閩粵贛三省十二校2025屆高三物理上學(xué)期聯(lián)合調(diào)研考試試題含解析

PAGE19-閩粵贛三省十二校2025屆高三物理上學(xué)期聯(lián)合調(diào)研考試試題（含解析）二、選擇題（本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，其中14－18小題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19－21小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不選的得0分）1.氫原子部分能級(jí)的示意圖如圖所示，不同金屬的逸出功如下表所示：

銫

鈣

鎂

鈹

鈦

金

逸出功W/eV

1.9

2.7

3.7

3.9

4.1

4.8

大量處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射的全部光子中，能夠使金屬銫發(fā)生光電效應(yīng)的光子有幾種A.2B.3C.4D.5【答案】C【解析】【詳解】氫原子由量子數(shù)n=4的能級(jí)躍遷低能級(jí)時(shí)輻射光子的能量有6種；其中：E4-E1=-0.8+13.6eV=12.8eV；E4-E2=-0.8+3.40eV=2.6eV；E4-E3=-0.85+1.51eV=0.66eV；E3-E2=-1.51+3.40eV=1.89eV；E3-E1=-1.51+13.6eV=12.09eV；E2-E1=-3.40+13.6eV=10.2eV；金屬銫的逸出功為1.9eV，則能夠使金屬銫發(fā)生光電效應(yīng)的光子有4種，故選C.2.如圖所示，重型自卸車(chē)裝載一巨型石塊，當(dāng)利用液壓裝置使車(chē)廂緩慢傾斜到肯定角度，車(chē)廂上的石塊就會(huì)自動(dòng)滑下．以下說(shuō)法正確的是（）A.石塊沒(méi)有下滑時(shí)，自卸車(chē)車(chē)廂傾角變大，石塊對(duì)車(chē)廂的壓力不變B.石塊沒(méi)有下滑時(shí)，自卸車(chē)車(chē)廂傾角變大，石塊對(duì)車(chē)廂的摩擦力變大C.石塊起先下滑時(shí)，自卸車(chē)車(chē)廂傾角變大，石塊對(duì)車(chē)廂的作用力變大D.石塊起先下滑時(shí)，自卸車(chē)車(chē)廂傾角變大，石塊受到的合力不變【答案】B【解析】【詳解】AB．貨物處于平衡狀態(tài)，則有：mgsinθ=f，N=mgcosθ，θ增大時(shí)，支持力FN漸漸減小，靜摩擦力Ff增大．由牛頓第三定律可知，石塊對(duì)車(chē)廂的壓力會(huì)減?。蔄錯(cuò)誤，B正確；CD．石塊起先下滑時(shí)受力近似平衡，自卸車(chē)車(chē)廂傾角變大，石塊向下做加速運(yùn)動(dòng)，且加速度隨角度增大而增大，石塊受到的合外力變大；石塊對(duì)車(chē)廂的正壓力和摩擦力均減小，可知石塊對(duì)車(chē)廂的作用力變小，故CD錯(cuò)誤．3.軌道平面與赤道平面夾角為90°的人造地球衛(wèi)星被稱(chēng)為極地軌道衛(wèi)星。它運(yùn)行時(shí)能到達(dá)南北極區(qū)的上空，須要在全球范圍內(nèi)進(jìn)行觀測(cè)和應(yīng)用的氣象衛(wèi)星、導(dǎo)航衛(wèi)星等都采納這種軌道。如圖所示，若某顆極地軌道衛(wèi)星從北緯45°的正上方按圖示方向首次運(yùn)行到南緯45°的正上方用時(shí)45分鐘，則（）A.該衛(wèi)星放射速度肯定小于7.9km/sB.該衛(wèi)星軌道半徑與同步衛(wèi)星軌道半徑之比為1∶4C.該衛(wèi)星加速度與同步衛(wèi)星加速度之比為2∶1D.該衛(wèi)星的機(jī)械能肯定小于同步衛(wèi)星的機(jī)械能【答案】B【解析】【詳解】A．依據(jù)第一宇宙速度的概念可知，該衛(wèi)星放射速度肯定大于7.9km/s，故A錯(cuò)誤；

B．由題意可知，衛(wèi)星的周期萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得解得該衛(wèi)星軌道半徑與同步衛(wèi)星軌道半徑之比故B正確；C．萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得解得該衛(wèi)星加速度與同步衛(wèi)星加速度之比故C錯(cuò)誤；D．由于由于不知該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系，無(wú)法比較其機(jī)械能大小，故D錯(cuò)誤。

