2024年高考物理真題模擬題匯編12電磁感應(yīng)含解析

PAGEPAGE18專題12電磁感應(yīng)1．（2024·新課標(biāo)Ⅱ卷）管道高頻焊機(jī)可以對(duì)由鋼板卷成的圓管的接縫實(shí)施焊接。焊機(jī)的原理如圖所示，圓管通過一個(gè)接有高頻溝通電源的線圈，線圈所產(chǎn)生的交變磁場(chǎng)使圓管中產(chǎn)生交變電流，電流產(chǎn)生的熱量使接縫處的材料熔化將其焊接。焊接過程中所利用的電磁學(xué)規(guī)律的發(fā)覺者為A．庫侖 B．霍爾 C．洛倫茲 D．法拉第【答案】D【解析】由題意可知，圓管為金屬導(dǎo)體，導(dǎo)體內(nèi)部自成閉合回路，且有電阻，當(dāng)四周的線圈中產(chǎn)生出交變磁場(chǎng)時(shí)，就會(huì)在導(dǎo)體內(nèi)部感應(yīng)出渦電流，電流通過電阻要發(fā)熱。該過程利用原理的是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，其發(fā)覺者為法拉第。故選D。

2．（2024·新課標(biāo)Ⅲ卷）如圖，水平放置的圓柱形光滑玻璃棒左邊繞有一線圈，右邊套有一金屬圓環(huán)。圓環(huán)初始時(shí)靜止。將圖中開關(guān)S由斷開狀態(tài)撥至連接狀態(tài)，電路接通的瞬間，可視察到A．撥至M端或N端，圓環(huán)都向左運(yùn)動(dòng)B．撥至M端或N端，圓環(huán)都向右運(yùn)動(dòng)C．撥至M端時(shí)圓環(huán)向左運(yùn)動(dòng)，撥至N端時(shí)向右運(yùn)動(dòng)D．撥至M端時(shí)圓環(huán)向右運(yùn)動(dòng)，撥至N端時(shí)向左運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】無論開關(guān)S撥至哪一端，當(dāng)把電路接通一瞬間，左邊線圈中的電流從無到有，電流在線圈軸線上的磁場(chǎng)從無到有，從而引起穿過圓環(huán)的磁通量突然增大，依據(jù)楞次定律（增反減同），右邊圓環(huán)中產(chǎn)生了與左邊線圈中方向相反的電流，異向電流相互排斥，故選B。3．（2024·江蘇卷）如圖所示，兩勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度和大小相等、方向相反。金屬圓環(huán)的直徑與兩磁場(chǎng)的邊界重合。下列改變會(huì)在環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針方向感應(yīng)電流的是（）A．同時(shí)增大減小B．同時(shí)減小增大C．同時(shí)以相同的改變率增大和D．同時(shí)以相同的改變率減小和【答案】B【解析】AB．產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流則感應(yīng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面對(duì)里。由楞次定律可知，圓環(huán)中的凈磁通量改變?yōu)橄蚶锎磐肯鳒p或者向外的磁通量增多，A錯(cuò)誤，B正確。CD．同時(shí)以相同的改變率增大B1和B2，或同時(shí)以相同的改變率較小B1和B2，兩個(gè)磁場(chǎng)的磁通量總保持大小相同，所以總磁通量為0，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，CD錯(cuò)誤。故選B。4．（2024·浙江選考7月）如圖所示，固定在水平面上的半徑為r的金屬圓環(huán)內(nèi)存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。長(zhǎng)為l的金屬棒，一端與圓環(huán)接觸良好，另一端固定在豎直導(dǎo)電轉(zhuǎn)軸上，隨軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。在圓環(huán)的A點(diǎn)和電刷間接有阻值為R的電阻和電容為C、板間距為d的平行板電容器，有一帶電微粒在電容器極板間處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為g，不計(jì)其它電阻和摩擦，下列說法正確的是（）A．棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為B．微粒的電荷量與質(zhì)量之比為C．電阻消耗的電功率為D．電容器所帶的電荷量為【答案】B【解析】A．如圖所示，金屬棒繞軸切割磁感線轉(zhuǎn)動(dòng)，棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)A錯(cuò)誤；B．電容器兩極板間電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，帶電微粒在兩極板間處于靜止?fàn)顟B(tài)，則即B正確；C．電阻消耗的功率C錯(cuò)誤；D．電容器所帶的電荷量D錯(cuò)誤。故選B。5．（2024·新課標(biāo)Ⅱ卷）如圖，U形光滑金屬框abcd置于水平絕緣平臺(tái)上，ab和dc邊平行，和bc邊垂直。ab、dc足夠長(zhǎng)，整個(gè)金屬框電阻可忽視。一根具有肯定電阻的導(dǎo)體棒MN置于金屬框上，用水平恒力F向右拉動(dòng)金屬框，運(yùn)動(dòng)過程中，裝置始終處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，MN與金屬框保持良好接觸，且與bc邊保持平行。