2024-2025學年新教材高中物理課時評價作業(yè)二十牛頓第二定律粵教版必修第一冊

課時評價作業(yè)（二十）牛頓其次定律A級合格達標1.由牛頓其次定律可知，無論多么小的力都可以使物體產(chǎn)生加速度，但是較小的力去推地面上很重的物體時，物體仍舊靜止，這是因為（）A.推力比摩擦力小B.物體有加速度，但太小，不易被察覺C.物體所受推力比物體的重力小D.物體所受的合外力仍為零解析：推力無法克服重物的最大靜摩擦力，則物體合外力仍為零，故選D.答案：D2.依據(jù)牛頓其次定律，下列說法正確的是（）A.加速度為零的物體，肯定不受外力作用B.作用力相同時，質(zhì)量大的物體速度大C.加速度方向與合外力的方向一樣D.作用力相同時，質(zhì)量大的物體加速度大解析：加速度為零，可以不受外力或者合外力為零，故A錯誤；作用力相同時，質(zhì)量大的物體加速度小，跟速度無關，則B、D錯誤；加速度方向由合外力方向確定，所以加速度方向與合外力方向相同，故C正確.答案：C3.奧運會蹦床競賽項目是我國的優(yōu)勢項目.如圖所示，在蹦床競賽過程中，運動員從空中下落到彈簧床面后，直到向下速度減為零，忽視空氣阻力，下列說法正確的是（）A.運動員運動至彈簧床最低點時加速度為零B.運動員剛接觸彈簧床面時速度最大C.運動員從接觸彈簧床面到運動至最低點過程中先加速后減速D.運動員從接觸彈簧床面到運動至最低點過程中始終做減速運動解析：當運動員受到的彈力與重力相等時加速度為零，此時速度最大，不是在最低點，故A錯誤.運動員接觸蹦床后向下運動的過程中，人受到蹦床向上的彈力和自身的重力，彈力漸漸增大，人所受合力的方向先向下后向上，所以人會先向下加速，當彈力等于重力時速度最大，故B錯誤.接觸蹦床后，人會先向下加速，當彈力等于重力后向下減速直到減速為零，所以運動員從接觸彈簧床面到運動至最低點過程中先加速后減速，故C正確，D錯誤.故選C.答案：C4.（多選）如圖甲、乙所示，兩圖中三個小球A、B、C的質(zhì)量分別為m、2m、3m，均懸掛在天花板上處于靜止狀態(tài).重力加速度大小為g，彈簧和細線的質(zhì)量均不計.現(xiàn)將兩圖中小球與天花板相連的細線剪斷，則在細線被剪斷的瞬間（）A.圖甲中A、B、C的加速度依次為0，2g，3gB.圖甲中A、B、C的加速度依次為6g，0，0C.圖乙中A、B、C的加速度依次為g，g，gD.圖乙中A、B、C的加速度依次為3g，0，2g解析：對題圖甲，對初態(tài)受力分析可知，彈簧中的彈力為5mg，剪斷細繩的瞬間，彈簧的彈力不變，對A球受力分析可知，5mg＋mg＝ma1，解得a1＝6g，而B、C的受力沒變，仍舊平衡，所以a2＝a3＝0，A錯誤，B正確；剪斷繩的瞬間，繩中的彈力瞬間為零，所以題圖乙中三個球的加速度均為g，C正確，D錯誤.答案：BC5.一質(zhì)量為m的乘客站在傾角為θ的自動扶梯的水平踏板上，隨扶梯一起以大小為a0的加速度加速上行，如圖所示.重力加速度大小為g.該過程中，乘客對踏板的壓力大小為（）A.mg B.ma0sinθC.mg＋ma0sinθ D.mg－ma0sinθ解析：該過程中，乘客在豎直向上方向的加速度大小a＝a0sinθ，設踏板對乘客的支持力大小為F，在豎直方向上，由牛頓其次定律有F－mg＝ma，解得F＝mg＋ma0sinθ，由牛頓第三定律可得，乘客對踏板的壓力大小N＝F＝mg＋ma0sinθ，所以C正確，A、B、D錯誤.答案：C6.如圖所示，質(zhì)量m＝10kg的物體在水平面上向左運動，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.2，與此同時物體受到一個水平向右的推力F＝20N的作用.則物體的加速度是（g取10m/s2）（）A.0 B.4m/s2，水平向右C.2m/s2，水平向左 D.2m/s2，水平向右解析：物體受力狀況如圖所示，由牛頓其次定律得F＋f＝ma.又由f＝μFN＝μmg，代入數(shù)據(jù)解得a＝4m/s2，方向水平向右.答案：BB級等級提升7.將一只皮球豎直向上拋出，皮球運動時受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比.