2023-2024學(xué)年青海省西寧市大通縣高三上學(xué)期開學(xué)摸底考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1青海省大通縣教學(xué)研究室2024屆高三開學(xué)摸底考試物理考生注意：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。3.考生作答時(shí)，請(qǐng)將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。4.本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題：本題共12小題，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題3分；第9～12題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題4分。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.功是力在空間上的積累，類比于此，根據(jù)定義分析下列哪個(gè)說(shuō)法符合這種規(guī)律（）A.位移是速度對(duì)時(shí)間的積累 B.速度是加速度對(duì)時(shí)間的積累C.力是質(zhì)量對(duì)加速度的積累D.滑動(dòng)摩擦力是摩擦系數(shù)對(duì)正壓力的積累〖答案〗A〖解析〗A．當(dāng)物體具有速度時(shí)，隨著時(shí)間的積累，產(chǎn)生位移，A正確；B．速度的變化量是加速度對(duì)時(shí)間的積累，B錯(cuò)誤；C．力是產(chǎn)生加速度的原因，加速度由力和質(zhì)量共同決定，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)榻佑|面粗糙，所以會(huì)存在摩擦力，滑動(dòng)摩擦力與正壓力的比值等于摩擦系數(shù)，不能說(shuō)滑動(dòng)摩擦力是摩擦系數(shù)對(duì)正壓力的積累，D錯(cuò)誤。故選A。2.2021年九月下旬，世界首個(gè)釷核反應(yīng)堆在我國(guó)甘肅省測(cè)試成功！該裝置中的釷吸收某個(gè)粒子X后轉(zhuǎn)變成釷，然后衰變?yōu)殁櫍瑫r(shí)放出兩個(gè)相同的粒子Y，則（）A.X為質(zhì)子，Y是中子 B.X為質(zhì)子．Y是電子C.X為中子，Y是質(zhì)子 D.X為中子，Y是電子〖答案〗D〖解析〗核反應(yīng)中，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的原則，兩個(gè)核反應(yīng)方程分別為可知X為中子，Y是電子，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.某學(xué)校舉行百米賽跑，小明同學(xué)運(yùn)動(dòng)的圖像，如圖所示，則小明同學(xué)加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度大小為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗在圖像中，圖像的面積表示位移，令勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，根據(jù)圖像可知，勻加速與勻速經(jīng)歷的時(shí)間分別為，令，則有在勻加速過(guò)程有解得故選C。4.如圖所示，碰碰車是一種機(jī)動(dòng)游戲設(shè)施，車四周有橡膠做成的緩沖裝置。若兩碰碰車發(fā)生了正碰后立即停下，已知兩車相撞前速度大小約為1m/s，碰撞過(guò)程作用時(shí)間約為0.1s，車和人總質(zhì)量約100kg。則兩車碰撞過(guò)程中的平均作用力大小約為（）A.100N B.200N C.1000N D.2000N〖答案〗C〖解析〗以其中一輛小車碰前速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量定理可得解得F=1000N故選C。5.如圖所示，在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩長(zhǎng)直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l。在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零。若每根導(dǎo)線在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，則勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向?yàn)椋ǎ〢.B，方向平行向左 B.，方向平行向右C.，方向平行向左 D.，方向平行向右〖答案〗C〖解析〗導(dǎo)線P和Q中電流I均向里時(shí)，設(shè)其在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小如圖所示則其夾角為60°，它們?cè)赼點(diǎn)的合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度平行于向右、大小為。又根據(jù)題意則勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁場(chǎng)應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向平行于向左。故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用細(xì)繩懸掛在天花板上，用拉力F作用在小球上，靜止時(shí)細(xì)繩與豎直方向的夾角、細(xì)繩能承受的最大拉力等于，重力加速度為g，保持小球的位置始終不變則拉力F與細(xì)繩的夾角α應(yīng)滿足的條件為（）A.0°≤α≤60° B.0°≤α≤90° C.30°≤α≤60° D.30°≤α≤90°〖答案〗D〖解析〗重力豎直向下，繩子的張力沿繩收縮的方向，由題圖可知，小球要保證位置不變應(yīng)滿足當(dāng)F的方向與細(xì)繩垂直時(shí)，即時(shí)，細(xì)繩的拉力達(dá)到最大值，因此，D正確。故選D。7.如圖所示，從固定斜面的頂端A以大小為v的水平速度拋出一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球落在斜面上且不反彈。斜面的傾角為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，，則小球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力做功的平均功率為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗小球做平拋運(yùn)動(dòng)，有解得小球做平拋運(yùn)動(dòng)重力做功的平均功率C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C8.兩個(gè)點(diǎn)電荷的質(zhì)量分別為m1、m2，帶異種電荷，電荷量分別為Q1、Q2，相距為d，只在庫(kù)侖力作用下（不計(jì)萬(wàn)有引力）各自繞它們連線上的某一固定點(diǎn)，在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們的總動(dòng)能為A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗對(duì)于質(zhì)量m1，它們的庫(kù)侖力提供其向心力，即對(duì)于質(zhì)量m2，它們的庫(kù)侖力提供其向心力，即則它們總的動(dòng)能為故選B．