高考數(shù)學(xué) 1221函數(shù)的表示方法配套訓(xùn)練 新人教A版必修1

【創(chuàng)新設(shè)計(jì)】屆高考數(shù)學(xué)1-2-2-1函數(shù)的表示方法配套訓(xùn)練新人教A版必修1eq\a\vs4\al\co1(雙基達(dá)標(biāo)限時(shí)20分鐘)1．若g(x＋2)＝2x＋3，g(3)的值是()．A．9B．7C．5D．3解析令x＋2＝3，則x＝1，∴g(3)＝2×1＋3＝5.答案C2．已知正方形的周長(zhǎng)為x，它的外接圓的半徑為y，則y關(guān)于x的解析式為()．A．y＝eq\f(1,2)xB．y＝eq\f(\r(2),4)xC．y＝eq\f(\r(2),8)xD．y＝eq\f(\r(2),16)x解析正方形的對(duì)角線長(zhǎng)為eq\f(\r(2),4)x，從而外接圓半徑為y＝eq\f(1,2)×eq\f(\r(2),4)x＝eq\f(\r(2),8)x.答案C3．下列圖形中，不可能作為函數(shù)y＝f(x)圖象的是()．解析對(duì)C，當(dāng)x＝0時(shí)，有兩個(gè)不同的值與之對(duì)應(yīng)，不符合函數(shù)概念，故C不可能作為函數(shù)圖象．答案C4．已知f(2x＋1)＝3x－2且f(a)＝4，則a的值為_(kāi)_______．解析∵f(2x＋1)＝3x－2＝eq\f(3,2)(2x＋1)－eq\f(7,2)，∴f(x)＝eq\f(3,2)x－eq\f(7,2)，∴f(a)＝4，即eq\f(3,2)a－eq\f(7,2)＝4，∴a＝5.答案55．已知f(x)與g(x)分別由下表給出x1234f(x)4321x1234g(x)3142那么f(g(3))＝________.解析∵g(3)＝4，∴f(g(3))＝f(4)＝1.答案16．已知函數(shù)f(x)是二次函數(shù)，且它的圖象過(guò)點(diǎn)(0,2)，f(3)＝14，f(－eq\r(2))＝8＋5eq\r(2)，求f(x)的解析式．解設(shè)f(x)＝ax2＋bx＋c(a≠0)，則由題意，得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(c＝2，,9a＋3b＋c＝14，,2a－\r(2)b＋c＝8＋5\r(2)，))解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(c＝2，,a＝3，,b＝－5.))所以f(x)＝3x2－5x＋2.eq\a\vs4\al\co1(綜合提高限時(shí)25分鐘)7．下列表格中的x與y能構(gòu)成函數(shù)的是()．eq\a\vs4\al(A.)x非負(fù)數(shù)非正數(shù)y1－1eq\a\vs4\al(B.)x奇數(shù)0偶數(shù)y10－1eq\a\vs4\al(C.)x有理數(shù)無(wú)理數(shù)y1－1eq\a\vs4\al(D.)x自然數(shù)整數(shù)有理數(shù)y10－1解析A中，當(dāng)x＝0時(shí)，y＝±1；B中0是偶數(shù)，當(dāng)x＝0時(shí)，y＝0或y＝－1；D中自然數(shù)、整數(shù)、有理數(shù)之間存在包含關(guān)系，如x＝1∈N(Z，Q)，故y的值不唯一，故A、B、D均不正確．答案C8．已知函數(shù)f(x＋1)＝3x＋2，則f(x)的解析式是()．A．f(x)＝3x＋2B．f(x)＝3x＋1C．f(x)＝3x－1D．f(x)＝3x＋4解析令x＋1＝t，則x＝t－1，∴f(t)＝3(t－1)＋2＝3t－1，∴f(x)＝3x－1.答案C9．下列圖形中，可以是函數(shù)y＝f(x)圖象的是________．答案：①②③10．若f(2x)＝4x2＋1，則f(x)的解析式為_(kāi)_______．解析f(2x)＝4x2＋1＝(2x)2＋1，∴f(x)＝x2＋1.答案f(x)＝x2＋111．作出下列函數(shù)的圖象：(1)f(x)＝x＋x0；(2)f(x)＝1－x(x∈Z，且－2≤x≤2)．解(1)如圖1(2)如圖212．(創(chuàng)新拓展)已知函數(shù)f(x)對(duì)任意實(shí)數(shù)a、b，都有f(ab)＝f(a)＋f(b)成立．(1)求f(0)與f(1)的值；(2)求證：feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))＝－f(x)；(3)若f(2)＝p，f(3)＝q(p，q均為常數(shù))，求f(36)的值．(1)解令a＝b＝0，得f(0)＝f(0)＋f(0)，解得f(0)＝0；令a＝1，b＝0，得f(0)＝f(1)＋f(0)，解得f(1)＝0.(2)證明令a＝eq\f(1,x)，b＝x，得f(1)＝feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))＋f(x)＝0，∴feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,x)))