2025屆高考數(shù)學第二次模擬試卷四理含解析

2025屆高考其次次模擬考試卷理科數(shù)學（四）第Ⅰ卷一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．復數(shù)（）A． B． C． D．2．集合，，則集合與的關系是（）A． B．C． D．且3．下列關于命題的說法中正確的是（）①對于命題，使得，則，均有②“”是“”的充分不必要條件③命題“若，則”的逆否命題是“若，則”④若為假命題，則?均為假命題A．①②③ B．②③④ C．①②③④ D．①③4．執(zhí)行如圖所示的程序框圖，輸出的值為（）A．2048 B．1024 C．2046 D．40945．函數(shù)的圖象向右平移個單位長度后得到函數(shù)的圖象，對于函數(shù)，下列說法不正確的是（）A．的最小正周期為 B．的圖象關于直線對稱C．在區(qū)間上單調(diào)遞增 D．的圖象關于點對稱6．已知數(shù)列滿意，，則數(shù)列的前項和（）A． B．C． D．7．已知是不等式組的表示的平面區(qū)域內(nèi)的一點，，為坐標原點，則的最大值（）A．2 B．3 C．5 D．68．甲?乙?丙三人手持黑白兩色棋子，在3行8列的網(wǎng)格中，三人同時從左到右，從1號位置擺到8號位置，若甲的1號位置與乙的1號位置顏色相同，稱甲乙對應位置相同，反之稱甲乙對應位置不同，則下列狀況可能的是（）A．甲乙丙相互有3個對應位置不同B．甲乙丙相互不行能有4個對應位置不同C．甲乙1個位置不同，甲丙3個位置不同，乙丙5個位置不同D．甲乙3個位置不同，甲丙4個位置不同，乙丙5個位置不同9．已知實數(shù)、滿意，的取值范圍是（）A． B． C． D．10．已知是定義在上的增函數(shù)，若對于隨意，均有，，則不等式的解集為（）A． B． C． D．11．已知函數(shù)，，若方程有4個不同的實數(shù)根，，，（），則的取值范圍是（）A． B． C． D．12．已知直三棱柱的側(cè)棱長為，，．過、的中點、作平面與平面垂直，則所得截面周長為（）A． B． C． D．第Ⅱ卷二、填空題：本大題共4小題，每小題5分．13．若，則的綻開式中常數(shù)項為_________．14．小張安排從個沿海城市和個內(nèi)陸城市中隨機選擇個去旅游，則他至少選擇個沿海城市的概率是__________．15．已知橢圓的右頂點為P，右焦點F與拋物線的焦點重合，的頂點與的中心O重合．若與相交于點A，B，且四邊形為菱形，則的離心率為____．16．在中，記角所對的邊分別是，面積為，則的最大值為_________．三、解答題：本大題共6個大題，共70分，解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟．17．（12分）已知等差數(shù)列滿意．（1）求數(shù)列的通項公式；（2）記數(shù)列的前n項和為．若，(為偶數(shù))，求的值．18．（12分）如圖，在圓柱中，四邊形是其軸截面，為的直徑，且，，．（1）求證：；（2）若直線與平面所成角的正弦值為，求二面角平面角的余弦值．19．（12分）2024年某地在全國志愿服務信息系統(tǒng)注冊登記志愿者8萬多人．2024年7月份以來，共完成1931個志愿服務項目，8900多名志愿者開展志愿服務活動累計超過150萬小時．為了了解此地志愿者對志愿服務的認知和參加度，隨機調(diào)查了500名志愿者每月的志愿服務時長（單位：小時），并繪制如圖所示的頻率分布直方圖．（1）求這500名志愿者每月志愿服務時長的樣本平均數(shù)和樣本方差（同一組中的數(shù)據(jù)用該組區(qū)間的中間值代表）；（2）由直方圖可以認為，目前該地志愿者每月服務時長聽從正態(tài)分布，其中近似為樣本平均數(shù)，近似為樣本方差．