2024年6月浙江省高考物理試卷（含答案解析）

第1頁/共24頁2024浙江高考真題物理（6月）可能用到的相關(guān)參數(shù)∶重力加速度g取10m/s2。選擇題部分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量中，屬于矢量的是（）A.位移 B.時間 C.電流 D.熱量2.如圖為小貓蹬地躍起騰空追蝶的情景，則（）A.飛行的蝴蝶只受重力的作用B.蝴蝶轉(zhuǎn)彎時所受合力沿運動方向C.小貓在空中受重力和彈力的作用D.小貓蹬地時彈力大于所受重力3.如圖為水流導(dǎo)光實驗，出水口受激光照射，下面桶中的水被照亮，則（）A.激光在水和空氣中速度相同B.激光在水流中有全反射現(xiàn)象C.水在空中做勻速率曲線運動D.水在水平方向做勻加速運動4.發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程為，“玉兔二號”巡視器的核電池中钚238的衰變方程為型，下列正確的是（）A.核反應(yīng)方程中的X為B.衰變方程中的Y為C.中子的質(zhì)量數(shù)為零D.钚238的衰變吸收能量5.一個音樂噴泉噴頭出水口的橫截面積為，噴水速度約為10m/s，水的密度為kg/m3，則該噴頭噴水的功率約為（）A.10W B.20W C.100W D.200W6.圖示是“研究電容器兩極板間距對電容大小的影響”實驗，保持電荷量不變，當極板間距增大時，靜電計指針張角增大，則（）A.極板間電勢差減小 B.電容器的電容增大C.極板間電場強度增大 D.電容器儲存能量增大7.理想變壓器的原線圈通過a或b與頻率為f、電壓為u的交流電源連接，副線圈接有三個支路、如圖所示。當S接a時，三個燈泡均發(fā)光，若（）A.電容C增大，L1燈泡變亮 B.頻率f增大，L2燈泡變亮C.RG上光照增強，L3燈泡變暗 D.S接到b時，三個泡均變暗8.與地球公轉(zhuǎn)軌道“外切”的小行星甲和“內(nèi)切”的小行星乙的公轉(zhuǎn)軌道如圖所示，假設(shè)這些小行星與地球的公轉(zhuǎn)軌道都在同一平面內(nèi)，地球的公轉(zhuǎn)半徑為R，小行星甲的遠日點到太陽的距離為R，小行星乙的近日點到太陽的距離為R，則（）A.小行星甲在遠日點的速度大于近日點的速度B.小行星乙在遠日點的加速度小于地球公轉(zhuǎn)加速度C.小行星甲與乙的運行周期之比D.甲乙兩星從遠日點到近日點的時間之比=9.如圖所示，不可伸長的光滑細線穿過質(zhì)量為0.1kg的小鐵球，兩端A、B懸掛在傾角為的固定斜桿上，間距為1.5m。小球平衡時，A端細線與桿垂直；當小球受到垂直紙面方向的擾動做微小擺動時，等效于懸掛點位于小球重垂線與AB交點的單擺，重力加速度，則（）A.擺角變小，周期變大B.小球擺動周期約為2sC.小球平衡時，A端拉力為ND.小球平衡時，A端拉力小于B端拉力10.玻爾氫原子電子軌道示意圖如圖所示，處于n=3能級的原子向低能級躍遷，會產(chǎn)生三種頻率為、、的光，下標數(shù)字表示相應(yīng)的能級。已知普朗克常量為h，光速為c。正確的是（）A.頻率為的光，其動量為B.頻率為和的兩種光分別射入同一光電效應(yīng)裝量，均產(chǎn)生光電子，其最大初動能之差為C.頻率為和的兩種光分別射入雙縫間距為d，雙縫到屏的距離為L的干涉裝置，產(chǎn)生的干涉條紋間距之差為。D.若原子n=3躍遷至n=4能級，入射光的頻率11.頻率相同的簡諧波源S1、S2，和接收點M位于同一平面內(nèi)，S1、S2到M的距離之差為6m。t=0時S1，S2，同時垂直平面開始振動，M點的振動圖像如圖所示，則（）A.兩列波的波長為2m B.兩列波的起振方向均沿x正方向C.S1和S2，在平面內(nèi)不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象 D.兩列波的振幅分別為3cm和1cm12.