山西省運(yùn)城市2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期11月期中調(diào)研測(cè)試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1運(yùn)城市2022－2023學(xué)年第一學(xué)期期中調(diào)研測(cè)試高三物理試題2022.11本試題滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?！即鸢浮揭宦蓪?xiě)在答題卡上。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上，認(rèn)真核對(duì)條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)，并將條形碼粘貼在答題卡的指定位置上。2.答題時(shí)使用0.5毫米的黑色中性（簽字）筆或碳素筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3.請(qǐng)按照題號(hào)在各題的答題區(qū)域（黑色線框）內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的〖答案〗無(wú)效。4.保持卡面清潔，不折疊，不破損。5.做選考題時(shí)，考生按照題目要求做答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目對(duì)應(yīng)的題目涂黑。一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是最符合題目要求的）1.如圖所示，匝數(shù)為N、面積為S的閉合線圈abcd水平放置，與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)夾角為45°。現(xiàn)將線圈以ab邊為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)90°，則（）A.整個(gè)過(guò)程中線圈中未產(chǎn)生感應(yīng)電流B.線圈水平放置時(shí)的磁通量為C.整個(gè)過(guò)程中線圈中的磁通量始終不為0D.整個(gè)過(guò)程中線圈的磁通量變化量為〖答案〗D〖解析〗A．整個(gè)過(guò)程中線圈中穿過(guò)線圈的磁通量不斷變化，線圈中一直產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．線圈水平放置時(shí)的磁通量為故B錯(cuò)誤；C．只有當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)線圈中的磁通量才為0，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)初位置時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為正，則初位置時(shí)末位置時(shí)則初、末位置磁通量的改變量的大小為故D正確。故選D。2.甲車和乙車在平直公路上行駛，其位置一時(shí)間圖像分別為圖中直線甲和曲線乙，已知乙車的加速度恒定且，時(shí)，直線甲和曲線乙剛好相切。則時(shí)甲車和乙車的距離（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗甲車的速度，時(shí)，有設(shè)乙車的初速度為，對(duì)乙車，有解得時(shí)，甲車的位移乙車的位移由題圖知，時(shí)甲車和乙車到達(dá)同一位置，得故選B。3.仰臥起坐是《國(guó)家學(xué)生體質(zhì)健康標(biāo)準(zhǔn)》中規(guī)定的女生測(cè)試項(xiàng)目之一。根據(jù)該標(biāo)準(zhǔn)高三女生一分鐘內(nèi)完成50個(gè)以上仰臥起坐記為優(yōu)秀。若某女生一分鐘內(nèi)做了40個(gè)仰臥起坐，其質(zhì)量為50kg，上半身質(zhì)量約為總質(zhì)量的0.6倍，仰臥起坐時(shí)下半身重心位置不變，上半身高度約為總身高的0.4倍，g取10m/s2試估算測(cè)試的全過(guò)程中該女生克服重力做功的平均功率約為（）A.10W B.70W C.150W D.300W〖答案〗B〖解析〗設(shè)該同學(xué)身高1.6m，上半身高度約0.64m，每次上半身重心上升距離約為0.32m，則每次克服重力做功為則功率該女生克服重力做功平均功率約為70W。故選B。4.我國(guó)的新疆棉以絨長(zhǎng)、品質(zhì)好、產(chǎn)量高著稱于世，目前新疆地區(qū)的棉田大部分是通過(guò)如圖甲所示的自動(dòng)采棉機(jī)采收。自動(dòng)采棉機(jī)在采摘棉花的同時(shí)將棉花打包成圓柱形棉包，通過(guò)采棉機(jī)后側(cè)可以旋轉(zhuǎn)的支架平穩(wěn)將其放下，這個(gè)過(guò)程可以簡(jiǎn)化為如圖乙所示模型：質(zhì)量為m的棉包放在“V”型擋板上，兩板間夾角為固定不變，“V”型擋板可繞O軸在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)。在使OB板由水平位置順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，忽略“V”型擋板對(duì)棉包的摩擦力，已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，棉包受到三個(gè)力的作用B.棉包對(duì)OB板的壓力逐漸減小C.當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，棉包對(duì)OA板的作用力大小為mgD.棉包對(duì)OA板的壓力先增大后減小〖答案〗B〖解析〗A．當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)，OA板處于水平位置，棉包只受到重力和OA板的支持力，故A錯(cuò)誤；BD．對(duì)物體受力分析如圖由正弦定理可得物體在旋轉(zhuǎn)過(guò)程中從逐漸變大，從逐漸減小，因此OB板由水平位置緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)60°過(guò)程中，棉包對(duì)OA板壓力逐漸增大，對(duì)OB板壓力逐漸減小，故B正確，D錯(cuò)誤；C．當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)30°時(shí)，兩板與水平方向夾角均為30°，如圖所示兩板支持力大小相等，與豎直方向夾角為30°，可得故C錯(cuò)誤；故選B。5.據(jù)史料記載，撥浪鼓最早出現(xiàn)在戰(zhàn)國(guó)時(shí)期，宋代小型撥浪鼓已成為兒童玩具?，F(xiàn)有一撥浪鼓上分別系有長(zhǎng)度不等的兩根輕繩，繩一端系著小球，另一端固定在關(guān)于手柄對(duì)稱的鼓沿上?，F(xiàn)使鼓繞豎直放置的手柄勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穩(wěn)定兩球在水平面內(nèi)做周期相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列各圖中兩球的位置關(guān)系正確的是（圖中輕繩與豎直方向的夾角）（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，則由合力提供向心力得化簡(jiǎn)得可知，L長(zhǎng)的，角度大；設(shè)繩的豎直分量為h，則由合力提供向心力得化簡(jiǎn)得可知，角度大的，豎直分量大。