2024年高考物理遼寧吉林黑龍江卷試題解讀答案詳解（深度）

年高考真題完全解讀適用省份遼寧、吉林、黑龍江遼寧省是第三批（即2021年）新高考省份，2024年吉林、黑龍江與遼寧共用同一套物理試題，本套試題依托高考評閱評價(jià)體系，突出基礎(chǔ)性、綜合性、應(yīng)用和創(chuàng)新性、注重物理情境，命題思想從解題向解決物理問題轉(zhuǎn)化。很好落實(shí)了高考考評價(jià)體中的“一核”（為什么考）、“四層”（考什么）、“四翼”（怎么考）的要求。試題特點(diǎn)：一是穩(wěn)中有變，注重基礎(chǔ)，非常平衡；選擇題1-6題都較為基礎(chǔ)，也是《高考評價(jià)體系》中“四層”中第一層“必備知識”的體現(xiàn)；二、聯(lián)系實(shí)際、關(guān)注科技、從考查解題向考查解決問題轉(zhuǎn)化；如第3題利用硯臺將墨條麿成墨汁；三、試題新穎、注重經(jīng)典模型，試題在注重經(jīng)典物理模型和方法的前提下，呈現(xiàn)方式、命題背景新穎；如第5題利用不導(dǎo)電液體的介電常數(shù)與濃度的曲線關(guān)系考查平行板電容器的動(dòng)態(tài)分析；四、重視物理過程分析和邏輯推理能力；如第9題需要學(xué)生分析雙棒運(yùn)動(dòng)過程得出安培力沿軌道方向的分力與重力等大反向時(shí)導(dǎo)體棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)等。五、梯度適當(dāng)、區(qū)分合理，根據(jù)試題的情況，合理設(shè)置問數(shù)，層層遞進(jìn)；如13題有兩問、15題三問，且后一問比前一問難度逐漸增加。試題評價(jià)：一、深化基礎(chǔ)性，豎持正確的育人方向。二、加強(qiáng)綜合性，更加注重人考的選拔。三、豐富問題情景化，引導(dǎo)學(xué)生利用所學(xué)解決問題。四、重視典型物理模型經(jīng)典物理模型的創(chuàng)新。五、重視物理過程分析和邏輯推理能力的培養(yǎng)。一、試卷結(jié)構(gòu)：1、試卷題型：題型題量單選題7多選題3實(shí)驗(yàn)題2解答題32、試卷難度（適中）3.考情分析：題號難度系數(shù)考查內(nèi)容考查知識點(diǎn)一、單選題（每小題4分）10.85力學(xué)標(biāo)量與矢量及其物理意義；20.85力學(xué)周期、角速度、轉(zhuǎn)速、頻率與線速度之間的關(guān)系式

傳動(dòng)問題

向心加速度與角速度、周期的關(guān)系；30.85力學(xué)滑動(dòng)摩擦力的大小與方向

利用平衡推論求力

牛頓第三定律；40.65光學(xué)干涉條紋間距與波長的關(guān)系；50.85電磁學(xué)改變極板間距，正對面積、填充物等，判斷電容的變化

電容器兩極間電勢差一定時(shí)，Q、E隨電容器的變化；60.65電磁學(xué)帶電物體（計(jì)重力）在勻強(qiáng)電場中的一般運(yùn)動(dòng)；70.65力學(xué)其他星球表面的重力加速度

簡諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力；二、多選題（每小題6分，全選對得6分，選對但不全得3分，有錯(cuò)選得0分）80.85原子物理光電效應(yīng)現(xiàn)象及其解釋

影響光電流大小的因素

光電子的最大初速度

光子能量的公式；90.65電磁學(xué)作用的導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的電動(dòng)勢、安培力、電流、路端電壓

雙桿在等寬導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)問題；100.40力學(xué)受恒定外力的板塊問題三、實(shí)驗(yàn)題110.65電學(xué)實(shí)驗(yàn)測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)步驟和數(shù)據(jù)處理；120.65力學(xué)實(shí)驗(yàn)力學(xué)創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)；四、解答題130.85熱學(xué)理想變壓器兩端電壓與匝數(shù)的關(guān)系

