廣東省珠海市香洲區(qū)2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期期末模擬考卷01含解析

PAGEPAGE16廣東省珠海市香洲區(qū)2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期期末模擬考卷01（含解析）單選題1．質(zhì)量為100kg的賽車在平直賽道上以恒定功率加速，受到的阻力不變，其加速度a和速度的倒數(shù)的關(guān)系如圖所示，則賽車A．速度隨時間勻稱增大B．加速度隨時間勻稱增大C．輸出功率為40kWD．所受阻力大小為4000N【答案】C【解析】由圖可知，加速度變更，故做變加速直線運動，故A錯誤；a-1/v函數(shù)方程a＝?4，汽車加速運動，速度增大，加速度減小，故B錯誤；對汽車受力分析，受重力、支持力、牽引力和摩擦力，依據(jù)牛頓其次定律，有：F-f=ma,其中：F=P/v；聯(lián)立得：；結(jié)合圖線，當(dāng)物體的速度最大時，加速度為零，故結(jié)合圖象可以知道，a=0時，1/v=0.01，v=100m/s，所以最大速度為100m/s;由圖象可知：?f/m＝?4，解得：f=4m=4×100=400N；，解得：P=40KW，故C正確，D錯誤；故選C.點睛：本題關(guān)鍵對汽車受力分析后，依據(jù)牛頓其次定律列出加速度與速度關(guān)系的表達式，再結(jié)合圖象進行分析求解。2．一小球在不行伸長的細繩約束下沿光滑水平桌面做勻速圓周運動，下列說法中正確的是（）A．小球做勻變速曲線運動B．由于小球做圓周運動而產(chǎn)生一個向心力C．小球所受的合外力即為向心力D．小球向心力不變【答案】C【解析】A．勻速圓周運動的加速度大小不變，方向始終指向圓心，加速度是變更的，是變加速運動，故A錯誤；BC．向心力是物體做勻速圓周運動所須要的指向圓心的合外力，它可以由一個力供應(yīng)，也可以由幾個力的合力供應(yīng)，也可以一個力的分力供應(yīng)，所以小球在光滑水平桌面做勻速圓周運動，小球所受的合外力即為向心力，向心力由重力、水平桌面對其的支持力和細繩的拉力的合力供應(yīng)，故B錯誤，C正確；D．向心力指向圓心，與線速度方向始終垂直，所以小球向心力是變力，故D錯誤；故選C。3．下列關(guān)于熱力學(xué)其次定律的說法中正確的是A．全部符合能量守恒定律的宏觀過程都能真的發(fā)生B．一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過程都是不行逆的C．機械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能也可以全部用來做功而轉(zhuǎn)化成機械能D．氣體向真空的自由膨脹是可逆的【答案】B【解析】A.依據(jù)熱力學(xué)其次定律，全部符合能量守恒定律的宏觀過程不肯定都能真的發(fā)生，選項A錯誤；B.一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過程都是不行逆的，選項B正確；C.機械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，但是內(nèi)能不行以全部用來做功而轉(zhuǎn)化成機械能，選項C錯誤；D.氣體向真空的自由膨脹是不行逆的，選項D錯誤；故選B.4．今年我國將完成“北斗”系統(tǒng)全網(wǎng)布局，覆蓋“一帶一路”沿線國家，實現(xiàn)全球服務(wù)實力。如圖所示，“北斗”系統(tǒng)由中圓軌道衛(wèi)星（軌道1）、傾斜同步軌道衛(wèi)星（軌道2）、靜止同步軌道衛(wèi)星（軌道3）組成。下列關(guān)于衛(wèi)星的敘述中正確的是（）A．為實現(xiàn)穩(wěn)定的定位信息的傳送，全部衛(wèi)星必需對地球表面相對靜止B．衛(wèi)星的運行速度大于第一宇宙速度C．靜止同步軌道衛(wèi)星相對地面靜止，所以處于平衡狀態(tài)D．衛(wèi)星的向心加速度都小于地面重力加速度【答案】D【解析】A．只有靜止同步軌道衛(wèi)星是相對于地面靜止的，選項A錯誤；B．衛(wèi)星環(huán)繞速度軌道半徑越大線速度越小，除近地衛(wèi)星外，運行速度均小于第一宇宙速度，選項B錯誤；C．靜止同步軌道衛(wèi)星繞地心運行，相對地面靜止（同周期，與赤道共面，且自西向東轉(zhuǎn)），有向心加速度，選項C錯誤；D．衛(wèi)星的向心加速度當(dāng)時，當(dāng)時選項D正確。故選D。5．用輕繩拴一質(zhì)量為m的小球以加速度a勻加速豎直向上提升一段距離s，則拉力對小球做的功為A．