2024屆四川省宜賓市高三下期第二次診斷性考試物理試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE7宜賓市普通高中2021級第二次診斷性測試理綜物理試題一、選擇題1.如圖為氫原子6種可能的躍遷，對它們發(fā)出的光，下列說法正確的是（）A.a光的波長最長B.c光的頻率最小C.f光的光子能量最大D.b、d光的光子能量之和大于e光的光子能量〖答案〗A〖解析〗ABC．玻爾原子結構模型第三條：原子在兩個定態(tài)之間躍遷時，將輻射或吸收一定頻率的光子，光子的能量為又依據(jù)能級公式波長公式得到a的能量最小，a的頻率最低，波長最長，c的能量最大，故BC錯誤，A正確；D．b、d光的光子能量之和為e光的光子能量為由于<0可知故D錯誤；故選A。2.水平架設的三根絕緣輸電線纜彼此平行，線纜上電流大小相等，方向如圖所示，位于三根線纜上的M點、P點、Q點在同一豎直平面內，△PQM為等腰三角形，，O點是P、Q連線的中點，忽略地磁場的影響，下列說法正確的是（）A.P點和Q點所在的兩條線纜相互排斥B.M點所在的線纜在O點處產生的磁場方向豎直向下C.O點處的磁場方向沿水平方向由Q點指向P點D.M點所在的線纜受到的安培力方向豎直向下〖答案〗C〖解析〗A．由右手螺旋定則可知P點和Q點所在的兩條線纜在中間區(qū)域的磁場方向相反，相互吸引，故A錯誤；B．由右手螺旋定則可知M點所在線纜在O點處產生的磁場方向由O點指向P點，故B錯誤；C．由右手螺旋定則及題意可知P點和Q點所在的線纜在O點處產生的磁場方向等大反向，M點所在的線纜在O點處產生的磁場方向由O點指向P點，故合場強的方向由Q點指向P點，故C正確；D．由右手螺旋定則及磁場的疊加可知P點和Q點所在的兩條線纜在M點所產生的合場強水平向右，根據(jù)左手定則知M點所在的線纜受到的安培力方向豎直向上，故D錯誤。故選C。3.圖甲為遠距離輸電示意圖，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，遠距離輸電線的總電阻為，若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，輸入功率為500kW，下列說法正確的是（）A.用戶端交流電的頻率為100Hz B.用戶端電壓為245VC.輸電線中的電流為15A D.輸電線路的損耗功率為25kW〖答案〗B〖解析〗A.由圖乙知升壓變壓器的輸入電壓有效值為周期為解得用戶端交流電的頻率為故A錯誤；BCD．升壓變壓器的輸入電流根據(jù)電流跟匝數(shù)比的關系解得輸電線中的電流為輸電線路的損耗功率為輸電線路的損耗電壓為根據(jù)電壓和匝數(shù)比關系解得升壓變壓器副線圈電壓降壓變壓器原線圈電壓根據(jù)電壓和匝數(shù)比關系解得用戶端電壓為故B正確，CD錯誤。故選B。4.如圖為神舟十七號的發(fā)射和與天和核心艙交會對接過程示意圖，圖中Ⅰ為飛船的近地圓軌道，其軌道半徑為，Ⅱ為橢圓變軌軌道，Ⅲ為天和核心艙所在的圓軌道，軌道半徑為，天和核心艙在Ⅲ軌道上運行周期為T。P、Q分別為Ⅱ軌道與Ⅰ、Ⅲ軌道的交會點，下列說法正確的是（）A.飛船在軌道Ⅰ上運行的速度大于第一宇宙速度B.飛船在Ⅰ軌道的速度大小一定小于飛船在Ⅲ軌道的速度大小C.飛船在Ⅱ軌道P點的加速度大于Ⅰ軌道上P點的加速度D.飛船在Ⅱ軌道從P到Q的時間為〖答案〗D〖解析〗AB．由得當飛船繞貼近地球地面運動時的線速度等于第一宇宙速度，是最大的環(huán)繞速度，軌道Ⅲ大于軌道Ⅰ的半徑，飛船在Ⅰ軌道的速度大小一定大于飛船在Ⅲ軌道的速度大小，故AB錯誤；C．根據(jù)飛船在Ⅱ軌道P點的加速度等于Ⅰ軌道上P點的加速度，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律可知可得飛船在Ⅱ軌道從P到Q的時間為，即為故D正確。故選D。5.如圖甲為皮帶輸送機簡化模型圖，皮帶輸送機傾角，順時針勻速轉動，在輸送帶下端A點無初速放入貨物。貨物從下端A點運動到上端B點的過程中，其機械能E與位移s的關系圖像（以A位置所在水平面為零勢能面）如圖乙所示。