故選AB。4.如下圖所示，ab間接入u=200sin100πtV的溝通電源，志向變壓器的原副線(xiàn)圈匝數(shù)比為2︰1，Rt為熱敏電阻，且在此時(shí)的環(huán)境溫度下Rt=2Ω(溫度上升時(shí)其電阻減小)，忽視保險(xiǎn)絲L的電阻，電路中電表均為志向電表，電路正常工作，則A.電壓表的示數(shù)為100VB.保險(xiǎn)絲的熔斷電流不小于25AC.原副線(xiàn)圈溝通電壓的頻率之比為2︰1D.若環(huán)境溫度上升，電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)減小，輸入功率不變【答案】B【解析】【分析】依據(jù)變壓器初次級(jí)的匝數(shù)比求解次級(jí)電壓有效值即為電壓表讀數(shù)；熔斷電流是指有效值；變壓器不變更溝通電的頻率；環(huán)境溫度上升，則熱敏電阻阻值減小，依據(jù)次級(jí)電壓不變進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析.【詳解】ab端輸入電壓有效值為200V，由于志向變壓器的原副線(xiàn)圈匝數(shù)比為2︰1，可知次級(jí)電壓有效值為100V，即電壓表的示數(shù)為100V，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；次級(jí)電流有效值為，則初級(jí)電流有效值，則保險(xiǎn)絲的熔斷電流不小于25A，選項(xiàng)B正確；變壓器不變更溝通電壓的頻率，原副線(xiàn)圈的溝通電壓的頻率之比為1︰1，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若環(huán)境溫度上升，Rt電阻減小，但是由于次級(jí)電壓不變，則電壓表示數(shù)不變，電流表示數(shù)變大，次級(jí)功率變大，則變壓器的輸入功率變大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.【點(diǎn)睛】要知道有效值的物理意義，知道電表的讀數(shù)都是有效值；要知道變壓器的原副線(xiàn)圈的電壓比等于匝數(shù)比，并會(huì)計(jì)算；要會(huì)分析電路的動(dòng)態(tài)變更，總的原則就是由部分電路的變更確定總電路的變更的狀況，再確定其他的電路的變更的狀況．5.如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)存在一正點(diǎn)電荷Q，坐標(biāo)軸上有A、B、C三點(diǎn)，OA=OB=BC=a，其中A點(diǎn)和B點(diǎn)電勢(shì)相等，O點(diǎn)和C點(diǎn)的電勢(shì)相等，靜電力常量為k，則下列說(shuō)法正確的是（）A.點(diǎn)電荷Q位于O點(diǎn)B.O點(diǎn)電勢(shì)比A點(diǎn)電勢(shì)高C.C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.將某一正摸索電荷從A點(diǎn)沿直線(xiàn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能始終減小【答案】C【解析】因A點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢(shì)相等，O點(diǎn)和C點(diǎn)的電勢(shì)相等，故A、B到點(diǎn)電荷的距離相等，O、C到點(diǎn)電荷的距離也相等，則點(diǎn)電荷位置如圖所示由圖可知A錯(cuò)誤，因點(diǎn)電荷帶正電，故離點(diǎn)電荷越近電勢(shì)越高，故O點(diǎn)電勢(shì)比A點(diǎn)低，故B錯(cuò)誤，由圖可知OC的距離，依據(jù)，得，故C正確；由圖可知，將正摸索電荷從A點(diǎn)沿直線(xiàn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)先上升再降低，故電勢(shì)能先增大再減小，故D錯(cuò)誤，故選C.6.從地面豎直向上拋出一物體，其機(jī)械能E總等于動(dòng)能Ek與重力勢(shì)能Ep之和．取地面為重力勢(shì)能零點(diǎn)，該物體的E總和Ep隨它離開(kāi)地面的高度h的變更如圖所示．重力加速度取10m/s2．由圖中數(shù)據(jù)可得()A.物體的質(zhì)量為1kgB.物體受到的空氣阻力是5NC.h=2m時(shí)，物體的動(dòng)能Ek=60JD.物體從地面上升到最高點(diǎn)用時(shí)0.8s【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖知，h=4m時(shí)Ep=80J，由Ep=mgh得m=2kg，故A錯(cuò)誤．B．上升h=4m的過(guò)程中機(jī)械能削減△E=20J，依據(jù)功能關(guān)系可得fh=△E解得f=5N，故B正確；C．h=2m時(shí)，Ep=40J，E總=90J，則物體的動(dòng)能為Ek=E總-Ep=50J故C錯(cuò)誤．D．物體的初速度從地面至h=4m用時(shí)間故D正確．7.在光滑的水平面上，一滑塊的質(zhì)量m=2kg，在水平面上受水平方向上恒定的外力F=4N（方向未知）作用下運(yùn)動(dòng)，如圖所示給出了滑塊在水平面上運(yùn)動(dòng)的一段軌跡，滑塊過(guò)PQ兩點(diǎn)時(shí)速度大小均為v=5m/s?；瑝K在P點(diǎn)的速度方向與PQ連線(xiàn)夾角α=37°，sin37°=0.6，則（）A.水平恒力F的方向與PQ連線(xiàn)成53°夾角B.滑塊從P到Q的時(shí)間為3sC.滑塊從P到Q的過(guò)程中速度最小值為4m/sD.PQ兩點(diǎn)連線(xiàn)的距離為12m【答案】BCD【解析】【詳解】A．設(shè)水平恒力F的方向與PQ連線(xiàn)夾角為β，滑塊過(guò)P、Q兩點(diǎn)時(shí)的速度大小相等，依據(jù)動(dòng)能定理得FxPQcosβ=△Ek=0得β=90°，即水平恒力F與PQ連線(xiàn)垂直且指向軌跡的凹側(cè)，故A錯(cuò)誤；