經(jīng)過一段時(shí)間后A．金屬框的速度大小趨于恒定值B．金屬框的加速度大小趨于恒定值C．導(dǎo)體棒所受安培力的大小趨于恒定值D．導(dǎo)體棒到金屬框bc邊的距離趨于恒定值【答案】BC【解析】由bc邊切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，形成電流，使得導(dǎo)體棒MN受到向右的安培力，做加速運(yùn)動(dòng)，bc邊受到向左的安培力，向右做加速運(yùn)動(dòng)。當(dāng)MN運(yùn)動(dòng)時(shí)，金屬框的bc邊和導(dǎo)體棒MN一起切割磁感線，設(shè)導(dǎo)體棒MN和金屬框的速度分別為、，則電路中的電動(dòng)勢(shì)電流中的電流金屬框和導(dǎo)體棒MN受到的安培力，與運(yùn)動(dòng)方向相反，與運(yùn)動(dòng)方向相同設(shè)導(dǎo)體棒MN和金屬框的質(zhì)量分別為、，則對(duì)導(dǎo)體棒MN對(duì)金屬框初始速度均為零，則a1從零起先漸漸增加，a2從起先漸漸減小。當(dāng)a1＝a2時(shí)，相對(duì)速度大小恒定。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程用速度時(shí)間圖象描述如下。綜上可得，金屬框的加速度趨于恒定值，安培力也趨于恒定值，BC選項(xiàng)正確；金屬框的速度會(huì)始終增大，導(dǎo)體棒到金屬框bc邊的距離也會(huì)始終增大，AD選項(xiàng)錯(cuò)誤。故選BC。6．（2024·天津卷）手機(jī)無線充電是比較新奇的充電方式。如圖所示，電磁感應(yīng)式無線充電的原理與變壓器類似，通過分別安裝在充電基座和接收能量裝置上的線圈，利用產(chǎn)生的磁場(chǎng)傳遞能量。當(dāng)充電基座上的送電線圈通入正弦式交變電流后，就會(huì)在鄰近的受電線圈中感應(yīng)出電流，最終實(shí)現(xiàn)為手機(jī)電池充電。在充電過程中

A．送電線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)呈周期性改變B．受電線圈中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)恒定不變C．送電線圈和受電線圈通過互感現(xiàn)象實(shí)現(xiàn)能量傳遞D．手機(jī)和基座無需導(dǎo)線連接，這樣傳遞能量沒有損失【答案】AC【解析】AB．由于送電線圈輸入的是正弦式交變電流，是周期性改變的，因此產(chǎn)生的磁場(chǎng)也是周期性改變的，A正確，B錯(cuò)誤；C．依據(jù)變壓器原理，原、副線圈是通過互感現(xiàn)象實(shí)現(xiàn)能量傳遞，因此送電線圈和受電線圈也是通過互感現(xiàn)象實(shí)現(xiàn)能量傳遞，C正確；D．手機(jī)與機(jī)座無需導(dǎo)線連接就能實(shí)現(xiàn)充電，但磁場(chǎng)能有一部分以電磁波輻射的形式損失掉，因此這樣傳遞能量是有能量損失的，D錯(cuò)誤。故選AC。7．（2024·山東省青島巿高三一模物理）如圖，條形磁鐵在固定的水平閉合導(dǎo)體圓環(huán)正上方，從離地面高h(yuǎn)處由靜止起先下落，下落過程中始終保持豎直方向，并從圓環(huán)中心穿過，最終落在水平地面上。條形磁鐵A、B兩端經(jīng)過線圈平面時(shí)的速度分別為v1、v2，線圈中的感應(yīng)電流分別為I1、I2，電流的瞬時(shí)功率分別為P1、P2.不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，下列說法正確的是A．從上往下看，I2的方向?yàn)轫槙r(shí)針B．I1：I2=v1：v2C．P1：P2=v1：v2D．磁鐵落地時(shí)的速率為【答案】AB【解析】A．條形磁鐵B端經(jīng)過線圈平面時(shí)，穿過線圈的磁通量向下減小，依據(jù)楞次定律可知，從上往下看，I2的方向?yàn)轫槙r(shí)針，選項(xiàng)A正確；BC．條形磁鐵AB端經(jīng)過線圈平面時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度相同，依據(jù)E=BLv以及可知I1：I2=v1：v2，依據(jù)P=I2R可知電流的瞬時(shí)功率之比為選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤；D．若磁鐵自由下落，則落地的速度為；而由于磁鐵下落過程中有電能產(chǎn)生，機(jī)械能減小，則磁鐵落地時(shí)的速率小于，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AB。8．（2024·山東省濰坊高密市高三模擬）電磁軌道炮利用電流和磁場(chǎng)的作用使炮彈獲得超高速度，其原理示意圖如圖所示。兩根固定于水平面內(nèi)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌間存在垂直于導(dǎo)軌平面對(duì)里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。炮彈可視為一質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒MN，垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài)，并與導(dǎo)軌良好接觸。