mgs B．mas C．m(g+a)s D．m(g-a)s【答案】C【解析】依據(jù)牛頓其次定律得：F-mg=ma；解得：F=m（g+a）；則拉力對小球做的功W=Fs=m（g+a）s；故選C．點睛：本題主要考查了牛頓其次定律及恒力做功公式的干脆應(yīng)用，知道公式中的位移為該力的方向上的位移．6．能量耗散是指()A．在能源的利用過程中，能量在數(shù)量上削減了．B．在能源的利用過程中，能量完全不能利用了．C．在能源的利用過程中，能量可利用的品質(zhì)降低了．D．在能源的利用過程中，能量在數(shù)量上增多了．【答案】C【解析】能量耗散的過程中不是能量在數(shù)量上減小，也不是能量完全不能用了，而是能量向品質(zhì)低的大氣內(nèi)能轉(zhuǎn)變，而總的能量是守恒的，能量不能憑空產(chǎn)生，也不能憑空消逝，但有方向性，故選C.7．關(guān)于做曲線運動的物體，下列說法正確的是A．速度方向可能不變B．速度方向肯定變更C．速度大小肯定變更D．所受合外力可能為零【答案】B【解析】做曲線運動的物體的速度方向肯定變更，速度的大小不肯定變更，例如勻速圓周運動，選項B正確，BC錯誤；曲線運動的物體因速度方向變更，則速度變更，即物體有加速度，則合外力不為零，選項D錯誤；故選B.8．如圖所示，一輛貨車用輕繩通過光滑輕質(zhì)定滑輪提升一箱貨物，貨箱質(zhì)量為M，貨物質(zhì)量為m．貨車由靜止起先向左先做加速運動，再以速度v做勻速運動，最終減速運動直到靜止，在貨車的牽引下，將貨物提上升度h．重力加速度為g，則A．整個過程中，貨物的機械能先增加后削減B．貨車勻速運動過程中，貨物與貨箱的總重力做功的瞬時功領(lǐng)先增加后削減C．貨車勻速運動時，貨物對貨箱底部的壓力始終等于mgD．整個過程中，繩對貨物做的功為(M+m)gh【答案】D【解析】將貨車的速度進行正交分解，如圖所示：由于繩子不行伸長，貨箱和貨物整體向上運動的速度和貨車速度沿著繩子方向的重量相等，故v1=vcosθ由于θ不斷減小，故貨箱和貨物整體向上做加速運動，加速度向上；A．整個過程中，貨箱對貨物的支持力始終對貨物做正功，貨物的機械能始終增加，故A錯誤；B．貨車勻速運動過程中，貨箱和貨物整體向上做加速運動，依據(jù)功率P=Fv，貨物與貨箱的總重力做功的瞬時功率漸漸增加，故B錯誤；C．貨車勻速運動過程中，貨箱和貨物整體向上做加速運動，加速度向上，是超重，故箱中的物體對箱底的壓力大于mg，故C錯誤；D．依據(jù)動能定理，此過程中繩對貨箱拉力做的功WT-（M+m）gh=0WT=（M+m）gh故D正確。故選D。二、多選題9．下列說法正確的是A．行星繞恒星運動的軌道假如是圓形，那么全部行星運行周期T的平方與軌道半徑r的三次方的比為常數(shù)，這個常數(shù)k的大小只與恒星的質(zhì)量有關(guān)B．一物體靜置在平均密度為ρ的球形天體表面的赤道上．已知引力常量為G，若由于天體自轉(zhuǎn)使物體對天體表面壓力恰好為零，則天體自轉(zhuǎn)周期為C．人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，其速率介于7.9~11.2km/sD．由于太陽不斷向外輻射電磁能，其自身質(zhì)量不斷減?。罁?jù)這一理論，在宇宙演化過程中，地球公轉(zhuǎn)周期在漸漸變大【答案】ABD【解析】行星繞恒星運動軌道假如是圓形，則依據(jù)萬有引力定律有：，經(jīng)過整理得：，即假如，則常數(shù)k的大小只與恒星的質(zhì)量有關(guān)，故A正確．物體對天體表面壓力為零，萬有引力等于向心力，所以依據(jù)牛頓其次定律有：，即，再依據(jù)公式，所以，解得，故B正確．由知，當(dāng)r=R時，v有最大值即7.9km/s，故C錯誤．假如太陽質(zhì)量不變，線速度v正好能夠滿意萬有引力供應(yīng)須要的向心力，可是太陽質(zhì)量變小了，萬有引力就變小了，這個時候須要的向心力就比萬有引力大了，地球就做離心運動了，也就離太陽越來越遠了，所以運動半徑變大，故公轉(zhuǎn)周期也在變大，故D正確．故選ABD.10．物體做圓周運動時，關(guān)于向心力的說法中正確的是：A．向心力是產(chǎn)生向心加速度的力 B．向心力是物體受到的合外力C．向心力的作用是變更物體速度的方向 D．物體做勻速圓周運動時，受到的向心力是恒力【答案】AC【解析】AC．圓周運動的向心力是產(chǎn)生向心加速度的力，用來變更速度方向的，AC正確；B．假如物體做非勻速圓周運動，向心力只是合力的一個分力，還有一個切向力，來變更速度大小，B錯誤；D．物體做勻速圓周運動時，向心力時時刻刻指向圓心，是變力，D錯誤。故選AC。11．