B．把P點(diǎn)的速度分解在沿水平力F和垂直水平力F兩個(gè)方向上，沿水平力F方向上滑塊先做勻減速后做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，有當(dāng)F方向速度為零時(shí)，時(shí)間為依據(jù)對(duì)稱(chēng)性，滑塊從P到Q時(shí)間為t'=2t=3s故B正確；C．當(dāng)F方向速度為零時(shí)，只有垂直F方向的速度v'=vcos37°=4m/s此時(shí)速度方向與F垂直，速度最小，故C正確；D．垂直F的方向上物塊做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，有xPQ=v't'=12m故D正確。故選BCD。8.如圖所示，兩根質(zhì)量均為m的金屬棒垂直地放在光滑的水平導(dǎo)軌上，左、右兩部分導(dǎo)軌間距之比為1∶2，導(dǎo)軌間左、右兩部分有大小相等、方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩棒電阻與棒長(zhǎng)成正比，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，現(xiàn)用水平恒力F向右拉CD棒，在CD棒向右運(yùn)動(dòng)距離為s的過(guò)程中，AB棒上產(chǎn)生的焦耳熱為Q，此時(shí)AB棒和CD棒的速度大小均為v，此時(shí)馬上撤去拉力F，設(shè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且兩棒始終在不同磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.v的大小等于B.撤去拉力F后，AB棒的最終速度大小為v，方向向右C.撤去拉力F后，CD棒的最終速度大小為v，方向向右D.撤去拉力F后，整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱為mv2【答案】AC【解析】【詳解】A．兩棒的長(zhǎng)度之比為1：2，所以電阻之比為1：2，由于電路在任何時(shí)刻電流均相等，依據(jù)焦耳定律：Q=I2Rt，所以CD棒的焦耳熱為2Q，在CD棒向右運(yùn)動(dòng)距離為s的過(guò)程中，依據(jù)功能關(guān)系有解得故A正確；

