浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案25

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）得分1．下列單位屬于國際制基本單位且對應(yīng)的物理量一定為標量的是（）A．K B．T C．N D．J2．2023年9月25日“05后”中國選手余依婷以2分07秒75的絕對優(yōu)勢，奪得亞運會女子200米個人混合泳金牌，成為亞運三金王。下列判斷正確的是（）A．“200米”指的位移大小 B．“2分07秒75”表示時刻C．全程的平均速度是1.57m/s 3．如圖所示，一個兩端封閉的玻璃管，把質(zhì)量不相同的鐵片和羽毛放到玻璃管中，玻璃管豎直放置，讓鐵片和羽毛從玻璃管上方同一位置同時開始下落，觀察它們下落的情況，下列說法正確的是（）A．羽毛的加速度在增大 B．下落過程羽毛機械能守恒C．鐵片的重力勢能不斷在增大 D．羽毛與鐵片之間的距離在增大4．靜電透鏡被廣泛應(yīng)用于電子器件中，圖中虛線表示陰極射線示波管的聚焦電場等勢面分布情況，任意兩個相鄰等勢面間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線。一電子從其左側(cè)進入聚焦電場，圖中實線為電子僅在電場力作用下的運動軌跡，P、Q、R為其軌跡上的三點。下列判斷正確的是（）A．P點的電勢大于R點的電勢 B．P點的電場強度大于R點的電場強度C．電子在Q點的動能小于在P點的動能 D．電子在Q點電勢能小于R點的電勢能5．下列關(guān)于教材中的四幅插圖說法正確的是（）A．圖甲是顯微鏡下三顆小炭粒的運動位置連線圖，連線表示小炭粒的運動軌跡B．圖乙是某材料制作的細管豎直插入水中的情景，證明水浸潤該材料C．圖丙是一定質(zhì)量的理想氣體在不同溫度下的兩條等溫線，則TD．圖丁中一只水黽能停在水面上，是浮力作用的結(jié)果6．如圖，質(zhì)量為m的小球用一輕繩豎直懸吊于O點。現(xiàn)用一光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動輕繩至虛線位置，在此過程中，下列說法正確的是（）A．鉤子對繩的作用力始終不變 B．掛鉤與O點間的繩子拉力先變大后變小C．繩子對掛鉤的作用力方向始終水平向左 D．鉤子對繩的作用力大小不可能等于17．2024年1月18日01時46分，天舟七號貨運飛船成功對接空間站天和核心艙，變軌情況如圖所示。空間站軌道可近似看成圓軌道，且距離地面的高度約為390km。下列關(guān)于天舟七號的說法正確的是（）A．發(fā)射速度大于11B．從對接軌道變軌到空間站軌道時，速度變大C．在對接軌道上的運行周期大于空間站的運行周期D．在空間站軌道運行的速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度小8．如圖所示，質(zhì)量為1kg的導體棒長為0.5m，兩端與長為1m的細軟銅絲相連，懸掛在磁感線強度1T、方向豎直向上的勻強磁場中。將兩細軟銅絲接入一恒流源，導體棒中的電流I始終保持不變，導體棒從最低點由靜止向上擺動，最大擺角為A．導體棒受到的安培力方向豎直向上B．導體棒中的電流I=20C．每根銅線所能承受的最大拉力至少為(10D．靜止向上擺至最大擺角處需要的時間為π9．圖甲所示為氫原子的能級圖。一群處于第4能級的氫原子，會輻射出不同頻率的光，其中只有2種頻率的光a、b可以讓圖乙所示光電管的陰極K發(fā)生光電效應(yīng)。圖丙為a、b光單獨照射K時產(chǎn)生的光電流隨電壓變化的關(guān)系圖。下列說法正確的是（）A．a(chǎn)光的光子動量比b光的光子動量大B．用b光照射光電管時，逸出光電子的初動能都比a光照射時大C．用同一雙縫干涉裝置進行實驗，a光的干涉條紋間距小于b光的D．處于第2能級的氫原子可以吸收a光的光子并電離10．2023年8月，新一代“人造太陽”中國環(huán)流三號首次實現(xiàn)100萬安培等離子體電流下的高約束模式運行，標志著我國在可控核聚變領(lǐng)域達到了國際領(lǐng)先水平?！叭嗽焯枴眱?nèi)部發(fā)生的一種核反應(yīng)，其反應(yīng)方程為12H+13H→24He+X+17.6MeV，已知12A．核反應(yīng)方程中X為?1B．24HeC．