一般正態(tài)分布的概率都可以轉(zhuǎn)化為標準正態(tài)分布的概率進行計算：若，令，則，且．（?。├弥狈綀D得到的正態(tài)分布，求；（ⅱ）從該地隨機抽取20名志愿者，記表示這20名志愿者中每月志愿服務時長超過10小時的人數(shù)，求（結(jié)果精確到）以及的數(shù)學期望．參考數(shù)據(jù)：，．若，則．20．（12分）已知橢圓的離心率為，且過點．（1）求橢圓的方程；（2）若矩形的四條邊均與橢圓相切，求該矩形面積的取值范圍．21．（12分）設，，其中，且．（1）試探討的單調(diào)性；（2）當時，恒成立，求實數(shù)的取值范圍．請考生在22、23兩題中任選一題作答，假如多做，則按所做的第一題記分．22．（10分）【選修4-4：坐標系與參數(shù)方程】已知曲線的參數(shù)方程為（為參數(shù)），直線過點且傾斜角為．（1）求曲線的一般方程和直線的參數(shù)方程；（2）設與的兩個交點為，求．23．（10分）【選修4-5：不等式選講】（1）已知函數(shù)，求的取值范圍，使為常函數(shù)；（2）若，，求的最大值．理科數(shù)學答案第Ⅰ卷一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．【答案】C【解析】因為，，，所以，故選C．2．【答案】D【解析】因為，且，，所以且，故選D．3．【答案】A【解析】①對于命題，使得，則均有，故①正確；②由“”可推得“”，反之由“”可能推出，則“”是“”的充分不必要條件，故②正確；③命題“若，則”的逆否命題是“若，則”，故③正確；④若為假命題，則，至少有一個為假命題，故④錯誤，則正確的命題的有①②③，故選A．4．【答案】C【解析】，，運行第1次，，，運行第2次，，，，運行第9次，，，運行第10次，，，結(jié)束循環(huán)，故輸出的值2046，故選C．5．【答案】C【解析】因為．其圖象向右平移個單位長度后得到函數(shù)的圖象，所以的最小正周期為，故A正確；當時，，所以的圖象關于直線對稱，故B正確；當時，，所以在間上不單調(diào)，故C錯誤；當時，，所以函數(shù)的圖象關于點對稱，故D正確，故選C．6．【答案】A【解析】由題意可得，兩式相減得，，兩式相加得，故，故選A．7．【答案】D【解析】由題意可知，，令目標函數(shù)，作出不等式組表示的平面區(qū)域，如圖所示，由圖知，當目標函數(shù)經(jīng)過點時取得最大值，最大值為，故選D．8．【答案】D【解析】對A，若甲乙有3個對應位置不同，不妨設前3個對應位置不同，則后5個對應位置相同，若丙和甲、丙和乙都要有3個對應位置不同，則只能在后5個對應位置中有3個和甲乙不同，若丙和甲在后5個對應位置中有3個對應位置不同，則必和乙有6個位置不同，故A錯誤；對B，若甲和乙前4個對應位置不同，乙和丙后4個對應位置不同，則甲和丙后4個對應位置也不同，故存在，所以B錯誤；對C，若甲乙第1個位置不同，后7個位置相同，甲丙在后7個位置中有3個位置不同，此時乙丙最多有4個位置不同，故C錯誤；對D，若甲乙前3個位置不同，甲丙第3個到第6個位置不同，則成立，故D正確，故選D．9．【答案】B【解析】如圖所示：設為圓上的隨意一點，則點P到直線的距離為，點P到原點的距離為，所以，設圓與直線相切，則，解得，所以的最小值為，最大值為，所以，所以，故選B．10．【答案】A【解析】依據(jù)，，可得，由，，可得，則，又是定義在上的增函數(shù)，所以，解得，所以不等式的解集為，故選A．11．【答案】D【解析】作出，的大致圖象如圖所示，可知，的圖象都關于直線對稱，可得，．由，得，則，所以．設，則，所以在上單調(diào)遞增，所以的取值范圍是，故選D．12．