2023年高考物理一輪復(fù)習(xí)提升核心素養(yǎng) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律

第三章牛頓運(yùn)動(dòng)定律

自主命題卷全國(guó)卷

2021?全國(guó)甲卷?T14牛頓第二

定律

2021.北京卷.T13牛頓第二定律2021?全國(guó)乙卷?T21牛頓第二

2021?浙江1月選考?T4牛頓第三定律定律

2021.浙江6月選考?T4牛頓第二定律2020?全國(guó)卷I-T16牛頓第二

2020.山東卷.T1牛頓第二定律定律

2020.海南卷.T12牛頓第二定律2019?全國(guó)卷n?T19牛頓第二

考情2020?浙江1月選考?T2牛頓第三定律定律

分析2019?全國(guó)卷nmo牛頓第二

定律

2021.北京卷.T15實(shí)驗(yàn)：探究加速度與

物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系2019?全國(guó)卷ILT22實(shí)驗(yàn):測(cè)量

2021.湖南卷.TH實(shí)驗(yàn)：探究加速度與動(dòng)摩擦因數(shù)

物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系2021?全國(guó)甲卷?T22實(shí)驗(yàn)：測(cè)量

2020?浙江7月選考-T17(1)實(shí)驗(yàn)：探究動(dòng)摩擦因數(shù)

加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系

跳水、蹦床、蹦極、火箭發(fā)射、無(wú)人機(jī)、跳傘運(yùn)動(dòng)、電梯

生活實(shí)踐類

試題內(nèi)的超重及失重

情境傳送帶模型，板塊模型，探究加速度與物體受力、物體質(zhì)

學(xué)習(xí)探究類

量的關(guān)系，測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)

備考指導(dǎo)1.本專題重點(diǎn)知識(shí)是牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用，在處理研究對(duì)象復(fù)

雜受力的問題上要重點(diǎn)關(guān)注

2.牢記基本方法、規(guī)律，并且結(jié)合新情景下的物理問題，熟悉常見

模型，明白內(nèi)部規(guī)律

3.1牛頓運(yùn)動(dòng)三定律

一、牛頓第一定律的理解

i.牛頓第一定律

(1)內(nèi)容：一切物體總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，除非作用在它上面的

力迫使它改變這種狀態(tài).

(2)意義：①揭示了物體的固有屬性：一切物體都具有慣性，因此牛頓第一定律

又被叫作慣性定律；

②揭示了運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系：力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

的原因，即力是產(chǎn)生加速度的原因.

2.慣性

(1)定義：物體具有保持原來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì).

(2)量度：質(zhì)量是慣性大小的唯一量度，質(zhì)量大的物體慣性大，質(zhì)量小的物體慣

性小.

(3)普遍性：慣性是物體的固有屬性，一切物體都具有慣性，與物體的運(yùn)動(dòng)情況

和受力情況無(wú)關(guān).

二、牛頓第二定律的理解

1.牛頓第二定律

⑴內(nèi)容：物體加速度的大小跟它受到的作用力成正比、跟它的質(zhì)量成反比，加

速度的方向跟作用力的方向相同.

(2)表達(dá)式：F=ma.

2.力學(xué)單位制

⑴單位制：基本單位和導(dǎo)出單位一起組成了單位制.

⑵基本單位：基本物理量的單位.國(guó)際單位制中基本物理量共七個(gè)，其中力學(xué)

有三個(gè)，是長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間，單位分別是米、千克、秒.

(3)導(dǎo)出單位：由基本物理量根據(jù)物理關(guān)系推導(dǎo)出來(lái)的其他物理量的單位.

三、牛頓第三定律的理解

L作用力和反作用力：兩個(gè)物體之間的作用總是相互的，一個(gè)物體對(duì)另一個(gè)物

體施加了力，后一個(gè)物體同時(shí)對(duì)前一個(gè)物體也施加力.

2.內(nèi)容：兩個(gè)物體之間的作用力和反作用力總是大小相等、方向相反、作用在

同一條直線上.

3.表達(dá)式：F=-F'.