核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損可表示為4D．1311．自動體外除顫儀（AED）可通過產(chǎn)生如圖甲所示的脈沖電流終止致命性心律失常，使心臟恢復跳動。圖乙是某型除顫儀的簡化電路，電源為普通交流電源。某次調(diào)試時交流電壓表示數(shù)為20V，電容器充電完畢，開關(guān)由“1”擲向“2”，放電電流平均值為2.8A，放電時間約為10A．升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比約為1:50 B．電感C．電容C越小，放電持續(xù)時間越長 D．脈沖電流作用于不同人體時，電流大小相同12．斯特潘定律是熱力學中的一個著名定律，其內(nèi)容為：一個黑體表面單位面積輻射的功率與黑體本身的熱力學溫度T的四次方成正比，即p0=σT4，其中常量σ=5.67×10A．3.8×107m B．7.13．某主題公園的湖里安裝了一批圓形線狀光源的彩燈，半徑為R，如圖甲所示。該光源水平放置到湖水下方，光源圓面與液面平行。當彩燈發(fā)出紅光時，可在水面正上方觀察到如圖乙所示的紅色亮環(huán)，亮環(huán)與中間暗圓的面積之比為3:1，已知水對紅光的折射率為A．此彩燈離水面的垂直距離為7B．彩燈變換發(fā)光顏色時，中間暗圓面積保持不變C．若將彩燈上移，則亮環(huán)面積與中間暗圓面積之比增大D．將光源再向湖底豎直向下移動76閱卷人二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）得分14．下列說法正確的是（）A．甲圖為未來人類進行星際航行，若以0.2cB．乙圖為某同學設(shè)計的靜電除塵裝置，塵埃被吸附在中間的負極棒上C．丙圖為航天員在“天宮課堂”演示“動量守恒實驗”，小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球后，小鋼球運動方向可能與大鋼球不在同一直線上D．丁圖為檢驗通電導線周圍是否存在磁場，要使實驗現(xiàn)象明顯，導線應(yīng)東西方向放置15．如圖甲所示為超聲波懸浮儀，上方圓柱體發(fā)出超聲波，下方圓柱體將接收到的超聲波信號反射回去。兩列超聲波信號疊加后，會出現(xiàn)振幅幾乎為零的點—節(jié)點，泡沫顆粒能在節(jié)點處附近保持懸浮狀態(tài)，圖乙為泡沫顆粒之間可以懸浮的最近距離，用刻度尺量得5個顆粒之間的距離如圖中所示。圖丙為這兩列超聲波某時刻的波形圖，P、Q為波源，此時兩列波剛好分別傳到M和N，已知聲波傳播的速度為340m/s。則下列說法正確的是（）A．泡沫顆粒懸浮時，受到的聲波的作用力豎直向下B．兩列波疊加穩(wěn)定后，泡沫顆粒在M點處不可能懸浮C．該超聲波懸浮儀所發(fā)出超聲波的波長約為4D．該超聲波懸浮儀所發(fā)出的超聲波信號頻率約為40kHz閱卷人三、非選擇題（本題共5小題，共55分）得分16．在“研究自由下落物體的機械能”的實驗中：（1）圖1所示實驗裝置中，器材安裝擺放使用正確的是。（2）在正確操作打出多條點跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點間距離之差最接近mm的紙帶進行測量。（3）如圖2所示，紙帶上標記了七個連續(xù)打出的點為計數(shù)點1、2、…、7，并把刻度尺的“0刻度”對準點“7”。根據(jù)紙帶算出打下點“4”時重物的速率v4=m/s（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）把打下點“7”時重物所在位置選為參考平面，測出紙帶上各點到點“7”之間的距離h，算出打下各點時的重物速率v，則畫出的v22—?17．在“金屬絲電阻率的測量”的實驗中：（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量示數(shù)如圖1所示，金屬絲直徑d=mm。（2）按圖2所示的電路測量金屬絲的電阻Rx。小明將單刀雙擲開關(guān)分別打到a處和b處，通過觀察分析，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，由此判斷開關(guān)打到（填“a”、“b（3）小明為了消除系統(tǒng)誤差，他設(shè)計用電流計G和電阻箱替代V，電路如圖3所示。