如圖所示空間原有大小為E、方向豎直向上的勻強電場，在此空間同一水平面的M、N點固定兩個等量異種點電荷，絕緣光滑圓環(huán)ABCD垂直MN放置，其圓心O在MN的中點，半徑為R、AC和BD分別為豎直和水平的直徑。質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球套在圓環(huán)上，從A點沿圓環(huán)以初速度v0做完整的圓周運動，則（）A.小球從A到C的過程中電勢能減少B.小球不可能沿圓環(huán)做勻速圓周運動C.可求出小球運動到B點時的加速度D.小球在D點受到圓環(huán)的作用力方向平行MN13.如圖所示，邊長為1m、電阻為0.04Ω的剛性正方形線框abcd放在與強磁場中，線框平面與磁場B垂直。若線框固定不動，磁感應(yīng)強度以均勻增大時，線框的發(fā)熱功率為P；若磁感應(yīng)強度恒為0.2T，線框以某一角速度繞其中心軸勻速轉(zhuǎn)動時，線框的發(fā)熱功率為2P，則ab邊所受最大的安培力為（）A.N B. C.1N D.二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分共6分每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.中子整體呈電中性但內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)B.真空中的光速在不同的慣性參考系中大小都相同C.增加接收電路的線圈匝數(shù)，可接收更高頻率的電臺信號D.分子間作用力從斥力變?yōu)橐Φ倪^程中，分子勢能先增加后減少15.如圖所示，一根固定的足夠長的光滑絕緣細桿與水平面成角。質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球套在細桿上。小球始終處于磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。磁場方向垂直細桿所在的豎直面，不計空氣阻力。小球以初速度沿細桿向上運動至最高點，則該過程（）A.合力沖量大小為mv0cos? B.重力沖量大小為C.洛倫茲力沖量大小為 D.若，彈力沖量為零非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中（1）下列操作正確的是。A. B. C.（2）實驗獲得一條紙帶，截取點跡清晰的一段并測得數(shù)據(jù)如圖所示已知打點的頻率為50Hz，則打點“13”時，重錘下落的速度大小為___________m/s（保留三位有效數(shù)字）。（3）某同學(xué)用紙帶的數(shù)據(jù)求出重力加速度g=9.77m/s2，并用此g值計算得出打點“1”到“13”過程重錘的重力勢能減小值為5.09m，另計算得動能增加值為5.08m（m為重錘質(zhì)量）則該結(jié)果______（選填“能”或“不能”驗證機械能守恒，理由是（）A.在誤差允許范圍內(nèi)B.沒有用當?shù)氐闹亓铀俣萭17.在測繪發(fā)光二極管在導(dǎo)通狀態(tài)下的伏安特性曲線實驗中，（1）用多用電表歐姆擋判斷發(fā)光二極管的正負極選用擋時，變換表筆與二極管兩極的連接方式，發(fā)現(xiàn)電表指針均不偏轉(zhuǎn)。選用擋_______（選填””或“”）重新測試，指針仍不偏轉(zhuǎn)，更換二極管極性后，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)，此時與多用電表紅色表筆相連的是二極管_________（選填“正極”或“負極”）。（2）圖（A）是已完成部分連線的實物圖，為實現(xiàn)電壓可從零開始調(diào)節(jié)，并完成實驗，P應(yīng)連接________接線柱（選填“a"“b”“c”或“d”），Q應(yīng)連接_________接線柱（選填“a”、“b”、“c”或“d”）。