綜上所述，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。6.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，理想電流表、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為。下列說(shuō)法中正確的是（）A.電壓表V的示數(shù)減小 B.電流表的示數(shù)變大C. D.與比值等于電源內(nèi)阻r〖答案〗D〖解析〗B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表A2的示數(shù)減小，B錯(cuò)誤；A．總電流減小，路端電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，A錯(cuò)誤；C．根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律有A2的示數(shù)I2變小，通過(guò)定值電阻R1的電流I增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以ΔI1一定大于ΔI2，C錯(cuò)誤；D．電壓表測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知D正確。故選D。7.如圖甲所示，質(zhì)量為的長(zhǎng)木板靜止在光滑的水平面上，其上靜止一質(zhì)量為的小滑塊，現(xiàn)給木板施加一隨時(shí)間均勻增大的水平力F，滿足（k為常量，t代表時(shí)間），長(zhǎng)木板的加速度a隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。已知小滑塊所受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說(shuō)法正確的是（）A.在0~2s時(shí)間內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板間的摩擦力不變B.小滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)C.與之比1：3D.當(dāng)小滑塊從長(zhǎng)木板上脫離時(shí)，其速度比長(zhǎng)木板小0.5m/s〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)圖乙可知，在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)靜止，一起加速運(yùn)動(dòng)，以小滑塊與長(zhǎng)木板為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得以小滑塊為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得可知小滑塊與長(zhǎng)木板間的摩擦力隨時(shí)間逐漸增大，A錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖乙可知，在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)，以木板為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得在內(nèi)，圖像的斜率為而在內(nèi)，有可得在內(nèi)，圖像的斜率為聯(lián)立可得可得C錯(cuò)誤；B．在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)，以木板為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得當(dāng)時(shí)，，可得當(dāng)時(shí)，，可得聯(lián)立解得B錯(cuò)誤；D．在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)靜止，一起加速運(yùn)動(dòng)；在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)，在時(shí)，滑塊從木板上滑落，則在內(nèi)，小滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小在內(nèi)，小滑塊的速度變化量為根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示速度的變化量，可知在內(nèi)，木板的速度變化量為則有當(dāng)小滑塊從長(zhǎng)木板上脫離時(shí)，其速度比長(zhǎng)木板小，D正確。故選D。8.如圖所示，虛線MN下方存在著方向水平向左、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)。AB為絕緣光滑且固定的四分之一圓弧軌道，軌道半徑為R，O為圓心，B位于O點(diǎn)正下方。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，以初速度vA豎直向下從A點(diǎn)沿切線進(jìn)入半圓軌道內(nèi)側(cè)，沿軌道運(yùn)動(dòng)到B處以速度vB射出。已知重力加速度為g，勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小，空氣阻力不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.從A到B過(guò)程中，小球的機(jī)械能先增大后減小B.從A到B過(guò)程中，小球?qū)壍赖膲毫ο葴p小后增大C.在A、B兩點(diǎn)的速度大小滿足vA>vBD.從B點(diǎn)拋出后，小球速度的最小值為〖答案〗D〖解析〗A．從A到B過(guò)程中，電場(chǎng)力一直做負(fù)功，小球的機(jī)械能一直減小，故A錯(cuò)誤；B．等效重力的與豎直線夾約37°偏左下方，所以從A到B過(guò)程中，小球速度先增大后減小，對(duì)軌道的壓力先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．B點(diǎn)比A點(diǎn)更靠近等效最低點(diǎn)，所以故C錯(cuò)誤；D．從A到B，由動(dòng)能定理解得之后小球做斜拋運(yùn)動(dòng)，在垂直于等效場(chǎng)方向上的分速度即為最小速度，則故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）9.2022年10月9日7時(shí)43分，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心采用長(zhǎng)征二號(hào)丁型運(yùn)載火箭，成功將先進(jìn)天基太陽(yáng)天文臺(tái)衛(wèi)星“夸父一號(hào)”發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射任務(wù)取得了圓滿成功。這顆衛(wèi)星發(fā)射，將實(shí)現(xiàn)我國(guó)天基太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星跨越式突破；我國(guó)的衛(wèi)星發(fā)射技術(shù)已經(jīng)占據(jù)領(lǐng)先地位。