2021-2022學(xué)年浙江省嘉興一中高考物理五模試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)

1.考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。

2.試題所有答案必須填涂或書(shū)寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,原線圈與定值電阻品串聯(lián)后，接入輸出電壓有效值恒定的正弦交

流電源。副線圈電路中負(fù)載電阻為可變電阻電,A、V是理想電表。當(dāng)R2=2RI時(shí)，電流表的讀數(shù)為1A,電壓表的讀

數(shù)為4V,則()

A.電源輸出電壓為8V

B.電源輸出功率為4W

C.當(dāng)凡=8。時(shí)，電壓表的讀數(shù)為3V

D.當(dāng)此=8。時(shí)，變壓器輸出功率最大

2.下列說(shuō)法正確的是

A.布朗運(yùn)動(dòng)是在顯微鏡中看到的液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

B.氣體溫度不變，運(yùn)動(dòng)速度越大，其內(nèi)能越大

C.溫度降低物體內(nèi)每個(gè)分子動(dòng)能一定減小

D.用活塞壓縮氣缸里空氣，對(duì)空氣做功4.5xl()5j,空氣內(nèi)能增加了3.5xl()5j,則空氣向外界放出熱量

3.如圖所示，兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直于平面S,垂足分別為V、N,導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。

。為MN的中點(diǎn)，尸。為M、N的中垂線，以。為圓心的圓與MN、尸。分別相交于a、b、c、d四點(diǎn)。則下列說(shuō)法中

正確的是()

A.。點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零

B.“、》兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反

C.a、c兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不同

D.c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同

4.2018年12月8日2時(shí)23分，我國(guó)成功發(fā)射“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器?！版隙鹚奶?hào)”探測(cè)器經(jīng)歷地月轉(zhuǎn)移、近月制動(dòng)、環(huán)

月飛行，最終于2019年1月3日10時(shí)26分實(shí)現(xiàn)人類首次月球背面軟著陸。假設(shè)“嫦娥四號(hào)”在環(huán)月圓軌道和橢圓軌道

上運(yùn)動(dòng)時(shí)，只受到月球的萬(wàn)有引力，則有關(guān)“嫦娥四號(hào)”的說(shuō)法中不正確的是（）

A.由地月轉(zhuǎn)移軌道進(jìn)人環(huán)月軌道，可以通過(guò)點(diǎn)火減速的方法實(shí)現(xiàn)

B.在減速著陸過(guò)程中,其引力勢(shì)能逐漸減小

C.嫦娥四號(hào)分別在繞地球的橢圓軌道和環(huán)月橢圓軌道上運(yùn)行時(shí)，半長(zhǎng)軸的三次方與周期的平方比不相同

D.若知其環(huán)月圓軌道距月球表面的高度、運(yùn)行周期和引力常量，則可算出月球的密度

5.基于人的指紋具有終身不變性和唯一性的特點(diǎn)，發(fā)明了指紋識(shí)別技術(shù).目前許多國(guó)產(chǎn)手機(jī)都有指紋解鎖功能，常用

的指紋識(shí)別傳感器是電容式傳感器，如圖所示.指紋的凸起部分叫“崎”，凹下部分叫“峪”.傳感器上有大量面積相同

的小極板，當(dāng)手指貼在傳感器上時(shí)，這些小極板和正對(duì)的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在靖處和峪處形成

的電容器的電容大小不同.此時(shí)傳感器給所有的電容器充電后達(dá)到某一電壓值，然后電容器放電，電容值小的電容器

放電較快，根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測(cè)到崎和峪的位置，從而形成指紋圖象數(shù)據(jù).根據(jù)文中信息，下列說(shuō)法正

確的是（）

A.在峪處形成的電容器電容較大

B.在峪處形成的電容器放電較慢

C.充電后在靖處形成的電容器的電荷量大

D.潮濕的手指頭對(duì)指紋識(shí)別絕對(duì)沒(méi)有影響

6.如圖所示，AB兩金屬板平行放置，在7=0時(shí)刻將電子從A板附近由靜止釋放（電子的重力忽略不計(jì)）。分別在AB

兩板間加上下列哪一種電壓時(shí)，有可能使電子到不了8板（）

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7.下列有關(guān)光學(xué)現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是（）