某次選用多用電表量程為50mA擋測量，指針如圖（B）所示，則電流I=__________mA（3）根據(jù)測得數(shù)據(jù)，繪出伏安特性曲線如圖（C）所示，說明該二極管是__________元件（選填“線性”或“非線性”，正常發(fā)光時電壓在_________V范圍。18.如圖所示，用“插針法”測量一等腰三角形玻璃磚（側(cè)面分別記為A和B、頂角大小為）的折射率。①在白紙上畫一條直線ab，并畫出其垂線cd，交于O點；②將側(cè)面A沿ab放置，并確定側(cè)面B的位置ef③在cd上堅直插上大頭針P1和P2，從側(cè)面B透過玻璃磚觀察P1和P2，插上大頭針P3，要求P3能擋住__________（選填“P1”、“P2”或“P1和P2”）的虛像；④確定出射光線的位置____________（選填“需要”或“不需要”第四枚大頭針；⑤撤去玻璃磚和大頭針，測得出射光線與直線ef的夾角為α，則玻璃磚折射率n=____________________。19.如圖所示，測定一個形狀不規(guī)則小塊固體體積，將此小塊固體放入已知容積為V0的導(dǎo)熱效果良好的容器中，開口處豎直插入兩端開口的薄玻璃管，其橫截面積為S，接口用蠟密封。容器內(nèi)充入一定質(zhì)量的理想氣體，并用質(zhì)量為m的活塞封閉，活塞能無摩擦滑動，穩(wěn)定后測出氣柱長度為l1，將此容器放入熱水中，活塞緩慢豎直向上移動，再次穩(wěn)定后氣柱長度為l2、溫度為T2。已知S=4.0×10-4m2，m=0.1kg，l1=0.2m，l2=0.3m，T2=350K，V0=2.0×10-4m3，大氣壓強p0=1.0×105Pa，環(huán)境溫度T1=300K。（1）在此過程中器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力________（選填“變大”“變小”或“不變”），氣體分子的數(shù)密度_______（選填“變大”“變小”或“不變”）；（2）求此不規(guī)則小塊固體的體積V；（3）若此過程中氣體內(nèi)能增加10.3J，求吸收熱量Q。20.一彈射游戲裝置豎直截面如圖所示，固定的光滑水平直軌道AB、半徑為R的光滑螺旋圓形軌道BCD、光滑水平直軌道DE平滑連接。長為L、質(zhì)量為M的平板緊靠長為d的固定凹槽EFGH側(cè)璧EF放置，平板上表面與DEH齊平。將一質(zhì)量為m的小滑塊從A端彈射，經(jīng)過軌道BCD后滑上平板并帶動平板一起運動，平板到達HG即被鎖定。已知R=0.5m，d=4.4m，L=1.8m，M=m=0.1kg，平板與滑塊間的動摩擦因數(shù)μ1=0.6、與凹槽水平底面FG間的動摩擦因數(shù)為μ2?；瑝K視為質(zhì)點，不計空氣阻力，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度。（1）滑塊恰好能通過圓形軌道最高點C時，求滑塊離開彈簧時速度v0的大小；（2）若μ2=0，滑塊恰好過C點后，求平板加速至與滑塊共速時系統(tǒng)損耗的機械能；（3）若μ2=0.1，滑塊能到達H點，求其離開彈簧時的最大速度vm。21.某小組探究“法拉第圓盤發(fā)電機與電動機的功用”，設(shè)計了如圖所示裝置。飛輪由三根長的輻條和金屬圓環(huán)組成，可繞過其中心的水平固定軸轉(zhuǎn)動，不可伸長細繩繞在圓環(huán)上，系著質(zhì)量的物塊，細繩與圓環(huán)無相對滑動。飛輪處在方向垂直環(huán)面的勻強磁場中，左側(cè)電路通過電刷與轉(zhuǎn)軸和圓環(huán)邊緣良好接觸，開關(guān)S可分別與圖示中的電路連接。已知電源電動勢、內(nèi)阻、限流電阻、飛輪每根輻條電阻，電路中還有可調(diào)電阻R2（待求）和電感L，不計其他電阻和阻力損耗，不計飛輪轉(zhuǎn)軸大小。