貨物視為質點，質量，重力加速度，，。下列說法正確的是（）A.貨物與輸送帶間的動摩擦因數(shù)為0.825B.輸送帶A、B兩端點間的距離為8mC.貨物從下端A點運動到上端B點的時間為9sD.皮帶輸送機因運送該貨物而多消耗能量為585J〖答案〗C〖解析〗A．由題圖可知，貨物從開始運動到與傳送帶相對靜止可知對貨物有解得故A項錯誤；B．由圖像可知，物塊沿傳送帶向上運動0.5m后與傳送帶相對靜止，此后物塊的動能不變，重力勢能增加，有解得則傳送帶兩端點之間的距離為故B項錯誤；C．加速階段的加速度大小為a，有加速階段時間為，有傳送帶速度為設勻速階段時間為，有所以總時間為故C項正確；D．由能量守恒，其多消耗能量為解得故D項錯誤。故選C。6.如圖所示，實線為兩個點電荷和產生的電場中的電場線（方向未標出），c、d是關于兩個點電荷連線對稱的兩點，一帶正電的離子（不計重力）沿aob運動，下列說法正確的是（）A.的電荷量大于的電荷量B.帶正電，帶負電C.c、d兩點的電勢相同，場強也相同D.正離子在a點的電勢能大于在O點的電勢能〖答案〗AD〖解析〗A．周圍的電場線比周圍的電場線密，說明的電荷量大于的電荷量，A正確；B．帶正電的離子在電場中做曲線運動，電場力指向軌跡內側。且正電荷所受電場力與所處位置場強方向（即電場線切線方向）相同。由圖可知，電場線由指向，所以帶負電，帶正電，B錯誤；C．由電場線分布可知，、兩點的電勢相同，場強大小相等，方向不同，C錯誤；D．正離子從點運動到點，電場力做正功，電勢能降低，即正離子在點的電勢能大于在點的電勢能，D正確。故選AD。7.如圖甲所示，在空間存在一個變化的電場和一個變化的磁場，電場強度的方向水平向右（圖甲中由B指向C），電場強度的大小隨時間變化情況如圖乙所示；磁感應強度方向垂直于紙面，磁感應強度的大小隨時間變化情況如圖丙所示。在時，從A點沿AB方向（垂直于BC）以初速度射出第一個粒子，并在此之后，每隔1s有一個相同的粒子沿AB方向均以初速度射出，射出的粒子均能擊中C點。若，且粒子由A點到C點的運動時間均小于1s。不計空氣阻力、粒子重力及電磁、磁場變化帶來的影響，且電磁、磁場的變化無延遲，對于各粒子由A點運動到C點的過程中，下列說法正確的是（）A.磁場方向垂直紙面向里B.電場強度大小和磁感應強度大小之比為C.第一個粒子和第二個粒子運動的時間之比為D.第一個粒子和第二個粒子通過C點的動能之比為〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)乙圖可知，當僅存在水平向右的電場時，粒子往右偏轉，可知該粒子帶正電。在t=1s時，空間區(qū)域存在勻強磁場，粒子做勻速圓周運動，要使粒子擊中C點，粒子運動軌跡如圖所示：根據(jù)左手定則可得，磁場方向要垂直紙面向外，故A錯誤；B．對于粒子做勻速圓周運動分析，由牛頓第二定律得由幾何關系可知粒子的軌道半徑為則帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，如圖所示豎直方向水平方向解得則故B正確；C．第一個粒子做類平拋運動，其運動時間為第二個粒子做圓周運動，其運動時間第一個粒子和第二個粒子運動的時間之比為故C錯誤；D．第一個粒子，由動能定理得解得第二個粒子的動能為第一個粒子和第二個粒子通過C的動能之比為5：1，故D正確；故選BD。8.如圖所示，圓筒C可以沿足夠長的水平固定光滑桿左右滑動，圓筒下方用不可伸長的輕繩懸掛物體B，開始時物體B和圓筒C均靜止，子彈A以的水平初速度在極短時間內擊穿物體B后速度減為，已知子彈A、物體B、圓筒C的質量分別為、、，重力加速度。下列說法正確的是（）A.物體B能上升的最大高度為0.6m B.物體B能上升的最大高度為1.8mC.物體C能達到的最大速度為 D.物體C能達到的最大速度為〖答案〗AD〖解析〗AB．子彈A以的水平初速度在極短時間內擊穿物體B后速度減為，則A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律有B上升時，與C組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，機械能守恒，則有解得m故A正確，B錯誤；D．