點(diǎn)晴：兩異種點(diǎn)電荷能繞圓心各自做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其向心力是由它們間庫(kù)侖力提供，則可以求出它們的總動(dòng)能．9.如圖所示，北斗三號(hào)導(dǎo)航系統(tǒng)主要由三種衛(wèi)星組成：地球同步靜止軌道衛(wèi)星（圖中a）、地球同步傾斜軌道衛(wèi)星（圖中b）、中圓軌道衛(wèi)星（圖中c），c的軌道半徑是a的軌道半徑的k倍。若衛(wèi)星都在圓軌道上運(yùn)行，則下列判斷正確的是（）A.衛(wèi)星a和衛(wèi)星c加速度之比為B.衛(wèi)星和衛(wèi)星c角速度之比為C.衛(wèi)星a和衛(wèi)星b軌道半徑不同D.衛(wèi)星與衛(wèi)星b所受向心力大小相等〖答案〗AB〖解析〗A．根據(jù)牛頓第二定律可得由此可知，衛(wèi)星a和衛(wèi)星c加速度之比為，故A正確；B．根據(jù)開普勒第三定律可知解得由可得故B正確；C．衛(wèi)星a和衛(wèi)星b做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期都等于地球自轉(zhuǎn)周期T，由可知兩衛(wèi)星的軌道半徑相同，故C錯(cuò)誤；D．由可知衛(wèi)星a與衛(wèi)星b的質(zhì)量不一定相同，所受向心力大小不一定相等，故D錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖所示，平行線為某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出），一個(gè)帶負(fù)電的粒子甲僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中的軌跡1從A運(yùn)動(dòng)到B，另一個(gè)帶電粒子乙僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中軌跡2從A運(yùn)動(dòng)到B，下列判斷正確的是（）A.粒子甲從A到B速度增大 B.A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高C.乙粒子一定帶正電 D.乙粒子從A到B電勢(shì)能減小〖答案〗BCD〖解析〗A．帶負(fù)電的粒子甲僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中的軌跡1從A運(yùn)動(dòng)到B，根據(jù)合力指向軌跡凹的一側(cè)，則甲粒子受到的電場(chǎng)力方向向左，電場(chǎng)力對(duì)粒子甲做負(fù)功，粒子甲的速度變小，故A錯(cuò)誤；B．由于甲粒子受到的電場(chǎng)力方向向左，因此場(chǎng)強(qiáng)方向向右，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)逐漸降低，可知A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高，故B正確；C．帶電粒子乙僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中軌跡2從A運(yùn)動(dòng)到B，由圖可知，該粒子受到的電場(chǎng)力方向向右，因此乙粒子帶正電，故C正確；D．電場(chǎng)力對(duì)乙粒子做正功，因此乙粒子的電勢(shì)能減小，故D正確。故選BCD。11.在如圖甲所示的電路中，變壓器為理想變壓器，電表為理想電表，定值電阻，在a，b兩端接入如圖所示的電壓（為正弦曲線的一部分），電流表的示數(shù)為2.2A，電壓表的示數(shù)為27.5V，則（）A.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1B.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為C.定值電阻R消耗的功率為22WD.定值電阻R消耗的功率為15.125W〖答案〗AC〖解析〗AB．由題圖乙，根據(jù)電流的熱效應(yīng)有解得變壓器原線圈輸入電壓則原、副線圈的匝數(shù)比故A正確，B錯(cuò)誤；CD．電阻中的電流因此原線圈中的電流為0.2A，根據(jù)變流比可知，副線圈中的電流則定值電阻消耗的功率故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，間距為L(zhǎng)，電阻不計(jì)的足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌左端連接一阻值為R的電阻，導(dǎo)軌上橫跨一根質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒，金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好。整個(gè)裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)給金屬棒一沿導(dǎo)軌向右、大小為F的恒力，讓金屬棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)，金屬棒經(jīng)過(guò)前進(jìn)了s，然后以的速度勻速向右運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.0～金屬棒的速度隨時(shí)間均勻增大B.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.0～流過(guò)電阻的平均電流為D.0～電阻R上的平均電功率為〖答案〗BC〖解析〗A．隨著速度增大，安培力增大，合外力逐漸減小，金屬棒做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)解得故B正確；C．0～內(nèi)解得故C正確；D．根據(jù)能量守恒定律，電阻上產(chǎn)生的熱量則定值電阻上產(chǎn)生的熱量為平均電功率故D錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題：共60分。第13～17題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答，第18～19題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共45分。13.用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以進(jìn)行力學(xué)中的很多實(shí)驗(yàn)探究，回答下列問(wèn)題：（1）下列說(shuō)法正確的是__________。A．用此裝置來(lái)“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，長(zhǎng)木板上表面必須光滑B.讓小車在水平粗糙的長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律C.用此裝置來(lái)“探究加速度a與力F的關(guān)系”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量D.