1.慣性的兩種表現(xiàn)形式

⑴物體在不受外力或所受的合外力為零時(shí)，慣性表現(xiàn)為使物體保持原來(lái)的運(yùn)動(dòng)

狀態(tài)不變（靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)）.

⑵物體受到外力時(shí)，慣性表現(xiàn)為抗拒運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變，慣性大，物體的運(yùn)動(dòng)狀

態(tài)較難改變；慣性小，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)較易改變.

2.牛頓第一定律與牛頓第二定律的關(guān)系

牛頓第一定律和牛頓第二定律是相互獨(dú)立的.

⑴牛頓第一定律告訴我們改變運(yùn)動(dòng)狀態(tài)需要力，力是如何改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的

問題則由牛頓第二定律來(lái)回答.

⑵牛頓第一定律是經(jīng)過科學(xué)抽象、歸納推理總結(jié)出來(lái)的，而牛頓第二定律是一

條實(shí)驗(yàn)定律.

例題1.下列說法符合史實(shí)的是（）

A.伽利略提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因

B.亞里士多德猜想自由落體運(yùn)動(dòng)的速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)

進(jìn)行了驗(yàn)證

C.笛卡兒通過理想斜面實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持

D.牛頓認(rèn)為力的真正效應(yīng)是改變物體的速度，而不僅僅是使之運(yùn)動(dòng)

【答案】D

【解析】亞里士多德提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故A錯(cuò)誤；伽利略用數(shù)學(xué)

和邏輯推理得出了自由落體的速度與下落時(shí)間成正比，而不是直接用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證這

個(gè)結(jié)論，故B錯(cuò)誤；伽利略利用“理想斜面實(shí)驗(yàn)”發(fā)現(xiàn)了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力

來(lái)維持，推翻了“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；牛頓認(rèn)為力

的真正效應(yīng)是改變物體的速度，產(chǎn)生加速度，而不僅僅是使之運(yùn)動(dòng)，故D正確。

如圖所示，底部均有4個(gè)輪子的行李箱。豎立、5平臥放置在公交

車上，箱子四周有一定空間。當(dāng)公交車（）

A.緩慢啟動(dòng)時(shí)，兩只行李箱一定相對(duì)車子向后運(yùn)動(dòng)

B.急剎車時(shí)，行李箱。一定相對(duì)車子向前運(yùn)動(dòng)

C.緩慢轉(zhuǎn)彎時(shí)，兩只行李箱一定相對(duì)車子向外側(cè)運(yùn)動(dòng)

D.急轉(zhuǎn)彎時(shí)，行李箱6一定相對(duì)車子向內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)

【答案】B

【解析】

緩慢啟動(dòng)的公交車具有向前的加速度，但加速度較小，若箱子所受的靜摩

擦力足以提供該加速度，則箱子可以相對(duì)公交車靜止，A錯(cuò)誤；急剎車時(shí)，公交

車的加速度較大，箱子輪子受到公交車的摩擦力較小，行李箱。一定相對(duì)車子向

前運(yùn)動(dòng)，B正確；緩慢轉(zhuǎn)彎時(shí)，車子具有指向軌跡內(nèi)側(cè)的較小的加速度，當(dāng)行李

箱所受的靜摩擦力足以提供其加速度時(shí)，行李箱相對(duì)車子靜止，C錯(cuò)誤；急轉(zhuǎn)彎

時(shí)，汽車的加速度較大，若行李箱。所受的靜摩擦力不足以提供所需的向心力，

則其做離心運(yùn)動(dòng)，即相對(duì)車子向外側(cè)運(yùn)動(dòng)，若行李箱。所受的靜摩擦力足以提供

所需的向心力，則其相對(duì)車子靜止，D錯(cuò)誤。

（多選）科學(xué)家關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的研究對(duì)樹立正確的自然觀具有重要

作用.下列說法中符合歷史事實(shí)的是（）

A.亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)才會(huì)改變

B.伽利略通過“理想實(shí)驗(yàn)”得出結(jié)論：如果物體不受力，它將以這一速度永遠(yuǎn)

運(yùn)動(dòng)下去

C.笛卡兒指出，如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿

同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來(lái)也不偏離原來(lái)的方向

D.牛頓認(rèn)為，物體都具有保持原來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)

【答案】BCD

【解析】

亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體才能運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；伽利

略通過“理想實(shí)驗(yàn)”得出結(jié)論：力不是維持運(yùn)動(dòng)的原因，如果物體不受力，它將

以這一速度永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去，故B正確；笛卡兒指出如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到

力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來(lái)也不偏離原來(lái)的方

向，故C正確；牛頓認(rèn)為物體都具有保持原來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的

性質(zhì)，故D正確.