B返回到最低點時，與C組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，機械能守恒，此時C的速度最大，則有解得m/s故C錯誤，D正確；故選AD。二、非選擇題（一）必考題9.某同學用如圖所示的實驗裝置來驗證“力的平行四邊形定則”。彈簧測力計A掛于固定點P，下端用細線掛一重物M。彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端水平向左拉，使結點O靜止在某位置。分別讀出彈簧測力計A、B的拉力、的大小，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和細繩的方向。（1）圖中彈簧測力計A的示數(shù)為______N。（2）下列做法中正確的是（）A.實驗需要測量重物M的重力大小B.細線方向應與木板平面平行C.改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置D.只用一個彈簧測力計一定無法完成實驗（3）若保持、的夾角及O點位置不變，從彈簧測力計B水平方向開始，使彈簧測力計A、B均沿順時針緩慢轉動至彈簧測力計A水平，則在整個過程中關于彈簧測力計A、B的讀數(shù)變化情況是______（填選項前的字母）。A.A增大，B減小 B.A減小，B增大C.A增大，B先增大后減小 D.A減小，B先增大后減小〖答案〗（1）2.30（2）AB（3）B〖解析〗【小問1詳析】彈簧測力計的分度值為0.1N，需要精確到0.01N，所以示數(shù)為2.30N?！拘?詳析】A．OA和OB兩段細線對O點拉力的合力與M的重力平衡，實驗中需要對比合力的理論值（通過平行四邊形定則所作的合力的圖示）與實驗值（與M重力平衡的力的圖示），因此應測量重物M所受的重力，故A正確；B．細線方向應與木板平面平行，使實際力的平行四邊形與白紙上所作的力的平行四邊形平行，以減小誤差，故B正確；C．改變拉力，進行多次實驗，無論O點位置如何，MO段細線對O點拉力的作用效果始終不變，所以不需要每次都要使O點靜止在同一位置，故C錯誤；D．只用一個彈簧測力計也可以完成實驗，一端用彈簧測力計測，另一端用手固定，將結點拉到固定的O點，然后輪流交換測另一端，這樣就可以確定兩個方向，故D錯誤。故選AB?！拘?詳析】由題意，根據(jù)平衡條件可知，O點所受三個拉力組成首尾相接的矢量三角形，如圖所示根據(jù)正弦定理有使彈簧測力計A、B均沿順時針緩慢轉動至彈簧測力計A水平過程中，保持、的夾角及O點位置不變，故不變，增大，減小，可知減小，增大，故ACD錯誤，B正確。故選B。10.實驗室有下列器材：靈敏電流計G（內阻約為）；電壓表V（0～3V，內阻約為）；電阻箱（0～）；滑動變阻器（0～，1.5A）；舊干電池一節(jié)；導線和開關若干。（1）某實驗小組先測靈敏電流計的內阻，電路如圖甲所示，測得電壓表示數(shù)為2.00V，靈敏電流計示數(shù)為4.00mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則靈敏電流計內阻為______（結果保留兩位有效數(shù)字）；（2）為了將靈敏電流計的量程擴大為原來的10倍，該實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯(lián)，則應將電阻箱的阻值調為______；（3）將改裝好后的電表連接成如圖丙所示的電路測干電池的電動勢和內阻，調節(jié)滑動變阻器讀出了幾組電壓表和靈敏電流計的示數(shù)如下表。3.002.502.001.501.000.800.891.001.131.21請在圖丁所示的坐標系中作出圖線_________，由作出的圖線求得干電池的電動勢______V，內阻______。（結果保留到小數(shù)點后兩位）本實驗中考慮電壓表和電流表的內阻對實驗結果的影響，電動勢的測量值______（選填“大于”、“等于”、“小于”）真實值?！