用此裝置來(lái)“驗(yàn)證動(dòng)量定理”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量（2）圖乙為探究“功與速度變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶，選取紙帶中的B、E兩點(diǎn)間的運(yùn)動(dòng)過(guò)程來(lái)探究功與速度變化的關(guān)系，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)頻率為f，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有一個(gè)點(diǎn)未畫出，重力加速度為g，小車、鉤碼的質(zhì)量分別為M、m（），實(shí)驗(yàn)時(shí)平衡了摩擦力，則探究的結(jié)果為__________。（用題中給出的字母來(lái)表達(dá)）〖答案〗（1）D（2）〖解析〗（1）[1]A．用此裝置來(lái)“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，只需要用紙帶來(lái)測(cè)小車的加速度，不需要知道小車的受力，長(zhǎng)木板上表面不需要光滑，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．用此裝置來(lái)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒”時(shí)，如果長(zhǎng)木板上表面粗糙，則系統(tǒng)的機(jī)械能一定不守恒，不能進(jìn)行機(jī)械能守恒的驗(yàn)證，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．用此裝置來(lái)“探究加速度a與力F關(guān)系”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣才能知道小車受到的拉力（近似等于鉤碼的重力），故選項(xiàng)C錯(cuò)誤D.用此裝置來(lái)“驗(yàn)證動(dòng)量定理”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣才能知道小車受到的拉力（近似等于鉤碼的重力），故選項(xiàng)D正確。故選D。（2）[2]打點(diǎn)周期中間時(shí)刻速度，由動(dòng)能定理得得14.實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示的電路來(lái)測(cè)量待測(cè)電阻的阻值，圖中為標(biāo)準(zhǔn)電阻（）；、可視為理想電流表，S為開關(guān)，R為滑動(dòng)變阻器，E為電源。采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)，回答下列問(wèn)題：（1）若先用多用表來(lái)粗略測(cè)量的阻值，選擇的倍率為“×1”，示數(shù)如圖乙所示，則讀數(shù)為__________（結(jié)果保留整數(shù)）。（2）按照?qǐng)D甲所示的實(shí)驗(yàn)原理線路圖將實(shí)物圖連接完整__________。（3）將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭置于__________（填“左端”“右端”或“中間”）位置，合上開關(guān)S，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭的位置，記下兩電流表的、示數(shù)分別為、，則待測(cè)電阻的表達(dá)式__________。（用、、表示）（4）為了減小偶然誤差，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭的位置，多測(cè)幾組、的值，作出-關(guān)系圖像如圖丙所示，圖像的斜率k＝__________（用、表示），可得待測(cè)電阻__________（結(jié)果保留整數(shù)）?！即鸢浮剑?）19（2）（3）右端（4）24〖解析〗（1）[1]根據(jù)圖乙可得其讀數(shù)（2）[2]根據(jù)圖甲，完整的電路連線圖如下（3）[3][4]為了電路安全，防止電流過(guò)大，閉合開關(guān)前，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭置于右端位置，由并聯(lián)電路電壓相等的關(guān)系可得待測(cè)電阻（4）[5][6]由可得則關(guān)系圖像的斜率結(jié)合，可得15.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的小球運(yùn)動(dòng)軌道，若將小球從左側(cè)固定斜面上、離地高度為的位置由靜止釋放，經(jīng)過(guò)圓弧軌道后，小球飛上右側(cè)平臺(tái)且與平臺(tái)不發(fā)生碰撞，已知斜面與圓弧軌道相切，圓弧軌道左右兩端點(diǎn)等高，圓弧軌道所對(duì)圓心角為，半徑為，小球質(zhì)量為，整個(gè)軌道處在豎直面內(nèi)，不計(jì)空氣阻力及一切摩擦，重力加速度?。螅海?）小球在圓弧軌道最低點(diǎn)所受到的支持力大??；（2）平臺(tái)左側(cè)上邊緣到圓弧軌道右端點(diǎn)的水平距離?！即鸢浮剑?）23N；（2）3.072m〖解析〗（1）由動(dòng)能定理得小球在圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí),對(duì)其由牛頓第二定律得解得（2）小球到圓弧軌道右端點(diǎn)的速度為v0,由動(dòng)能定理得解得飛出圓弧軌道右端點(diǎn)水平方向小球做勻速運(yùn)動(dòng),則解得16.2022年6月17日，經(jīng)中央軍委批準(zhǔn)，我國(guó)第三艘航空母艦命名為“中國(guó)人民解放軍海軍福建艦”。福建艦是我國(guó)完全自主設(shè)計(jì)建造的第一艘彈射型航空母艦，采用平直通長(zhǎng)飛行甲板，配置電磁彈射和阻攔裝置，滿載排水量8萬(wàn)余噸。艦載作戰(zhàn)飛機(jī)沿平直跑道起飛過(guò)程分為兩個(gè)階段：第一階段是電磁彈射，電磁彈射區(qū)的長(zhǎng)度為80m，彈射原理如圖乙所示，飛機(jī)鉤在滑桿上，儲(chǔ)能裝置通過(guò)導(dǎo)軌和滑桿放電，產(chǎn)生強(qiáng)電流恒為4000A，導(dǎo)軌激發(fā)的磁場(chǎng)在兩導(dǎo)軌間近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=10T，在磁場(chǎng)力和飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力作用下，滑桿和飛機(jī)從靜止開始向右加速，在導(dǎo)軌末端飛機(jī)與滑桿脫離，導(dǎo)軌間距為3m；第二階段在飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力的作用下勻加速直線運(yùn)動(dòng)達(dá)到起飛速度。已知飛機(jī)離艦起飛速度為100m/s，航空母艦的跑道總長(zhǎng)為180m，艦載機(jī)總質(zhì)量為kg，起飛過(guò)程中發(fā)動(dòng)機(jī)的推力恒定，彈射過(guò)程中及飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力下的加速過(guò)程，艦載機(jī)所受阻力恒為飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力的20%，求：（1）電磁彈射過(guò)程電磁推力做的功（2）飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大?。