BC．令A(yù)B棒的長(zhǎng)度為l，則CD棒長(zhǎng)為2l，撤去拉力F后，AB棒接著向左加速運(yùn)動(dòng)，而CD棒向右起先減速運(yùn)動(dòng)，兩棒最終勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中電流為零，兩棒切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相等，此時(shí)兩棒的速度滿(mǎn)意BlvAB′=B?2lvCD′即vAB′=2vCD′對(duì)兩棒分別應(yīng)用動(dòng)量定理，有FABt=mvAB′-mv-FCDt=mvCD′-mv因?yàn)镕CD=2FAB所以vAB′＝vvCD′＝v故B錯(cuò)誤，C正確；D．撤去外力F到最終穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)過(guò)程依據(jù)能量守恒定律故D錯(cuò)誤。故選AC。第II卷（非選擇題部分，共174分）三、非選擇題：共174分。第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必需作答。第33~38題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9.某學(xué)習(xí)小組用圖甲所示的試驗(yàn)裝置探究動(dòng)能定理。A、B處分別為光電門(mén)，可測(cè)得小車(chē)遮光片通過(guò)A、B處所用的時(shí)間；用小車(chē)遮光片通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示小車(chē)通過(guò)A、B點(diǎn)時(shí)的速度，鉤碼上端為拉力傳感器，可讀出細(xì)線(xiàn)上的拉力F。(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量小車(chē)上安裝的遮光片寬度如圖丙所示，則寬度d=__________mm，適當(dāng)墊高木板O端，使小車(chē)不掛鉤碼時(shí)能在長(zhǎng)木板上勻速運(yùn)動(dòng)。掛上鉤碼，從O點(diǎn)由靜止釋放小車(chē)進(jìn)行試驗(yàn)；(2)保持拉力F=0.2N不變，僅變更光電門(mén)B的位置，讀出B到A的距離s，記錄對(duì)于的s和tB數(shù)據(jù)，畫(huà)出圖像如圖乙所示。依據(jù)圖像可求得小車(chē)的質(zhì)量m=__________kg；(3)該試驗(yàn)中不必要的試驗(yàn)要求有__________A．鉤碼和拉力傳感器的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量B．畫(huà)出圖像需多測(cè)幾組s、tB的數(shù)據(jù)C．測(cè)量長(zhǎng)木板墊起的高度和木板長(zhǎng)度D．選用寬度小一些的遮光片【答案】(1).1.125(2).0.6(3).AC【解析】【詳解】(1)[1]．依據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則可知，固定刻度為1mm，可動(dòng)刻度為12.5×0.01mm=0.125mm，則遮光片寬度：d=1mm+0.125mm=1.125mm。

(2)[2]．小車(chē)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為tB，利用平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可知，小車(chē)通過(guò)光電門(mén)B的速度設(shè)通過(guò)光電門(mén)A的速度為vA，依據(jù)動(dòng)能定理可知解得比照?qǐng)D象可知，斜率解得小車(chē)的質(zhì)量m=0.6kg(3)[3]．A．小車(chē)受到的拉力可以通過(guò)拉力傳感器得到，不須要鉤碼和拉力傳感器的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；

B．為了削減試驗(yàn)誤差，畫(huà)出s-vB2圖象需多測(cè)幾組s、tB的數(shù)據(jù)，故B正確；

C．試驗(yàn)前，須要平衡摩擦力，不須要測(cè)量長(zhǎng)木板墊起的高度和木板長(zhǎng)度，故C錯(cuò)誤；

D．選用寬度小一些的遮光片，可以削減試驗(yàn)誤差，使小車(chē)經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)速度的測(cè)量值更接近真實(shí)值，故D正確。