即鸢浮剑?）45（2）5（3）1.4015.50等于〖解析〗【小問1詳析】由圖乙所示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為由歐姆定律可得則靈敏電流計內阻為【小問2詳析】將靈敏電流計的量程擴大為原來的10倍，并聯(lián)電阻的阻值為【小問3詳析】[1]根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應點，然后根據(jù)描出的點作出圖象，圖象如下圖所示[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結合圖像可得，當時整理可得結合圖像有解得[4]由上述分析可知，實驗中考慮電壓表和電流表的內阻對實驗結果的影響，電動勢的測量值等于真實值。11.如圖，一中空建材板下端固定于水平地面上的P點，通過物體M的支撐使得該板與水平地面間夾角。建材板中為格子形狀，每個格子的規(guī)格相同。一質量為m的小滑塊從板底端P點以一定初速度沿板向上射出，小滑塊沿著板面做了一次往返直線運動，小滑塊在運動過程中受到的摩擦力大小不變。用頻閃照相機連續(xù)記錄了小滑塊在板面中段運動過程中的部分位置，圖甲和圖乙分別是上滑過程和下滑過程的頻閃照片。已知小滑塊運動的最高點相對于板底端的距離為s，不計空氣阻力，重力加速度為g，，。求：（1）小滑塊所受摩擦力的大?。唬?）小滑塊下滑過程中，在距離板底端多遠處其重力勢能是動能的3倍（以板底端所在水平面為零勢能面）。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）設每個格子在小滑塊運動方向的寬度為d，頻閃照相機閃光周期為T。根據(jù)勻變速運動的推論，上滑時有下滑時有根據(jù)牛頓第二定律，上滑時有下滑時有得（2）下滑過程中，在距底端x2處重力勢能是其動能的三倍，則有聯(lián)立解得12.如圖，兩條相距為d的平行金屬導軌位于同一水平面內，其左端接一阻值為R的電阻。質量為m、阻值為r的金屬桿靜置在導軌上。外形為長方體的磁場生成裝置GH通過EF連接為整體，在其正對的矩形區(qū)域中產生勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向豎直向下，矩形區(qū)域外磁場忽略不計。邊界長為，邊界長為（未知）。用外力控制磁場生成裝置以水平速度v向右勻速地掃過金屬桿。金屬桿中自由電子總量保持不變，導軌光滑且足夠長，導軌電阻不計，桿在運動過程中始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸。求：（1）當磁場的邊界剛掃上金屬桿時，通過電阻R中的電流方向（用“方向”或者“方向”表示）；（2）當磁場的邊界剛掃上金屬桿時，電阻R上的電壓值和熱功率；（3）若磁場的邊界恰好掃到金屬桿時，金屬桿中的自由電子定向移動速度是磁場的邊界剛掃上金屬桿時定向移動速度的，且從磁場的邊界剛掃上金屬桿到磁場的邊界恰好掃到金屬桿的過程中，電阻R上產生的熱量為Q。求外力對磁場生成裝置所做的功W和磁場邊界的大小?！即鸢浮剑?）方向；（2），；（3），〖解析〗（1）磁場生成裝置以水平速度v向右勻速地掃過金屬桿，則相對于磁場生成裝置，金屬桿向左運動，根據(jù)右手定則，金屬桿中電流的方向向下，則電阻R中的電流方向為：方向；（2）根據(jù)法拉第電磁感應定律，金屬桿上產生的電動勢為則R上的電壓為R上的熱功率為（3）因為金屬桿中的自由電子定向移動速度是磁場的（）邊界剛掃上金屬桿時定向移動速度的，即金屬桿中的電流變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)可得，產生的感應電動勢也變?yōu)樵瓉淼模O此時金屬桿的速度大小為，則解得根據(jù)功能關系，外力做功轉化為系統(tǒng)的焦耳熱和金屬桿的動能，系統(tǒng)的焦耳熱為則外力做功為對金屬桿，整個過程根據(jù)動量定理又根據(jù)法拉第電磁感應定律以上各式聯(lián)立，解得（二）選考題［物理選修3—3］13.某實驗小組進行布朗運動實驗：使用聚苯乙烯顆粒與純凈水制成懸濁液，通過顯微鏡、計算機、投影儀、投影幕布觀察聚苯乙烯顆粒在水中的運動。