電容器電容C，首先開關(guān)接1，使電容器完全充電。然后將S接至2，MN達(dá)到最大速度vm后離開導(dǎo)軌。這個(gè)過程中A．MN做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．通過MN的電量C．達(dá)到最大速度時(shí)電容器C兩極板間的電壓為0D．求出通過MN的電量q后，不行以利用的公式求出MN加速過程的位移【答案】BD【解析】A．當(dāng)MN向右運(yùn)動(dòng)的過程中，電容器放電電流漸漸減小，況且MN切割磁感線要產(chǎn)生與電容器放電電流反向的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，可知MN所受安培力漸漸減小，MN做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．當(dāng)MN速度最大時(shí)，由動(dòng)量定理解得選項(xiàng)B正確；C．達(dá)到最大速度vm時(shí)，MN上的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為電容器C兩極板間的電壓為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．過程中任一時(shí)刻電流為U′為電容器極板電壓，則從式中可以看出電流不恒定，取一很短時(shí)間△t'，流過MN電量為只有當(dāng)U'=0時(shí)才有而本題過程中始終不滿意U'=0，則不行以利用的公式求出MN加速過程的位移，選項(xiàng)D正確。故選BD。9．（2024·山東省臨沂市高三上學(xué)期期末）如圖所示，位于同一絕緣水平面內(nèi)的兩根固定金屬導(dǎo)軌MN、M′N′，電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌之間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)將兩根粗細(xì)勻稱、電阻分布勻稱的相同銅棒ab、cd放在兩導(dǎo)軌上，若兩棒從圖示位置以相同的速度沿MN方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中始終與兩導(dǎo)軌接觸良好，且始終與導(dǎo)軌MN垂直，不計(jì)一切摩擦，則下列說法正確的是A．回路中有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B．回路中的感應(yīng)電流不斷減小C．回路中的熱功率不斷增大D．兩棒所受安培力的合力不斷減小【答案】BD【解析】A．兩棒以相同的速度沿MN方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，回路的磁通量不斷增大，依據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)兩棒原來相距的距離為S，M′N′與MN的夾角為α．回路中總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLcdv-BLabv=Bv?（Lcd-Lab）=Bv?Stanα=BvStanα，保持不變，由于回路的電阻不斷增大，而總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，所以回路中的感應(yīng)電流不斷減小，故B正確；C．回路中的熱功率為，E不變，R增大，則P不斷減小，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)兩棒原來相距的距離為S，M′N′與MN的夾角為α，安培力之差等于，由于電流減小，所以兩棒所受安培力的合力不斷減小，故D正確．故選BD．10．（2024·安徽省“皖江名校聯(lián)盟”高三決戰(zhàn)高考最終一卷）如圖所示，在光滑絕緣的水平面上的兩平行虛線之間存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（俯視如圖），單匝正方形閉合線框ABCD，從磁場(chǎng)左側(cè)向右運(yùn)動(dòng)，以大小為3v0的速度起先進(jìn)入磁場(chǎng)，當(dāng)AB邊穿出磁場(chǎng)右邊界時(shí)線框的速度大小為v0。假設(shè)線框在運(yùn)動(dòng)過程中CD邊始終平行于磁場(chǎng)邊界，磁場(chǎng)的寬度大于正方形的邊長(zhǎng)。關(guān)于線框整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程，下列說法正確的是A．線框ABCD進(jìn)人磁場(chǎng)時(shí)所受安培力方向向左，穿出磁場(chǎng)時(shí)所受安培力方向向右B．線框ABCD全部進(jìn)人磁場(chǎng)后到CD邊離開磁場(chǎng)前，線框做勻速運(yùn)動(dòng)C．線框ABCD在進(jìn)入磁場(chǎng)過程中和穿出磁場(chǎng)過程中通過導(dǎo)線某截面的電量大小相等D．線框ABCD進(jìn)入磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)的過程中產(chǎn)生的焦耳熱之比為5：3【答案】BCD【解析】A．依據(jù)電磁阻尼，線框進(jìn)出磁場(chǎng)的過程安培力方向都向左，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．