應(yīng)用查理定律解決實(shí)際問題

判斷系統(tǒng)吸放熱、做功情況和內(nèi)能變化情況140.65力學(xué)平拋運(yùn)動(dòng)速度的計(jì)算

用動(dòng)能定理求解外力做功和初末速度

彈簧類問題機(jī)械能轉(zhuǎn)化的問題

彈簧彈開兩端物體的問題150.40電磁學(xué)帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的直線運(yùn)動(dòng)

粒子由磁場進(jìn)入電場1.重視基礎(chǔ)，回歸教材?！吨袊呖荚u價(jià)體系》中不管是核心素養(yǎng)中的物理觀念還是科學(xué)思維、科學(xué)探究，都必須以“為什么考”即必備知識為基礎(chǔ)和前提。在高三復(fù)習(xí)過程中，要重視對基本概念、基本規(guī)律、基本物理思想方法的復(fù)習(xí)。2024年遼寧卷的第1、2、3、4題都是非?；A(chǔ)，15題涉及帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)，也離不開帶電粒子在電場、磁場中的基礎(chǔ)知識。2.重視典型物理模型的復(fù)習(xí)。高中物理研究對象主要是一些理論物理模型，要重視物理模型的構(gòu)建、識別及應(yīng)用。如高中物理的四種典型運(yùn)動(dòng)模型：勻變速直線運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)、勻速圓周運(yùn)動(dòng)、簡諧運(yùn)動(dòng)，這些運(yùn)動(dòng)遵循的物理規(guī)律、運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)及受力特征、分析方法，都要熟練地掌握。3.注重構(gòu)建知識網(wǎng)絡(luò)，實(shí)現(xiàn)物理知識的結(jié)構(gòu)化。依據(jù)物理觀念確定大單元、應(yīng)用大單元的方式進(jìn)行復(fù)習(xí)，實(shí)現(xiàn)知識的結(jié)構(gòu)化和系統(tǒng)化，培養(yǎng)綜合應(yīng)用物理規(guī)律解決問題的能力。4.注意掌握好平常復(fù)習(xí)、練習(xí)時(shí)習(xí)題的難度。習(xí)題不宜過難，特別是連接體、板塊模型、傳送帶問題、碰撞問題等。習(xí)題過難，容易挫傷學(xué)習(xí)的積極性和主動(dòng)性，出現(xiàn)“習(xí)得性無助”心理，出現(xiàn)“棄考”“棄學(xué)”物理現(xiàn)象。5.關(guān)注科技發(fā)展，聯(lián)系實(shí)際生產(chǎn)生活。應(yīng)用物理知識解釋生活中的物理現(xiàn)象，回歸物理學(xué)本質(zhì)。2024年高考遼寧卷物理試題一．選擇題（本題共10小題，共46分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答得0分。）1．2024年5月3日，長征五號遙八運(yùn)載火箭托舉嫦娥六號探測器進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，火箭升空過程中，以下描述其狀態(tài)的物理量屬于矢量的是（）A．質(zhì)量 B．速率 C．動(dòng)量 D．動(dòng)能【答案】C【解析】矢量是既有大小，又有方向的物理量，所以動(dòng)量是矢量，而質(zhì)量、速率、動(dòng)能只有大小沒有方向，是標(biāo)量。2．“指尖轉(zhuǎn)球”是花式籃球表演中常見的技巧。如圖，當(dāng)籃球在指尖上繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，球面上P、Q兩點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的（）A．半徑相等 B．線速度大小相等C．向心加速度大小相等 D．角速度大小相等【答案】D【解析】D．由題意可知，球面上P、Q兩點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，故角速度大小相等，故D正確；A．