【答案】C【解析】如下圖所示，取的中點，連接，取的，連接，取的中點，連接、，，為的中點，則，平面，平面，，，平面，、分別為、的中點，則且，平面，平面，所以，平面平面，所以，平面即為平面，設平面交于點，在直棱柱中，且，所以，四邊形為平行四邊形，且，、分別為、的中點，且，所以，四邊形為平行四邊形，且，且，且，所以，四邊形為平行四邊形，，平面，平面，平面，設平面平面，平面，所以，，，，所以，四邊形為平行四邊形，可得，所以，為的中點，延長交于點，，所以，，，又，所以，，，為的中點，因為平面平面，平面平面，平面平面，，，，，，為的中點，，，則，為的中點，，則，同理，因為直棱柱的棱長為，為的中點，，由勾股定理可得，同理可得，且，平面，平面，平面，，、分別為、的中點，則，，由勾股定理可得，同理．因此，截面的周長為，故選C．第Ⅱ卷二、填空題：本大題共4小題，每小題5分．13．【答案】240【解析】，綻開式的通項公式為，令，即．的綻開式中，常數(shù)項是，故答案為240．14．【答案】【解析】由題不選沿海城市的方法有種，從9個城市隨意選2個城市有種，所以所求概率，故答案為．15．【答案】【解析】設拋物線的方程為，，，．由題得，代入橢圓的方程得，所以，，所以，所以，因為，所以，故答案為．16．【答案】【解析】，令，則，故，故，又，故，當且僅當滿意時，等號成立，此時，，故的最大值為，故答案為．三、解答題：本大題共6個大題，共70分，解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟．17．【答案】（1）；（2）．【解析】（1）設等差數(shù)列的公差為d，因為，所以，即，解得，，所以．經(jīng)檢驗，符合題設，所以數(shù)列的通項公式為．（2）由（1）得，所以，，∴，因為，，所以，即．因為為偶數(shù)，所以．18．【答案】（1）證明見解析；（2）．【解析】（1）證明：連接，在圓柱中中，平面，平面，，，，平面，又平面，，在中，為的中點，．（2）連接，則與該圓柱的底面垂直，以點為坐標原點，過點作垂直于直線為軸，、所在直線分別為、軸建立如下圖所示的空間直角坐標系，則、、、，，，，設平面的法向量分別是，由，得，取，得，設直線與平面所成角為，由，化簡得，，解得，，設平面的法向量分別是，，由，得，取，得，，由圖象可知，二面角為銳角，因此，二面角的余弦值為．19．【答案】（1），；（2）（?。?，（ⅱ），．【解析】（1）．．（2）（ⅰ）由題知，，所以，．所以．（ⅱ）由（?。┲?，可得，，故的數(shù)學期望．20．【答案】（1）；（2）．【解析】（1），∴，又橢圓過點，∴，，∴橢圓的方程．（2）①當矩形的四條邊與橢圓相切于頂點時，易知；②當矩形的各邊均不與坐標軸平行時，由矩形及橢圓的對稱性，設其中一邊所在的直線方程為，則其對邊所在的直線方程為，另外兩邊所在的直線方程分別為，，聯(lián)立，消去并整理可得，由題意可得，整理可得，同理可得，設兩平行直線與之間的距離為，則，設兩平行直線與之間的距離為，則，依題意可知，為矩形的兩鄰邊的長度，所以矩形的面積，因為，所以，當且僅當時取等號，所以，所以，所以，綜上所述：該矩形面積的取值范圍為．21．【答案】（1）見解析；（2）．【解析】（1），①當時，由，得，即定義域為；當時，；當時，，在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增；②當時，由，得，即定義域為；當時，；當時，，在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，綜上所述：當時，在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增；當時，在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增．（2）由，得，即，設，則，當時，；當時，，在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，又在上單調(diào)遞減，在上