唬?）電磁彈射過(guò)程，飛機(jī)獲得的加速度。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）由題意可知，電磁推力大小電磁推力做功（2）設(shè)飛機(jī)常規(guī)推動(dòng)力的大小為，對(duì)整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理有解得（3）彈射過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律解得17.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)存在垂直紙面向外的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊界為邊長(zhǎng)為的等邊三角形點(diǎn)坐標(biāo)為；在第二象限存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。一質(zhì)量為，電荷量為的粒子從電場(chǎng)中的（值不確定）點(diǎn)處由靜止釋放，當(dāng)時(shí)，粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好垂直軸飛出磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（2）若要求粒子從邊飛出，當(dāng)取最大值時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)圓心角的余弦值；（3）滿足第（2）問(wèn)的粒子釋放時(shí)其橫坐標(biāo)的值?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）依題意，畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示在電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理有由幾何關(guān)系可知，粒子的軌跡半徑根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得（2）由題意知，滿足條件的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與MN相切，如圖乙所示C為切點(diǎn)，粒子從D點(diǎn)射出磁場(chǎng)，軌跡所對(duì)圓心角為，由幾何關(guān)系可知，，設(shè)軌跡半徑為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得則（3）根據(jù)洛倫茲力提供向心力有則在電場(chǎng)中應(yīng)用動(dòng)能定理有求得（二）選考題：共15分.請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答.如果多做，則按所做的第一題計(jì)分.[選修3—3]18.一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷a→b→c→a三個(gè)過(guò)程回到初始狀態(tài)，其壓強(qiáng)p和熱力學(xué)溫度T的關(guān)系圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.a→b過(guò)程中，氣體體積不變，吸收熱量B.b→c過(guò)程中，氣體對(duì)外做功小于氣體所吸收的熱量C.a→b→c→a過(guò)程中，氣體對(duì)外做的功在數(shù)值上等于三角形abc的“面積”D.b→c→a過(guò)程中，容器內(nèi)單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)目先減小后增大E.c→a過(guò)程中，容器內(nèi)單位時(shí)間內(nèi)氣體分子碰撞器壁的次數(shù)增加〖答案〗ADE〖解析〗A．根據(jù)圖像可知，a→b過(guò)程中，壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比﹐則氣體做等容變化，氣體體積不變，功為零，溫度升高內(nèi)能增加，由熱力學(xué)第一定律氣體吸收熱量，故A正確；B．b→c過(guò)程中，氣體做等溫變化，內(nèi)能不變，由PV＝C壓強(qiáng)減小，體積增大，氣體對(duì)外做功由熱力學(xué)第一定律則氣體吸收熱量等于對(duì)外做的功，故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)→b→c→a過(guò)程中，其中a→b過(guò)程氣體做等容變化，對(duì)外不做功，b→c過(guò)程，氣體做等溫變化，壓強(qiáng)減小體積增大，氣體對(duì)外做功，對(duì)外做的功等于吸收熱量，c→a過(guò)程氣體做等壓變化，溫度降低體積減小，外界對(duì)氣體做正功，綜合分析，氣體對(duì)外界做的功等于吸收熱量，數(shù)值上不等于三角形abc的“面積”（三角形面積意義不是功），只有在p-V圖像中，圖形面積表示氣體對(duì)外做功，p-T圖像圖形面積不具備該物理意義，故C錯(cuò)誤；D．b→c→a過(guò)程中，氣體體積先增大后減小，由于分子總量不變，故容器內(nèi)單位體積內(nèi)分子數(shù)目先減小后增大，故D正確；E．c→a過(guò)程中，溫度降低，分子平均動(dòng)能減小，單位時(shí)間氣體分子碰撞器壁的作用力減小，由于壓強(qiáng)不變，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子碰撞器壁次數(shù)增加，故E正確。故選ADE。19.如圖所示，豎直絕熱汽缸高度為60cm，缸口處有卡槽，中央處有固定絕熱超薄隔板，隔板上有單向閥門K，上層有可移動(dòng)活塞，活塞上有壓力報(bào)警系統(tǒng)P，活塞（含報(bào)警系統(tǒng)）質(zhì)量m=10kg，面積S=20cm2，報(bào)警系統(tǒng)內(nèi)、外壓強(qiáng)差高于1.5倍大氣壓強(qiáng)時(shí)，觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)，初始時(shí)A、B兩部分氣體溫度均為27℃，A部分氣體長(zhǎng)度為20cm，B部分氣體長(zhǎng)度為30cm、壓強(qiáng)為2p0，現(xiàn)通過(guò)電阻絲對(duì)A氣體加熱.已知標(biāo)準(zhǔn)大氣壓強(qiáng)，重力加速度g取10m/s2，系統(tǒng)不漏氣，氣體為理想氣體，求觸發(fā)報(bào)警時(shí)氣體的溫度?！即鸢浮健冀馕觥皆O(shè)初始狀態(tài)A氣體壓強(qiáng)為pA1，由平衡條件有可得氣體A初態(tài)：，，氣體B初態(tài)：，，升溫過(guò)程A氣體先做等壓變化，當(dāng)活塞到達(dá)卡槽后再做等容變化，當(dāng)A氣體壓強(qiáng)為，閥門K才打開，兩部分氣體混合，此時(shí)還沒達(dá)到報(bào)警壓強(qiáng)。當(dāng)氣體壓強(qiáng)為觸發(fā)報(bào)警，此時(shí)溫度為，由物質(zhì)量守恒關(guān)系有得即[選修3—4]20.