由圖可知，球面上P、Q兩點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的關(guān)系為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知，球面上P、Q兩點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度的關(guān)系為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，球面上P、Q兩點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度的關(guān)系為故C錯(cuò)誤。3．利用硯臺將墨條研磨成墨汁時(shí)講究“圓、緩、勻”，如圖，在研磨過程中，硯臺始終靜止在水平桌面上。當(dāng)墨條的速度方向水平向左時(shí)，（）A．硯臺對墨條的摩擦力方向水平向左B．桌面對硯臺的摩擦力方向水平向左C．桌面和墨條對硯臺的摩擦力是一對平衡力D．桌面對硯臺的支持力與墨條對硯臺的壓力是一對平衡力【答案】C【解析】A．當(dāng)墨條速度方向水平向左時(shí)，墨條相對于硯臺向左運(yùn)動(dòng)，故硯臺對墨條的摩擦力方向水平向右，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第三定律，墨條對硯臺的摩擦力方向水平向左，由于硯臺處于靜止?fàn)顟B(tài)，故桌面對硯臺的摩擦力方向水平向右，故B錯(cuò)誤；C．由于硯臺處于靜止?fàn)顟B(tài)，水平方向桌面和墨條對硯臺的摩擦力是一對平衡力，故C正確；D．桌面對硯臺的支持力大小等于硯臺的重力加上墨條對其的壓力，故桌面對硯臺的支持力大于墨條對硯臺的壓力，故D錯(cuò)誤。4．某同學(xué)自制雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置，在紙板上割出一條窄縫，于窄縫中央沿縫方向固定一根拉直的頭發(fā)絲形成雙縫，將該紙板與墻面平行放置，如圖所示。用綠色激光照雙縫，能在墻面上觀察到干涉條紋。下列做法可以使相鄰兩條亮紋中央間距變小的是（）A．換用更粗的頭發(fā)絲 B．換用紅色激光照雙縫C．增大紙板與墻面的距離 D．減小光源與紙板的距離【答案】A【解析】由于干涉條紋間距，可知：A．換用更粗的頭發(fā)絲，雙縫間距d變大，則相鄰兩條亮紋中央間距變小，故A正確；B．換用紅色激光照雙縫，波長變長，則相鄰兩條亮紋中央間距變大，故B錯(cuò)誤；C．增大紙板與墻面的距離l，則相鄰兩條亮紋中央間距變大，故C錯(cuò)誤；D．減小光源與紙板的距離，不會(huì)影響相鄰兩條亮紋中央間距，故D錯(cuò)誤。5．某種不導(dǎo)電溶液的相對介電常數(shù)與濃度的關(guān)系曲線如圖（a）所示，將平行板電容器的兩極板全部插入該溶液中，并與恒壓電源，電流表等構(gòu)成如圖（b）所示的電路，閉合開關(guān)S后，若降低溶液濃度，則（）A．電容器的電容減小 B．電容器所帶的電荷量增大C．電容器兩極板之間的電勢差增大 D．溶液濃度降低過程中電流方向?yàn)镸→N【答案】B【解析】A．降低溶液濃度，不導(dǎo)電溶液的相對介電常數(shù)ε增大，根據(jù)電容器的決定式可知電容器的電容增大，故A錯(cuò)誤；BC．溶液不導(dǎo)電沒有形成閉合回路，電容器兩端的電壓不變，根據(jù)結(jié)合A選項(xiàng)分析可知電容器所帶的電荷量增大，故B正確，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)B選項(xiàng)分析可知電容器所帶的電荷量增大，則給電容器充電，結(jié)合題圖可知電路中電流方向?yàn)?，故D錯(cuò)誤。6．在水平方向的勻強(qiáng)電場中，一帶電小球僅在重力和電場力作用下于豎直面（紙面）內(nèi)運(yùn)動(dòng)。如圖，若小球的初速度方向沿虛線，則其運(yùn)動(dòng)軌跡為直線，若小球的初速度方向垂直于虛線，則其從O點(diǎn)出發(fā)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)等高處的過程中（）A．動(dòng)能減小，電勢能增大 B．動(dòng)能增大，電勢能增大C．動(dòng)能減小，電勢能減小 D．