1.對(duì)牛頓第二定律的理解

矢量性--a與尸方向相同

瞬時(shí)性a與尸對(duì)應(yīng)同一?時(shí)刻

因果性一?產(chǎn)是產(chǎn)生a的原因

廣|a、F、m對(duì)應(yīng)同一物體|

-―同一性-_________________________________

六-------L*尸、一統(tǒng)一使用國(guó)際單位制單位

口性--獨(dú)--立--性--一--每---一--個(gè)--力--都--可---以--產(chǎn)--生--各--自---的--加--速--度--

只適用于宏觀、低速運(yùn)動(dòng)的物體,

不適用于微觀、高速運(yùn)動(dòng)的粒子

L局限性-

物體的加速度必須是相對(duì)慣性系

而言的

2.解題的思路和關(guān)鍵

（1）選取研究對(duì)象進(jìn)行受力分析；

（2）應(yīng)用平行四邊形定則或正交分解法求合力；

（3）根據(jù)F^=ma求物體的加速度a.

例題2.（多選）下列說法正確的是（）

A.對(duì)靜止在光滑水平面上的物體施加一個(gè)水平力，當(dāng)力剛作用瞬間，物體立即

獲得加速度

B.物體由于做加速運(yùn)動(dòng)，所以才受合外力作用

C.尸=機(jī)。是矢量式，。的方向與R的方向相同，與速度方向無(wú)關(guān)

D.物體所受合外力減小，加速度一定減小，而速度不一定減小

【答案】ACD

【解析】

由于物體的加速度和合外力是瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系，由此可知當(dāng)力作用瞬間，物體會(huì)

立即產(chǎn)生加速度，選項(xiàng)A正確；根據(jù)因果關(guān)系，合外力是產(chǎn)生加速度的原因,

即物體由于受合外力作用，才會(huì)產(chǎn)生加速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；牛頓第二定律R=

加a是矢量式，a的方向與尸的方向相同，與速度方向無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C正確；由牛

頓第二定律可知物體所受合外力減小，加速度一定減小，如果物體做加速運(yùn)動(dòng),

其速度會(huì)增大，如果物體做減速運(yùn)動(dòng)，速度會(huì)減小，選項(xiàng)D正確.

如圖所示，輕質(zhì)彈簧上端固定，不掛重物時(shí)下端位置位于C點(diǎn);

在下端掛一個(gè)質(zhì)量為根的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）后再次保持靜止,此時(shí)物體位于A點(diǎn);

將物體向下拉至3點(diǎn)后釋放。關(guān)于物體的運(yùn)動(dòng)情況，下面說法不正確的是（）

.血

A

w

v-c

4

w-

3

n-

A.物體由3到A的運(yùn)動(dòng)過程中，物體的加速度一直在減小

B.物體由B到A的運(yùn)動(dòng)過程中，物體的速度一直在增大

C.物體由3到C的運(yùn)動(dòng)過程中，物體的加速度一直在增大

D.物體由3到C的運(yùn)動(dòng)過程中，物體的速度先增大后減小

【答案】C

【解析】

物體在A點(diǎn)處于平衡狀態(tài)，從3到&過程中，彈簧彈力大于重力，根據(jù)牛

頓第二定律可知，物體將向A加速運(yùn)動(dòng)，隨著彈簧形變量的減小，物體加速度

將逐漸減小，當(dāng)?shù)竭_(dá)A時(shí)彈力等于重力，物體速度達(dá)到最大，然后物體將向C

做減速運(yùn)動(dòng)，從A到C過程中，彈簧上的拉力逐漸減小，因此物體做加速度逐

漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，故從8到C整個(gè)過程中，物體加速度先減小后增大，速度