A.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，其頻率不變，傳播速度變小

B.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，若入射角大于臨界角，則一定發(fā)生全反射

C.光的干涉、衍射現(xiàn)象證明了光具有波動(dòng)性

D.做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，用紅光替代紫光，相鄰明條紋間距變小

8.如圖所示，用輕繩分別系住兩個(gè)質(zhì)量相等的彈性小球4和及繩的上端分別固定于。、。點(diǎn)。A繩長(zhǎng)度（長(zhǎng)度為七）

是5繩的2倍。開(kāi)始時(shí)A繩與豎直方向的夾角為60°,然后讓4球由靜止向下運(yùn)動(dòng)，恰與5球發(fā)生對(duì)心正碰。下列說(shuō)

法中正確的是（）

A.碰前瞬間A球的速率為瘋

B.碰后瞬間3球的速率為J泣

C.碰前瞬間A球的角速度與碰后瞬間B球的角速度大小之比為1：2

D.碰前瞬間A球?qū)K的拉力與碰后瞬間3球?qū)K的拉力大小之比為2:3

9.如圖所示是磁流體發(fā)電機(jī)的示意圖，兩平行金屬板P、。之間有一個(gè)很強(qiáng)的磁場(chǎng)。一束等離子體（即高溫下電離的

氣體，含有大量正、負(fù)帶電粒子）沿垂直于磁場(chǎng)的方向噴入磁場(chǎng)。把P、。與電阻R相連接?下列說(shuō)法正確的是

等離子體

A.。板的電勢(shì)高于P板的電勢(shì)

B.R中有由“向b方向的電流

C.若只改變磁場(chǎng)強(qiáng)弱，R中電流保持不變

D.若只增大粒子入射速度，R中電流增大

10.有一輕桿固定于豎直墻壁上的。點(diǎn)，另一端A固定一輕滑輪，一足夠長(zhǎng)的細(xì)繩一端掛一質(zhì)量為機(jī)的物體，跨過(guò)定

滑輪后另一端固定于豎直墻壁上的3點(diǎn)，初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，0、8兩點(diǎn)間的距離等于AB兩點(diǎn)間的距離，設(shè)

A6與豎直墻壁的夾角為。，不計(jì)滑輪與細(xì)繩的摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）

A.系統(tǒng)平衡時(shí)桿對(duì)滑輪的力一定沿桿的方向

B.若增大桿長(zhǎng)。4,。與3位置不變且保持03=AB,使角。增大，則桿對(duì)滑輪彈力的方向?qū)⑵x。4桿

C.若保持4點(diǎn)的位置不變，將繩子的固定點(diǎn)B點(diǎn)向上移動(dòng)，則桿對(duì)滑輪的彈力變大

D.若保持A5與豎直墻壁的夾角。不變，將輕桿的固定點(diǎn)。向下移動(dòng)，則桿對(duì)滑輪彈力的方向不變

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11.（6分）某同學(xué)自己組裝了一輛智能電動(dòng)實(shí)驗(yàn)小車，為了研究該小車的運(yùn)動(dòng)情況，在小車后面系一通過(guò)電磁打點(diǎn)計(jì)

時(shí)器的紙帶。如圖所示為實(shí)驗(yàn)中得到的一段紙帶，已知電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用20Hz交流電，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有三個(gè)

點(diǎn)沒(méi)有畫出來(lái)，其中AB=2.50cm,BC=4.00cm,C〃=5.50cm,該電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔秒打一次點(diǎn)，相鄰兩

計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔是秒；小車的加速度大小為m/s2o

:\1

12.（12分）某同學(xué)想測(cè)出濟(jì)南當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭,并驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。為了減小誤差，他設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)如下：

將一根長(zhǎng)直鋁棒用細(xì)線懸掛在空中（如圖甲所示），在靠近鋁棒下端的一側(cè)固定電動(dòng)機(jī)M,使電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸處于豎直方