動(dòng)能增大，電勢能減小【答案】D【解析】根據(jù)題意若小球的初速度方向沿虛線，則其運(yùn)動(dòng)軌跡為直線，可知電場力和重力的合力沿著虛線方向，又電場強(qiáng)度方向?yàn)樗椒较?，根?jù)力的合成可知電場強(qiáng)度方向水平向右，若小球的初速度方向垂直于虛線，則其從O點(diǎn)出發(fā)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)等高處的過程中重力對小球做功為零，電場力的方向與小球的運(yùn)動(dòng)方向相同，則電場力對小球正功，小球的動(dòng)能增大，電勢能減小。7．如圖（a），將一彈簧振子豎直懸掛，以小球的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，豎直向上為正方向建立x軸。若將小球從彈簧原長處由靜止釋放，其在地球與某球狀天體表面做簡諧運(yùn)動(dòng)的圖像如（b）所示（不考慮自轉(zhuǎn)影響），設(shè)地球、該天體的平均密度分別為和，地球半徑是該天體半徑的n倍。的值為（）A． B． C． D．【答案】C【解析】設(shè)地球表面的重力加速度為，某球體天體表面的重力加速度為，彈簧的勁度系數(shù)為，根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)的對稱性有可得可得設(shè)某球體天體的半徑為，在星球表面，有聯(lián)立可得8．X射線光電子能譜儀是利用X光照射材料表面激發(fā)出光電子，并對光電子進(jìn)行分析的科研儀器，用某一頻率的X光照射某種金屬表面，逸出了光電子，若增加此X光的強(qiáng)度，則（）A．該金屬逸出功增大 B．X光的光子能量不變C．逸出的光電子最大初動(dòng)能增大 D．單位時(shí)間逸出的光電子數(shù)增多【答案】BD【解析】A．金屬的逸出功是金屬的自身固有屬性，僅與金屬自身有關(guān)，增加此X光的強(qiáng)度，該金屬逸出功不變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)光子能量公式可知增加此X光的強(qiáng)度，X光的光子能量不變，故B正確；C．根據(jù)愛因斯坦光電方程可知逸出的光電子最大初動(dòng)能不變，故C錯(cuò)誤；D．增加此X光的強(qiáng)度，單位時(shí)間照射到金屬表面的光子變多，則單位時(shí)間逸出的光電子數(shù)增多，故D正確。9．如圖，兩條“∧”形的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，間距為L，左、右兩導(dǎo)軌面與水平面夾角均為30°，均處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為2B和B。將有一定阻值的導(dǎo)體棒ab、cd放置在導(dǎo)軌上，同時(shí)由靜止釋放，兩棒在下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，ab、cd的質(zhì)量分別為2m和m，長度均為L。導(dǎo)軌足夠長且電阻不計(jì)，重力加速度為g，兩棒在下滑過程中（）A．回路中的電流方向?yàn)閍bcda B．a(chǎn)b中電流趨于C．a(chǎn)b與cd加速度大小之比始終為2︰1 D．兩棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢始終相等【答案】AB【解析】A．兩導(dǎo)體棒沿軌道向下滑動(dòng)，根據(jù)右手定則可知回路中的電流方向?yàn)閍bcda；故A正確；BC．設(shè)回路中的總電阻為R，對于任意時(shí)刻當(dāng)電路中的電流為I時(shí)，對ab根據(jù)牛頓第二定律得對cd故可知分析可知兩個(gè)導(dǎo)體棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢相互疊加，隨著導(dǎo)體棒速度的增大，回路中的電流增大，導(dǎo)體棒受到的安培力在增大，故可知當(dāng)安培力沿導(dǎo)軌方向的分力與重力沿導(dǎo)軌向下的分力平衡時(shí)導(dǎo)體棒將勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)電路中的電流達(dá)到穩(wěn)定值，此時(shí)對ab分析可得解得故B正確，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)前面分析可知，故可知兩導(dǎo)體棒速度大小始終相等，由于兩邊磁感應(yīng)強(qiáng)度不同，故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不等，故D錯(cuò)誤。