利用控制變量思想，進行了兩次實驗，得到兩張記錄聚苯乙烯顆粒運動位置連線的圖片，記錄聚苯乙烯顆粒位置的時間間隔相同，幕布上的方格背景紋理相同。下列說法正確的是（）A.聚苯乙烯顆粒運動位置連線圖描述了聚苯乙烯顆粒實際運動軌跡B.若兩次實驗使用的聚苯乙烯顆粒直徑相同，則圖甲中懸濁液溫度高于圖乙中懸濁液溫度C.若兩次實驗中懸濁液溫度相同，則圖甲中的聚苯乙烯顆粒直徑大于圖乙中的聚苯乙烯顆粒直徑D.宏觀層面的聚苯乙烯顆粒的運動反映了微觀層面的水分子的運動無規(guī)則性E.懸濁液的溫度相同情況下，聚苯乙烯顆粒直徑越小，同一時刻受到的水分子撞擊個數(shù)就更少，聚苯乙烯顆粒受到的碰撞作用力合力越不均衡〖答案〗BDE〖解析〗A．連線圖描述的是某時刻出現(xiàn)的位置，在兩個時刻之間的時間內的運動情形不能描述，因此不是軌跡，A錯誤；B．若兩次實驗使用的聚苯乙烯顆粒直徑相同，溫度越高，分子熱運動越劇烈，布朗運動越明顯，兩位置連線間距越大，則圖甲中懸濁液溫度高于圖乙中懸濁液溫度，B正確；CE．若兩次實驗中懸濁液的溫度相同，圖甲中布朗運動更明顯，是由于聚苯乙烯顆粒直徑較小，同一時刻受到的水分子撞擊個數(shù)就更少，聚苯乙烯顆粒受到的碰撞作用力合力越不均衡，C錯誤，E正確；D．布朗運動是由于分子熱運動引起的，則宏觀層面的聚苯乙烯顆粒的運動反映了微觀層面的水分子的運動無規(guī)則性，D正確。故選BDE。14.如圖，上端開口的汽缸豎直固定在水平地面上，a、b位置處內壁有卡口，位于卡口處的活塞通過輕繩（繞過定滑輪p、q）與可以視為質點的重物連接，重物懸空。活塞與汽缸中封閉著一定質量的理想氣體。開始時活塞緊壓在卡口上，汽缸中的氣體壓強為，溫度為，再將低溫材料包裹在汽缸外壁，使得汽缸中的氣體溫度緩慢降低，直至活塞剛好到達c、d位置處。已知活塞質量為m，面積為S，厚度可忽略，重物的質量3m；卡口距離缸底為H，c、d位置距離缸底為；汽缸外面的空氣壓強保持為不變；不計汽缸與活塞之間、輕繩與定滑輪之間的摩擦，重力加速度大小為g。（1）活塞剛好到達c、d位置時理想氣體的溫度；（2）若開始降溫到活塞剛好到達c、d位置過程中，理想氣體對外放出熱量的大小為Q，求理想氣體的內能變化量?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）活塞剛好到達c、d位置處時，對活塞受力分析可得可得，活塞剛好到達c、d位置處時，汽缸中的氣體壓強為根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得解得，活塞剛好到達c、d位置時理想氣體的溫度為（2）活塞下移的過程中，外界對氣體做的功為則根據(jù)熱力學第一定律可得，理想氣體的內能變化量為［物理選修3—4］15.半圓形玻璃磚如圖放置，O為圓心，其左界面上的A、B兩點關于O點對稱。兩種單色光a、b從左向右分別從A、B兩點垂直于玻璃磚左界面射入，a、b光從玻璃磚右側圓弧界面射出后形成的交點在OC連線上方。不考慮光的多次反射。則（）A.玻璃磚對a光的折射率大于對b光的折射率B.a光在玻璃磚中的傳播速度大于b光在玻璃磚中的傳播速度C.a光在玻璃磚中的傳播時間大于b光在玻璃磚中的傳播時間D.在真空中傳播時，a光的波長大于b光的波長E.同時以相同速率分別將a光向上、b光向下平移，b光將比a光先在玻璃磚右界面發(fā)生全反射〖答案〗BDE〖解析〗A．a、b光從玻璃磚右側圓弧界面射出后形成的交點在OC連線上方，則可知介質對b光的折射率較大，故A錯誤；B．根據(jù)折射率與傳播速度的關系可知，a光在玻璃磚中的傳播速度大于b光在玻璃磚中的傳播速度，故B正確；C．光在介質中傳播的路程相等，a光在玻璃磚中的傳播速度較大，則傳播時間較小，故C錯誤；D．介質對b光的折射率較大，則b光的頻率較大，根據(jù)，可知在真空中傳播時，a光的波長大于b光的波長，故D正確；E．根據(jù)全反射臨界角公式可知，b光的臨界角較小，所以同時以相同速率分別將a光向上、b光向下平移，b光將比a光先在玻璃磚右界面發(fā)生全反射，故E正確；故選BDE。16.