實驗繪制出了IIg—R箱圖像是如圖4所示直線，斜率為k，縱截距為b。R箱為電阻箱阻值讀數(shù)，I18．下列關(guān)于圖中實驗說法正確的是（）。A．圖甲“探究平拋運動的特點”實驗中，斜槽軌道必須光滑且其末端水平B．圖乙計算油膜面積時，只數(shù)完整的方格數(shù)，油酸分子直徑的測量值會偏大C．圖丙“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實驗中，注射器必須保持豎直D．圖丁“測量玻璃的折射率”實驗中，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上19．某款智能手機可以直接顯示手機所處環(huán)境的壓強和溫度，某科創(chuàng)小組想利用智能手機的這種功能測量一形狀不規(guī)則又易溶于水的物體密度，他們自制了“測量筒”，測量筒由上端開口的隔熱性良好且可電加熱的圓柱形氣缸和橫截面積為S=0.第一步：如圖甲所示，將手機放入測量筒，放上活塞，手機穩(wěn)定顯示壓強p1第二步：如圖乙所示，在活塞上輕放待測物體，穩(wěn)定后，手機顯示壓強p2第三步：如圖丙所示，把待測物體也放入氣缸里，再放上活塞，待手機穩(wěn)定顯示溫度T1=270K時，測得活塞到汽缸底部高度?=0.50m。然后開啟電熱絲加熱一段時間，待手機穩(wěn)定顯示溫度（封閉的空氣視為理想氣體，忽略一切摩擦，待測物體的體積始終不變，不計電熱絲和手機的體積）。求：（1）第二步中，筒內(nèi)氣體在放上待測物前后的兩種穩(wěn)定狀態(tài)進行比較，放上待測物后筒內(nèi)氣體分子的平均速率（填“增大”、“減小”、“不變”），氣體的內(nèi)能（填“增加”、“減少”、“不變”）：（2）待測物體的質(zhì)量；（3）待測物體的體積。20．圖甲為某游戲項目模型，由彈性發(fā)射裝置P、傾角θ=37°長l1=2.75m的固定斜面AB、質(zhì)量m1=1kg的表面為四分之一光滑圓弧的滑塊M和質(zhì)量m2=4kg長度l2=2.25m的平板小車等四部分組成。圓弧CD的半徑R=1m，最低點（1）求水平彈出點離A點的豎直高度?1（2）若鎖定平板小車，小物塊與小車間的動摩擦因數(shù)μ2=0.6。求小物塊滑上M時對C點的壓力（3）現(xiàn)解除小車鎖定，并在小車上表面噴涂一種特殊材料（不計噴涂材料的質(zhì)量），使小物塊與小車間的動摩擦因數(shù)能從右（B端）向左隨距離變化，如圖乙所示。若小物塊仍以v0=4m/21．如圖所示，半徑分別為r和r2的均勻金屬圓盤G、N垂直固定在水平金屬轉(zhuǎn)軸CD上，圓盤中心位于轉(zhuǎn)軸中心線上，其中r=0.5m，不計轉(zhuǎn)軸粗細。G為發(fā)電盤，處于平行轉(zhuǎn)軸向右、B=0.5T的勻強磁場中，并通過電刷P和Q連接兩間距d=1m的平行金屬導軌，導軌某點處用絕緣材料平滑連接，導軌左側(cè)足夠遠處接有自感系數(shù)為2H的純電感線圈L，導軌水平且處于豎直向下、B=0.5T勻強磁場中。N為轉(zhuǎn)動盤，所在處無磁場，其上繞有絕緣細線，在外力F作用下，兩圓盤會按圖示方向轉(zhuǎn)動。質(zhì)量m=0.5kg（1）鎖定金屬桿ab，求通過ab的電流以及外力F的大??；（2）靜止釋放金屬桿ab，通過絕緣點時的速度為v=3m/s，求此過程中通過ab的電荷量q和發(fā)電盤G上的發(fā)熱量（3）在（2）問基礎(chǔ)上，金屬桿ab通過絕緣點后，求第一次向左運動至最遠處離絕緣點的距離s。22．如圖甲所示，立方體空間的邊長為L，側(cè)面CDHG為熒光屏，能完全吸收打在屏上的帶電粒子并發(fā)光，三維坐標系坐標原點O位于底面EFGH的中心，Ox∥FG，Oy∥GH。已知從原點O向xOy平面內(nèi)各個方向均勻持續(xù)發(fā)射速率為v0、質(zhì)量為m、電荷量為+q（1）若在立方體空間內(nèi)僅存在方向平行于z軸的勻強磁場，沿y軸正方向射出的粒子恰好打在熒光屏上的H點。求磁場的磁感應(yīng)強度B和粒子從原點O運動到熒光屏的最短時間t；（2）若在立方體空間內(nèi)僅存在z軸負方向的勻強電場E=32πmv025qL和沿y（3）若在立方體空間內(nèi)平行y軸加如圖乙所示的磁場，其中By=6mv05qLcos