向，在轉(zhuǎn)軸上水平固定一支特制筆N,借助轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的現(xiàn)象，將墨汁甩出形成一條細(xì)線。調(diào)整筆的位置，使墨汁在棒上

能清晰地留下墨線。啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)待轉(zhuǎn)速穩(wěn)定后，用火燒斷懸線，讓鋁棒自由下落，筆在鋁棒上相應(yīng)位置留下墨線。圖

乙是實(shí)驗(yàn)時(shí)在鋁棒上所留下的墨線，將某條合適的墨線A作為起始線，此后每隔4條墨線取一條計(jì)數(shù)墨線，分別記作

B、C、E。將最小刻度為毫米的刻度尺的零刻度線對(duì)準(zhǔn)A,此時(shí)5、C、。、E對(duì)應(yīng)的刻度依次為14.68cm,39.15cm,

73.41cm,117.46cm-已知電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)速為3000r/min。求：

p

⑴相鄰的兩條計(jì)數(shù)墨線對(duì)應(yīng)的時(shí)間間隔為S；

⑵由實(shí)驗(yàn)測(cè)得濟(jì)南當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹閙/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；

2

⑶該同學(xué)計(jì)算出劃各條墨線時(shí)的速度也以L為縱軸，以各條墨線到墨線A的距離人為橫軸，描點(diǎn)連線，得出了如圖

2

丙所示的圖像，據(jù)此圖像（填“能”或“不能”）驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因__________________。

丙

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，一玻璃磚的橫截面為半徑為R的半圓，折射率為血。一束單色平行光與直徑MN成45。角入

射。已知光在真空中傳播的速度為c,不考慮玻璃磚內(nèi)的反射光。求：

⑴從弧面射出的光線在玻璃磚內(nèi)傳播的最長(zhǎng)時(shí)間

⑵弧面上有光線射出的弧線長(zhǎng)度

14.（16分）如圖所示，打開(kāi)水龍頭，流出涓涓細(xì)流。將乒乓球靠近豎直的水流時(shí)，水流會(huì)被吸引，順著乒乓球表面

流動(dòng)。這個(gè)現(xiàn)象稱為康達(dá)效應(yīng)（CoandaEffect）。某次實(shí)驗(yàn)，水流從4點(diǎn)開(kāi)始順著乒乓球表面流動(dòng)，并在乒乓球的最

低點(diǎn)3與之分離，最后落在水平地面上的C點(diǎn)（未畫出）。已知水流出水龍頭的初速度為V。，3點(diǎn)到C點(diǎn)的水平射程

為％,3點(diǎn)距地面的高度為〃，乒乓球的半徑為R,。為乒乓球的球心，AO與豎直方向的夾角。=60，不計(jì)一切

阻力，若水與球接觸瞬間速率不變，重力加速度為g。

⑴若質(zhì)量為Am(mT0)的水受到乒乓球的“吸附力”為F,求工的最大值;

Am

⑵求水龍頭下端到A的高度差Ho

u水龍頭

15.(12分)如圖所示，一足夠長(zhǎng)的水平傳送帶以速度v=2m/s勻速運(yùn)動(dòng),質(zhì)量為mi=1kg的小物塊P和質(zhì)量為m2=1.5kg

的小物塊Q由通過(guò)定滑輪的輕繩連接，輕繩足夠長(zhǎng)且不可伸長(zhǎng).某時(shí)刻物塊P從傳送帶左端以速度％=4m/s沖上傳

送帶，尸與定滑輪間的繩子水平.已知物塊P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5,重力加速度為g=10m/s2,不計(jì)滑輪的

質(zhì)量與摩擦，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊。都沒(méi)有上升到定滑輪處.求：

⑴物塊P剛沖上傳送帶時(shí)的加速度大?。?/p>

⑵物塊P剛沖上傳送帶到右方最遠(yuǎn)處的過(guò)程中，PQ系統(tǒng)機(jī)械能的改變量；

(3)若傳送帶以不同的速度v(O<v<vo)勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)v取多大時(shí)物塊尸向右沖到最遠(yuǎn)處時(shí)，尸與傳送帶間產(chǎn)生的摩擦