假設(shè)在某次衛(wèi)星發(fā)射中的軌跡如圖所示，設(shè)地球半徑為R，地球表面的重力加速度為，衛(wèi)星在半徑為R的近地圓形軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入軌道半徑為4R的圓形軌道Ⅲ繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)整個(gè)過(guò)程中衛(wèi)星質(zhì)量保持不變，不計(jì)空氣阻力。則（）A.該衛(wèi)星在軌道Ⅰ、Ⅲ上運(yùn)行的周期之比為B.該衛(wèi)星在軌道Ⅲ的運(yùn)行速率小于C.該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)A處點(diǎn)火前的加速度大小等于地球赤道上靜止物體的加速度大小D.該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅲ上的機(jī)械能〖答案〗ABD〖解析〗A．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得可得該衛(wèi)星在軌道Ⅰ、Ⅲ上運(yùn)行的周期之比為故A正確；B．設(shè)該衛(wèi)星在軌道Ⅲ的運(yùn)行速率為，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得又聯(lián)立解得故B正確；C．該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)A處點(diǎn)火前的加速度大小等于地球表面的重力加速度為，地球赤道上靜止物體的加速度大小小于地球表面的重力加速度為，故C錯(cuò)誤；D．衛(wèi)星從A處需要點(diǎn)火加速進(jìn)入軌道Ⅱ，衛(wèi)星的機(jī)械能增加；衛(wèi)星從B處需要點(diǎn)火加速進(jìn)入軌道Ⅲ，衛(wèi)星的機(jī)械能增加；則該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅲ上的機(jī)械能，故D正確。故選ABD。10.如圖所示，真空中同一平面內(nèi)固定兩點(diǎn)電荷Q1和Q2，以負(fù)點(diǎn)電荷Q2為圓心的圓周上有a、b、c、d四點(diǎn)，b、d為兩點(diǎn)電荷連線與圓的交點(diǎn)，ac為垂直于bd的直徑，其中b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，b點(diǎn)到Q1、Q2的距離之比為3：1。下列說(shuō)法正確的（）A.圓周上，d點(diǎn)電勢(shì)最高B.a、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.Q1與Q2的電荷量之比為3：1D.質(zhì)子從a點(diǎn)沿弧線abc移至c點(diǎn)，電勢(shì)能先減小后增大〖答案〗AD〖解析〗C．由題知b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，則可得出Q1、Q2為異種電荷，且有則Q1：Q2=9：1C錯(cuò)誤；AD．若場(chǎng)源電荷只有Q2，則在圓周上每一點(diǎn)的的電勢(shì)都相同，即Q2在圓周上每一點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)都相同，且小于零（以無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能點(diǎn)），而點(diǎn)電荷Q1周圍的電勢(shì)分布為周圍電勢(shì)為正，且距離Q1越近電勢(shì)越高，則根據(jù)電勢(shì)的疊加原理可知圓周上d點(diǎn)電勢(shì)最高，a、c兩點(diǎn)電勢(shì)相同，b點(diǎn)電勢(shì)最低，再根據(jù)Ep=φq，可知質(zhì)子從a點(diǎn)沿弧線abc移至c點(diǎn)，電勢(shì)能先減小后增大，AD正確；B．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理有，Q1在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線斜向上、Q2在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線豎直向下，Q1在c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線斜向下、Q2在c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線豎直向上，則a、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向不同，B錯(cuò)誤。故選AD。11.電動(dòng)自行車的前、后輪上方通常安裝有由彈簧和阻尼器組成的懸掛組件，可以減小電動(dòng)自行車行駛過(guò)程中因路面不平整而帶給騎車人的不舒適感。懸掛組件的簡(jiǎn)化模型如圖所示，光滑桿豎直固定在底座上，構(gòu)成支架，放置在水平面上，輕彈簧套在桿上，套在桿上的圓環(huán)從距彈簧上端高度為H處由靜止釋放，接觸并壓縮彈簧，彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)。圓環(huán)的質(zhì)量為m，支架的質(zhì)量為3m，彈簧的勁度系數(shù)為k，且已知彈簧的彈性勢(shì)能大小Ep與其形變量x滿足，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力。圓環(huán)剛接觸彈簧時(shí)的位置為O點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.在圓環(huán)壓縮彈簧的過(guò)程中，圓環(huán)的加速度先增大后減小B.圓環(huán)下落過(guò)程中的最大速度為C.當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，底座對(duì)水平面的壓力大小為4mgD.在圓環(huán)下落到最低點(diǎn)后反彈到最高點(diǎn)的過(guò)程中，圓環(huán)的機(jī)械能先增大后不變〖答案〗BD〖解析〗A．圓環(huán)剛開(kāi)始?jí)嚎s彈簧時(shí)，彈力小于圓環(huán)重力，加速度向下，圓環(huán)繼續(xù)向下加速運(yùn)動(dòng)，彈簧形變量增大，彈力增大，圓環(huán)加速度減小，當(dāng)彈力等于重力時(shí)，圓環(huán)速度最大，之后加速度反向增大，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)彈力等于重力時(shí)，圓環(huán)速度最大根據(jù)機(jī)械能守恒聯(lián)立解得故B正確C．當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，此時(shí)彈簧壓縮量必然大于彈簧彈力必然大于，則底座對(duì)水平面的壓力大小必然大于4mg，故C錯(cuò)誤；D．