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、K是熱力學溫度單位，熱力學溫度單位屬于國際制基本單位，對應(yīng)的物理量是熱力學溫度，熱力學溫度是標量，故A正確；

B、T是磁感應(yīng)強度單位，在國際單位制中屬于導出單位，對應(yīng)的物理量是磁感應(yīng)強度，磁感應(yīng)強度是矢量，故B錯誤；

C、N是力的單位，在國際單位制中屬于導出單位，對應(yīng)的物理量是力，力是矢量，故C錯誤；

D、J是功的單位，在國際單位制中屬于導出單位，對應(yīng)的物理量是功，功是標量，故D錯誤。

故答案為：A。

【分析】熟練掌握國際制基本單位及其對應(yīng)的物理量，明確所給單位對應(yīng)的物理量，再根據(jù)矢量和標量的定義分析。2．【答案】D【解析】【解答】A、“200米”指的路程，故A錯誤；

B、“2分07秒75”表示時間間隔，故B錯誤；

C、運動員決賽全程的路程為200m，但位移大小為0，則運動員決賽全程的平均速度大小為零，故C錯誤；

D、研究余依婷的觸壁動作時不能忽略她的大小，所以不能將她看作質(zhì)點，故D正確。

故答案為：D。

【分析】路程是指物體運動軌跡的長度，當物體的形狀及尺寸大小對所研究的的問題的影響可以忽略不計時，物體可視為質(zhì)點。熟練掌握平均速度和平均速率的頂用。3．【答案】D【解析】【解答】A、對于羽毛有

mg?f=ma

由于阻力的變化情況未知，所以羽毛的加速度如何變化也是未知，故A錯誤；

B、由題圖可知，羽毛下落過程中受到阻力的作用，所以下落過程羽毛的機械能不守恒，故B錯誤；

C、鐵片下落過程中，其高度逐漸下降，重力做正功，所以鐵片的重力勢能在減少，故C錯誤；

D、鐵片和羽毛在下落過程中，阻力對鐵片自身的重力影響較小，因此貼片的加速度大于羽毛的加速度，兩者的距離逐漸變大，故D正確。

故答案為：D。

【分析】明確鐵片和羽毛在下落過程中的受力情況，再根據(jù)牛頓第二定律及運動學規(guī)律確定兩者之間加速度和距離變化情況。熟練掌握重力做功與重力勢能的關(guān)系及機械能守恒的條件。4．【答案】B【解析】【解答】A、電子僅在電場力作用下從P點運動到R點，由于合力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，電子帶負電，所受電場力方向與電場強度方向相反，電場力方向與等勢線垂直，可知，電場線方向整體從右指向左，又由于沿電場線方向，電勢降低，可知，P點的電勢低于Q點的電勢，故A錯誤；