下列關(guān)于行星對太陽的引力的說法中，正確的是()A．行星對太陽的引力與太陽對行星的引力是同一性質(zhì)的力B．太陽對行星的引力大于行星對太陽的引力C．行星對太陽的引力大小與太陽的質(zhì)量成正比，與行星的質(zhì)量無關(guān)D．與行星到太陽的距離的二次方成反比【答案】AD【解析】A、行星對太陽的引力和太陽對行星的引力都是萬有引力，性質(zhì)相同．故A正確．B、依據(jù)萬有引力定律分析可知：行星對太陽的引力與行星和太陽的質(zhì)量的乘積成正比，與兩者的質(zhì)量都有關(guān)．故B錯誤．C、由牛頓第三定律分析得到，太陽對行星的引力等于行星對太陽的引力．故C錯誤．D、依據(jù)萬有引力定律分析可知：行星對太陽的引力與行星和太陽的質(zhì)量的乘積成正比，與行星距太陽的距離平方成反比．故D正確．故選AD．12．質(zhì)量為選m的物體，由靜止起先下落,空氣阻力為，在物體下落h的過程中，下列說法正確的是()A．物體重力做的功為mghB．物體的動能削減了mghC．物體重力勢能增加了mghD．物體克服阻力所做的功為【答案】AD【解析】AC、重力做功只與始末的位置有關(guān)，重力做功多少，重力勢能就削減多少，所以物體重力做的功為mgh，則重力勢能減小了mgh，故A正確，C錯誤；B、動能的變更和合外力做功有關(guān)系，依據(jù)動能定理可知合外力做功為，故B錯誤；D、依據(jù)功的定義可知物體克服阻力所做的功為，故D正確；故選AD三、試驗題13．圖a是《驗證機械能守恒定律》的試驗裝置，試驗中打出的一條紙帶如圖b所示，O為第一個點，A、B、C為從合適位置起先選取的三個連續(xù)點(其他點畫出)．打點計時器每隔0．02s打一個點．（1）紙帶的_________端(選填“左”或“右”)與重錘相連.（2）若重錘的質(zhì)量為0．5kg，由圖b所給的數(shù)據(jù)可算出，打B點時重錘的動能為_______．(3)算出重錘下落不同高度h時對應(yīng)的速度v，為了能直觀地反映v變更的h關(guān)系，應(yīng)作出_____圖象(選填v-h或v2-h)．【答案】左0.81J-h【解析】物體運動速度慢慢變大，故打點間距應(yīng)變大；由平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得B點的瞬時速度，進而得到該點的動能；對于物理量線性關(guān)系圖象的應(yīng)用我們要從兩方面：1、從物理角度找出兩變量之間的關(guān)系式；2、從數(shù)學(xué)角度找出圖象的截距和斜率，兩方面結(jié)合解決問題．（1）下落過程為勻加速運動，物體運動速度慢慢變大，故打點間距應(yīng)變大，所以紙帶的左端與重物相連；（2）由平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得B點的瞬時速度，為：，打B點時重錘的動能為．（3）從理論角度物體自由下落過程中機械能守恒可以得出：．即：．為了能直觀地反映v變更的h關(guān)系，應(yīng)作出v2-h圖．14．伽利略在探討自由落體運動規(guī)律時做了聞名的斜面試驗，試驗中他將接近光滑的直木板槽傾斜固定，讓銅球從木板槽頂端沿斜面由靜止滑下，并用水鐘測量銅球每次下滑的時間，探討銅球的運動路程s和時間t的關(guān)系，伽利略得到的結(jié)論是s∝_____，若將此試驗結(jié)論做合理外推，也可適用于自由落體運動，其緣由是銅球在斜面上運動的加速度_____．A．與銅球質(zhì)量成正比B．與斜面傾角成正比C．隨斜面傾角的增大而增大D．不隨斜面傾角的變更而變更【答案】C【解析】[1]伽利略的結(jié)論：銅球運動的路程與時間的平方成正比，即；[2]伽利略的試驗之所以勝利，主要緣由是抓住了主要因素，而忽視了次要因素．你認為他在加速度試驗中，伽利略選用光滑直木槽和銅球進行試驗來探討銅球的運動，是為了減小銅球運動過程中的摩擦阻力這一次要因素，同時抓住了這重力一主要因素．若將此試驗結(jié)論做合理外推，即可適用于自由落體運動，其緣由是在試驗誤差范圍內(nèi)，銅球運動的加速度隨斜面傾角的增大而增大，C正確，ABD錯誤。故選C。四、解答題15．某行星的自轉(zhuǎn)周期為T＝6h，用彈簧測力計在該行星的“赤道”和“兩極”處測同一物體的重力，彈簧測力計在赤道上的讀數(shù)比在兩極上的讀數(shù)小10%(行星視為球體)．(1)求行星的平均密度；(2)設(shè)想該行星自轉(zhuǎn)角速度加快到某一值時，在“赤道”上的物體會“飄”起來，求此時的自轉(zhuǎn)周期．【答案】(1)3.0×103kg/m3(2)1.9h【解析】（1）放在行星兩極處的物體，其萬有引力等于重力，即G=mg