一列簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸傳播，時(shí)刻波形如圖所示，已知此時(shí)刻介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)a偏離平衡位置的位移為5cm且沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，若從時(shí)刻開始，經(jīng)過(guò)2s質(zhì)點(diǎn)a第一次到達(dá)波峰，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該列波的傳播方向沿x軸負(fù)方向B.該列波的周期為2.4sC.該列波的傳播速度大小為m/sD.從t=0到t=8.4s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a通過(guò)的總路程為1.4mE.坐標(biāo)為4m和6m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間的距離最小值為2m〖答案〗BDE〖解析〗A．根據(jù)傳播方向與振動(dòng)方向關(guān)系，質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，波沿α軸正方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)偏離平衡位置的位移為5cm，其a點(diǎn)的振動(dòng)方程由于t=0時(shí)，，且此時(shí)a點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故可得經(jīng)過(guò)2s質(zhì)點(diǎn)α第一次到達(dá)波峰，則有可得故B正確；C．由波形圖可知波長(zhǎng)則波速故C錯(cuò)誤；D．，質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)任意半個(gè)周期內(nèi)位移為2A，則從t=0到t=8.4s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a通過(guò)的總路程故D正確；E．位置坐標(biāo)分別為4m和6m兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間距離當(dāng)兩質(zhì)點(diǎn)同時(shí)到達(dá)平衡位置時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)間距離最小為2m，當(dāng)兩質(zhì)點(diǎn)分別為波峰的波谷時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)間距離最大為故E正確。故選BDE。21.“道威棱鏡”是一種光學(xué)圖像旋轉(zhuǎn)器，光線經(jīng)過(guò)此棱鏡后，圖像被顛倒180°?！暗劳忡R”是由底角為45°的等腰梯形棱鏡構(gòu)成，如圖所示，梯形abcd是棱鏡的橫截面，已知ab邊長(zhǎng)度為L(zhǎng)，一束紅光從ab邊中點(diǎn)e平行于bc邊射入棱鏡，從cd邊中點(diǎn)f射出，已知紅光對(duì)棱鏡折射率，光在真空中速度為c，只考慮光線在棱鏡表面發(fā)生一次反射，，求紅光通過(guò)棱鏡所用的時(shí)間?！即鸢浮健冀馕觥郊t光平行bc邊從e點(diǎn)入射，入射角，由折射定律有解得設(shè)紅光在棱鏡中全反射臨界角為C，由可得紅光在bc邊中點(diǎn)g發(fā)生全反射，到達(dá)cd邊中點(diǎn)f，其入射角為，其折射角為，其出射光線平行于bc邊，光路圖如圖所示由圖知由正弦定理有得紅光在介質(zhì)中速度紅光通過(guò)棱鏡所用時(shí)間青海省大通縣教學(xué)研究室2024屆高三開學(xué)摸底考試物理考生注意：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。3.考生作答時(shí)，請(qǐng)將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。4.本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題：本題共12小題，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題3分；第9～12題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題4分。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.功是力在空間上的積累，類比于此，根據(jù)定義分析下列哪個(gè)說(shuō)法符合這種規(guī)律（）A.位移是速度對(duì)時(shí)間的積累 B.速度是加速度對(duì)時(shí)間的積累C.力是質(zhì)量對(duì)加速度的積累D.滑動(dòng)摩擦力是摩擦系數(shù)對(duì)正壓力的積累〖答案〗A〖解析〗A．當(dāng)物體具有速度時(shí)，隨著時(shí)間的積累，產(chǎn)生位移，A正確；B．速度的變化量是加速度對(duì)時(shí)間的積累，B錯(cuò)誤；C．力是產(chǎn)生加速度的原因，加速度由力和質(zhì)量共同決定，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)榻佑|面粗糙，所以會(huì)存在摩擦力，滑動(dòng)摩擦力與正壓力的比值等于摩擦系數(shù)，不能說(shuō)滑動(dòng)摩擦力是摩擦系數(shù)對(duì)正壓力的積累，D錯(cuò)誤。故選A。2.2021年九月下旬，世界首個(gè)釷核反應(yīng)堆在我國(guó)甘肅省測(cè)試成功！該裝置中的釷吸收某個(gè)粒子X后轉(zhuǎn)變成釷，然后衰變?yōu)殁?，同時(shí)放出兩個(gè)相同的粒子Y，則（）A.X為質(zhì)子，Y是中子 B.X為質(zhì)子．Y是電子C.X為中子，Y是質(zhì)子 D.X為中子，Y是電子〖答案〗D〖解析〗核反應(yīng)中，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的原則，兩個(gè)核反應(yīng)方程分別為可知X為中子，Y是電子，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.某學(xué)校舉行百米賽跑，小明同學(xué)運(yùn)動(dòng)的圖像，如圖所示，則小明同學(xué)加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度大小為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗在圖像中，圖像的面積表示位移，令勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，根據(jù)圖像可知，勻加速與勻速經(jīng)歷的時(shí)間分別為，令，則有在勻加速過(guò)程有解得故選C。4.如圖所示，碰碰車是一種機(jī)動(dòng)游戲設(shè)施，車四周有橡膠做成的緩沖裝置。若兩碰碰車發(fā)生了正碰后立即停下，已知兩車相撞前速度大小約為1m/s，碰撞過(guò)程作用時(shí)間約為0.1s，車和人總質(zhì)量約100kg。則兩車碰撞過(guò)程中的平均作用力大小約為（）A.100N B.200N C.1000N D.2000N〖答案〗C〖解析〗以其中一輛小車碰前速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量定理可得解得F=1000N故選C。5.如圖所示，在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩長(zhǎng)直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l。