（1）開關(guān)S擲1，“電動機”提升物塊勻速上升時，理想電壓表示數(shù)。①判斷磁場方向，并求流過電阻R1的電流I；②求物塊勻速上升的速度v。（2）開關(guān)S擲2，物塊從靜止開始下落，經(jīng)過一段時間后，物塊勻速下降的速度與“電動機”勻速提升物塊的速度大小相等，①求可調(diào)電阻R2的阻值；②求磁感應(yīng)強度B的大小。22.探究性學(xué)習(xí)小組設(shè)計了一個能在噴鍍板的上下表面噴鍍不同離子的實驗裝置，截面如圖所示。在xOy平面內(nèi)，除x軸和虛線之間的區(qū)域外，存在磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向外的勻強磁場，在無磁場區(qū)域內(nèi)，沿著x軸依次放置離子源、長度為L的噴鍍板P、長度均為L的柵極板M和N（由金屬細絲組成的網(wǎng)狀電極），噴鍍板P上表面中點Q的坐標為（1.5L，0），柵極板M中點S的坐標為（3L，0），離子源產(chǎn)生a和b兩種正離子，其中a離子質(zhì)量為m，電荷量為q，b離子的比荷為a離子的倍，經(jīng)電壓U=kU0（其中，k大小可調(diào)，a和b離子初速度視為0）的電場加速后，沿著y軸射入上方磁場。經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)和柵極板N和M間電壓UNM調(diào)控（UNM>0），a和b離子分別落在噴鍍板的上下表面，并立即被吸收且電中和，忽略場的邊界效應(yīng)、離子受到的重力及離子間相互作用力。（1）若U=U0，求a離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后，到達x軸上的位置x0（用L表示）。（2）調(diào)節(jié)U和UNM，并保持，使a離子能落到噴鍍板P上表面任意位置，求：①U的調(diào)節(jié)范圍（用U0表示）；②b離子落在噴鍍板P下表面的區(qū)域長度；（3）要求a和b離子恰好分別落在噴鍍板P上下表面的中點，求U和UNM的大小。

參考答案一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.【答案】A【詳解】A．位移既有大小又有方向，且運算法則為平行四邊形法則，是矢量，故A正確；BD．時間和熱量均只有大小沒有方向，是標量，故BD錯誤；C．電流運算法則是算術(shù)法則，是標量，故C錯誤。故選A。2.【答案】D【詳解】A．飛行的蝴蝶除了受到重力的作用還受到空氣的作用力，故A錯誤；B．蝴蝶轉(zhuǎn)彎時做曲線運動，所受合力與速度方向不在一條直線上，故B錯誤；C．小貓在空中與其他物體間沒有接觸，不受彈力的作用，故C錯誤；D．小貓蹬地時有向上的加速過程，故彈力大于所受重力，故D正確。故選D3.【答案】B【詳解】A．光在介質(zhì)中的速度為，故激光在水中的傳播速度小于在空氣中的傳播速度，故A錯誤；B．水流導(dǎo)光的原理為光在水中射到水與空氣分界面時入射角大于臨界角，發(fā)生了全反射，故B正確；C．水在空中只受到重力作用，做勻變速曲線運動，速度在增大，故C錯誤；D．水在水平方向做勻速直線運動，故D錯誤。故選B。4.【答案】A【詳解】AB．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知X為，Y為，故A正確，B錯誤；C．中子的質(zhì)量數(shù)為1，故C錯誤；D．衰變過程中質(zhì)量虧損，釋放能量，故D錯誤。故選A。5.【答案】C【詳解】設(shè)時間內(nèi)從噴頭流出的水的質(zhì)量為噴頭噴水的功率等于時間內(nèi)噴出的水的動能增加量，即聯(lián)立解得故選C。6.【答案】D【詳解】AB．