）30；（2）300；（3）83.3%?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了重力公式、功率公式和滑輪組機(jī)械效率公式以及平衡力條件的應(yīng)用，從圖象中獲取有用的信息是關(guān)鍵。三．作圖題(本大題共3小題，共7分)15．（1）（2分）如圖所示，物塊正沿粗糙斜面向上滑動(dòng)，請(qǐng)畫出物塊對(duì)斜面的壓力F的示意圖。【分析】壓力是接觸面受到的力，因此壓力的作用點(diǎn)在接觸面上，即接觸面的中點(diǎn)上；然后根據(jù)壓力的方向垂直于受力面，過壓力作用點(diǎn)畫帶箭頭的線段表示壓力的大小和方向?！窘獯稹拷猓何飰K對(duì)斜面的壓力作用點(diǎn)在斜面上，方向垂直斜面向下，物塊對(duì)斜面的壓力F的示意圖如下所示：【點(diǎn)評(píng)】作力的示意圖，要用一條帶箭頭的線段表示力，線段的長(zhǎng)度表示力的大小，箭頭表示力的方向，起點(diǎn)或終點(diǎn)表示力的作用點(diǎn)。（2）（2分）如圖所示，表示分別平行于主光軸的光線和一倍焦距處射向透鏡的光線，及射向光心的光線，請(qǐng)你在圖中分別畫出它們經(jīng)過透鏡后的光路圖?！痉治觥肯却_定所給的入射光線的特點(diǎn)，然后根據(jù)凸透鏡的光學(xué)特點(diǎn)作圖。【解答】解：平行于主光軸的光線經(jīng)凸透鏡折射后將過焦點(diǎn)；過焦點(diǎn)的入射光線的折射光線平行于主光軸；過凸透鏡光心的光線傳播方向不改變，如圖所示：【點(diǎn)評(píng)】凸透鏡的三條特殊光線：①通過焦點(diǎn)的光線經(jīng)凸透鏡折射后將平行于主光軸；②平行于主光軸的光線經(jīng)凸透鏡折射后將過焦點(diǎn)；③過凸透鏡光心的光線傳播方向不改變。（3）（3分）根據(jù)如圖所示的實(shí)物連接圖，畫出對(duì)應(yīng)的電路圖?！痉治觥繌膶?shí)物圖上可以看出，兩只燈泡并聯(lián)；電流表A1在干路上，電流表A2測(cè)量通過燈泡L1的電流；開關(guān)S1控制燈泡L1，開關(guān)S2控制干路。【解答】解：根據(jù)實(shí)物圖，從電源正極出發(fā)，經(jīng)電流表A1開始分支，一支經(jīng)開關(guān)S1、燈泡L1、電流表A2，另一支經(jīng)燈泡L2，然后共同匯合經(jīng)開關(guān)S2回到電源負(fù)極，畫出電路圖如下圖所示：?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查根據(jù)實(shí)物圖畫電路圖，關(guān)鍵是明白電路中各個(gè)用電器的連接情況，根據(jù)實(shí)物圖畫電路圖是整個(gè)初中物理的難點(diǎn)，也是中考必考的內(nèi)容。四．實(shí)驗(yàn)探究題(本大題共3小題，第16題5分，第17題7分，第18題7分，共19分.)16．（5分）小明利用托盤天平測(cè)量水的質(zhì)量，部分操作過程如圖所示。（1）在調(diào)節(jié)天平時(shí)，將游碼歸零后，發(fā)現(xiàn)指針如圖甲所示偏向分度盤的右側(cè)，此時(shí)可將右側(cè)的平衡螺母向左調(diào)，使天平平衡。（2）把空燒杯放在天平左盤，增減砝碼及調(diào)節(jié)游碼使天平平衡。天平平衡后盤中的砝碼和游碼在標(biāo)尺上的位置如圖乙所示，則空燒杯的質(zhì)量是37.4g。（3）把裝入適量水的燒杯放在左盤，往右盤添加最小砝碼后，指針再次如圖甲所示，則此時(shí)應(yīng)取下小砝碼，然后調(diào)節(jié)游碼，使天平再次平衡。由乙、丙兩圖可知燒杯中水的質(zhì)量是45g。（4）若兩次測(cè)量中使用的那個(gè)10g的砝碼磨損了一點(diǎn)，則測(cè)得的水的質(zhì)量不變（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！痉治觥浚?）