在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零。若每根導(dǎo)線在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，則勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向?yàn)椋ǎ〢.B，方向平行向左 B.，方向平行向右C.，方向平行向左 D.，方向平行向右〖答案〗C〖解析〗導(dǎo)線P和Q中電流I均向里時(shí)，設(shè)其在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小如圖所示則其夾角為60°，它們?cè)赼點(diǎn)的合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度平行于向右、大小為。又根據(jù)題意則勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁場(chǎng)應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向平行于向左。故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用細(xì)繩懸掛在天花板上，用拉力F作用在小球上，靜止時(shí)細(xì)繩與豎直方向的夾角、細(xì)繩能承受的最大拉力等于，重力加速度為g，保持小球的位置始終不變則拉力F與細(xì)繩的夾角α應(yīng)滿足的條件為（）A.0°≤α≤60° B.0°≤α≤90° C.30°≤α≤60° D.30°≤α≤90°〖答案〗D〖解析〗重力豎直向下，繩子的張力沿繩收縮的方向，由題圖可知，小球要保證位置不變應(yīng)滿足當(dāng)F的方向與細(xì)繩垂直時(shí)，即時(shí)，細(xì)繩的拉力達(dá)到最大值，因此，D正確。故選D。7.如圖所示，從固定斜面的頂端A以大小為v的水平速度拋出一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球落在斜面上且不反彈。斜面的傾角為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，，則小球在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力做功的平均功率為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗小球做平拋運(yùn)動(dòng)，有解得小球做平拋運(yùn)動(dòng)重力做功的平均功率C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C8.兩個(gè)點(diǎn)電荷的質(zhì)量分別為m1、m2，帶異種電荷，電荷量分別為Q1、Q2，相距為d，只在庫(kù)侖力作用下（不計(jì)萬(wàn)有引力）各自繞它們連線上的某一固定點(diǎn)，在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們的總動(dòng)能為A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗對(duì)于質(zhì)量m1，它們的庫(kù)侖力提供其向心力，即對(duì)于質(zhì)量m2，它們的庫(kù)侖力提供其向心力，即則它們總的動(dòng)能為故選B．點(diǎn)晴：兩異種點(diǎn)電荷能繞圓心各自做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其向心力是由它們間庫(kù)侖力提供，則可以求出它們的總動(dòng)能．9.如圖所示，北斗三號(hào)導(dǎo)航系統(tǒng)主要由三種衛(wèi)星組成：地球同步靜止軌道衛(wèi)星（圖中a）、地球同步傾斜軌道衛(wèi)星（圖中b）、中圓軌道衛(wèi)星（圖中c），c的軌道半徑是a的軌道半徑的k倍。若衛(wèi)星都在圓軌道上運(yùn)行，則下列判斷正確的是（）A.衛(wèi)星a和衛(wèi)星c加速度之比為B.衛(wèi)星和衛(wèi)星c角速度之比為C.衛(wèi)星a和衛(wèi)星b軌道半徑不同D.衛(wèi)星與衛(wèi)星b所受向心力大小相等〖答案〗AB〖解析〗A．根據(jù)牛頓第二定律可得由此可知，衛(wèi)星a和衛(wèi)星c加速度之比為，故A正確；B．根據(jù)開普勒第三定律可知解得由可得故B正確；C．衛(wèi)星a和衛(wèi)星b做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期都等于地球自轉(zhuǎn)周期T，由可知兩衛(wèi)星的軌道半徑相同，故C錯(cuò)誤；D．由可知衛(wèi)星a與衛(wèi)星b的質(zhì)量不一定相同，所受向心力大小不一定相等，故D錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖所示，平行線為某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出），一個(gè)帶負(fù)電的粒子甲僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中的軌跡1從A運(yùn)動(dòng)到B，另一個(gè)帶電粒子乙僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中軌跡2從A運(yùn)動(dòng)到B，下列判斷正確的是（）A.粒子甲從A到B速度增大 B.A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高C.乙粒子一定帶正電 D.乙粒子從A到B電勢(shì)能減小〖答案〗BCD〖解析〗A．帶負(fù)電的粒子甲僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中的軌跡1從A運(yùn)動(dòng)到B，根據(jù)合力指向軌跡凹的一側(cè)，則甲粒子受到的電場(chǎng)力方向向左，電場(chǎng)力對(duì)粒子甲做負(fù)功，粒子甲的速度變小，故A錯(cuò)誤；B．由于甲粒子受到的電場(chǎng)力方向向左，因此場(chǎng)強(qiáng)方向向右，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)逐漸降低，可知A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高，故B正確；C．帶電粒子乙僅在電場(chǎng)力作用下沿圖中軌跡2從A運(yùn)動(dòng)到B，由圖可知，該粒子受到的電場(chǎng)力方向向右，因此乙粒子帶正電，故C正確；D．電場(chǎng)力對(duì)乙粒子做正功，因此乙粒子的電勢(shì)能減小，故D正確。故選BCD。11.在如圖甲所示的電路中，變壓器為理想變壓器，電表為理想電表，定值電阻，在a，b兩端接入如圖所示的電壓（為正弦曲線的一部分），電流表的示數(shù)為2.2A，電壓表的示數(shù)為27.5V，則（）A.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1B.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為C.定值電阻R消耗的功率為22WD.定值電阻R消耗的功率為15.125W〖答案〗AC〖解析〗AB．由題圖乙，根據(jù)電流的熱效應(yīng)有解得變壓器原線圈輸入電壓則原、副線圈的匝數(shù)比故A正確，B錯(cuò)誤；CD．