當(dāng)線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，穿過線圈的磁通量不改變，無感應(yīng)電流，線框不受安培力作用，做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；C．通過導(dǎo)線某截面的電量可知進(jìn)出磁場(chǎng)通過某截面的電量大小相等，選項(xiàng)C正確；D．線框進(jìn)出磁場(chǎng)受到的沖量可知進(jìn)出磁場(chǎng)安培力的沖量相同。由動(dòng)量定理可得線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為，故進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為出磁場(chǎng)的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為所以選項(xiàng)D正確。故選BCD。11．（2024·山西省榆社中學(xué)高二下期末）如圖所示，相距為d的兩條水平虛線L1、L2之間是方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，正方形線圈abcd邊長(zhǎng)為L(zhǎng)(L<d)，質(zhì)量為m，電阻為R，將線圈從磁場(chǎng)上方高h(yuǎn)處由靜止釋放，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v0，cd邊剛離開磁場(chǎng)時(shí)速度也為v0．則線圈穿越磁場(chǎng)的過程中，(從cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)起始終到ab邊離開磁場(chǎng)為止)以下說法正確的是A．感應(yīng)電流所做的功為mgdB．感應(yīng)電流所做的功為2mgdC．線圈的最小速度肯定為D．線圈的最小速度肯定為【答案】BCD【解析】AB．依據(jù)能量守恒，探討從cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到cd邊剛穿出磁場(chǎng)的過程：動(dòng)能改變量為0，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中產(chǎn)生的熱量，，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為，cd邊剛離開磁場(chǎng)時(shí)速度也為，所以從cd邊剛穿出磁場(chǎng)到ab邊離開磁場(chǎng)的過程，線框產(chǎn)生的熱量與從cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)的過程產(chǎn)生的熱量相等，所以線圈從cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊離開磁場(chǎng)的過程，產(chǎn)生的熱量感應(yīng)電流做的功為故A錯(cuò)誤，B正確；C．線框可能先做減速運(yùn)動(dòng)，在完全進(jìn)入磁場(chǎng)前已做勻速運(yùn)動(dòng)，剛完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度最小，則則最小速度故C正確；D．因?yàn)檫M(jìn)磁場(chǎng)時(shí)要減速，線圈全部進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻加速運(yùn)動(dòng)，則知線圈剛?cè)窟M(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間速度最?。O(shè)線圈的最小速度為，線圈從起先下落到線圈剛完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過程，依據(jù)能量守恒定律得：由上可知解得線圈的最小速度為故D正確。故選BCD。12．（2024·山東省泰安市高三下學(xué)期其次次模擬考）如圖，平行光滑金屬導(dǎo)軌M、N固定在水平面上，處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．完全相同的兩金屬棒P、Q搭放在導(dǎo)軌上，起先均處于靜止?fàn)顟B(tài)．給P施加一與導(dǎo)軌平行的恒定拉力作用，運(yùn)動(dòng)中兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直并與導(dǎo)軌接觸良好．設(shè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，除兩棒的電阻外其余電阻均不計(jì)．則兩棒的速度及棒中的感應(yīng)電流隨時(shí)間改變的圖象正確的是A．B．C．D．【答案】AD【解析】P向右做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，由右手定則推斷知，回路中產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流，由左手定則推斷可知，Q棒所受的安培力方向向右，故Q向右做加速運(yùn)動(dòng)；Q向右運(yùn)動(dòng)后，起先階段，兩桿的速度差增大，產(chǎn)生回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，感應(yīng)電流增大，兩桿所受的安培力都增大，則P的加速度減小，Q的加速度增大，當(dāng)兩者的加速度相等時(shí)，速度之差不變，感應(yīng)電流不變，安培力不變，兩桿均做加速度相同的勻加速運(yùn)動(dòng)．