B、由于任意兩條相鄰等勢線間電勢差相等，則等勢線分布的密集程度能夠表示電場的強弱，P點的等勢線分布比R點的密集，則P點的電場強度大于在R點的電場強度，故B正確；

CD、結(jié)合上述可知，從P至R的運動過程中，電子所受電場力做正功，電子的電勢能減小，電子的動能增大，則電子在Q點的動能大于在P點的動能，在Q點電勢能大于R點的電勢能，故CD錯誤。

故答案為：B。

【分析】根據(jù)粒子軌跡的偏轉(zhuǎn)方向確定粒子的受力方向，再根據(jù)粒子的電性確定電場強度的方向，電場線與等勢線垂直，沿電場線方向，電勢降低，等差等勢面越密集，電場強度越大，電場力做正功，粒子動能增大，電勢能減小。5．【答案】C【解析】【解答】A、每隔一段時間把觀察到的炭粒的位置記錄下來，然后用直線把這些位置依次連接成折線，所以布朗運動圖像反映每隔一段時間固體微粒的位置，而不是運動軌跡，故A錯誤；

B、管內(nèi)的頁面低于管外液面，液體不浸潤管壁，即水與該材料屬于不浸潤，故B錯誤；

C、做一條豎直的等容線，與兩條等溫線的交點分別表示為p1、T1、p2、T2，根據(jù)

p1T1=p2T2

解得

T6．【答案】D【解析】【解答】ABC、由于緩慢拉動，小球處于動態(tài)平衡，即繩子上的拉力與小球的重力大小相等，由于同一個繩子在金屬掛鉤兩側(cè)的拉力相同，都為mg，用一光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動輕繩至虛線位置，繩子兩側(cè)的夾角減小，由平行四邊形定則可知，合力變大，且繩子對鉤子的作用力的合力方向為左下方，即繩對鉤子的作用逐漸增大，由牛頓第三定律可知，鉤子對繩的作用力變大，故ABC錯誤；

D、鉤子兩側(cè)輕繩之間的夾角的最小值為90°，因此此時兩根繩子的合力最大為

2mgcosθ2=2mg7．【答案】B【解析】【解答】A、11.2km/s是第二宇宙速度，即脫離地球束縛的最小發(fā)射速度，天舟七號并沒有脫離地球束縛，可知，其發(fā)射速度小于11.2km/s，故A錯誤；

B、對接軌道相對于空間站軌道是低軌道，由低軌道到高軌道，需要再切點位置加速，即從對接軌道變軌到空間站軌道時，速度變大，故B正確；

C、根據(jù)開普勒第三定律有

R13T12=R23T22

由于對接軌道的半長軸小于空間站軌道的半徑，則在對接軌道上的運行周期小于空間站的運行周期，故C錯誤；

D、空間站軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的半徑，根據(jù)

GMmr8．【答案】C【解析】【解答】AB、由題意可知，當擺角30°時，為圓周的等效最低點，對此時導體棒受力分析

通過受力分析知導體棒受到的安培力方向水平向右，根據(jù)平衡條件有

mgsin30°=BIdcos30°

解得

I=2033A

故AB錯誤；

C、導體棒由靜止到等效最低點過程中，由動能定理得

?mgl?lcos30°+BIdlsin30°=12mv2

又有牛頓第二定律得

29．【答案】D【解析】【解答】A、由圖可知b光的遏止電壓最大，由

eUc=Ek

Ek=?ν?W0

聯(lián)立可知b光的頻率大于a光的頻率，即b光的波長小，根據(jù)

p=?λ

a光的光子動量比b光的光子動量小，故A錯誤；

B、用b光照射光電管時，逸出光電子的最大初動能比a光照射時大，并不是所有光電子的初動能都大，故B錯誤；

C、根據(jù)

Δx=L10．【答案】C【解析】【解答】A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知X為01n，故A錯誤；