電阻中的電流因此原線圈中的電流為0.2A，根據(jù)變流比可知，副線圈中的電流則定值電阻消耗的功率故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，間距為L(zhǎng)，電阻不計(jì)的足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌左端連接一阻值為R的電阻，導(dǎo)軌上橫跨一根質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒，金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好。整個(gè)裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)給金屬棒一沿導(dǎo)軌向右、大小為F的恒力，讓金屬棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)，金屬棒經(jīng)過(guò)前進(jìn)了s，然后以的速度勻速向右運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.0～金屬棒的速度隨時(shí)間均勻增大B.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.0～流過(guò)電阻的平均電流為D.0～電阻R上的平均電功率為〖答案〗BC〖解析〗A．隨著速度增大，安培力增大，合外力逐漸減小，金屬棒做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)解得故B正確；C．0～內(nèi)解得故C正確；D．根據(jù)能量守恒定律，電阻上產(chǎn)生的熱量則定值電阻上產(chǎn)生的熱量為平均電功率故D錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題：共60分。第13～17題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答，第18～19題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共45分。13.用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以進(jìn)行力學(xué)中的很多實(shí)驗(yàn)探究，回答下列問(wèn)題：（1）下列說(shuō)法正確的是__________。A．用此裝置來(lái)“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，長(zhǎng)木板上表面必須光滑B.讓小車在水平粗糙的長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律C.用此裝置來(lái)“探究加速度a與力F的關(guān)系”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量D.用此裝置來(lái)“驗(yàn)證動(dòng)量定理”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量（2）圖乙為探究“功與速度變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶，選取紙帶中的B、E兩點(diǎn)間的運(yùn)動(dòng)過(guò)程來(lái)探究功與速度變化的關(guān)系，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)頻率為f，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有一個(gè)點(diǎn)未畫出，重力加速度為g，小車、鉤碼的質(zhì)量分別為M、m（），實(shí)驗(yàn)時(shí)平衡了摩擦力，則探究的結(jié)果為__________。（用題中給出的字母來(lái)表達(dá)）〖答案〗（1）D（2）〖解析〗（1）[1]A．用此裝置來(lái)“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，只需要用紙帶來(lái)測(cè)小車的加速度，不需要知道小車的受力，長(zhǎng)木板上表面不需要光滑，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．用此裝置來(lái)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒”時(shí)，如果長(zhǎng)木板上表面粗糙，則系統(tǒng)的機(jī)械能一定不守恒，不能進(jìn)行機(jī)械能守恒的驗(yàn)證，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．用此裝置來(lái)“探究加速度a與力F關(guān)系”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣才能知道小車受到的拉力（近似等于鉤碼的重力），故選項(xiàng)C錯(cuò)誤D.用此裝置來(lái)“驗(yàn)證動(dòng)量定理”時(shí)，需要平衡摩擦力，且鉤碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣才能知道小車受到的拉力（近似等于鉤碼的重力），故選項(xiàng)D正確。故選D。（2）[2]打點(diǎn)周期中間時(shí)刻速度，由動(dòng)能定理得得14.實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示的電路來(lái)測(cè)量待測(cè)電阻的阻值，圖中為標(biāo)準(zhǔn)電阻（）；、可視為理想電流表，S為開關(guān)，R為滑動(dòng)變阻器，E為電源。采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)，回答下列問(wèn)題：（1）若先用多用表來(lái)粗略測(cè)量的阻值，選擇的倍率為“×1”，示數(shù)如圖乙所示，則讀數(shù)為__________（結(jié)果保留整數(shù)）。（2）按照?qǐng)D甲所示的實(shí)驗(yàn)原理線路圖將實(shí)物圖連接完整__________。（3）將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭置于__________（填“左端”“右端”或“中間”）位置，合上開關(guān)S，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭的位置，記下兩電流表的、示數(shù)分別為、，則待測(cè)電阻的表達(dá)式__________。（用、、表示）（4）為了減小偶然誤差，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭的位置，多測(cè)幾組、的值，作出-關(guān)系圖像如圖丙所示，圖像的斜率k＝__________（用、表示），可得待測(cè)電阻__________（結(jié)果保留整數(shù)）?！即鸢浮剑?）19（2）（3）右端（4）24〖解析〗（1）[1]根據(jù)圖乙可得其讀數(shù)（2）[2]根據(jù)圖甲，完整的電路連線圖如下（3）[3][4]為了電路安全，防止電流過(guò)大，閉合開關(guān)前，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭置于右端位置，由并聯(lián)電路電壓相等的關(guān)系可得待測(cè)電阻（4）[5][6]由可得則關(guān)系圖像的斜率結(jié)合，可得15.