AB、起先運(yùn)動(dòng)時(shí)，P棒做加速度減小的加速度運(yùn)動(dòng)，Q棒做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，最終做加速度相同的加速度運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD、起先運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩棒的速度差增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，通過電流增大，最終兩棒都做勻加速運(yùn)動(dòng)，速度差保持不變，故回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，電流恒定，故C錯(cuò)誤，D正確．故選AD．13．（2024·山東省高三高考?jí)狠S模擬）如圖所示，間距L=0.5m的平行導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌上端與電阻R連接，圖中水平虛線下方存在垂直導(dǎo)軌平面對(duì)外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。現(xiàn)將質(zhì)量m=0.1kg的導(dǎo)體棒從虛線上方h1處垂直于導(dǎo)軌由靜止釋放，經(jīng)時(shí)間t1后導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)且恰好以速度v0做勻速直線運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)t2=2s后給導(dǎo)體棒施加一豎直向上的恒力F=2N，并且由于磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生改變回路中不再產(chǎn)生感應(yīng)電流，再經(jīng)過t3=0.2s導(dǎo)體棒的速度減為零。已知導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻不計(jì)，重力加速度g=10m/s2，關(guān)于導(dǎo)體棒由靜止釋放到速度減為零的過程，下列說法正確的是A．v0=2m/sB．hl=2mC．回路中磁通量的最大值為0.4WbD．回路中產(chǎn)生的焦耳熱為4J【答案】ACD【解析】A．給導(dǎo)體棒施加一個(gè)豎直向上的恒力后，回路中無電流，導(dǎo)體棒不受安培力作用，導(dǎo)體棒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，依據(jù)加速度大小為g，經(jīng)過速度減為零，則由A正確；B．依據(jù)解得B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體棒進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)后回路中磁通量達(dá)到最大，2s時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體棒的位移則回路磁通量的最大值為C正確；D．依據(jù)能量守恒定律可知整個(gè)過程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱與勻速運(yùn)動(dòng)階段重力勢(shì)能的削減量相等D正確。故選ACD。14．（2024·湘贛皖長(zhǎng)郡中學(xué)十五校高三其次次聯(lián)考）如圖所示，固定軌道由傾角為的斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌用極短的圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成，軌道所在空間存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，上端用阻值為R的電阻連接。在沿斜導(dǎo)軌向下的拉力（圖中未畫出）作用下，一質(zhì)量為m、接入電路的有效電阻為R的金屬桿MN從斜導(dǎo)軌上某一高度處由靜止起先（t=0）沿斜導(dǎo)軌勻加速下滑，經(jīng)過時(shí)間t0桿MN滑至斜軌道的最底端P2Q2處，此時(shí)速度大小為v并撤去拉力，桿MN在水平導(dǎo)軌上減速運(yùn)動(dòng)直至停止，桿MN始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌保持良好接觸，導(dǎo)軌的電阻以及一切摩擦均不計(jì)。則下列說法正確的是A．桿MN中通過的最大感應(yīng)電流B．桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的過程中，通過電阻R的電荷量C．撤去拉力后，桿MN在水平軌道上運(yùn)動(dòng)的路程D．撤去拉力后，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】ACD【解析】A．經(jīng)分析可知，桿下滑到處時(shí)的速度最大（設(shè)為），剛滑