赤道上的物體萬有引力供應(yīng)了其向心力及重力，即在赤道上，我們把物體所受到的萬有引力分解為自轉(zhuǎn)所需的向心力和重力

G=mg'+mR

則mg-mg'=0.1G=mR

所以該行星的質(zhì)量M=

行星的密度

代入數(shù)據(jù)解得ρ≈3.0×103

kg/m3．

（2）對物體原來有0.1G=mR，

當(dāng)物體“飄”起來時有

G=mR，

聯(lián)立解得

T1=T=×6

h≈1.9

h．16．如圖所示，AB為半徑豎直放置的光滑細圓管，O為細圓管的圓心，緊靠圓管的末端B有一質(zhì)量的木板D。一質(zhì)量為的小物塊C以某一初速度從點水平拋出，恰好能沿圓管切線方向以3m/s的速度從A點進入細圓管，小物塊離開圓弧最低點B后沖上木板，C與D，D與地面之間的動摩擦因數(shù)分別為，，結(jié)果C剛好沒有從D上滑下來。（g?。┣螅?1)小物塊從P點水平拋出時的初速度和P。A兩點間的水平距離S；(2)小物塊到達圓弧最低點B時對軌道的壓力；(3)木板D的長度L。（本題結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1），；（2），方向豎直向下；（3）1.5m?！窘馕觥浚?）對A點速度進行分解平拋時間兩點間的水平距離S（2）由A到B運動過程，由機械能守恒定律得對B點的物塊，由牛頓其次定律牛頓第三定律，小物塊在B點時對軌道的壓力方向豎直向下（3）C在D上向右做勻減速運動，加速度木板D向右做勻加速運動，加速度由題意