根據(jù)指針偏向分度盤的右側(cè)可知右側(cè)質(zhì)量大，所以把平衡螺母向左調(diào)節(jié)，才能使天平平衡；（2）由圖乙可知空燒杯的質(zhì)量等于砝碼的質(zhì)量加上游碼所對(duì)應(yīng)的刻度值；（3）由圖丙得到燒杯和水的總質(zhì)量，燒杯和水的總質(zhì)量與燒杯的質(zhì)量之差得到燒杯中水的質(zhì)量；（4）天平測(cè)物體質(zhì)量時(shí)，左盤物體質(zhì)量等于右盤砝碼質(zhì)量（移動(dòng)游碼相當(dāng)于給右盤增減砝碼），讀數(shù)時(shí)為m物＝m砝碼+m游碼?！窘獯稹拷猓海?）圖中顯示指針向右偏，根據(jù)“右偏左調(diào)，左偏右調(diào)”的規(guī)則，應(yīng)將平衡螺母向左調(diào)；（2）由圖乙可知，空燒杯的質(zhì)量m空＝20g+10g+5g+2.4g＝37.4g；（3）把裝入適量水的燒杯放在左盤，往右盤添加最小砝碼后，指針右偏，說明砝碼質(zhì)量偏大，則應(yīng)先取下小砝碼，再向右適當(dāng)移動(dòng)游碼，使橫梁平衡；由圖丙可知，燒杯和水的總質(zhì)量m總＝50g+20g+10g+2.4g＝82.4g；燒杯中水的質(zhì)量m水＝m總﹣m空＝82.4g﹣37.4g＝45g；（4）砝碼磨損后，自身質(zhì)量變小。當(dāng)測(cè)量同一物體時(shí)，需要增加砝碼或移動(dòng)游碼，才能使天平重新平衡，此時(shí)所讀數(shù)值大于物體實(shí)際質(zhì)量，由于兩次讀數(shù)值大于物體實(shí)際質(zhì)量相同，所以燒杯和水的總質(zhì)量與燒杯的質(zhì)量之差仍然等于燒杯中水的質(zhì)量，測(cè)得的水的質(zhì)量不變。故答案為：（1）左；（2）37.4g；（3）取下小砝碼；游碼；45；（4）不變?！军c(diǎn)評(píng)】在天平的使用中應(yīng)規(guī)范操作步驟，明確注意事項(xiàng)，掌握基本的操作步驟，對(duì)砝碼磨損等特殊情況應(yīng)做到靈活處理。17．（7分）小明在“測(cè)量小燈泡的電功率”實(shí)驗(yàn)中，選用如圖﹣1所示的器材和電路，其中電源電壓恒為6V，小燈泡的額定電壓為2.5V。（1）請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線將滑動(dòng)變阻器連入電路，要求：向右移動(dòng)滑片P，燈泡變亮。（2）連接電路時(shí)，開關(guān)應(yīng)處于斷開狀態(tài)。（3）連接好電路閉合開關(guān)后，燈泡不亮，電壓表和電流表均偏轉(zhuǎn)，則下一步操作應(yīng)該是D。A.更換小燈泡B.檢查電路是否斷路C.更換電池D.移動(dòng)滑片P（4）根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)繪制的通過小燈泡的電流隨它兩端電壓變化的關(guān)系圖象如圖﹣2所示，分析圖象可知：小燈泡的額定功率為0.625W。（5）利用圖﹣1中器材和電路不能（選填“能”或“不能”）探究電流與電壓的關(guān)系。（6）同組的小聰設(shè)計(jì)了一種測(cè)量定值電阻Rx阻值的電路，如圖﹣3所示。已知電路中另一個(gè)定值電阻的阻值為R0，電源電壓未知且不變。請(qǐng)將以下實(shí)驗(yàn)步驟補(bǔ)充完整：①斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S、S1，記錄電壓表的示數(shù)U1；②斷開開關(guān)S1，閉合開關(guān)S、S2，記錄電壓表的示數(shù)U2；③待測(cè)電阻Rx阻值的表達(dá)式：Rx＝（用U1、U2、R0表示）?！痉治觥浚?）滑動(dòng)變阻器要串聯(lián)在電路中，連接時(shí)要采取“一上一下”的方式，向右移動(dòng)滑片P，燈泡變亮說明滑動(dòng)變阻器的右下端要接入電路；（2）為保護(hù)電路，連接電路時(shí)，開關(guān)應(yīng)處于斷開狀態(tài)；（3）連接好電路閉合開關(guān)后，燈泡不亮，電壓表和電流表均偏轉(zhuǎn)，說明電路是通的，只是電流比較小，燈泡實(shí)際功率較小導(dǎo)致不亮，下一步操作應(yīng)該是移動(dòng)滑片P，讓燈泡亮起來；（4）小燈泡的額定電壓為2.5V，由圖﹣2找到對(duì)應(yīng)的通過小燈泡的電流，由P＝UI得到小燈泡的額定功率；（5）在探究電流與電壓的關(guān)系實(shí)驗(yàn)時(shí)要保持定值電阻不變，由圖﹣2知小燈泡的電阻在變化，由此即可做出判斷；（6）由電壓表分別得到電源電壓和待測(cè)電阻兩端的電壓，由歐姆定律公式得到待測(cè)電阻的阻值?！