先增大后減小，故A、B、D正確，C錯(cuò)誤。

6包G軟2021年10月16日0時(shí)23分,“神舟十三號(hào)”成功發(fā)射，順利將

三名航天員送入太空并進(jìn)駐空間站.在空間站中，如需測(cè)量一個(gè)物體的質(zhì)量，需

要運(yùn)用一些特殊方法：如圖所示，先對(duì)質(zhì)量為加i=1.0kg的標(biāo)準(zhǔn)物體P施加一

水平恒力F,測(cè)得其在1s內(nèi)的速度變化量大小是10m/s,然后將標(biāo)準(zhǔn)物體與待

測(cè)物體Q緊靠在一起，施加同一水平恒力R測(cè)得它們1s內(nèi)速度變化量大小是

2m/s.則待測(cè)物體Q的質(zhì)量m2為（）

F

A.3.0kgB.4.0kg

C.5.0kgD.6.0kg

【答案】B

F八

【解析】對(duì)P施加R時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有。1=記=后=10m/s2,對(duì)P和。

整體施加尸時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有〃2=~T—=_TT=2m/s2,聯(lián)立解得儂=

mx+miAr

4.0kg,故選B.

一對(duì)平衡力與作用力和反作用力的比較

X.名稱

一對(duì)平衡力作用力和反作用力

項(xiàng)

兩個(gè)相互作用的不同物

作用對(duì)象同一個(gè)物體

體

不一定同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)消一定同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)消

作用時(shí)間

失失

力的性質(zhì)不一定相同一定相同

作用效果可相互抵消不可抵消

例題3.（多選）如圖所示，用水平力R把一個(gè)物體緊壓在豎直墻壁上，物體保持靜

止，下列說法中正確的是（）

A.水平力R與墻壁對(duì)物體的彈力是一對(duì)作用力與反作用力

B.物體的重力與墻壁對(duì)物體的靜摩擦力是一對(duì)平衡力

C.水平力R與物體對(duì)墻壁的壓力是一對(duì)作用力與反作用力

D.物體對(duì)墻壁的壓力與墻壁對(duì)物體的彈力是一對(duì)作用力與反作用力

【答案】BD

【解析】水平力廠與墻壁對(duì)物體的彈力作用在同一物體上，大小相等、方向相

反，且作用在同一條直線上，是一對(duì)平衡力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；物體在豎直方向上

受豎直向下的重力以及墻壁對(duì)物體豎直向上的靜摩擦力的作用，因物體處于靜止

狀態(tài)，這兩個(gè)力是一對(duì)平衡力，選項(xiàng)B正確；水平力歹作用在物體上，而物體

對(duì)墻壁的壓力作用在墻壁上，這兩個(gè)力不是平衡力，也不是相互作用力，選項(xiàng)C

錯(cuò)誤；物體對(duì)墻壁的壓力與墻壁對(duì)物體的彈力是兩個(gè)物體間的相互作用力，是一

對(duì)作用力與反作用力，選項(xiàng)D正確.

“電動(dòng)平衡車”是時(shí)下熱門的一種代步工具.如圖，人筆直站在“電動(dòng)平衡車”

上，在某水平地面上沿直線勻速前進(jìn)，下列說法正確的是（）

A.“電動(dòng)平衡車”對(duì)人的作用力大于人對(duì)“電動(dòng)平衡車”的作用力

B.人的重力與車對(duì)人的支持力是一對(duì)相互作用力

C.地面對(duì)車的摩擦力與人（含車）所受空氣阻力平衡

D.在行駛過程中突然向右轉(zhuǎn)彎時(shí)，人會(huì)因?yàn)閼T性向右傾斜

【答案】C

【解析】

根據(jù)牛頓第三定律，“電動(dòng)平衡車”對(duì)人的作用力等于人對(duì)“電動(dòng)平衡車”的

作用力，故A錯(cuò)誤；人的重力與車對(duì)人的支持力的受力物體都是人，不可能是

相互作用力，故B錯(cuò)誤；地面對(duì)車的摩擦力與人（含車）所受空氣阻力平衡，所以

人與車能夠勻速運(yùn)動(dòng)，故C正確；在行駛過程中突然向右轉(zhuǎn)彎時(shí)，人會(huì)因?yàn)閼T

性向左傾斜，故D錯(cuò)誤.