如圖甲所示，在x軸上有兩個做簡諧振動的點波源和，兩波源都從時開始沿y軸方向振動，振動圖像分別如圖乙、圖丙所示。兩列波在x軸上相向傳播，在時兩列波恰好相遇。求：（i）x軸上處的質點在同時參與由兩列波的所引起的振動，其振幅為多少；（ii）充分考慮波的疊加，作出時兩波源間的波形圖?！即鸢浮剑╥）；（ii）〖解析〗（i）由題意可知兩列波在位置相遇，兩列波的波速為由乙、丙圖可知，波的周期為則兩列波的波長為x軸上處的質點到兩波源的波程差為因為因為兩波的振動步調相同，波程差為半波長的奇數(shù)倍，則x軸上處的質點的振動是振動減弱點，故振幅為（ii）根據(jù)波的疊加原理，疊加得出新波形圖如圖所示：宜賓市普通高中2021級第二次診斷性測試理綜物理試題一、選擇題1.如圖為氫原子6種可能的躍遷，對它們發(fā)出的光，下列說法正確的是（）A.a光的波長最長B.c光的頻率最小C.f光的光子能量最大D.b、d光的光子能量之和大于e光的光子能量〖答案〗A〖解析〗ABC．玻爾原子結構模型第三條：原子在兩個定態(tài)之間躍遷時，將輻射或吸收一定頻率的光子，光子的能量為又依據(jù)能級公式波長公式得到a的能量最小，a的頻率最低，波長最長，c的能量最大，故BC錯誤，A正確；D．b、d光的光子能量之和為e光的光子能量為由于<0可知故D錯誤；故選A。2.水平架設的三根絕緣輸電線纜彼此平行，線纜上電流大小相等，方向如圖所示，位于三根線纜上的M點、P點、Q點在同一豎直平面內，△PQM為等腰三角形，，O點是P、Q連線的中點，忽略地磁場的影響，下列說法正確的是（）A.P點和Q點所在的兩條線纜相互排斥B.M點所在的線纜在O點處產生的磁場方向豎直向下C.O點處的磁場方向沿水平方向由Q點指向P點D.M點所在的線纜受到的安培力方向豎直向下〖答案〗C〖解析〗A．由右手螺旋定則可知P點和Q點所在的兩條線纜在中間區(qū)域的磁場方向相反，相互吸引，故A錯誤；B．由右手螺旋定則可知M點所在線纜在O點處產生的磁場方向由O點指向P點，故B錯誤；C．由右手螺旋定則及題意可知P點和Q點所在的線纜在O點處產生的磁場方向等大反向，M點所在的線纜在O點處產生的磁場方向由O點指向P點，故合場強的方向由Q點指向P點，故C正確；D．由右手螺旋定則及磁場的疊加可知P點和Q點所在的兩條線纜在M點所產生的合場強水平向右，根據(jù)左手定則知M點所在的線纜受到的安培力方向豎直向上，故D錯誤。故選C。3.圖甲為遠距離輸電示意圖，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，遠距離輸電線的總電阻為，若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，輸入功率為500kW，下列說法正確的是（）A.用戶端交流電的頻率為100Hz B.用戶端電壓為245VC.輸電線中的電流為15A D.輸電線路的損耗功率為25kW〖答案〗B〖解析〗A.由圖乙知升壓變壓器的輸入電壓有效值為周期為解得用戶端交流電的頻率為故A錯誤；BCD．升壓變壓器的輸入電流根據(jù)電流跟匝數(shù)比的關系解得輸電線中的電流為輸電線路的損耗功率為輸電線路的損耗電壓為根據(jù)電壓和匝數(shù)比關系解得升壓變壓器副線圈電壓降壓變壓器原線圈電壓根據(jù)電壓和匝數(shù)比關系解得用戶端電壓為故B正確，CD錯誤。故選B。4.如圖為神舟十七號的發(fā)射和與天和核心艙交會對接過程示意圖，圖中Ⅰ為飛船的近地圓軌道，其軌道半徑為，Ⅱ為橢圓變軌軌道，Ⅲ為天和核心艙所在的圓軌道，軌道半徑為，天和核心艙在Ⅲ軌道上運行周期為T。P、Q分別為Ⅱ軌道與Ⅰ、Ⅲ軌道的交會點，下列說法正確的是（）A.飛船在軌道Ⅰ上運行的速度大于第一宇宙速度B.飛船在Ⅰ軌道的速度大小一定小于飛船在Ⅲ軌道的速度大小C.飛船在Ⅱ軌道P點的加速度大于Ⅰ軌道上P點的加速度D.飛船在Ⅱ軌道從P到Q的時間為〖答案〗D〖解析〗AB．由得當飛船繞貼近地球地面運動時的線速度等于第一宇宙速度，是最大的環(huán)繞速度，軌道Ⅲ大于軌道Ⅰ的半徑，飛船在Ⅰ軌道的速度大小一定大于飛船在Ⅲ軌道的速度大小，故AB錯誤；C．