在圓環(huán)下落到最低點(diǎn)到脫離彈簧過(guò)程中，彈力對(duì)圓環(huán)做正功，圓環(huán)機(jī)械能增大，脫離彈簧到最高點(diǎn)過(guò)程中，只有重力做功，機(jī)械能不變，故在圓環(huán)下落到最低點(diǎn)后反彈到最高點(diǎn)的過(guò)程中，圓環(huán)的機(jī)械能先增大后不變，故D正確。故選BD。12.如圖所示，楔形物塊A靜置在水平地面上，其斜面粗糙，斜面上有小物塊B。用平行于斜面的力F拉B，使之沿斜面勻速上滑?，F(xiàn)改變力F的方向至與斜面成一定的角度，如圖所示，仍使小物塊B沿斜面勻速上滑。在B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，楔形物塊A始終保持靜止。下列描述正確的有（）A.拉力F一定增大 B.A對(duì)B的摩擦力減小C.B對(duì)斜面的作用力變小 D.地面受到的摩擦力大小可能變大〖答案〗BC〖解析〗AB．根據(jù)小物塊勻速運(yùn)動(dòng)，列平衡方程，方向改變前，則有故方向改變后，則有故所以力F可能增大、減小或不變，而支持力減小，摩擦力一定減小，A錯(cuò)誤，B正確；CD．B對(duì)斜面的作用力為方向大致向右，支持力減小，所以作用力一定減小，地面的摩擦力為了受力平衡也必須減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，除13題第一空1分外其余每空2分，共15分）13.在用圖1的裝置測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葧r(shí)，進(jìn)行了如下操作，完成步驟中的填空：

（1）安裝器材時(shí)，將長(zhǎng)木板的右側(cè)適度墊高_(dá)______（選填”掛上”或”不掛”）砂桶，輕推小車，使小車恰能勻速運(yùn)動(dòng)；（2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖2所示。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則小車的加速度a=______m/s2保留兩位有效數(shù)字）；（3）不改變砂及砂桶質(zhì)量，在小車上增減砝碼改變小車的總質(zhì)量M，重復(fù)步驟（2），測(cè)得多組數(shù)據(jù)描繪出圖像。已知圖線的斜率為k、縱截距為b，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開(kāi)_____。（用物理量的符號(hào)表示）〖答案〗（1）不掛（2）0.64（3）〖解析〗（1）[1]為平衡摩擦力，應(yīng)將長(zhǎng)木板的右側(cè)適度墊高，不掛砂桶，輕推小車，使小車恰能勻速運(yùn)動(dòng)。（2）[2]相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔為由逐差法可得（3）[3]根據(jù)牛頓第二定律整理得故14.現(xiàn)有一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，內(nèi)阻約為0.40Ω），電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻為0.70Ω），滑動(dòng)變阻器R（10Ω，2A），電鍵一個(gè)及導(dǎo)線若干。（1）為了更準(zhǔn)確地測(cè)出電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某組同學(xué)用甲圖所示電路測(cè)得多組電壓和電流值，得到如乙圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（2）某小組在實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表壞了，于是不再使用電流表，僅用電阻箱R'替換掉了滑動(dòng)變阻器，電路圖如丙圖所示。他們?cè)趯?shí)驗(yàn)中讀出幾組電阻箱的阻值R'和電壓表的示數(shù)U，描繪出的關(guān)系圖像，得到的函數(shù)圖像是一條直線。若該圖像的斜率為k，縱軸截距為b，則此電源電動(dòng)勢(shì)E=______，內(nèi)阻r=______。該組同學(xué)測(cè)得電源電動(dòng)勢(shì)E測(cè)______E真（填“＞”“＝”或“＜”）。〖答案〗（1）1.48##1.49##1.500.28##0.29##0.30##0.31##0.32（2）＜〖解析〗（1）[1]由圖可得該電源電動(dòng)勢(shì)為E=1.50V[2]電源的內(nèi)阻（2）[3][4]由閉合電路歐姆定律U=IR'變形得根據(jù)題意得解得[5]將電壓表內(nèi)阻等效為電源的內(nèi)阻，電源電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值即該組同學(xué)測(cè)得電源電動(dòng)勢(shì)E測(cè)<E真。四、解答題（本題包含3小題，共37分。解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，〖答案〗中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）15.如圖是示波器工作原理的示意圖，電子經(jīng)電壓U1從靜止加速后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓為U2，兩極板間距為d，極板長(zhǎng)度為L(zhǎng)，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，求：（1）電子經(jīng)電壓U1加速后的速度；（2）電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)U2時(shí)沿垂直極板方向偏移的距離y；〖答案〗(1)(2)〖解析〗(1)電子在加速電場(chǎng)中加速時(shí)，由動(dòng)能定理解得：(2)電子偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)力學(xué)知識(shí)可得：電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的側(cè)位移加速度水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)L=v0t聯(lián)立解得：（注：如果用q表示電子電量也給分）16.如圖所示，傳送帶與水平面夾角，以恒定速率沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)?，F(xiàn)在傳送帶上端A處無(wú)初速度地放一質(zhì)量的小煤塊（可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略滑動(dòng)過(guò)程中的質(zhì)量損失），小煤塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)，已知傳送帶上A到B的長(zhǎng)度。取，，重力加速度。求：（1）小煤塊從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間；（2）從A到B的過(guò)程中小煤塊和傳送帶因摩擦而產(chǎn)生的熱量?