生熱最?。科渥钚≈禐槎啻?？

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.當(dāng)兄=2鳥(niǎo)時(shí)，電流表的讀數(shù)為1A,電壓表的讀數(shù)為4V,根據(jù)歐姆定律

U'4

兄===—Q=4Q

-h1

Ri=2Q,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得原線圈電壓是

■=Zlu,，=J_x4V=2V

〃22

根據(jù)單相變壓器中電流與匝數(shù)成反比得原線圈電流是

人=歪，2=2xlA=2A

%

所以電源輸出電壓為

。=。1+/禹=2V+2x2V=6V

A錯(cuò)誤；

B.電源輸出功率為

P=Uk=12W

B錯(cuò)誤；

U,口

D.根據(jù)歐姆定律得副線圈電流為所以原線圈電流是2片,所以

6V=2以4+力

7?22

8+與

當(dāng)&=8。時(shí)，4=6V,即電壓表的讀數(shù)為6V；變壓器輸出的功率

__144—_144

2國(guó)(6+8)‘^+—+16

所以滿足

「處

-Ri

時(shí)變壓器輸入功率最大，解得

R2=8Q

9

變壓器輸出的功率外最大為5W,C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

2、D

【解析】

A、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、氣體溫度不變，則內(nèi)能不變，運(yùn)動(dòng)速度增大說(shuō)明宏觀的機(jī)械能增大，與內(nèi)能無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，故溫度降低了，物體內(nèi)分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能降低，不是每個(gè)分子的動(dòng)能都

減小，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式AU=W+Q,由題意知，W=4,5X105J.AU=3.5xl(yJ,解得：Q=_1.0xl()5j,

故空氣向外界放出熱量1.0x105j,故D正確.

3、D

【解析】

A.根據(jù)右手螺旋定則，M處導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，N處導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，合成

后磁感應(yīng)強(qiáng)度不等于0,故A錯(cuò)誤；

B.拉在。處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，在6處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，N在a處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，b處產(chǎn)

生的磁場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加知，》兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，故B錯(cuò)誤；

C.”在。處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，N在。處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，則。處的合磁場(chǎng)方向豎直向下，M在c

處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于cM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于cN偏下，且大小相等，由平行四邊形定則可知，

c處的合磁場(chǎng)方向豎直向下，故C錯(cuò)誤；

D.”在c處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于cM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于cN偏下，且大小相等，由平行四邊形

定則可知，C處的合磁場(chǎng)方向豎直向下，同理可知，d處的合磁場(chǎng)方向豎直向下，由于c到M、N的距離與d到V、N

的距離相等，則c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，故D正確。

故選D。

4、D

【解析】

A.“嫦娥四號(hào)”由地月轉(zhuǎn)移軌道進(jìn)入環(huán)月軌道，需點(diǎn)火減速，使得萬(wàn)有引力大于向心力，做近心運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B.在減速著陸過(guò)程中，萬(wàn)有引力做正功，根據(jù)功能關(guān)系可知，引力勢(shì)能減小，故B正確；

C.根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知，半長(zhǎng)軸的三次方與周期的平方的比值是與中心天體質(zhì)量有關(guān)的量，“嫦娥四號(hào)”分別在

繞地球的橢圓軌道和環(huán)月橢圓軌道上運(yùn)行時(shí)，中心天體不同，半長(zhǎng)軸的三次方與周期的平方比不相同，故C正確；

D.已知“嫦娥四號(hào)”環(huán)月段圓軌道距月球表面的高度，運(yùn)動(dòng)周期和引力常量，但不知道月球的半徑，無(wú)法得出月球的

密度，故D錯(cuò)誤；

說(shuō)法中不正確的，故選D。

5,C

【解析】

根據(jù)電容的決定式c=-7分析d改變時(shí)電容的變化以及電荷量的多少；

根據(jù)電荷量的多少分析放電時(shí)間長(zhǎng)短.