10．一足夠長木板置于水平地面上，二者間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。時(shí)，木板在水平恒力作用下，由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻，一小物塊以與木板等大、反向的速度從右端滑上木板。已知到的時(shí)間內(nèi)，木板速度v隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示，其中g(shù)為重力加速度大小。時(shí)刻，小物塊與木板的速度相同。下列說法正確的是（）A．小物塊在時(shí)刻滑上木板 B．小物塊和木板間動(dòng)摩擦因數(shù)為2μC．小物塊與木板的質(zhì)量比為3︰4 D．之后小物塊和木板一起做勻速運(yùn)動(dòng)【答案】ABD【解析】A．圖像的斜率表示加速度，可知時(shí)刻木板的加速度發(fā)生改變，故可知小物塊在時(shí)刻滑上木板，故A正確；B．設(shè)小物塊和木板間動(dòng)摩擦因數(shù)為，根據(jù)題意結(jié)合圖像可知物體開始滑上木板時(shí)的速度大小為，方向水平向左，物塊在木板上滑動(dòng)的加速度為經(jīng)過時(shí)間與木板共速此時(shí)速度大小為，方向水平向右，故可得解得故B正確；C．設(shè)木板質(zhì)量為M，物塊質(zhì)量為m，根據(jù)圖像可知物塊未滑上木板時(shí)，木板的加速度為故可得解得根據(jù)圖像可知物塊滑上木板后木板的加速度為此時(shí)對木板由牛頓第二定律得解得故C錯(cuò)誤；D．假設(shè)之后小物塊和木板一起共速運(yùn)動(dòng)，對整體故可知此時(shí)整體處于平衡狀態(tài)，假設(shè)成立，即之后小物塊和木板一起做勻速運(yùn)動(dòng)，故D正確。二、非選擇題（本題共5小題，共54分）11．某探究小組要測量電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻?？衫玫钠鞑挠校弘妷罕怼㈦娮杞z、定值電阻（阻值為）、金屬夾、刻度尺、開關(guān)S、導(dǎo)線若干。他們設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路原理圖。(1)實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將電阻絲拉直固定，按照圖（a）連接電路，金屬夾置于電阻絲的。（填“A”或“B”）端；②閉合開關(guān)S，快速滑動(dòng)金屬夾至適當(dāng)位置并記錄電壓表示數(shù)U，斷開開關(guān)S，記錄金屬夾與B端的距離L；③多次重復(fù)步驟②，根據(jù)記錄的若干組U、L的值，作出圖（c）中圖線Ⅰ；④按照圖（b）將定值電阻接入電路，多次重復(fù)步驟②，再根據(jù)記錄的若干組U、L的值，作出圖（c）中圖線Ⅱ。(2)由圖線得出縱軸截距為b，則待測電池的電動(dòng)勢。(3)由圖線求得Ⅰ、Ⅱ的斜率分別為、，若，則待測電池的內(nèi)阻（用和表示）?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)【解析】（1）為了保護(hù)電路，閉合開關(guān)前，金屬夾置于電阻絲的最大阻值處，由圖可知，應(yīng)該置于端。（2）對于電路圖（a），根據(jù)閉合電路歐姆定律有設(shè)金屬絲的電阻率為，橫截面積為，結(jié)合歐姆定律和電阻定律聯(lián)立可得整理可得對于電路圖（b），根據(jù)閉合電路歐姆定律有結(jié)合歐姆定律和電阻定律聯(lián)立后整理可知圖線的縱軸截距解得（3）由題意可知又聯(lián)立解得12．圖（a）為一套半圓拱形七色彩虹積木示意圖，不同顏色的積木直徑不同。某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)探究這套積木小幅擺動(dòng)時(shí)周期T與外徑D之間的關(guān)系。