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2023-2024學(xué)年廣州協(xié)和學(xué)校高一數(shù)學(xué)(下)期中考試卷滿分為150分,考試時(shí)間為120分鐘2024年4月第一部分選擇題(共58分)一、單項(xiàng)選擇題:本題包括8小題,每小題5分,共40分.每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求.多選、錯(cuò)選均不得分.1.i是虛數(shù)單位,若復(fù)數(shù),則z的共軛復(fù)數(shù)(
).A. B. C. D.2.已知向量,向量在向量上的投影向量(
)A.B.C. D.3.在△ABC中,AB=2,BC=1.5,∠ABC=120°(如圖所示),若將△ABC繞直線BC旋轉(zhuǎn)一周,則形成的旋轉(zhuǎn)體的體積是(
)A. B. C. D.4.年月日,阿貝爾獎(jiǎng)和菲爾茲獎(jiǎng)雙料得主,英國(guó)歲高齡的著名數(shù)學(xué)家阿蒂亞爵士宣布自己證明了黎曼猜想,這一事件引起了數(shù)學(xué)界的震動(dòng).在年,德國(guó)數(shù)學(xué)家黎曼向科學(xué)院提交了題目為《論小于某值的素?cái)?shù)個(gè)數(shù)》的論文并提出了一個(gè)命題,也就是著名的黎曼猜想.在此之前著名的數(shù)學(xué)家歐拉也曾研究過這個(gè)何題,并得到小于數(shù)字的素?cái)?shù)個(gè)數(shù)大約可以表示為的結(jié)論.若根據(jù)歐拉得出的結(jié)論,估計(jì)以內(nèi)的素?cái)?shù)個(gè)數(shù)為(
)(素?cái)?shù)即質(zhì)數(shù),,計(jì)算結(jié)果取整數(shù))A. B. C. D.5.在中,角對(duì)邊為,且,則的形狀為(
)A.等邊三角形 B.直角三角形 C.等腰三角形 D.等腰直角三角形6.已知圓錐的底面圓周在球O的表面上,頂點(diǎn)為球心O,圓錐的高為3,且圓錐的側(cè)面展開圖是一個(gè)半圓,則球O的體積為(
)A. B. C. D.7.已知平行四邊形中,,,.若點(diǎn)滿足,點(diǎn)為中點(diǎn),則(
)A. B. C. D.8.是定義在R上的偶函數(shù),對(duì),都有,且當(dāng)時(shí),.若在區(qū)間內(nèi)關(guān)于x的方程至少有2個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,至多有3個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,則的取值范圍是(
)A. B. C. D.二、多項(xiàng)選擇題:本題包括3小題,每小題6分,共18分.在每小題給出的選項(xiàng)中,有多項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)的得6分,部分選對(duì)的得部分分,有選錯(cuò)的得0分9.已知i為虛數(shù)單位,以下四個(gè)說法中正確的是(
)A.,則B.C.若,則復(fù)數(shù)z對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于第四象限D(zhuǎn).已知復(fù)數(shù)z滿足,則z在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)的軌跡為圓10.下列說法中正確的有(
)A.設(shè)正六棱錐的底面邊長(zhǎng)為1,側(cè)棱長(zhǎng)為,那么它的體積為B.用斜二測(cè)法作△ABC的水平放置直觀圖得到邊長(zhǎng)為a的正三角形,則△ABC面積為C.三個(gè)平面可以將空間分成4,6,7或者8個(gè)部分D.已知四點(diǎn)不共面,則其中任意三點(diǎn)不共線.11.給出以下命題正確命題的選項(xiàng)為(