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）對(duì)小煤塊進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律有解得小煤塊下滑到與傳送帶速度相等所用時(shí)間為此時(shí)小煤塊的位移為由于，又因?yàn)椋∶簤K繼續(xù)下滑的加速度為又代入數(shù)據(jù)解得則小煤塊從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為（2）第一階段小煤塊相對(duì)傳送帶位移解得第二階段小煤塊相對(duì)傳送帶位移解得從A到B的過(guò)程中小煤塊和傳送帶因摩擦而產(chǎn)生的熱量為解得17.如圖甲所示是一款名為“反重力”磁性軌道車的玩具，軌道和小車都裝有磁條，軌道造型可以自由調(diào)節(jié)，小車內(nèi)裝有發(fā)條，可儲(chǔ)存一定彈性勢(shì)能。圖乙所示是小明同學(xué)搭建的軌道的簡(jiǎn)化示意圖，它由水平直軌道AB、豎直圓軌道BCD、水平直軌道DM和兩個(gè)四分之一圓軌道MN與NP平滑連接而組成，圓軌道MN的圓心與圓軌道NP的圓心位于同一高度。已知小車的質(zhì)量m=50g，直軌道AB長(zhǎng)度L=0.5m，小車在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的磁吸引力始終垂直軌道面，在軌道ABCDM段所受的磁力大小恒為其重力的0.5倍，在軌道MNP段所受的磁力大小恒為其重力的2.5倍，小車脫離軌道后磁力影響忽略不計(jì)。現(xiàn)小明將具有彈性勢(shì)能的小車由A點(diǎn)靜止釋放，小車恰好能通過(guò)豎直圓軌道BCD，并最終從P點(diǎn)水平飛出。假設(shè)小車在軌道AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力大小等于軌道與小車間彈力的0.2倍，其余軌道均光滑，不計(jì)其他阻力，小車可視為質(zhì)點(diǎn)，小車在到達(dá)B點(diǎn)前發(fā)條的彈性勢(shì)能已經(jīng)完全釋放，重力加速度g取。（1）求小車運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小；（2）求小車運(yùn)動(dòng)到圓軌道B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；（3）同時(shí)調(diào)節(jié)圓軌道MN與NP的半徑r，其他條件不變，求小車落地點(diǎn)與P點(diǎn)的最大水平距離?！即鸢浮剑?）；（2）3N；（3）〖解析〗（1）小車由A運(yùn)動(dòng)至B過(guò)程，由能量關(guān)系可知其中，代入數(shù)據(jù)得（2）設(shè)小車在C點(diǎn)的速度為，恰好通過(guò)最高點(diǎn)，則小車從B到C，由動(dòng)能定理得得R=0.2m在B點(diǎn)得由牛頓第三定律，小車運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力大小為3N；（3）小車從B到P，由動(dòng)能定理得小車從P點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)得當(dāng)r=0.1125m時(shí)，小車落地點(diǎn)與P點(diǎn)的水平距離最大小車從P點(diǎn)飛出，則r<0.225m但因?yàn)樾≤囋贜點(diǎn)小車從B到N，由動(dòng)能定理得得r≥0.2m綜合可知，當(dāng)r=0.2m時(shí)，小車落點(diǎn)與P點(diǎn)水平距離最大：運(yùn)城市2022－2023學(xué)年第一學(xué)期期中調(diào)研測(cè)試高三物理試題2022.11本試題滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?！即鸢浮揭宦蓪?xiě)在答題卡上。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上，認(rèn)真核對(duì)條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)，并將條形碼粘貼在答題卡的指定位置上。2.答題時(shí)使用0.5毫米的黑色中性（簽字）筆或碳素筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3.請(qǐng)按照題號(hào)在各題的答題區(qū)域（黑色線框）內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的〖答案〗無(wú)效。4.保持卡面清潔，不折疊，不破損。5.做選考題時(shí)，考生按照題目要求做答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目對(duì)應(yīng)的題目涂黑。一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是最符合題目要求的）1.如圖所示，匝數(shù)為N、面積為S的閉合線圈abcd水平放置，與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)夾角為45°?，F(xiàn)將線圈以ab邊為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)90°，則（）A.整個(gè)過(guò)程中線圈中未產(chǎn)生感應(yīng)電流B.線圈水平放置時(shí)的磁通量為C.整個(gè)過(guò)程中線圈中的磁通量始終不為0D.整個(gè)過(guò)程中線圈的磁通量變化量為〖答案〗D〖解析〗A．整個(gè)過(guò)程中線圈中穿過(guò)線圈的磁通量不斷變化，線圈中一直產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．線圈水平放置時(shí)的磁通量為故B錯(cuò)誤；C．只有當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)線圈中的磁通量才為0，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)初位置時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為正，則初位置時(shí)末位置時(shí)則初、末位置磁通量的改變量的大小為故D正確。故選D。2.甲車和乙車在平直公路上行駛，其位置一時(shí)間圖像分別為圖中直線甲和曲線乙，已知乙車的加速度恒定且，時(shí)，直線甲和曲線乙剛好相切。則時(shí)甲車和乙車的距離（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗甲車的速度，時(shí)，有設(shè)乙車的初速度為，對(duì)乙車，有解得時(shí)，甲車的位移乙車的位移由題圖知，時(shí)甲車和乙車到達(dá)同一位置，得故選B。3.仰臥起坐是《國(guó)家學(xué)生體質(zhì)健康標(biāo)準(zhǔn)》中規(guī)定的女生測(cè)試項(xiàng)目之一。根據(jù)該標(biāo)準(zhǔn)高三女生一分鐘內(nèi)完成50個(gè)以上仰臥起坐記為優(yōu)秀。若某女生一分鐘內(nèi)做了40個(gè)仰臥起坐，其質(zhì)量為50kg，上半身質(zhì)量約為總質(zhì)量的0.6倍，仰臥起坐時(shí)下半身重心位置不變，上半身高度約為總身高的0.4倍，g取10m/s2試估算測(cè)試的全過(guò)程中該女生克服重力做功的平均功率約為（）A.10W B.70W C.150W D.300W〖答案〗B〖解析〗設(shè)該同學(xué)身高1.6m，上半身高度約0.64m，每次上半身重心上升距離約為0.32m，則每次克服重力做功為則功率該女生克服重力做功平均功率約為70W。