窘獯稹拷猓海?）滑動(dòng)變阻器要串聯(lián)在電路中，連接時(shí)要采取“一上一下”的方式，向右移動(dòng)滑片P，燈泡變亮說明滑動(dòng)變阻器的右下端要接入電路，據(jù)此連接電路，完整電路如圖所示；（2）為保護(hù)電路，連接電路時(shí)，開關(guān)應(yīng)處于斷開狀態(tài)；（3）連接好電路閉合開關(guān)后，燈泡不亮，電壓表和電流表均偏轉(zhuǎn)，說明電路是通的，只是電流比較小，燈泡實(shí)際功率較小導(dǎo)致不亮，下一步操作應(yīng)該是移動(dòng)滑片P，讓燈泡亮起來，故D正確；（4）由圖﹣2知，燈泡兩端電壓為2.5V時(shí)，通過燈泡的電流為0.25A，故小燈泡的額定功率為：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；（5）在探究電流與電壓的關(guān)系實(shí)驗(yàn)時(shí)要保持定值電阻不變，由圖﹣2知小燈泡的電阻在變化，故利用圖﹣1中器材和電路不能探究電流與電壓的關(guān)系；（6）①斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S、S1，兩電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)量Rx兩端的電壓，記錄電壓表的示數(shù)U1，即Rx兩端的電壓UX＝U1；②斷開開關(guān)S1，閉合開關(guān)S、S2，兩電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)量電源的電壓，記錄電壓表的示數(shù)U2，即電源電壓U＝U2；R0兩端的電壓U0＝U2﹣U1，此時(shí)電路的電流I＝，③待測(cè)電阻Rx阻值的表達(dá)式：Rx＝＝＝。故答案為：（1）如圖所示：；（2）斷開；（3）D；（4）0.625；（5）不能；（6）②斷開開關(guān)S1，閉合開關(guān)S、S2；?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查測(cè)量小燈泡電功率的實(shí)驗(yàn)，要能夠正確連接電路、對(duì)實(shí)驗(yàn)開始時(shí)燈泡不亮的現(xiàn)象能做出正確分析、能夠根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到小燈泡的額定功率、能夠利用串聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律求待測(cè)電阻的阻值。18．（7分）利用輕質(zhì)杠桿探究杠桿平衡條件的實(shí)驗(yàn)中。（1）杠桿靜止時(shí)如圖甲所示，要使杠桿在水平位置平衡，則應(yīng)將平衡螺母向左（選填“左”或“右”）調(diào)節(jié)；（2）如圖乙所示，在A點(diǎn)掛4個(gè)鉤碼，在B點(diǎn)掛6個(gè)鉤碼，仍可使其在水平位置平衡；（3）用彈簧測(cè)力計(jì)代替鉤碼，如圖丙所示，不斷改變彈簧測(cè)力計(jì)的作用點(diǎn)和力的大小，使杠桿在水平位置平衡，彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F與其力臂l1的圖像如圖丁所示，圖像中每個(gè)點(diǎn)與兩坐標(biāo)軸圍成的矩形面積相等（選填“相等”或“不等”），其原因是阻力和阻力臂保持不變，根據(jù)杠桿的平衡條件可知，動(dòng)力與動(dòng)力臂的乘積保持不變。