)A.要得到的圖象,只需將圖象沿軸方向向左平移個(gè)單位B.函數(shù)的最大值為2C.定義運(yùn)算,則且,設(shè),則的值域?yàn)镈.函數(shù),當(dāng)?shù)葧r(shí)恒有解,則的范圍是第二部分非選擇題(共92分)三、填空題:本題包括3小題,每小題5分,共15分.12.四邊形ABCD是復(fù)平面內(nèi)的平行四邊形,三點(diǎn)對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)分別是,,,則點(diǎn)D對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)為.13.已知向量滿足,則.14.如圖,直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)分別在等邊三角形的邊、、上,且,,,則長(zhǎng)度的最大值為四、解答題:本題包括5小題,共77分.15.在銳角中,的對(duì)邊分別為,且(1)確定角的大?。?2)若,且,求邊.16.已知向量是同一平面內(nèi)的三個(gè)向量,其中.(1)若,且,求向量的坐標(biāo);(2)若是單位向量,且,求與的夾角.17.已知.(1)函數(shù)的最小正周期是,求,并求此時(shí)的解集;(2)已知,,求函數(shù),的值域.18.如圖,四邊形為梯形,,,,.(1)求的值;(2)求的長(zhǎng).19.已知函數(shù),.(1)若函數(shù)是奇函數(shù),求實(shí)數(shù)的值;(2)在(1)的條件下,判斷函數(shù)與函數(shù)的圖象公共點(diǎn)個(gè)數(shù),并說明理由;(3)當(dāng)時(shí),函數(shù)的圖象始終在函數(shù)的圖象上方,求實(shí)數(shù)的取值范圍.1.A【分析】利用復(fù)數(shù)的乘方及復(fù)數(shù)除法運(yùn)算,結(jié)合共軛復(fù)數(shù)的意義求解即得.【詳解】依題意,,所以.故選:A2.C【分析】利用平面向量投影向量的定義求解.【詳解】解:因?yàn)橄蛄?,所以向量在向量上的投影向量,故選:C3.D【分析】由旋轉(zhuǎn)體的概念得旋轉(zhuǎn)是一個(gè)大圓錐去掉一個(gè)小圓錐,由圓錐體積公式可得.【詳解】依題意可知,旋轉(zhuǎn)體是一個(gè)大圓錐去掉一個(gè)小圓錐,如圖所示,OA=AB·cos30°=2×=,∴旋轉(zhuǎn)體的體積為π·()2·(OC-OB)=.故選:D.4.B【分析】計(jì)算的值,即可得解.【詳解】因?yàn)?,所以,估?jì)以內(nèi)的素?cái)?shù)個(gè)數(shù)為.故選:B.5.B【分析】先根據(jù)二倍角公式化簡(jiǎn),根據(jù)余弦定理化簡(jiǎn)得到即可得到答案.【詳解】因?yàn)?,所以,即,所以,在中,由余弦定理:,代入得,,即,所?所以直角三角形.故選:B6.B【分析】根據(jù)給定條件,求出圓錐的母線長(zhǎng)即得球的半徑,再利用球的體積公式計(jì)算得解.【詳解】設(shè)圓錐的底面半徑為,母線長(zhǎng)為,由圓錐的側(cè)面展開圖是一個(gè)半圓,得,得.由圓錐的高為3,得,即,解得,因此球的半徑,體積為.故選:B7.C【分析】將向量、、用基底表示,結(jié)合平面向量數(shù)量積的運(yùn)算性質(zhì)可求得的值.【詳解】如下圖所示:因?yàn)椋瑒t,又因?yàn)辄c(diǎn)為的中點(diǎn),則,,,所以,.故選:C.8.C【分析】先根據(jù)題意分析函數(shù)的對(duì)稱性及周期性;再利用函數(shù)的對(duì)稱性和周期性作出函數(shù)在上的圖象;最后數(shù)形結(jié)合列出不等式組求解即可.【詳解】由,可得:.又因?yàn)槭嵌x在R上的偶函數(shù),則,且函數(shù)圖象關(guān)于軸對(duì)稱.所以,即的周期為4.作出函數(shù)在上的圖象,根據(jù)對(duì)稱性及周期為4,可得出在上的圖象.