故選B。4.我國(guó)的新疆棉以絨長(zhǎng)、品質(zhì)好、產(chǎn)量高著稱于世，目前新疆地區(qū)的棉田大部分是通過(guò)如圖甲所示的自動(dòng)采棉機(jī)采收。自動(dòng)采棉機(jī)在采摘棉花的同時(shí)將棉花打包成圓柱形棉包，通過(guò)采棉機(jī)后側(cè)可以旋轉(zhuǎn)的支架平穩(wěn)將其放下，這個(gè)過(guò)程可以簡(jiǎn)化為如圖乙所示模型：質(zhì)量為m的棉包放在“V”型擋板上，兩板間夾角為固定不變，“V”型擋板可繞O軸在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)。在使OB板由水平位置順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，忽略“V”型擋板對(duì)棉包的摩擦力，已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，棉包受到三個(gè)力的作用B.棉包對(duì)OB板的壓力逐漸減小C.當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，棉包對(duì)OA板的作用力大小為mgD.棉包對(duì)OA板的壓力先增大后減小〖答案〗B〖解析〗A．當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)，OA板處于水平位置，棉包只受到重力和OA板的支持力，故A錯(cuò)誤；BD．對(duì)物體受力分析如圖由正弦定理可得物體在旋轉(zhuǎn)過(guò)程中從逐漸變大，從逐漸減小，因此OB板由水平位置緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)60°過(guò)程中，棉包對(duì)OA板壓力逐漸增大，對(duì)OB板壓力逐漸減小，故B正確，D錯(cuò)誤；C．當(dāng)OB板轉(zhuǎn)過(guò)30°時(shí)，兩板與水平方向夾角均為30°，如圖所示兩板支持力大小相等，與豎直方向夾角為30°，可得故C錯(cuò)誤；故選B。5.據(jù)史料記載，撥浪鼓最早出現(xiàn)在戰(zhàn)國(guó)時(shí)期，宋代小型撥浪鼓已成為兒童玩具?，F(xiàn)有一撥浪鼓上分別系有長(zhǎng)度不等的兩根輕繩，繩一端系著小球，另一端固定在關(guān)于手柄對(duì)稱的鼓沿上?，F(xiàn)使鼓繞豎直放置的手柄勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穩(wěn)定兩球在水平面內(nèi)做周期相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列各圖中兩球的位置關(guān)系正確的是（圖中輕繩與豎直方向的夾角）（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗設(shè)繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，則由合力提供向心力得化簡(jiǎn)得可知，L長(zhǎng)的，角度大；設(shè)繩的豎直分量為h，則由合力提供向心力得化簡(jiǎn)得可知，角度大的，豎直分量大。綜上所述，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。6.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，理想電流表、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為。下列說(shuō)法中正確的是（）A.電壓表V的示數(shù)減小 B.電流表的示數(shù)變大C. D.與比值等于電源內(nèi)阻r〖答案〗D〖解析〗B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表A2的示數(shù)減小，B錯(cuò)誤；A．總電流減小，路端電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，A錯(cuò)誤；C．根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律有A2的示數(shù)I2變小，通過(guò)定值電阻R1的電流I增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以ΔI1一定大于ΔI2，C錯(cuò)誤；D．電壓表測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知D正確。故選D。7.如圖甲所示，質(zhì)量為的長(zhǎng)木板靜止在光滑的水平面上，其上靜止一質(zhì)量為的小滑塊，現(xiàn)給木板施加一隨時(shí)間均勻增大的水平力F，滿足（k為常量，t代表時(shí)間），長(zhǎng)木板的加速度a隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。已知小滑塊所受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說(shuō)法正確的是（）A.在0~2s時(shí)間內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板間的摩擦力不變B.小滑塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)C.與之比1：3D.當(dāng)小滑塊從長(zhǎng)木板上脫離時(shí)，其速度比長(zhǎng)木板小0.5m/s〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)圖乙可知，在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)靜止，一起加速運(yùn)動(dòng)，以小滑塊與長(zhǎng)木板為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得以小滑塊為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得可知小滑塊與長(zhǎng)木板間的摩擦力隨時(shí)間逐漸增大，A錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖乙可知，在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)，以木板為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得在內(nèi)，圖像的斜率為而在內(nèi)，有可得在內(nèi)，圖像的斜率為聯(lián)立可得可得C錯(cuò)誤；B．在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)，以木板為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得當(dāng)時(shí)，，可得當(dāng)時(shí)，，可得聯(lián)立解得B錯(cuò)誤；D．