【詳解】

A.根據(jù)電容的計(jì)算公式C=——可得，極板與指紋峪（凹下部分）距離〃大，構(gòu)成的電容器電容小，故A錯(cuò)誤；

4兀kd

BC.傳感器給所有的電容器充電后達(dá)到某一電壓值，然后電容器放電，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)

Q=CU=生匕可知，極板與指紋溝（凹的部分，d大,電容小）構(gòu)成的電容器充上的電荷較少，所以在峪處形成的電

4/rkd

容器放電過(guò)程中放電時(shí)間短，放電快；反之，在崎處形成的電容器電容大，電荷量大，放電時(shí)間長(zhǎng)，故C正確，B錯(cuò)

誤；

D.濕的手與傳感器之間有水填充，改變了原來(lái)匹配成平行板電容器的電容，所以會(huì)影響指紋解鎖，故D錯(cuò)誤.

6、B

【解析】

加A圖電壓，電子從A板開(kāi)始向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；加B圖電壓，電子開(kāi)始向B板做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度

大小相同的勻減速運(yùn)動(dòng)，速度減為零后做反向勻加速運(yùn)動(dòng)及勻減速運(yùn)動(dòng)，由電壓變化的對(duì)稱性可知，電子將做周期性

往復(fù)運(yùn)動(dòng)，所以電子有可能到不了B板；加C圖電壓，電子先勻加速，再勻減速到靜止，完成一個(gè)周期，電子一直向

5板運(yùn)動(dòng)，即電子一定能到達(dá)3板；加D圖電壓，電子的運(yùn)動(dòng)與C圖情形相同，只是加速度是變化的，所以電子也一

直向3板運(yùn)動(dòng)，即電子一定能到達(dá)3板，綜上所述可知選項(xiàng)B正確。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BC

【解析】

A.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，其頻率不變，傳播速度變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，若入射角大于臨界角，則一定發(fā)生全反射，選項(xiàng)B正確；

C.光的干涉、衍射現(xiàn)象證明了光具有波動(dòng)性，選項(xiàng)C正確；

D.紅光的波長(zhǎng)大于紫光，做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，用紅光替代紫光，根據(jù)可知，相鄰明條紋間距變大，選項(xiàng)D

錯(cuò)誤。

故選BC。

8、ACD

【解析】

A.A球由靜止下擺至最低點(diǎn)過(guò)程中機(jī)械能守恒有

mgL(l-cos60°)=gmv\

解得

丫4①

選項(xiàng)A正確；

B.兩球碰撞過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒有

，

mvA=mvA+mvB

碰撞前后系統(tǒng)動(dòng)能相等，即

12112

-mvA=-mvA+-mv-

結(jié)合①式解得

"B=[gL②

選項(xiàng)B錯(cuò)誤;

C.碰前瞬間，A球的角速度為

L

碰后瞬間，3球的角速度

M吟

2

結(jié)合①②式得

%2

選項(xiàng)C正確;

D.在最低點(diǎn)對(duì)兩球應(yīng)用牛頓第二定律得

F-mg=m

AL

F-mg=m^-

BL

I

結(jié)合①②式得

FB3

選項(xiàng)D正確；

故選ACD.

9、BD

【解析】

AB.等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則，正電荷向上偏，打在上極板上，負(fù)電荷向下偏，打在下極板上。所以上極板

帶正電，下極板帶負(fù)電，則尸板的電勢(shì)高于。板的電勢(shì)，流過(guò)電阻電流方向由。到從故A錯(cuò)誤，B正確；

C.依據(jù)電場(chǎng)力等于磁場(chǎng)力，即為

q-=qvB

d

則有：

U=Bdv

再由歐姆定律

IUBdv

R+rR+r

電流與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，改變磁場(chǎng)強(qiáng)弱，R中電流也改變。故C錯(cuò)誤；