根據(jù)飛船在Ⅱ軌道P點的加速度等于Ⅰ軌道上P點的加速度，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律可知可得飛船在Ⅱ軌道從P到Q的時間為，即為故D正確。故選D。5.如圖甲為皮帶輸送機簡化模型圖，皮帶輸送機傾角，順時針勻速轉動，在輸送帶下端A點無初速放入貨物。貨物從下端A點運動到上端B點的過程中，其機械能E與位移s的關系圖像（以A位置所在水平面為零勢能面）如圖乙所示。貨物視為質點，質量，重力加速度，，。下列說法正確的是（）A.貨物與輸送帶間的動摩擦因數(shù)為0.825B.輸送帶A、B兩端點間的距離為8mC.貨物從下端A點運動到上端B點的時間為9sD.皮帶輸送機因運送該貨物而多消耗能量為585J〖答案〗C〖解析〗A．由題圖可知，貨物從開始運動到與傳送帶相對靜止可知對貨物有解得故A項錯誤；B．由圖像可知，物塊沿傳送帶向上運動0.5m后與傳送帶相對靜止，此后物塊的動能不變，重力勢能增加，有解得則傳送帶兩端點之間的距離為故B項錯誤；C．加速階段的加速度大小為a，有加速階段時間為，有傳送帶速度為設勻速階段時間為，有所以總時間為故C項正確；D．由能量守恒，其多消耗能量為解得故D項錯誤。故選C。6.如圖所示，實線為兩個點電荷和產生的電場中的電場線（方向未標出），c、d是關于兩個點電荷連線對稱的兩點，一帶正電的離子（不計重力）沿aob運動，下列說法正確的是（）A.的電荷量大于的電荷量B.帶正電，帶負電C.c、d兩點的電勢相同，場強也相同D.正離子在a點的電勢能大于在O點的電勢能〖答案〗AD〖解析〗A．周圍的電場線比周圍的電場線密，說明的電荷量大于的電荷量，A正確；B．帶正電的離子在電場中做曲線運動，電場力指向軌跡內側。且正電荷所受電場力與所處位置場強方向（即電場線切線方向）相同。由圖可知，電場線由指向，所以帶負電，帶正電，B錯誤；C．由電場線分布可知，、兩點的電勢相同，場強大小相等，方向不同，C錯誤；D．正離子從點運動到點，電場力做正功，電勢能降低，即正離子在點的電勢能大于在點的電勢能，D正確。故選AD。7.如圖甲所示，在空間存在一個變化的電場和一個變化的磁場，電場強度的方向水平向右（圖甲中由B指向C），電場強度的大小隨時間變化情況如圖乙所示；磁感應強度方向垂直于紙面，磁感應強度的大小隨時間變化情況如圖丙所示。在時，從A點沿AB方向（垂直于BC）以初速度射出第一個粒子，并在此之后，每隔1s有一個相同的粒子沿AB方向均以初速度射出，射出的粒子均能擊中C點。若，且粒子由A點到C點的運動時間均小于1s。不計空氣阻力、粒子重力及電磁、磁場變化帶來的影響，且電磁、磁場的變化無延遲，對于各粒子由A點運動到C點的過程中，下列說法正確的是（）A.磁場方向垂直紙面向里B.電場強度大小和磁感應強度大小之比為C.第一個粒子和第二個粒子運動的時間之比為D.第一個粒子和第二個粒子通過C點的動能之比為〖答案〗BD〖解析〗A．根據(jù)乙圖可知，當僅存在水平向右的電場時，粒子往右偏轉，可知該粒子帶正電。在t=1s時，空間區(qū)域存在勻強磁場，粒子做勻速圓周運動，要使粒子擊中C點，粒子運動軌跡如圖所示：根據(jù)左手定則可得，磁場方向要垂直紙面向外，故A錯誤；B．對于粒子做勻速圓周運動分析，由牛頓第二定律得由幾何關系可知粒子的軌道半徑為則帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，如圖所示豎直方向水平方向解得則故B正確；C．第一個粒子做類平拋運動，其運動時間為第二個粒子做圓周運動，其運動時間第一個粒子和第二個粒子運動的時間之比為故C錯誤；D．第一個粒子，由動能定理得解得第二個粒子的動能為第一個粒子和第二個粒子通過C的動能之比為5：1，故D正確；故選BD。8.如圖所示，圓筒C可以沿足夠長的水平固定光滑桿左右滑動，圓筒下方用不可伸長的輕繩懸掛物體B，開始時物體B和圓筒C均靜止，子彈A以的水平初速度在極短時間內擊穿物體B后速度減為，已知子彈A、物體B、圓筒C的質量分別為、、，重力加速度。下列說法正確的是（）A.物體B能上升的最大高度為0.6m B.物體B能上升的最大高度為1.8mC.物體C能達到的最大速度為 D.物體C能達到的最大速度為〖答案〗AD〖解析〗AB．