(1)用刻度尺測量不同顏色積木的外徑D，其中對藍(lán)色積木的某次測量如圖（b）所示，從圖中讀出。(2)將一塊積木靜置于硬質(zhì)水平桌面上，設(shè)置積木左端平衡位置的參考點(diǎn)O，將積木的右端按下后釋放，如圖（c）所示。當(dāng)積木左端某次與O點(diǎn)等高時(shí)記為第0次并開始計(jì)時(shí)，第20次時(shí)停止計(jì)時(shí)，這一過程中積木擺動(dòng)了個(gè)周期。(3)換用其他積木重復(fù)上述操作，測得多組數(shù)據(jù)。為了探究T與D之間的函數(shù)關(guān)系，可用它們的自然對數(shù)作為橫、縱坐標(biāo)繪制圖像進(jìn)行研究，數(shù)據(jù)如下表所示：顏色紅橙黃綠青藍(lán)紫2.93922.78812.59532.48492.1971.792根據(jù)表中數(shù)據(jù)繪制出圖像如圖（d）所示，則T與D的近似關(guān)系為。A． B． C． D．(4)請寫出一條提高該實(shí)驗(yàn)精度的改進(jìn)措施：?！敬鸢浮?1)7.54/7.55/7.56；(2)10；(3)A；(4)換更光滑的硬質(zhì)水平桌面【解析】（1）刻度尺的分度值為0.1cm，需要估讀到分度值下一位，讀數(shù)為（2）積木左端兩次經(jīng)過參考點(diǎn)O為一個(gè)周期，當(dāng)積木左端某次與O點(diǎn)等高時(shí)記為第0次并開始計(jì)時(shí)，第20次時(shí)停止計(jì)時(shí)，這一過程中積木擺動(dòng)了10個(gè)周期。（3）由圖可知，與成正比，斜率為0.5，即整理可得整理可得T與D的近似關(guān)系為故選A。（4）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差：換更光滑的硬質(zhì)水平桌面。13．如圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2=5：1，原線圈接在電壓峰值為Um的正弦交變電源上，副線圈的回路中接有阻值為R的電熱絲，電熱絲密封在絕熱容器內(nèi)，容器內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的理想氣體。接通電路開始加熱，加熱前氣體溫度為T0。（1）求變壓器的輸出功率P；（2）已知該容器內(nèi)的氣體吸收的熱量Q與其溫度變化量ΔT成正比，即Q=CΔT，其中C已知。若電熱絲產(chǎn)生的熱量全部被氣體吸收，要使容器內(nèi)的氣體壓強(qiáng)達(dá)到加熱前的2倍，求電熱絲的通電時(shí)間t?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）由原線圈正弦交流電的峰值可知變壓器輸入電壓有效值為設(shè)變壓器副線圈的輸出電壓為U2，根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)之間的關(guān)系有聯(lián)立解得理想變壓器的輸出功率等于R的熱功率，即（2）設(shè)加熱前容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p0，則加熱后氣體的壓強(qiáng)為2p0，溫度為T2，容器內(nèi)的氣體做等容變化，則有由知?dú)怏w吸收的熱量根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體的體積不變，所以W=0，容器是絕熱容器，則電熱絲產(chǎn)生的熱量全部被氣體吸收聯(lián)立整理得解得14．如圖，高度的水平桌面上放置兩個(gè)相同物塊A、B，質(zhì)量。A、B間夾一壓縮量的輕彈簧，彈簧與A、B不栓接。同時(shí)由靜止釋放A、B，彈簧恢復(fù)原長時(shí)A恰好從桌面左端沿水平方向飛出，水平射程；B脫離彈簧后沿桌面滑行一段距離后停止。A、B均視為質(zhì)點(diǎn)，取重力加速度。求：（1）脫離彈簧時(shí)A、B的速度大小和；（2）物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（3）整個(gè)過程中，彈簧釋放的彈性勢能?！敬鸢浮浚?）1m/s，1m/s；（2）0.2；（