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的小球運(yùn)動(dòng)軌道，若將小球從左側(cè)固定斜面上、離地高度為的位置由靜止釋放，經(jīng)過(guò)圓弧軌道后，小球飛上右側(cè)平臺(tái)且與平臺(tái)不發(fā)生碰撞，已知斜面與圓弧軌道相切，圓弧軌道左右兩端點(diǎn)等高，圓弧軌道所對(duì)圓心角為，半徑為，小球質(zhì)量為，整個(gè)軌道處在豎直面內(nèi)，不計(jì)空氣阻力及一切摩擦，重力加速度?。螅海?）小球在圓弧軌道最低點(diǎn)所受到的支持力大小；（2）平臺(tái)左側(cè)上邊緣到圓弧軌道右端點(diǎn)的水平距離?！即鸢浮剑?）23N；（2）3.072m〖解析〗（1）由動(dòng)能定理得小球在圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí),對(duì)其由牛頓第二定律得解得（2）小球到圓弧軌道右端點(diǎn)的速度為v0,由動(dòng)能定理得解得飛出圓弧軌道右端點(diǎn)水平方向小球做勻速運(yùn)動(dòng),則解得16.2022年6月17日，經(jīng)中央軍委批準(zhǔn)，我國(guó)第三艘航空母艦命名為“中國(guó)人民解放軍海軍福建艦”。福建艦是我國(guó)完全自主設(shè)計(jì)建造的第一艘彈射型航空母艦，采用平直通長(zhǎng)飛行甲板，配置電磁彈射和阻攔裝置，滿載排水量8萬(wàn)余噸。艦載作戰(zhàn)飛機(jī)沿平直跑道起飛過(guò)程分為兩個(gè)階段：第一階段是電磁彈射，電磁彈射區(qū)的長(zhǎng)度為80m，彈射原理如圖乙所示，飛機(jī)鉤在滑桿上，儲(chǔ)能裝置通過(guò)導(dǎo)軌和滑桿放電，產(chǎn)生強(qiáng)電流恒為4000A，導(dǎo)軌激發(fā)的磁場(chǎng)在兩導(dǎo)軌間近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=10T，在磁場(chǎng)力和飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力作用下，滑桿和飛機(jī)從靜止開始向右加速，在導(dǎo)軌末端飛機(jī)與滑桿脫離，導(dǎo)軌間距為3m；第二階段在飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力的作用下勻加速直線運(yùn)動(dòng)達(dá)到起飛速度。已知飛機(jī)離艦起飛速度為100m/s，航空母艦的跑道總長(zhǎng)為180m，艦載機(jī)總質(zhì)量為kg，起飛過(guò)程中發(fā)動(dòng)機(jī)的推力恒定，彈射過(guò)程中及飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力下的加速過(guò)程，艦載機(jī)所受阻力恒為飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力的20%，求：（1）電磁彈射過(guò)程電磁推力做的功（2）飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大?。唬?）電磁彈射過(guò)程，飛機(jī)獲得的加速度?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）由題意可知，電磁推力大小電磁推力做功（2）設(shè)飛機(jī)常規(guī)推動(dòng)力的大小為，對(duì)整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理有解得（3）彈射過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律解得17.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)存在垂直紙面向外的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊界為邊長(zhǎng)為的等邊三角形點(diǎn)坐標(biāo)為；在第二象限存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。一質(zhì)量為，電荷量為的粒子從電場(chǎng)中的（值不確定）點(diǎn)處由靜止釋放，當(dāng)時(shí)，粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好垂直軸飛出磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（2）若要求粒子從邊飛出，當(dāng)取最大值時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)圓心角的余弦值；（3）滿足第（2）問(wèn)的粒子釋放時(shí)其橫坐標(biāo)的值?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）依題意，畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示在電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理有由幾何關(guān)系可知，粒子的軌跡半徑根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得（2）由題意知，滿足條件的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與MN相切，如圖乙所示C為切點(diǎn)，粒子從D點(diǎn)射出磁場(chǎng)，軌跡所對(duì)圓心角為，由幾何關(guān)系可知，，設(shè)軌跡半徑為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得則（3）根據(jù)洛倫茲力提供向心力有則在電場(chǎng)中應(yīng)用動(dòng)能定理有求得（二）選考題：共15分.請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答.如果多做，則按所做的第一題計(jì)分.[選修3—3]18.一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷a→b→c→a三個(gè)過(guò)程回到初始狀態(tài)，其壓強(qiáng)p和熱力學(xué)溫度T的關(guān)系圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.a→b過(guò)程中，氣體體積不變，吸收熱量B.b→c過(guò)程中，氣體對(duì)外做功小于氣體所吸收的熱量C.a→b→c→a過(guò)程中，氣體對(duì)外做的功在數(shù)值上等于三角形abc的“面積”D.b→c→a過(guò)程中，容器內(nèi)單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)目先減小后增大E.c→a過(guò)程中，容器內(nèi)單位時(shí)間內(nèi)氣體分子碰撞器壁的次數(shù)增加〖答案〗ADE〖解析〗A．根據(jù)圖像可知，a→b過(guò)程中，壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比﹐則氣體做等容變化，氣體體積不變，功為零，溫度升高內(nèi)能增加，