令若在區(qū)間內(nèi)關(guān)于x的方程至少有2個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,至多有3個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,則函數(shù)與函數(shù)在上至少有2個(gè)不同的交點(diǎn),至多有3個(gè)不同的交點(diǎn).所以,即,解得.故答案為:C【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)點(diǎn)睛:本題考查函數(shù)性質(zhì)的綜合應(yīng)用,函數(shù)與方程的綜合應(yīng)用及數(shù)形結(jié)合思想.解題關(guān)鍵在于根據(jù)題意分析出分析函數(shù)的對(duì)稱性及周期性,并作出和圖象;將方程根的問題轉(zhuǎn)化為函數(shù)圖象交點(diǎn)問題,數(shù)形結(jié)合解答即可.9.AD【分析】根據(jù)復(fù)數(shù)相等的充要條件即可求解A,根據(jù)復(fù)數(shù)的性質(zhì)即可求解B,根據(jù)復(fù)數(shù)的幾何意義即可求解CD.【詳解】A:由題意,所以,解得,,所以,故A正確,B:因?yàn)閮蓚€(gè)復(fù)數(shù)不能比較大小,所以B不正確;C:因?yàn)椋詮?fù)數(shù)z對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于第二象限,因此C不正確;D:因?yàn)?,所以z在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)的軌跡為圓心為,半徑為3的圓,因此D正確,故選:AD10.ACD【解析】對(duì)A,根據(jù)題意求出底面積與高再求體積判定即可.對(duì)B,根據(jù)斜二測(cè)畫法前后面積的關(guān)系求解判斷即可.對(duì)C,分析這三個(gè)平面的位置關(guān)系再逐個(gè)討論即可.對(duì)D,利用反證法證明即可.【詳解】對(duì)于A,正六棱錐的底面邊長(zhǎng)為1,則S底面積=6?1×1×sin60°;又側(cè)棱長(zhǎng)為,則棱錐的高h(yuǎn)2,所以該棱錐的體積為VS底面積h2,A正確;對(duì)于B,水平放置直觀圖是邊長(zhǎng)為a的正三角形,直觀圖的面積為S′a2×sin60°,則原△ABC的面積為S=2S′=2a2a2,所以B錯(cuò)誤;對(duì)于C,若三個(gè)平面互相平行,則可將空間分為4部分;若三個(gè)平面有兩個(gè)平行,第三個(gè)平面與其它兩個(gè)平面相交,則可將空間分為6部分;若三個(gè)平面交于一線,則可將空間分為6部分;若三個(gè)平面兩兩相交且三條交線平行(聯(lián)想三棱柱三個(gè)側(cè)面的關(guān)系),則可將空間分為7部分;若三個(gè)平面兩兩相交且三條交線交于一點(diǎn)(聯(lián)想墻角三個(gè)墻面的關(guān)系),則可將空間分為8部分;所以三個(gè)平面可以將空間分成4,6,7或8部分,C正確;對(duì)于D,四點(diǎn)不共面,則其中任意三點(diǎn)不共線,否則是四點(diǎn)共面,所以D正確;綜上知,正確的命題序號(hào)是ACD.故選:ACD.【點(diǎn)睛】本題主要考查了立體幾何中的基本性質(zhì)與空間中線面的關(guān)系問題,屬于基礎(chǔ)題.11.ABD【分析】對(duì)于A,由三角函數(shù)的平移變化即可判斷A;對(duì)于B,用正、余弦的和差角公式及輔助角公式化簡(jiǎn)為,即可判斷B;對(duì)于C,取時(shí),即可判斷C;對(duì)于D,將化簡(jiǎn),然后用二次函數(shù)求最值,即可判斷D.【詳解】對(duì)于A,將圖象沿軸方向向左平移個(gè)單位,則,所以A正確;對(duì)于B,,當(dāng)時(shí),,所以B正確.對(duì)于C,,即,當(dāng)時(shí),,,所以C錯(cuò)誤.對(duì)于D,,令,,所以在上單調(diào)遞增,,,當(dāng)時(shí)恒有解,則所以的范圍是,所以D正確.