下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時間t關系的圖像中正確的是（）ABCD解析：本題考查牛頓其次定律與圖像問題的綜合應用，意在考查考生的分析、推理實力.對皮球進行受力分析，受到豎直向下的重力、阻力作用，依據(jù)牛頓其次定律可知，皮球在上升過程中的加速度大小a＝eq\f(mg＋kv,m)，因皮球上升過程中速度v減小，故加速度減小，當速度v＝0時，加速度a＝g，a-t圖像漸漸趨近一條平行于t軸的直線，C正確；A、B、D錯誤.答案：C8.如圖所示，有一箱裝得很滿的土豆，以肯定的初速度在動摩擦因數(shù)為μ的水平地面上做勻減速運動，不計其他外力及空氣阻力，則中間一質(zhì)量為m的土豆A受到其他土豆對它的作用力大小應是（）A.mg B.μmgC.mgeq\r(1＋μ2) D.mgeq\r(1－μ2)解析：每個土豆均隨筐一起做勻減速直線運動，加速度為a，依據(jù)牛頓其次定律得μmg＝ma，即a＝μg.對土豆A進行受力分析，如圖所示，由平行四邊形定則得F＝eq\r(（mg）2＋（ma）2)＝mgeq\r(1＋μ2)，故選項C正確.答案：C9.（多選）如圖所示，質(zhì)量為m的小球被一根橡皮筋AC和一根繩BC系住，當小球靜止時，橡皮筋處在水平方向上.下列推斷正確的是（）A.在AC被突然剪斷的瞬間，BC對小球的拉力不變B.在AC被突然剪斷的瞬間，小球的加速度大小為gsinθC.在BC被突然剪斷的瞬間，小球的加速度大小為eq\f(g,cosθ)D.在BC被突然剪斷的瞬間，小球的加速度大小為gsinθ解析：設小球靜止時繩BC的拉力為F，橡皮筋AC的拉力為T，由平衡條件可得Fcosθ＝mg，F(xiàn)sinθ＝T，解得F＝eq\f(mg,cosθ)，T＝mgtanθ.在AC被突然剪斷的瞬間，BC上的拉力F也發(fā)生了突變，小球的加速度方向沿與BC垂直的方向且斜向下，大小為a＝eq\f(mgsinθ,m)＝gsinθ，B正確，A錯誤；在BC被突然剪斷的瞬間，橡皮筋AC的拉力不變，小球的合力大小與BC被剪斷前的拉力大小相等，方向沿BC方向斜向下，故加速度a＝eq\f(F,m)＝eq\f(g,cosθ)，C正確，D錯誤.答案：BC10.我國自主研制的新一代航空母艦正在建立中.設航母中艦載飛機獲得的升力大小F可用F＝kv2表示，其中k為比例常數(shù)；v是飛機在平直跑道上的滑行速度，F(xiàn)與飛機所受重力相等時的v稱為飛機的起飛離地速度.已知艦載飛機的空載質(zhì)量為1.69×103kg時，起飛離地速度為78m/s，裝載彈藥后質(zhì)量為2.56×103kg.（1）求飛機裝載彈藥后的起飛離地速度；（2）若該航母有電磁彈射裝置，飛機裝載彈藥后，從靜止起先在水平甲板上勻加速滑行180m后起飛，求飛機在滑行過程中所用的時間和飛機所獲得的平均推力的大小.（不計全部阻力）解析：（1）由起飛條件知kveq\o\al(2,1)＝m1g，kveq\o\al(2,2)＝m2g，聯(lián)立可解得裝載彈藥后的起飛離地速度為v2＝96m/s.（2）由勻變速直線運動規(guī)律可得x＝eq\f(v2,2)t，則飛機在滑行過程中所用的時間為t＝eq\f(2x,v2)＝3.75s.由勻變速直線運動的速度公式可得a＝eq\f(v2,t)＝25.6m/s2，依據(jù)牛頓其次定律可知平均推力F＝ma≈6.55×104N.答案：（1）96m/s（2）3.75s6.55×104N11.如圖甲，質(zhì)量m＝2kg的物體置于傾角θ＝30°的足夠長且固定的斜面上，t＝0時刻，對物體施加平行于斜面對上的恒力F，t＝1s時刻撤去力F，物體運動的部分v-t圖像如圖乙所示.重力加速度g取10m/s2.求：（1）物體上滑的最遠距離x；（2）物體與斜面間的滑動摩擦力f的大小；（3）物體返回動身點時的速度大?。捎酶柋硎荆?解析：（1）上滑的最遠距離xmax＝eq\f(vmax,2)（t1＋t2）＝24m.（2）設撤去F后物體接著上滑的加速度大小為a2，由vt圖像知a2＝eq\f(16－8,2－1)m/s2＝8m/s2，由牛頓其次定律，1～3s內(nèi)