根據(jù)，可得當極板間距增大時電容減小，由于電容器的帶電量不變，故極板間電勢差增大，故AB錯誤；C．根據(jù)得故場強不變，故C錯誤；D．移動極板的過程中要克服電場力做功，故電容器儲存能量增大，故D正確。故選D。7.【答案】A【詳解】A．電容增大，對交流電的阻礙作用減小，則L1燈泡變亮，故A正確；B．頻率f增大，則電感的阻礙作用增大，則L2燈泡變暗，故B錯誤；C．光敏電阻光照增強，阻值減小，由于各支路電壓不變，則L3燈泡電流增大，變亮，故C錯誤；D．S接到b時，根據(jù)變壓比可知，副線圈電壓增大，則三個泡均變亮，故D錯誤。故選A。8.【答案】D【詳解】A．根據(jù)開普勒第二定律，小行星甲在遠日點的速度小于近日點的速度，故A錯誤；B．根據(jù)小行星乙在遠日點的加速度等于地球公轉(zhuǎn)加速度，故B錯誤；C．根據(jù)開普勒第三定律，小行星甲與乙的運行周期之比故C錯誤；D．甲乙兩星從遠日點到近日點的時間之比即為周期之比≈故D正確。故選D。9.【答案】B【詳解】A．根據(jù)單擺的周期公式可知周期與擺角無關(guān)，故A錯誤；CD．同一根繩中，A端拉力等于B端拉力，平衡時對小球受力分析如圖可得解得故CD錯誤；B．根據(jù)幾何知識可知擺長為故周期為故B正確。故選B。10.【答案】B【詳解】A．根據(jù)玻爾理論可知則頻率為的光其動量為選項A錯誤；B．頻率為和的兩種光分別射入同一光電效應(yīng)裝量，均產(chǎn)生光電子，其最大初動能分別為最大初動能之差為選項B正確；C．頻率為和的兩種光分別射入雙縫間距為d，雙縫到屏的距離為L的干涉裝置，根據(jù)條紋間距表達式產(chǎn)生的干涉條紋間距之差為選項C錯誤；D．若原子n=3躍遷至n=4能級，則可得入射光的頻率選項D錯誤；故選B。11.【答案】B【詳解】根據(jù)圖像可知時M點開始向上振動，故此時一列波傳播到M點，起振方向向上，時波形開始改變，說明另一列波傳播到M點，此時兩列波平衡位置都傳到M點，第一列波使M點向下振動，之后振幅減小，則此時M點振動減弱，可知第二列波使M點向上振動。A．S1、S2到M的距離之差為6m，由圖可知兩列波傳到M點的時間差為，根據(jù)可得波速為故波長為故A錯誤；B．根據(jù)前面分析可知兩列波剛傳到M點時均使M點向上振動，故兩列波的起振方向均沿x正方向，故B正確；C．兩列波頻率相等，在平面內(nèi)能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；D．由和時的位移知第一列的振幅為3cm,，第二列波的振幅為故D錯誤。故選B。12.【答案】C【詳解】A．根據(jù)等量異種點電荷的電場線特點可知，圓環(huán)所在平面為等勢面，勻強電場方向豎直向上，則小球從A到C的過程電勢增加，電勢能增加；故A錯誤；B．當場強滿足時，小球運動時受到的向心力大小不變，可沿圓環(huán)做勻速圓周運動，故B錯誤；C．根據(jù)動能定理可求出小球到B點時的速度，根據(jù)可得小球的向心加速度，再根據(jù)牛頓第二定律可得小球的切向加速度，再根據(jù)矢量合成可得B點的加速度為故C正確；D．小球在D點受到圓環(huán)指向圓心的力提供向心力，故小球在D點受到圓環(huán)的作用力方向不平行MN，故D錯誤。故選C。13.【答案】C【詳解】磁場均勻增大時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為可得線框以某一角速度繞其中心軸勻速轉(zhuǎn)動時電動勢的最大值為此時有解得分析可知當線框平面與磁場方向平行時感應(yīng)電流最大為故ab邊所受最大的安培力為故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分共6分每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.【答案】AB【詳解】A．