D.由上分析可知，若只增大粒子入射速度，R中電流也會(huì)增大，故D正確。

故選BD。

10、AD

【解析】

A.繩子上的彈力大小等于物體的重力mg,則繩子對(duì)滑輪的兩彈力的合力方向在兩彈力的角平分線上，根據(jù)平衡條件

可得桿對(duì)滑輪的彈力方向也在角平分線上，兩點(diǎn)間的距離等于A8兩點(diǎn)間的距離，根據(jù)幾何關(guān)系可得，桿。4恰好

在兩彈力的角平線方向上，故A正確；

B.若保持QB兩點(diǎn)位置不變，增大桿長(zhǎng)04,使45與豎直墻壁的夾角。增大，仍保持05兩點(diǎn)間的距離等于45兩

點(diǎn)間的距離，桿仍在兩彈力的角平分線上，桿對(duì)滑輪的彈力仍沿桿方向，故B錯(cuò)誤；

C.若保持A點(diǎn)的位置不變，將繩子的固定點(diǎn)5向上移動(dòng)，繩子對(duì)滑輪的兩力夾角變大，合力變小，滑輪處于平衡狀

態(tài)，則桿對(duì)滑輪的彈力變小，故C錯(cuò)誤；

D.若保持AB與豎直墻壁的夾角。不變，將輕桿的固定點(diǎn)。向下移動(dòng)，兩繩對(duì)滑輪的彈力大小方向都不變，則桿對(duì)

滑輪的力仍在兩繩彈力的角平分線上，所以桿對(duì)滑輪彈力的方向不變，故D正確。

故選ADo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11、0.050.200.375

【解析】

口］［2］電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器周期為0.05s,由于相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有三個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.20s；

［3］根據(jù)逐差法可知，車的加速度

2

a=XCD_7B=(550-2.嗎xlU=0.375m/s

2T22x0.22

12、0.19.79能墨線A對(duì)應(yīng)的速度不為零

【解析】

⑴［1］由于電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)速為3000r/min,則其頻率為50Hz,故每隔0.02s特制筆N便在鋁棒上畫一條墨線，又每隔4條

墨線取一條計(jì)數(shù)墨線，故相鄰計(jì)數(shù)墨線間的時(shí)間間隔是0.1s

⑵⑵由題可知

xBC=(39.15-14.68)cm=24.47cm

xCD=(73.41-39.15)cm=34.26cm

xDE=(117.46-73.4l)cm=44.05cm

可知連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差

Ax=9.79cm

根據(jù)△x=gT2得

Nx9.79x102,2c“，2

g=[7=------------m/s2=9.79m/s2

T20.01

(3)［3］鋁棒下落過(guò)程中，只有重力做功，重力勢(shì)能的減小等于動(dòng)能的增加，即

mgh=-mv1

得

2

若L—〃圖線為直線，斜率為g,則機(jī)械能守恒，所以此圖像能驗(yàn)證機(jī)械能守恒

2

[4]圖線不過(guò)原點(diǎn)是因?yàn)槠鹗加?jì)數(shù)墨線A對(duì)應(yīng)的速度不為0

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13、（1）宜包（2）!乃火

32

【解析】

⑴根據(jù)折射定律有

n=-si-nz

sinr

可得

片30°

由幾何關(guān)系得在玻璃磚內(nèi)光線傳播的最長(zhǎng)路程為

,R2限

L---------

cosr3

光線在玻璃磚內(nèi)的傳播速率為

c42

v=—=--C

n2

所用時(shí)間為

R20R

t---------

COST3

⑵根據(jù)折射定律有

?-1

sinC=—

n

解得臨界角

C=45°

由幾何關(guān)系可知光線在弧面上照射角度NAOB=90。

則弧面上有光線射出的弧長(zhǎng)為

901

S=IKR-----甘=—7lR

3602

222a

x；

14、(1)—=g(l+.)(2)H=--^--R

AmHRJ4A2g2

【解析】

F

⑴設(shè)水流在3點(diǎn)的速率為％，在3點(diǎn)時(shí)一最大，由牛頓第二定律

Am

F-Amg=-1二①

水流從3點(diǎn)開(kāi)始做平拋運(yùn)動(dòng)，有

x=V/③

聯(lián)立，解得

px2