軟如圖所示，大人跟小孩掰手腕，很容易把小孩的手壓到桌面上。若

大人對(duì)小孩的力記為R1,小孩對(duì)大人的力記為R2,則（）

A.F]>FiB.B和尸2大小相等

C.人先于凡產(chǎn)生D.八后于凡產(chǎn)生

【答案】B

【解析】大人對(duì)小孩的作用力與小孩對(duì)大人的作用力是作用力與反作用力，大小

相等、方向相反，A錯(cuò)誤，B正確；因作用力與反作用力是同在同失關(guān)系，則

B和歹2同時(shí)產(chǎn)生，C、D錯(cuò)誤。

Q0&④

應(yīng)用牛頓第三定律轉(zhuǎn)換研究對(duì)象

1.方法概述

轉(zhuǎn)換研究對(duì)象法是當(dāng)將A物體作為研究對(duì)象無(wú)法求解結(jié)果時(shí)，可以選與A

相互作用的物體B為研究對(duì)象進(jìn)行求解的方法,該方法往往用到牛頓第三定律.

2.一般解題思路

(1)選擇合適的研究對(duì)象，分析受力情況，判斷物體的受力是否可以直接求

出；

(2)轉(zhuǎn)換研究對(duì)象，分析待求力的反作用力；

(3)由牛頓第三定律求出待求力.

例題4.如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板上以加速度a水平向右

加速滑行，長(zhǎng)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃1，木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

償，重力加速度為g,若長(zhǎng)木板仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，則長(zhǎng)木板對(duì)地面摩擦力的大小

和方向?yàn)?)

///////////////////////////

A.向左B.〃2機(jī)g,向右

C.p21ng+ma,向右D.juimg-\-]U2Mg,向左

【答案】B

【解析】

對(duì)木塊分析可知，長(zhǎng)木板對(duì)它水平向左的摩擦力大小為Rl=〃2Mg,由牛頓第

三定律可知，木塊對(duì)長(zhǎng)木板的摩擦力向右，大小也為Bi;由于長(zhǎng)木板仍處于靜

止?fàn)顟B(tài)，對(duì)長(zhǎng)木板受力分析可知，地面對(duì)它的靜摩擦力方向向左，大小為Fn=

Ffi=jU2mg,由牛頓第三定律可知，長(zhǎng)木板對(duì)地面的摩擦力大小為〃2/ng,方向向

右，故B正確.

⑥/

I建筑工人用如圖所示的定滑輪裝置運(yùn)送建筑材料。一質(zhì)量為70.0

kg的工人站在地面上，通過定滑輪將20.0kg的建筑材料以0.500m/s2的加速度

拉升，忽略繩子和定滑輪的質(zhì)量及定滑輪的摩擦，則工人對(duì)地面的壓力大小為(g

取10m/s2)()

A.510NB.490N

C.890ND.910N

【答案】B

【解析】設(shè)繩子對(duì)建筑材料的拉力為A,對(duì)建筑材料應(yīng)用牛頓第二定律得B

—mg=ma,B=m(g+a)=210N,繩子對(duì)人的拉力=B=210N。人處于靜止

狀態(tài)，則地面對(duì)人的支持力RN=mog-R2=49ON,由牛頓第三定律知人對(duì)地面

的壓力FN'=FN=490N,B正確。

如圖所示，用彈簧測(cè)力計(jì)懸掛一個(gè)重G=10N的金屬塊，使金屬

塊一部分浸在臺(tái)秤上的水杯中（水不會(huì)溢出）。若彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)變?yōu)镕r=6N,