中子靠弱相互作用結(jié)合成整體，則中子呈電中性但內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故A正確；B．根據(jù)愛因斯坦的相對論可知，真空中的光速在不同的慣性參考系中大小都相同，故B正確；C．根據(jù)可知，增加接收電路的線圈匝數(shù)，可減小振蕩電路的固有頻率，則可接收較低頻率的電臺信號，故C錯誤；D．分子間作用力從斥力變?yōu)橐Φ倪^程中，即分子距離從小于到大于的過程，分子力先做正功后做負功，則分子勢能先減小后增大，故D錯誤。故選AB。15.【答案】CD【詳解】A．根據(jù)動量定理故合力沖量大小為，故A錯誤；B．小球上滑的時間為重力的沖量大小為故B錯誤；C．小球所受洛倫茲力為，隨時間線性變化，故洛倫茲力沖量大小為故C正確；D．若，0時刻小球所受洛倫茲力為小球在垂直細桿方向所受合力為零，可得即則小球在整個減速過程的圖像如圖圖線與橫軸圍成的面積表示沖量可得彈力的沖量為零，故D正確。故選CD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.【答案】（1）B（2）3.34（3）①.能②.A【小問1詳解】應(yīng)手提紙帶上端使紙帶豎直，同時使重物靠近打點計時器，由靜止釋放。故選B?！拘?詳解】根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程平均速度可得打點“13”時，重錘下落的速度大小【小問3詳解】[1][2]可以驗證機械能守恒；理由是“在誤差允許范圍內(nèi)，重錘的重力勢能減小值等于動能增加值”故選A。17.【答案】（1）①.×1k②.負極（2）①.a②.d③.45.0（3）①.非線性②.1.9-2.5【小問1詳解】[1][2]指針未偏轉(zhuǎn)，說明可能電阻過大，應(yīng)換用檔繼續(xù)實驗；根據(jù)“紅進黑出”原則及二極管單向?qū)щ娦钥芍t色表筆相連的是二極管負極?！拘?詳解】[1][2]實現(xiàn)電壓可從零開始調(diào)節(jié)，滑動變阻器采用分壓式接法，P應(yīng)連接a；根據(jù)圖C可知電壓表選取量程，故Q接d；[3]多用電表量程為50mA，分度值為1mA，需要估讀到0.1mA，故電表的讀數(shù)為【小問3詳解】[1][2]根據(jù)圖像可知I隨U非線性變化，故說明該二極管是非線性元件，根據(jù)圖像可知正常發(fā)光時即有電流通過時電壓在1.9V-2.5V范圍。18.【答案】①.P1和P2②.不需要③.【詳解】③[1]要求P1和P2在一條光線上，該光線透過玻璃磚后過P3，故P3要能擋住P1和P2的虛像；④[2]cd與ab垂直，則過P1和P2的光線與ab垂直，光垂直入射時傳播方向不變，可確定ef邊上的入射點，此時只需要找到折射光線上的一點即可確定出射光線，不需要插第四枚大頭針；⑤[3]根據(jù)幾何關(guān)系可知入射角為，折射角為，故19.【答案】（1）不變，變?。唬?）4×10-5m3；（3）14.4J【詳解】（1）[1][2]溫度升高后，活塞緩慢上升，受力不變，故封閉氣體的壓強不變，根據(jù)可知器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力不變；由于體積變大，故氣體分子的數(shù)密度變小。（2）氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋—呂薩克定律解得（3）整個過程中外界對氣體做功為對活塞受力分析解得根據(jù)熱力學(xué)第一定律其中解得故氣體吸收熱量為14.4J。20.【答案】（1）5m/s；（2）0.625J；（3）6m/s【詳解】（1）滑塊恰好能通過圓形軌道最高點C時從滑塊離開彈簧到C過程，根據(jù)動能定理解得（2）平板加速至與滑塊共速過程，根據(jù)動量守恒根能量守恒解得（3）若μ2=0.1，平板與滑