在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)靜止，一起加速運(yùn)動(dòng)；在內(nèi)，小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)，在時(shí)，滑塊從木板上滑落，則在內(nèi)，小滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小在內(nèi)，小滑塊的速度變化量為根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示速度的變化量，可知在內(nèi)，木板的速度變化量為則有當(dāng)小滑塊從長(zhǎng)木板上脫離時(shí)，其速度比長(zhǎng)木板小，D正確。故選D。8.如圖所示，虛線MN下方存在著方向水平向左、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)。AB為絕緣光滑且固定的四分之一圓弧軌道，軌道半徑為R，O為圓心，B位于O點(diǎn)正下方。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，以初速度vA豎直向下從A點(diǎn)沿切線進(jìn)入半圓軌道內(nèi)側(cè)，沿軌道運(yùn)動(dòng)到B處以速度vB射出。已知重力加速度為g，勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小，空氣阻力不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.從A到B過(guò)程中，小球的機(jī)械能先增大后減小B.從A到B過(guò)程中，小球?qū)壍赖膲毫ο葴p小后增大C.在A、B兩點(diǎn)的速度大小滿足vA>vBD.從B點(diǎn)拋出后，小球速度的最小值為〖答案〗D〖解析〗A．從A到B過(guò)程中，電場(chǎng)力一直做負(fù)功，小球的機(jī)械能一直減小，故A錯(cuò)誤；B．等效重力的與豎直線夾約37°偏左下方，所以從A到B過(guò)程中，小球速度先增大后減小，對(duì)軌道的壓力先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．B點(diǎn)比A點(diǎn)更靠近等效最低點(diǎn)，所以故C錯(cuò)誤；D．從A到B，由動(dòng)能定理解得之后小球做斜拋運(yùn)動(dòng)，在垂直于等效場(chǎng)方向上的分速度即為最小速度，則故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）9.2022年10月9日7時(shí)43分，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心采用長(zhǎng)征二號(hào)丁型運(yùn)載火箭，成功將先進(jìn)天基太陽(yáng)天文臺(tái)衛(wèi)星“夸父一號(hào)”發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射任務(wù)取得了圓滿成功。這顆衛(wèi)星發(fā)射，將實(shí)現(xiàn)我國(guó)天基太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星跨越式突破；我國(guó)的衛(wèi)星發(fā)射技術(shù)已經(jīng)占據(jù)領(lǐng)先地位。假設(shè)在某次衛(wèi)星發(fā)射中的軌跡如圖所示，設(shè)地球半徑為R，地球表面的重力加速度為，衛(wèi)星在半徑為R的近地圓形軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入軌道半徑為4R的圓形軌道Ⅲ繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)整個(gè)過(guò)程中衛(wèi)星質(zhì)量保持不變，不計(jì)空氣阻力。則（）A.該衛(wèi)星在軌道Ⅰ、Ⅲ上運(yùn)行的周期之比為B.該衛(wèi)星在軌道Ⅲ的運(yùn)行速率小于C.該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)A處點(diǎn)火前的加速度大小等于地球赤道上靜止物體的加速度大小D.該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅲ上的機(jī)械能〖答案〗ABD〖解析〗A．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得可得該衛(wèi)星在軌道Ⅰ、Ⅲ上運(yùn)行的周期之比為故A正確；B．設(shè)該衛(wèi)星在軌道Ⅲ的運(yùn)行速率為，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得又聯(lián)立解得故B正確；C．該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)A處點(diǎn)火前的加速度大小等于地球表面的重力加速度為，地球赤道上靜止物體的加速度大小小于地球表面的重力加速度為，故C錯(cuò)誤；D．衛(wèi)星從A處需要點(diǎn)火加速進(jìn)入軌道Ⅱ，衛(wèi)星的機(jī)械能增加；衛(wèi)星從B處需要點(diǎn)火加速進(jìn)入軌道Ⅲ，衛(wèi)星的機(jī)械能增加；則該衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅲ上的機(jī)械能，故D正確。故選ABD。10.如圖所示，真空中同一平面內(nèi)固定兩點(diǎn)電荷Q1和Q2，以負(fù)點(diǎn)電荷Q2為圓心的圓周上有a、b、c、d四點(diǎn)，b、d為兩點(diǎn)電荷連線與圓的交點(diǎn)，ac為垂直于bd的直徑，其中b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，b點(diǎn)到Q1、Q2的距離之比為3：1。下列說(shuō)法正確的（）A.圓周上，d點(diǎn)電勢(shì)最高B.a、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.Q1與Q2的電荷量之比為3：1D.質(zhì)子從a點(diǎn)沿弧線abc移至c點(diǎn)，電勢(shì)能先減小后增大〖答案〗AD〖解析〗C．由題知b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，則可得出Q1、Q2為異種電荷，且有則Q1：Q2=9：1C錯(cuò)誤；AD．若場(chǎng)源電荷只有Q2，則在圓周上每一點(diǎn)的的電勢(shì)都相同，即Q2在圓周上每一點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)都相同，且小于零（以無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能點(diǎn)），而點(diǎn)電荷Q1周圍的電勢(shì)分布為周圍電勢(shì)為正，且距離Q1越近電勢(shì)越高，則根據(jù)電勢(shì)的疊加原理可知圓周上d點(diǎn)電勢(shì)最高，a、c兩點(diǎn)電勢(shì)相同，b點(diǎn)電勢(shì)最低，再根據(jù)Ep=φq，可知質(zhì)子從a點(diǎn)沿弧線abc移至c點(diǎn)，電勢(shì)能先減小后增大，AD正確；B．