故選:ABD.12.##【分析】利用復(fù)數(shù)的幾何意義,結(jié)合平面向量相等的性質(zhì)即可得解.【詳解】依題意,因?yàn)槿c(diǎn)對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)分別是,,,所以,因?yàn)槭瞧叫兴倪呅危?,設(shè),則,故,解得,所以,則點(diǎn)D對(duì)應(yīng)的復(fù)數(shù)為.故答案為:.13.【分析】由向量的數(shù)量積的運(yùn)算公式,運(yùn)算求得,結(jié)合,即可求解.【詳解】由向量滿足,可得,解得,又由,所以.故答案為:.14.【分析】選取角度作為變量,運(yùn)用正弦定理將線段表示為角度的函數(shù),進(jìn)而運(yùn)用三角函數(shù)的知識(shí)求解最值可得出結(jié)果.【詳解】正三角形ABC中,,設(shè),則根據(jù)題意有:,中,中,根據(jù)正弦定理得:中,根據(jù)正弦定理得:化簡(jiǎn)計(jì)算得:()當(dāng)時(shí),有最大值.故答案為:.15.(1)(2)或【分析】(1)直接由正弦定理可得,從而可得答案.(2)由余弦定理可得,再由可求答案.【詳解】(1)由及正弦定理得因?yàn)?,故又銳角,所以.(2)由余弦定理,,得解得:或.16.(1)或(2)【分析】(1)設(shè),由,且,列出方程組,求得的值,即可求解;(2)由,求得,利用向量的夾角公式,求得,即可求解.【詳解】(1)解:設(shè),因?yàn)?,且,可得,解得或,所以?(2)解:因?yàn)?,且為單位向量,可得,,又因?yàn)?,可得,所以,則,因?yàn)椋?17.(1),或;(2).【分析】(1)利用正弦函數(shù)的周期公式求出,再求出方程的解集即得.(2)利用二倍角公式及輔助角公式求出,再利用正弦函數(shù)性質(zhì)求出值域即可.【詳解】(1)依題意,,解得,則,由,得,解得或,即或所以的解集為或.(2)依題意,,,當(dāng)時(shí),,則有,,所以函數(shù),的值域?yàn)?18.(1)(2)【分析】(1)計(jì)算出,利用兩角和的余弦公式可求得的值;(2)在中,利用正弦定理可求出BD的長(zhǎng),再在中利用余弦定理可求得BC的長(zhǎng).【詳解】(1)因?yàn)?,且,解得,.而,所以,所以因?yàn)椋?,所以.?)在中,由正弦定理得,因?yàn)椋裕谥?,由余弦定理得,所以?9.(1).(2)函數(shù)與函數(shù)的圖象有2個(gè)公共點(diǎn);說明見解析.(3).【詳解】分析:(1)由題意可得,解出;(2)要求方程解的個(gè)數(shù),即求方程在定義域上的解的個(gè)數(shù),令,利用零點(diǎn)存在定理判斷即可;(3)要使時(shí),函數(shù)的圖象始終在函數(shù)的圖象的上方,必須使在上恒成立,令,則,上式整理得在恒成立,分類討論即可.詳解:(1)因?yàn)闉槠婧瘮?shù),所以對(duì)于定義域內(nèi)任意,都有,即,,顯然,由于奇函數(shù)定義域關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱,所以必有.上面等式左右兩邊同時(shí)乘以得,化簡(jiǎn)得,.上式對(duì)定義域內(nèi)任意恒成立,所以必有,解得.(2)由(1)知,所以,即,由得或,所以函數(shù)定義域.由題意,要求方程解的個(gè)數(shù),即求方程在定義域上的解的個(gè)數(shù).令,顯然在區(qū)間和均單調(diào)遞增,又,且,.所以函數(shù)在區(qū)間和上各有一個(gè)零點(diǎn),即方程在定義域上有2個(gè)解,所以函數(shù)與函數(shù)的圖象有2個(gè)公共點(diǎn).(附注:函數(shù)與在定義域上的大致圖象如圖所示)(3)要使時(shí),函數(shù)的圖象始終在函數(shù)的圖象的上方,必須使在上恒成立,令,則,上式整理得在
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