（4）該同學(xué)在科技創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)中將此裝置改裝成了一個(gè)杠桿液體密度計(jì)，該裝置可測(cè)量小桶內(nèi)液體的密度，如圖戊所示，將容積為20mL的小桶掛在M點(diǎn)，調(diào)節(jié)平衡螺母使杠桿水平平衡，已知OM＝OA＝6cm，則杠桿密度計(jì)的“0刻度”線應(yīng)在O（選填“O”或“A”）點(diǎn)，將待測(cè)液體倒?jié)MM點(diǎn)的小桶，在杠桿右端掛上重物并調(diào)節(jié)至N點(diǎn)位置時(shí)，杠桿剛好水平平衡，重物質(zhì)量10g，ON＝15cm，N點(diǎn)位置應(yīng)標(biāo)注的密度刻度值是1.25g/cm3，改裝后杠桿右端的密度刻度線是（選填“是”或“不是”）均勻分布的（g＝10N/kg）?！痉治觥浚?）實(shí)驗(yàn)前，發(fā)現(xiàn)杠桿右端下沉，說明杠桿的重心在支點(diǎn)右側(cè)，要使其在水平位置平衡，應(yīng)將杠桿的平衡螺母向左調(diào)節(jié)，直到杠桿在水平位置平衡，目的是為了便于測(cè)量力臂和避免杠桿自重對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響；（2）根據(jù)已知條件，由杠桿的平衡條件求出在B位置掛上幾個(gè)鉤碼；（3）由于此題中的阻力和阻力臂不變，由圖中提供數(shù)據(jù)，根據(jù)杠桿的平衡條件分析即可。（4）通過調(diào)節(jié)平衡螺母的位置來消除小桶重力造成的影響，杠桿再次達(dá)到在水平位置平衡，然后根據(jù)杠桿平衡條件和密度公式解題。【解答】解：（1）實(shí)驗(yàn)前，將杠桿中點(diǎn)置于支架上，當(dāng)杠桿靜止時(shí)，發(fā)現(xiàn)杠桿右端下沉，說明杠桿的重心在支點(diǎn)右側(cè)，要使其在水平位置平衡，應(yīng)將杠桿平衡螺母向左調(diào)節(jié)，直到杠桿在水平位置平衡，目的是為了便于測(cè)量力臂和避免杠桿自重對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響；（2）設(shè)一個(gè)鉤碼的重力為G，杠桿的一個(gè)小格為L(zhǎng)，由杠桿的平衡條件F1L1＝F2L2知，4G×3L＝nG×2L解得：n＝6，即在B位置掛上6個(gè)鉤碼，使杠桿在水平位置平衡；（3）由于此題中的阻力和阻力臂不變，利用圖象中任意一組數(shù)據(jù)都能得出，F(xiàn)2l2＝F1l1＝3N×0.02m＝2N×0.03cm＝0.06N?m，圖像中每個(gè)點(diǎn)與兩坐標(biāo)軸圍成的方形面積相等，其原因是阻力和阻力臂保持不變，根據(jù)杠桿的平衡條件可知，動(dòng)力與動(dòng)力臂的乘積保持不變。（4）小桶內(nèi)沒有液體時(shí)：根據(jù)杠桿平衡條件可知，當(dāng)右側(cè)掛上重物時(shí)杠桿不可能在水平位置平衡，只有重物在O點(diǎn)是杠桿才能在水平位置平衡，故密度計(jì)的“0刻度”在O點(diǎn)；小桶內(nèi)裝入液體時(shí)：根據(jù)杠桿平衡條件可知，當(dāng)杠桿處于水平平衡狀態(tài)時(shí)，G液×lOM＝G物×lON，小桶內(nèi)所裝液體的重力為G液＝ρ液gV，整理可得ρ液＝，代入數(shù)據(jù)可得：ρ液＝1.25g/cm3；由于G物、gV和lOM都是定值，故ρ液與lON成正比，故改裝后杠桿右端的密度刻度線是均勻分布的。故答案為：（1）左；（2）6；（3）相等；阻力和阻力臂保持不變，根據(jù)杠桿的平衡條件可知，動(dòng)力與動(dòng)力臂的乘積保持不變；（4）O；1.25；是?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查調(diào)節(jié)平衡螺母的作用、杠桿實(shí)驗(yàn)時(shí)動(dòng)力和阻力的實(shí)驗(yàn)要求及根據(jù)杠桿平衡條件計(jì)算，有一定難度。五．計(jì)算題(本大題共2小題，第19題6分，第20題7分，共13分)19．