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理有，Q1在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線斜向上、Q2在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線豎直向下，Q1在c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線斜向下、Q2在c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿連線豎直向上，則a、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向不同，B錯(cuò)誤。故選AD。11.電動(dòng)自行車的前、后輪上方通常安裝有由彈簧和阻尼器組成的懸掛組件，可以減小電動(dòng)自行車行駛過(guò)程中因路面不平整而帶給騎車人的不舒適感。懸掛組件的簡(jiǎn)化模型如圖所示，光滑桿豎直固定在底座上，構(gòu)成支架，放置在水平面上，輕彈簧套在桿上，套在桿上的圓環(huán)從距彈簧上端高度為H處由靜止釋放，接觸并壓縮彈簧，彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)。圓環(huán)的質(zhì)量為m，支架的質(zhì)量為3m，彈簧的勁度系數(shù)為k，且已知彈簧的彈性勢(shì)能大小Ep與其形變量x滿足，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力。圓環(huán)剛接觸彈簧時(shí)的位置為O點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.在圓環(huán)壓縮彈簧的過(guò)程中，圓環(huán)的加速度先增大后減小B.圓環(huán)下落過(guò)程中的最大速度為C.當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，底座對(duì)水平面的壓力大小為4mgD.在圓環(huán)下落到最低點(diǎn)后反彈到最高點(diǎn)的過(guò)程中，圓環(huán)的機(jī)械能先增大后不變〖答案〗BD〖解析〗A．圓環(huán)剛開(kāi)始?jí)嚎s彈簧時(shí)，彈力小于圓環(huán)重力，加速度向下，圓環(huán)繼續(xù)向下加速運(yùn)動(dòng)，彈簧形變量增大，彈力增大，圓環(huán)加速度減小，當(dāng)彈力等于重力時(shí)，圓環(huán)速度最大，之后加速度反向增大，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)彈力等于重力時(shí)，圓環(huán)速度最大根據(jù)機(jī)械能守恒聯(lián)立解得故B正確C．當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，此時(shí)彈簧壓縮量必然大于彈簧彈力必然大于，則底座對(duì)水平面的壓力大小必然大于4mg，故C錯(cuò)誤；D．在圓環(huán)下落到最低點(diǎn)到脫離彈簧過(guò)程中，彈力對(duì)圓環(huán)做正功，圓環(huán)機(jī)械能增大，脫離彈簧到最高點(diǎn)過(guò)程中，只有重力做功，機(jī)械能不變，故在圓環(huán)下落到最低點(diǎn)后反彈到最高點(diǎn)的過(guò)程中，圓環(huán)的機(jī)械能先增大后不變，故D正確。故選BD。12.如圖所示，楔形物塊A靜置在水平地面上，其斜面粗糙，斜面上有小物塊B。用平行于斜面的力F拉B，使之沿斜面勻速上滑?，F(xiàn)改變力F的方向至與斜面成一定的角度，如圖所示，仍使小物塊B沿斜面勻速上滑。在B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，楔形物塊A始終保持靜止。下列描述正確的有（）A.拉力F一定增大 B.A對(duì)B的摩擦力減小C.B對(duì)斜面的作用力變小 D.地面受到的摩擦力大小可能變大〖答案〗BC〖解析〗AB．根據(jù)小物塊勻速運(yùn)動(dòng)，列平衡方程，方向改變前，則有故方向改變后，則有故所以力F可能增大、減小或不變，而支持力減小，摩擦力一定減小，A錯(cuò)誤，B正確；CD．B對(duì)斜面的作用力為方向大致向右，支持力減小，所以作用力一定減小，地面的摩擦力為了受力平衡也必須減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，除13題第一空1分外其余每空2分，共15分）13.在用圖1的裝置測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葧r(shí)，進(jìn)行了如下操作，完成步驟中的填空：

（1）安裝器材時(shí)，將長(zhǎng)木板的右側(cè)適度墊高_(dá)______（選填”掛上”或”不掛”）砂桶，輕推小車，使小車恰能勻速運(yùn)動(dòng)；（2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖2所示。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則小車的加速度a=______m/s2保留兩位有效數(shù)字）；（3）不改變砂及砂桶質(zhì)量，在小車上增減砝碼改變小車的總質(zhì)量M，重復(fù)步驟（2），測(cè)得多組數(shù)據(jù)描繪出圖像。已知圖線的斜率為k、縱截距為b，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開(kāi)_____。（用物理量的符號(hào)表示）〖答案〗（1）不掛（2）0.64（3）〖解析〗（1）[1]為平衡摩擦力，應(yīng)將長(zhǎng)木板的右側(cè)適度墊高，不掛砂桶，輕推小車，使小車恰能勻速運(yùn)動(dòng)。（2）[2]相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔為由逐差法可得（3）[3]根據(jù)牛頓第二定律整理得故14.現(xiàn)有一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，內(nèi)阻約為0.40Ω），電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻為0.70Ω），滑動(dòng)變阻器R（10Ω，2A），電鍵一個(gè)及導(dǎo)線若干。（1）為了更準(zhǔn)確地測(cè)出電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某組同學(xué)用甲圖所示電路測(cè)得多組電壓和電流值，得到如乙圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（2）某小組在實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表壞了，于是不再使用電流表，僅用電阻箱R'替換掉了滑動(dòng)變阻器，電路圖如丙圖所示。他們?cè)趯?shí)驗(yàn)中讀出幾組電阻箱的阻值R'和電壓表的示數(shù)U，描繪出的關(guān)系圖像，得到的函數(shù)圖像是一條直線。若該圖像的斜率為k，縱軸截距為b，則此電源電動(dòng)勢(shì)E=______，內(nèi)阻r=______。該組同學(xué)測(cè)得電源電動(dòng)勢(shì)E測(cè)______E真（填“＞”“＝”或“＜”）?！即鸢浮剑?）1.48##1.49##1.50