則臺(tái)秤的示數(shù)與金屬塊沒有浸入水前相比會(huì)（）

A.保持不變B.增加10N

C.土曾力口6ND.土曾力口4N

【答案】D

【解析】對(duì)金屬塊受力分析，由平衡條件可知，水對(duì)金屬塊的浮力為R=G—Fr

=4N,方向豎直向上，則由牛頓第三定律可得，金屬塊對(duì)水的作用力大小為9

=F=4N,方向豎直向下，所以臺(tái)秤的示數(shù)比金屬塊沒有浸入水前增加了4N,

D正確。

薪嘴境繚合擺開練

1.對(duì)一些生活中的現(xiàn)象，某同學(xué)試圖從慣性角度加以分析.其中正確的是（）

A.太空中處于失重狀態(tài)的物體沒有慣性

B.“安全帶，生命帶，前排后排都要系”.系好安全帶可以防止因人的慣性而

造成的傷害

C.“強(qiáng)弩之末，勢(shì)不能穿魯縮”，是因?yàn)閺?qiáng)弩的慣性減小了

D.戰(zhàn)斗機(jī)作戰(zhàn)前拋掉副油箱，是為了增大戰(zhàn)斗機(jī)的慣性

【答案】B

【解析】

慣性只與質(zhì)量有關(guān)，所以處于失重狀態(tài)的物體還是具有慣性，A錯(cuò)誤；系好安全

帶可以防止因人的慣性而造成的傷害，B正確；“強(qiáng)弩之末，勢(shì)不能穿魯韁”，

是因?yàn)閺?qiáng)弩的速度減小了，慣性不變，C錯(cuò)誤；戰(zhàn)斗機(jī)作戰(zhàn)前拋掉副油箱，是為

了減小戰(zhàn)斗機(jī)的慣性，增加靈活性，D錯(cuò)誤.

2.（多選）下列關(guān)于牛頓第一定律的理解正確的是（）

A.牛頓第一定律反映了物體不受外力作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律

B.不受外力作用時(shí)，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)保持不變

C.在水平地面上滑動(dòng)的木塊最終停下來(lái)，是由于沒有外力維持木塊運(yùn)動(dòng)的

結(jié)果

D.奔跑的運(yùn)動(dòng)員遇到障礙而被絆倒，這是因?yàn)樗艿酵饬ψ饔闷仁顾淖?/p>

原來(lái)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

【答案】ABD

【解析】牛頓第一定律描述了物體不受外力作用時(shí)的狀態(tài)，即總保持勻速直線運(yùn)

動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)不變，A、B正確；牛頓第一定律還揭示了力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，

力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，在水平地面上

滑動(dòng)的木塊最終停下來(lái)，是由于摩擦阻力的作用而改變了木塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；奔跑

的運(yùn)動(dòng)員，遇到障礙而被絆倒，是因?yàn)樗艿酵饬ψ饔枚淖兞诉\(yùn)動(dòng)狀態(tài)，C錯(cuò)

誤，D正確。

3.在研究運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系時(shí)，伽利略設(shè)計(jì)了著名的理想斜面實(shí)驗(yàn)（如圖所示），將