本題選不必要的，即錯(cuò)誤的，故選AC。10.LED綠色照明技術(shù)已經(jīng)走進(jìn)我們的生活．某試驗(yàn)小組要精確測(cè)定額定電壓為3V的LED燈正常工作時(shí)的電阻，已知該燈正常工作時(shí)電阻大約500Ω，電學(xué)符號(hào)與小燈泡電學(xué)符號(hào)相同．試驗(yàn)室供應(yīng)的器材有：A電流表A1(量程為0至50mA，內(nèi)阻RA1約為3Ω)B電流表A2(量程為0至3mA，內(nèi)阻RA2＝15Ω)C定值電阻R1＝697ΩD定值電阻R2＝1985ΩE.滑動(dòng)變阻器R(0至20Ω)一只F.電壓表V(量程為0至12V，內(nèi)阻RV＝1kΩ)G.蓄電池E(電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻很小)F.開(kāi)關(guān)S一只(1)如圖所示，請(qǐng)選擇合適的器材，電表1為_(kāi)_______，電表2為_(kāi)_______，定值電阻為_(kāi)_______．（填寫(xiě)器材前的字母編號(hào)）(2)將采納的電路圖補(bǔ)充完整________．(3)寫(xiě)出測(cè)量LED燈正常工作時(shí)的電阻表達(dá)式Rx＝__________________(填字母)，當(dāng)表達(dá)式中的________(填字母)達(dá)到________，登記另一電表的讀數(shù)代入表達(dá)式，其結(jié)果為L(zhǎng)ED燈正常工作時(shí)電阻．（所填符號(hào)角標(biāo)要與題中儀器名稱(chēng)符號(hào)角標(biāo)一樣，如A1的示數(shù)為I1，A2的示數(shù)數(shù)為I2）【答案】(1).F(2).B(3).D(4).(5).(6).I2(7).1.5mA【解析】【詳解】(1)(2)要精確測(cè)定額定電壓為3V的LED燈正常工作時(shí)的電阻，需測(cè)量LED燈兩端的電壓和通過(guò)LED燈的電流，由于電壓表的量程較大，測(cè)量誤差較大，不能用已知的電壓表測(cè)量LED兩端的電壓，可以將電流表A2與定值電阻串聯(lián)改裝為電壓表測(cè)量電壓；改裝電壓表的內(nèi)阻：，A2的內(nèi)阻約為15Ω，則定值電阻應(yīng)選D；LED燈正常工作時(shí)的電流約為左右，電流表的量程較小，電流表不能精確測(cè)量電流，可以用電壓表測(cè)量電流；因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器阻值遠(yuǎn)小于LED的電阻，所以滑動(dòng)變阻器采納分壓式接法．電路圖如圖所示：由以上分析可知，電表1為F，電表2為B，定值電阻為D．(3)依據(jù)閉合電路歐姆定律知，燈泡兩端的電壓U=I2（R+RA2），，通過(guò)燈泡的電流，所以L(fǎng)ED燈正常工作時(shí)的電阻，改裝后的電壓表內(nèi)阻為RV=1985+15Ω=2000Ω，則當(dāng)I2=1.5mA時(shí)，LED燈兩端的電壓為3V，達(dá)到額定電壓，測(cè)出來(lái)的電阻為正常工作時(shí)的電阻．11.如圖所示，質(zhì)量M=2kg的木板A靜止在光滑水平面上，質(zhì)量m=1kg的小物塊B(大小不計(jì))靜止在木板的左端，物塊和木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，現(xiàn)突然對(duì)物塊施加一水平向右的恒定拉力F=9N，左右1s后撤去拉力，最終物塊B恰好沒(méi)有滑離木板A，取g=10m/s2，求:(1)力F做功W；(2)木板的長(zhǎng)度L．【答案】(1)22.5J(2)2.25m【解析】【詳解】（1）拉力作用時(shí)，設(shè)B物體的加速度為a1，F(xiàn)-μmg=ma1物塊對(duì)地的位移為x1，x1=WF=Fx1聯(lián)立解得：WF=22.5JJ（2）撤去拉力時(shí)，設(shè)B物體的加速度為a2對(duì)木板：μmg=Ma21s末B的速度為v1，A的速度為v2v1=a1tv2=a2t相對(duì)滑動(dòng)的位移為撤去拉力后系統(tǒng)動(dòng)量守恒由能量守恒定律得：解得：L=2.25m【點(diǎn)睛】（1）對(duì)B物體受力分析，由牛頓其次定律可求得其加速度，再由位移時(shí)間公式求出1s內(nèi)B的位移，即可求得力F做的功W；（2）由牛頓其次定律求出A的加速度．由位移公式和位移關(guān)系求出1s內(nèi)B相對(duì)于A滑行的位移．并由速度公式求出1s末兩個(gè)物體的速度．撤去F后系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律結(jié)合求出1s內(nèi)兩者的相對(duì)位移，從而得到木板的長(zhǎng)度L．12.如圖所示，半徑為R的圓與正方形abcd相內(nèi)切，在ab、dc邊放置兩帶電平行金屬板，在板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，且在圓內(nèi)有垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子從ad邊中點(diǎn)O1沿O1O方向以速度v0射入，恰沿直線(xiàn)通過(guò)圓形磁場(chǎng)區(qū)域，并從bc邊中點(diǎn)O2飛出．若撤去磁場(chǎng)而保留電場(chǎng)，粒子仍從O1點(diǎn)以相同速度射入，則粒子恰好打到某極板邊緣．不計(jì)粒子重力．（1）求兩極板間電壓U的大?。?）若撤去電場(chǎng)而保留磁場(chǎng)，粒子從O1點(diǎn)以不同速度射入，要使粒子能打到極板上，求粒子入射速度的范圍．【答案】（1）（2）【解析】試題分析：（1）由粒子的電性和偏轉(zhuǎn)方向，確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，從而就確定了兩板電勢(shì)的凹凸；再依據(jù)類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出兩板間的電壓．（2）先依據(jù)有兩種場(chǎng)均存在時(shí)做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，當(dāng)撤去電場(chǎng)后，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使粒子打到板上，由幾何關(guān)系求出最大半徑和最小半徑，從而由洛侖茲力供應(yīng)向心力就能得出最大的速度和最小速度．（1）無(wú)磁場(chǎng)時(shí)，粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，依據(jù)類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有：，，解得：（2）由于粒子起先時(shí)在電磁場(chǎng)中沿直線(xiàn)通過(guò)，則有：撤去電場(chǎng)保留磁場(chǎng)粒子將向上偏轉(zhuǎn)，若打到a點(diǎn)，如圖甲圖：由幾何關(guān)系有：由洛倫茲力供應(yīng)向心力有：解得：若打到b點(diǎn)，如圖乙所示：由幾何關(guān)系有：由洛倫茲力供應(yīng)向心力有：解得：故（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。假如多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。13.關(guān)于熱學(xué)規(guī)律，下列說(shuō)法正確的是（）A.熱量可以自發(fā)地從高溫物體向低溫物體傳遞，但要從低溫物體向高溫物體傳遞，必需有第三者介入B.假如用Q表示物體汲取的能量，用W表示物體對(duì)外界所做的功，ΔU表示物體內(nèi)能的增加，那么熱力學(xué)第肯定律可以表達(dá)為C.蒸發(fā)的快慢與空氣的濕度有關(guān)，與氣溫?zé)o關(guān)D.攝氏溫度是國(guó)際單位制中七個(gè)基本物理量之一，攝氏溫度t與熱力學(xué)溫度T的關(guān)系是E.在用油膜法估測(cè)分子的直徑的試驗(yàn)中，主要是解決兩個(gè)問(wèn)題：一是獲得很小的一滴油酸并測(cè)出其體積，二是測(cè)量這滴油酸在水面上形成的油膜面積【答案】ABE【解析】【詳解】A．由熱力學(xué)其次定律知，熱量可以自發(fā)地從高溫物體向低溫物體傳遞，但要從低溫物體向高溫物體傳遞，必需有第三者介入，選項(xiàng)A正確；