B、結(jié)合能是把原子核拆解成自由核子時所需要的最小能量，而非是核反應(yīng)中放出的能量17.6MeV，故B錯誤；

C、核反應(yīng)放出的能量為

ΔE=4E3?2E1+3E2

由質(zhì)能虧損方程

?E=Δmc11．【答案】A【解析】【解答】A、電容器電容為20μF，根據(jù)電容的定義式有

C=QU2max

根據(jù)電流的定義式有

I2=Qt

根據(jù)交流電有效值特征有

U2=U2max2

根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系有

U1U2=n1n212．【答案】D【解析】【解答】設(shè)太陽半徑為R，太陽單位時間內(nèi)輻射的總能量為

E=σT14?4πR2

這些能量分布在以太陽和地球之間的距離a為半徑的球面上，設(shè)地球半徑為r，則單位時間內(nèi)地球吸收的能量為

ΔE=πr24πa213．【答案】A【解析】【解答】A、設(shè)亮環(huán)最外圈的半徑為r1，暗圓的半徑為r2，由題意有

πr12?πr22πr22=3

其光路圖如圖所示

圓環(huán)邊緣的光線發(fā)生全反射

sinC=1n

有幾何關(guān)系有

sinC=R?r2?2+R?r22

結(jié)合幾何關(guān)系可知，有

R?r2=r1?R

解得

?=79R

故A正確；

B、當彩燈變換發(fā)光顏色時，則水對該光的折射率發(fā)生變化，由上述分析可知，當折射率發(fā)生改變時，則暗圓的半徑發(fā)生變化所以中間暗圓的面積發(fā)生變化，故B錯誤；

C、由幾何關(guān)系可知，有14．【答案】A,C【解析】【解答】A、根據(jù)愛因斯坦相對論原理可知，光速不變，即星球上的觀測者測量得到激光的速度為c，故A正確；

B、乙圖中，塵埃帶負電，在電場力作用下，被吸附在板狀收集器上，故B錯誤；

C、小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球，如果不是對心正碰，碰撞后，小鋼球運動方向與大鋼球不在同一直線上，故C正確；

D、當通電導線南北放置時，根據(jù)安培定則，水平方向磁場沿東西方向，磁場與地磁場近似垂直，此時實驗現(xiàn)象明顯，即檢驗通電導線周圍是否存在磁場時，要使實驗現(xiàn)象明顯，導線應(yīng)南北方向放置，故D錯誤。

故答案為：AC。

【分析】根據(jù)愛因斯坦相對論原理可知光速不變。塵埃帶負電，在電場力作用下吸附在板狀收集器上。鋼球半徑不一致，小球之間發(fā)生的碰撞為非對心正碰，碰后兩球運動方向不在一條直線上。當導線產(chǎn)生的磁場與地磁場方向垂直時，實驗效果最明顯，再結(jié)合安培定則及地磁場的特點進行分析。15．【答案】B,D【解析】【解答】A、泡沫顆粒懸浮時，受到的聲波的作用力與泡沫顆粒受重力平衡，方向豎直向上，故A錯誤；

B、由于PQ為兩個波源，可知波源振動步調(diào)相反，M點與兩個波源的波程差為2.5個波長，為振動加強點，不是節(jié)點，泡沫顆粒不能懸浮在此處，故B正確；

C、兩個振動減弱點之間距離

Δx=λ2=174mm=4.25mm

該超聲波懸浮儀所發(fā)出超聲波的波長約為

λ=8.5mm

故C錯誤；

D、超聲波信號頻率約為

f=16．【答案】（1）A（2）4（3）1.29（4）D【解析】【解答】（1）B中重錘離打點計時器太遠，不能打出足夠多的點；C中重錘沒有掛在桌子外面且重錘離打點計時器太遠；D中重錘沒有掛在桌子外面。

故答案為：A。

（2）相鄰點間距離之差

?x=gT2≈4mm

則在正確操作打出多條點跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點間距離之差最接近4mm的紙帶進行測量。

（3）由圖2可知3、5間的距離

x35=12.05?6.90mm=5.15cm

則打下點“4”時重物的速率

v4=x352T=1.29m/s

（4）把打下點“7”時重物所在位置選為參考平面，則根據(jù)機械能守恒可得

17．【答案】（1）0.500（2）a（3）1【解析】【解答】（1）由圖中的顯示可知，螺旋測微器讀數(shù)為

d=0.5mm+0×0.01mm=0.500mm

（2）單刀雙擲開關(guān)分別打到a處和b處，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，說明電流表分壓對實驗影響較大，應(yīng)采用電流表外接法，即開關(guān)應(yīng)接a處。