（6分）今年初，因“新冠疫情”形勢(shì)嚴(yán)峻，在某些地區(qū)，快遞公司實(shí)現(xiàn)了無人機(jī)投送快遞服務(wù)。如圖所示，已知無人機(jī)與快遞的總質(zhì)量為3.6kg，無人機(jī)勻速豎直上升到40m高的陽(yáng)臺(tái)，整個(gè)過程花了10s。則：（g＝10N/kg）（1）無人機(jī)勻速上升的過程中，旋翼產(chǎn)生的升力為多大？（2）無人機(jī)飛行的速度為多大？（3）無人機(jī)飛行時(shí)做了多少功？【分析】（1）物體處于靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，受力平衡，據(jù)此結(jié)合重力公式求出旋翼產(chǎn)生的升力；（2）已知無人機(jī)飛行的時(shí)間和高度，利用速度公式求出無人機(jī)飛行的速度；（3）已知旋翼產(chǎn)生的升力和無人機(jī)上升的高度，利用W＝Fs求出無人機(jī)飛行時(shí)所做的功?！窘獯稹拷猓海?）無人機(jī)勻速上升的過程中，處于平衡狀態(tài)，則旋翼產(chǎn)生的升力與無人機(jī)與快遞的總重力為一對(duì)平衡力，大小相等，則旋翼產(chǎn)生的升力為：F＝G＝mg＝3.6×10N/kg＝36N；（2）無人機(jī)水平飛行的速度為：v＝＝＝＝4m/s；（3）無人機(jī)飛行時(shí)做的功為：W＝Fs＝Fh＝36N×40m＝1440J。答：（1）無人機(jī)勻速上升的過程中，旋翼產(chǎn)生的升力為36N；（2）無人機(jī)飛行的速度為4m/s；（3）無人機(jī)飛行時(shí)做了1440J功?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了二力平衡的應(yīng)用、速度和功的計(jì)算公式的應(yīng)用，難度不大，熟練應(yīng)用公式是解題的關(guān)鍵。20．（7分）如圖所示，是一款電熱器的簡(jiǎn)化電路圖，額定電壓為220V，它有加熱和保溫兩擋，R1和R2阻值不隨溫度變化，“加熱”時(shí)額定功率為550W，電阻R1＝3R2。求：（1）正?！凹訜帷睜顟B(tài)，通過該電熱器的電流；（2）正常“加熱”狀態(tài)，通電10min產(chǎn)生的熱量；（3）“保溫”狀態(tài)時(shí)電路的總功率?！痉治觥浚?）知道額定電壓和加熱時(shí)的額定功率，由P＝UI求出正?！凹訜帷睜顟B(tài)，通過該電熱器的電流；（2）根據(jù)Q＝W＝Pt求出正?！凹訜帷睜顟B(tài)，通電10min產(chǎn)生的熱量；（3）由圖可知當(dāng)開關(guān)接1時(shí)，只有R1工作，當(dāng)開關(guān)接2時(shí)，R1、R2串聯(lián)；根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)和P＝可知加熱和保溫狀態(tài)是的電路連接；根據(jù)加熱額定功率和P＝求出R1的阻值；根據(jù)題意求出R2的阻值；根據(jù)P＝求出“保溫”狀態(tài)時(shí)電路的總功率?！窘獯稹拷猓海?）由P＝UI可知，正常“加熱”狀態(tài)，通過該電熱器的電流：I＝＝＝2.5A；（2）正?！凹訜帷睜顟B(tài)，通電10min產(chǎn)生的熱量：Q＝W＝Pt＝550W×10×60s＝3.3×105J；（3）由圖可知，當(dāng)開關(guān)接1時(shí)，只有R1工作，當(dāng)開關(guān)接2時(shí)，R1、R2串聯(lián)；根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知，當(dāng)開關(guān)接1時(shí)，只有R1工作，電路中的電阻最小，根據(jù)P＝可知，電路中的電功率最大，電熱器處于加熱狀態(tài)；由P＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝88Ω，由于R1＝3R2，則R2的阻值：R2＝＝Ω，當(dāng)開關(guān)接2時(shí)，R1、R2串聯(lián)，電路中的電阻最大，根據(jù)P＝可知，電路中的電功率最小，電熱器處于保溫狀態(tài)；根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知，R1、R2的串聯(lián)總電阻：R＝R1+R2＝88Ω+Ω＝Ω，“保溫”狀態(tài)時(shí)電路的總功率：P保溫＝＝＝412.5W。