可靠的事實(shí)和邏輯推理結(jié)合起來(lái)，能更深刻地反映自然規(guī)律。下面給出了伽利略

斜面實(shí)驗(yàn)的五個(gè)事件，請(qǐng)對(duì)事件的性質(zhì)進(jìn)行判斷并正確排序：由A點(diǎn)靜止釋放

的小球，①若沒有摩擦?xí)r，能滾到另一斜面與A點(diǎn)等高的C點(diǎn)；②當(dāng)減小斜面

動(dòng)摩擦因數(shù)時(shí)，滾到另一斜面的最高位置，更接近于等高的C點(diǎn)；③若沒有摩

擦?xí)r減小斜面的傾角，小球?qū)⑼ㄟ^較長(zhǎng)的路程，到達(dá)與A點(diǎn)等高的。點(diǎn)；

④若沒有摩擦且當(dāng)另一斜面放置水平時(shí)，小球?qū)⒀厮矫嬉恢边\(yùn)動(dòng)下去；⑤不能

滾到另一斜面與A點(diǎn)等高的C點(diǎn)。以下正確的是（）

A.事實(shí)⑤一事實(shí)②一推論①一推論③一推論④

B.事實(shí)⑤一事實(shí)②一推論③一事實(shí)①一推論④

C.事實(shí)⑤一事實(shí)②一事實(shí)①一推論③一推論④

D.事實(shí)⑤一事實(shí)②一推論①一事實(shí)③一推論④

【答案】A

【解析】

根據(jù)實(shí)驗(yàn)事實(shí)⑤斜面有動(dòng)摩擦因數(shù)時(shí)不能滾到另一斜面與A點(diǎn)等高的C點(diǎn)，

事實(shí)②當(dāng)減小斜面動(dòng)摩擦因數(shù)時(shí)，滾到另一斜面的最高位置，更接近于等高的C

點(diǎn)，得出實(shí)驗(yàn)結(jié)果：如果沒有摩擦，小球?qū)⑸仙结尫艜r(shí)的高度，即①，進(jìn)一步

假設(shè)沒有摩擦?xí)r減小角度即斜面BC的傾角，小球?qū)⑼ㄟ^較長(zhǎng)的路程，到達(dá)與A

點(diǎn)等高的。點(diǎn)即③，最后使斜面成水平面，小球?qū)⒀厮矫嬉恢眲蛩龠\(yùn)動(dòng)下去，

即④，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。

4.某型號(hào)戰(zhàn)斗機(jī)在某次起飛中，由靜止開始加速，當(dāng)加速度。不斷減小至零時(shí)，

飛機(jī)剛好起飛.關(guān)于起飛過程，下列說法正確的是（）

A.飛機(jī)所受合力不變，速度增加越來(lái)越慢

B.飛機(jī)所受合力減小，速度增加越來(lái)越快

C.速度方向與加速度方向相同，速度增加越來(lái)越快

D.速度方向與加速度方向相同，速度增加越來(lái)越慢

【答案】D

【解析】

根據(jù)牛頓第二定律可知，當(dāng)加速度a不斷減小至零時(shí)合力逐漸減小到零，速

度增加得越來(lái)越慢，故A、B項(xiàng)錯(cuò)誤；飛機(jī)做加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向與速度方向

相同，加速度減小，即速度增加得越來(lái)越慢，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確.

5.（多選）如圖甲所示，一豎直放置的足夠長(zhǎng)的固定玻璃管中裝滿某種液體，一半

徑為人質(zhì)量為m的金屬小球，從t=0時(shí)刻起，由液面靜止釋放，小球在液體

中下落，其加速度。隨速度。的變化規(guī)律如圖乙所示.已知小球在液體中受到的

阻力6=6兀竹廠，式中廠是小球的半徑，0是小球的速度，〃是常數(shù).忽略小球在

液體中受到的浮力，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

甲乙

A.小球的最大加速度為g

B.小球的速度從0增加到00的過程中，做勻變速運(yùn)動(dòng)

C.小球先做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)

D.小球的最大速度為贏

【答案】ACD

【解析】

當(dāng)r=o時(shí)，小球所受的阻力a=o,此時(shí)加速度為g,A正確；隨著小球速度

的增加，加速度減小，小球的速度從0增加到00的過程中，加速度減小，B錯(cuò)

誤；根據(jù)牛頓第二定律有mg—西=儂7,解得a=g-6：丁,當(dāng)。=0時(shí)，速度最

大，此后小球做勻速運(yùn)動(dòng)，最大速度加=篇:，C、D正確.