（3）根據(jù)并聯(lián)電路兩支路電壓相等可得

IgRg+R箱=I?Ig18．【答案】B,D【解析】【解答】A、在探究平拋運動的特點實驗中，只需要保證小球離開斜槽時的速度相等且水平，斜槽不需要必須光滑，故A錯誤；

B、計算油膜面積時，只數(shù)完整的方格數(shù)，油膜的面積測量值偏小，根據(jù)

d=VS

可知，油酸分子直徑的測量值會偏大，故B正確；

C、探究氣體等溫變化的規(guī)律，因為封閉氣體對各個面的壓強都相等，注射器無論水平放置還是豎直放置，都不會影響壓強的測量結(jié)果，也不會影響實驗結(jié)果，故C錯誤；

D、測量玻璃的折射率時，為了準確確定入射光線和折射光線，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上，故D正確。

故答案為：BD。19．【答案】（1）增大；增加（2）4kg（3）0【解析】【解答】（1）絕熱條件下，外界對氣體做功，由

ΔU=W+Q

可知，氣體的內(nèi)能增加，溫度升高，故氣體分子的平均速率增大

（2）對活塞有

p1S+mg?p2S=0

解得待測物的質(zhì)量為

m=4kg

（3）在對氣體緩慢加熱的過程中，氣體的壓強保持不變，由等壓變化規(guī)律可得

V1T1=V2T2

20．【答案】（1）解：根據(jù)平拋運動規(guī)律，在A點有v其中v解得?（2）解：物塊在A點速度v從A到B過程，根據(jù)動能定理有mg解得v從B到C過程，根據(jù)動能定理有?解得v在圓軌道C點，根據(jù)牛頓第二定律有N?mg=m根據(jù)牛頓第三定律可知，小物塊滑上M時對C點的壓力F=N解得F=19N方向豎直向下。設(shè)小物塊滑上M的最大高度時，小物塊與M共速v1m由機械能守恒得1解得?（3）解：物塊從B到C過程，克服摩擦力做功W若到C點共速，則有m解得v則有Δ故能通過C點【解析】【分析】（1）物塊在空中做平拋運動，且物塊在A點的速度與斜面平行，根據(jù)運動的分解確定物體在A點豎直方向的速度，再根據(jù)自由落體運動規(guī)律進行解答；

（2）結(jié)合（1）確定物塊到達A點的速度，確定物體從A到C的受力情況及各力的做功情況，再根據(jù)動能定理確定物塊到達C點的速度，再根據(jù)牛頓定律確定小物塊滑上M時對C點的壓力。物塊在圓弧軌道上滑行時，水平方向動量守恒，到達最高點時，兩物體在水平方向的速度相等。再根據(jù)動量守恒定律及機械能守恒定律進行解答；

（3）小車不鎖定時，物塊在小車上運動時，物塊與小車及圓弧構(gòu)成的整體，在水平方向上動量守恒，若物塊到達C點與小車及圓弧軌道達到共速時，則物塊不能通過C點，若物塊從B運動至C點過程系統(tǒng)損耗的機械能大于該過程克服摩擦力做的功，則物塊能通過C點。根據(jù)圖乙確定該過程物塊的做功情況，再結(jié)合分析及能量守恒定律進行解答。21．【答案】（1）解：金屬圓盤G轉(zhuǎn)動切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為E=由閉合電路歐姆定律可得電流為I=根據(jù)能量關(guān)系可得EI=Fω解得外力F的大小F=1N（2）解：對金屬桿用動量定理可得BdI?t=mv?0則有Bdq=mv電荷量q=回路能量關(guān)系Eq=熱量Q=Eq?（3）解：對金屬桿和電感有Bd所以金屬桿開始運動后桿上電流與桿的位移成正比，即I=根據(jù)功能關(guān)系1代入可得