答：（1）正常“加熱”狀態(tài)，通過該電熱器的電流為2.5A；（2）正常“加熱”狀態(tài)，通電10min產(chǎn)生的熱量為3.3×105J；（3）“保溫”狀態(tài)時(shí)電路的總功率為412.5W?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和電功率公式的靈活應(yīng)用，關(guān)鍵是電熱器處于不同狀態(tài)時(shí)電路連接方式的判斷。六．綜合能力題(本大題共3小題，第21題6分，第22題6分，第25題7分，共19分)21．（6分）中國(guó)載人深潛新坐標(biāo)——“奮斗者號(hào)”隨著我國(guó)科技的進(jìn)步和無數(shù)海洋人的努力和探索，“奮斗者號(hào)”載人深潛器于2020年11月28日，成功潛入海底10909米，再次向世界展示中國(guó)力量！“奮斗者號(hào)”兩側(cè)配有壓載鐵，通過改變其數(shù)量來控制“奮斗者號(hào)”的下沉、上浮或懸停，如圖所示。ρ海水取1×103kg/m3，ρ鐵取8×103kg/m3。（1）若海水的密度均勻，“奮斗者號(hào)”在下潛過程中，所受海水的壓強(qiáng)變大（選填“變大”“變小”或“不變”），當(dāng)其潛入海底10000米時(shí)，所受海水壓強(qiáng)大小為1×108Pa。（2）“奮斗者號(hào)”加速下沉?xí)r，其所受浮力小于（填“大于”“小于”或“等于”）重力，在經(jīng)過某一密度均勻的海水區(qū)域時(shí)，迅速拋掉部分壓載鐵，使其所受浮力等于重力時(shí)（不能忽略海水的阻力），“奮斗者號(hào)”將勻速下沉（選填“加速下沉”“減速下沉”“勻速下沉”或“立即靜止”）。（3）若“奮斗者號(hào)”體積為50m3（不包括壓載鐵），其所受浮力為5×105N，最大負(fù)載時(shí)總質(zhì)量為22噸（不包括壓載鐵），當(dāng)拋卸其中部分壓載鐵，只剩下2塊時(shí)，可使“奮斗者號(hào)”處于懸浮狀態(tài)，每塊鐵塊的體積應(yīng)為2m3才能使“奮斗者號(hào)”最大負(fù)載時(shí)實(shí)現(xiàn)懸浮靜止?fàn)顟B(tài)?！痉治觥浚?）根據(jù)液體壓強(qiáng)公式p＝ρgh分析在“奮斗者號(hào)”下潛的過程中受到海水的壓強(qiáng)變化；根據(jù)p＝ρgh求出受到海水的壓強(qiáng)；（2）根據(jù)物體浮沉條件判斷其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；（3）對(duì)“奮斗者號(hào)”受力分析，由平衡條件求鐵塊的體積?！窘獯稹拷猓海?）“奮斗者號(hào)”號(hào)下潛的過程中，海水密度不變，深度增加，根據(jù)液體壓強(qiáng)公式p＝ρgh可知受到海水的壓強(qiáng)變大；下潛到10000m深處時(shí)受到海水的壓強(qiáng)為：p＝ρ海水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1×108Pa；（2）根據(jù)物體的浮沉條件可知，“奮斗者號(hào)”加速下潛過程中，其受到的重力大于浮力；拋掉部分壓載鐵，使其所受浮力等于重力，受的是平衡力，它將保持原狀態(tài)做勻速下沉運(yùn)動(dòng)；（3）“奮斗者號(hào)”受到的浮力為：F?。溅押Ｋ甮V＝1.0×103kg/m3×10N/kg×50m3＝5×105N；“奮斗者號(hào)”懸浮時(shí)，所受浮力和重力是平衡力，所以F浮+2F浮鐵＝G總+2G鐵，即F浮+2ρ水gV鐵＝m總g+2×ρ鐵gV鐵，所以5×105N+2ρ海水gV鐵＝22×103kg×10N/kg+2×8×103kg/m3×10N/kg×V鐵，解得：V鐵＝2m3。故答案為：（1）變大；1×108；（2）小于；勻速下沉；（3）5×105；2?！