B．熱力學(xué)第肯定律表達(dá)為Q=△U+W，其中Q表示物體汲取的能量，用W表示物體對(duì)外界所做的功，故B正確；

C．蒸發(fā)的快慢與液體表面積大小、氣溫凹凸、氣體表面的空氣流淌速度等有關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D．熱力學(xué)溫度是國(guó)際單位制中七個(gè)基本物理量之一，故D錯(cuò)誤；

E．在用油膜法估測(cè)分子的直徑的試驗(yàn)中，主要是解決兩個(gè)問(wèn)題：一是獲得很小的一滴油酸并測(cè)出其體積，二是測(cè)量這滴油酸在水面上形成的油膜面積，故E正確。

故選ABE。14.如圖所示，在水平桌面上，導(dǎo)熱氣缸內(nèi)橫截面積為S的輕質(zhì)活塞封閉著肯定質(zhì)量的氣體．一質(zhì)量為m的砝碼盤(pán)(含砝碼)用輕繩經(jīng)光滑定滑輪與缸中活塞豎直相連接，活塞與氣缸壁間無(wú)摩擦．當(dāng)環(huán)境溫度溫度為T(mén)時(shí)，活塞與缸底的距離為h．現(xiàn)使環(huán)境溫度緩慢降為．①活塞再次平衡時(shí)，活塞與缸底距離是多少?②保持環(huán)境溫度為不變，為使活塞返回原位置，需在盤(pán)中漸漸添加砝碼的質(zhì)量為Δm，求大氣壓強(qiáng)的大?。敬鸢浮竣佗凇窘馕觥吭囶}分析：（i）分析氣體初末狀態(tài)的參量，氣體發(fā)生等壓變更，由蓋呂薩克定律求解即可，（ii）分析氣體初末狀態(tài)的參量，氣體發(fā)生等溫變更，由玻意爾定律求解即可.（i）設(shè)再次平衡時(shí)，活塞離缸底的高度為h1．環(huán)境溫度緩慢降低過(guò)程中，氣缸中氣體壓強(qiáng)不變．初始時(shí)，溫度為，體積為，變更后溫度為，體積為氣體發(fā)