6.（多選）一質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)?，F(xiàn)對(duì)其施加一恒力，且原來(lái)作用在質(zhì)點(diǎn)上的力

不發(fā)生改變，貝11（）

A.質(zhì)點(diǎn)速度的方向總是與該恒力的方向相同

B.質(zhì)點(diǎn)速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直

C.質(zhì)點(diǎn)加速度的方向總是與該恒力的方向相同

D.質(zhì)點(diǎn)單位時(shí)間內(nèi)速率的變化量總是不變

【答案】BC

【解析】質(zhì)點(diǎn)原來(lái)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，說明所受合外力為0,當(dāng)對(duì)其施加一，恒力

后，恒力的方向與原來(lái)運(yùn)動(dòng)的速度方向關(guān)系不確定，則質(zhì)點(diǎn)可能做直線運(yùn)動(dòng)，也

可能做曲線運(yùn)動(dòng)，但加速度的方向一定與該恒力的方向相同，B、C正確。

7.如圖所示,彈簧左端固定,右端自由伸長(zhǎng)到。點(diǎn)并系住質(zhì)量為m的物體，

現(xiàn)將彈簧壓縮到A點(diǎn)，然后釋放，物體可以一直運(yùn)動(dòng)到3點(diǎn)。如果物體受到的

阻力恒定，則（）

2-vWVWI/XAfv-:?

勿〃〃〃/〃〃〃力〃〃/〃/）〃〃?〃〃%

AOR

A.物體從A到。先加速后減速

B.物體從A到。做加速運(yùn)動(dòng)，從。到3做減速運(yùn)動(dòng)

C.物體運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)，所受合力為零

D.物體從A到。的過程中，加速度逐漸減小

【答案】A

【解析】

物體從A到。，初始階段受到的向右的彈力大于阻力，合力向右。隨著物體

向右運(yùn)動(dòng)，彈力逐漸減小，合力逐漸減小，由牛頓第二定律可知，加速度向右且

逐漸減小，由于加速度與速度同向，物體的速度逐漸增大。當(dāng)物體向右運(yùn)動(dòng)至

間某點(diǎn)（設(shè)為點(diǎn)O）時(shí)，彈力減小到與阻力相等，物體所受合力為零，加速度

為零，速度達(dá)到最大。此后，隨著物體繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，彈力繼續(xù)減小，阻力大于

彈力，合力方向變?yōu)橄蜃蟆Ｖ?。點(diǎn)時(shí)彈力減為零，此后彈力向左且逐漸增大。

所以物體越過。點(diǎn)后，合力（加速度）方向向左且逐漸增大，由于加速度與速度反

向，故物體做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，A正確。

8.如圖所示，用輕質(zhì)彈簧將籃球拴在升降機(jī)底板上，此時(shí)彈簧豎直，籃球恰好

與光滑的側(cè)壁和光滑的傾斜天花板接觸，在籃球與側(cè)壁之間裝有壓力傳感器，當(dāng)

升降機(jī)沿豎直方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，壓力傳感器的示數(shù)逐漸增大，某同學(xué)對(duì)此現(xiàn)象給出了

下列分析與判斷，其中可能正確的是（）

A.升降機(jī)正在勻加速上升

B.升降機(jī)正在勻減速上升

C.升降機(jī)正在加速下降，且加速度越來(lái)越大

D.升降機(jī)正在減速下降，且加速度越來(lái)越大

【答案】C

【解析】

對(duì)籃球受力分析如圖，T>mg

若升降機(jī)正在勻加速上升或勻減速上升，籃球加速度不變，受力不變，壓力

傳感器的示數(shù)不變，故A、B不可能；若升降機(jī)正在加速下降，對(duì)籃球受力分析，

由牛頓第二定律可得

FNCOS0+mg—T=ma

FNsind=F

解得F=（ma+T-mg）tan6

加速度越來(lái)越大，則R越來(lái)越大，壓力傳感器的示數(shù)逐漸增大，故C可能；

若升降機(jī)正在減速下降，對(duì)籃球受力分析，由牛頓第二定律可得T—FNCOSQ-

mg=ma

FNsin9=F

解得尸=（T-mg—ma）tan9

加速度越來(lái)越大，則尸越來(lái)越小，壓力傳感器的示數(shù)逐漸減小，故D不可

自匕

月匕O

9.一輛貨車運(yùn)載著圓柱形光滑的空油桶。在車廂底，一層油桶平整排列，

相互緊貼并被牢牢固定。上一層只有一只桶C,自由地?cái)[放在A、3之間，和汽

車一起保持靜止，如圖所示，當(dāng)C與車共同向左加速時(shí)（