军c(diǎn)評(píng)】此題考查壓強(qiáng)和浮力的大小變化，物體浮沉條件及其應(yīng)用，掌握壓強(qiáng)和浮力大小的影響因素是關(guān)鍵。22．（6分）仔細(xì)閱讀下面短文，利用文中的有用信息，回答文后提出的問題。太陽(yáng)光是太陽(yáng)上的核反應(yīng)“燃燒”發(fā)出的光，經(jīng)很長(zhǎng)的距離射向地球，再經(jīng)大氣層過濾后到地面。1666年，英國(guó)的科學(xué)家薩克?牛頓做了人類首次用三棱鏡分離太陽(yáng)光束的實(shí)驗(yàn)，并由此證明，太陽(yáng)的白光是由各種色光組合而成。除了輻射可見光外，太陽(yáng)光還是天然紫外線的重要來源。若太陽(yáng)輻射的紫外線全部到達(dá)地面，地球上的植物、動(dòng)物和人類都不能生存。我們?nèi)祟惣覉@（地球）的周圍包圍著厚厚的大氣層。在大氣層的上部，距地面20～50km的高空有一層叫做臭氧的物質(zhì)，這種物質(zhì)能吸收大量太陽(yáng)輻射來的紫外線，是地球上的生物得以生存和進(jìn)化的重要條件。但是電冰箱內(nèi)使用的一種制冷物質(zhì)氟利昂，是臭氧的“天敵”。當(dāng)電冰箱損壞后，氟利昂散到大氣中，破壞臭氧層，對(duì)地球的生態(tài)環(huán)境構(gòu)成威脅。為了保護(hù)人類生存的環(huán)境，1987年在世界范圍內(nèi)簽署了限量生產(chǎn)和使用這類物質(zhì)的《蒙特利爾議定書》。我國(guó)也在1991年簽署了《蒙特利爾議定書》，并于2002年停止生產(chǎn)氟利昂。（1）太陽(yáng)光通過三棱鏡后被分解成紅、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫，說明太陽(yáng)光是復(fù)色光（選填“單色光”或“復(fù)色光”）。（2）天然紫外線的主要來源是太陽(yáng)光。（3）陽(yáng)光中的紫外線大部分是被下列哪種物質(zhì)吸收的D。A.大氣層B.氟利昂C.地表和地球上的動(dòng)植物D.臭氧層（4）適量的紫外線還可以為人們所用，以下不屬于紫外線的應(yīng)用的是C。A.滅菌B.使熒光物質(zhì)發(fā)光C.可以進(jìn)行遙控D.有助于人體的骨骼生長(zhǎng)【分析】（1）太陽(yáng)光是復(fù)色光，可以通過三棱鏡分離出：紅、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫七種顏色的色光。（2）天然紫外線的最重要來源是太陽(yáng)光。（3）太陽(yáng)光中的紫外線大部分被臭氧層吸收了。（4）紫外線可以有助于合成維生素D，促進(jìn)骨骼生長(zhǎng)；紫外線可以殺死微生物，可以用紫外線來滅菌；紫外線可以使熒光物質(zhì)發(fā)光，所以可以使用紫外線來驗(yàn)鈔。而用來遙控的是利用了紅外線?！窘獯稹拷猓海?）太陽(yáng)光是復(fù)色光，可以通過光的色散現(xiàn)象分解為：紅、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫七種顏色的色光。（2）結(jié)合短文內(nèi)容分析可知：天然紫外線的最重要來源是太陽(yáng)光。（3）太陽(yáng)光中的紫外線大部分被臭氧層吸收了。故選：D；（4）紫外線可以有助于合成維生素D，促進(jìn)骨骼生長(zhǎng)；紫外線可以殺死微生物，可以用紫外線來滅菌；紫外線可以使熒光物質(zhì)發(fā)光，所以可以使用紫外線來驗(yàn)鈔。而用來遙控的是利用了紅外線。故選：C。故答案為：（1）黃；靛；復(fù)色光；（2）太陽(yáng)光；（2）D；（4）C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查太陽(yáng)光、紫外線有關(guān)的生活事例及臭氧層的破壞，此題體現(xiàn)大氣環(huán)境的破壞及保護(hù)，真正體現(xiàn)到生活處處有物理。23．（7分）便攜型熱熔膠槍是一種建筑當(dāng)中經(jīng)常要用到的工具，在其他領(lǐng)域也有廣泛的應(yīng)用，圖﹣1中熱熔膠