子彈A以的水平初速度在極短時間內擊穿物體B后速度減為，則A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律有B上升時，與C組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，機械能守恒，則有解得m故A正確，B錯誤；D．B返回到最低點時，與C組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，機械能守恒，此時C的速度最大，則有解得m/s故C錯誤，D正確；故選AD。二、非選擇題（一）必考題9.某同學用如圖所示的實驗裝置來驗證“力的平行四邊形定則”。彈簧測力計A掛于固定點P，下端用細線掛一重物M。彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端水平向左拉，使結點O靜止在某位置。分別讀出彈簧測力計A、B的拉力、的大小，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和細繩的方向。（1）圖中彈簧測力計A的示數(shù)為______N。（2）下列做法中正確的是（）A.實驗需要測量重物M的重力大小B.細線方向應與木板平面平行C.改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置D.只用一個彈簧測力計一定無法完成實驗（3）若保持、的夾角及O點位置不變，從彈簧測力計B水平方向開始，使彈簧測力計A、B均沿順時針緩慢轉動至彈簧測力計A水平，則在整個過程中關于彈簧測力計A、B的讀數(shù)變化情況是______（填選項前的字母）。A.A增大，B減小 B.A減小，B增大C.A增大，B先增大后減小 D.A減小，B先增大后減小〖答案〗（1）2.30（2）AB（3）B〖解析〗【小問1詳析】彈簧測力計的分度值為0.1N，需要精確到0.01N，所以示數(shù)為2.30N?！拘?詳析】A．OA和OB兩段細線對O點拉力的合力與M的重力平衡，實驗中需要對比合力的理論值（通過平行四邊形定則所作的合力的圖示）與實驗值（與M重力平衡的力的圖示），因此應測量重物M所受的重力，故A正確；B．細線方向應與木板平面平行，使實際力的平行四邊形與白紙上所作的力的平行四邊形平行，以減小誤差，故B正確；C．改變拉力，進行多次實驗，無論O點位置如何，MO段細線對O點拉力的作用效果始終不變，所以不需要每次都要使O點靜止在同一位置，故C錯誤；D．只用一個彈簧測力計也可以完成實驗，一端用彈簧測力計測，另一端用手固定，將結點拉到固定的O點，然后輪流交換測另一端，這樣就可以確定兩個方向，故D錯誤。故選AB?！拘?詳析】由題意，根據(jù)平衡條件可知，O點所受三個拉力組成首尾相接的矢量三角形，如圖所示根據(jù)正弦定理有使彈簧測力計A、B均沿順時針緩慢轉動至彈簧測力計A水平過程中，保持、的夾角及O點位置不變，故不變，增大，減小，可知減小，增大，故ACD錯誤，B正確。故選B。10.實驗室有下列器材：靈敏電流計G（內阻約為）；電壓表V（0～3V，內阻約為）；電阻箱（0～）；滑動變阻器（0～，1.5A）；舊干電池一節(jié)；導線和開關若干。（1）某實驗小組先測靈敏電流計的內阻，電路如圖甲所示，測得電壓表示數(shù)為2.00V，靈敏電流計示數(shù)為4.00mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則靈敏電流計內阻為______（結果保留兩位有效數(shù)字）；（2）為了將靈敏電流計的量程擴大為原來的10倍，該實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯(lián)，則應將電阻箱的阻值調為______；（3）將改裝好后的電表連接成如圖丙所示的電路測干電池的電動勢和內阻，調節(jié)滑動變阻器讀出了幾組電壓表和靈敏電流計的示數(shù)如下表。3.002.502.001.501.000.800.891.001.131.21請在圖丁所示的坐標系中作出圖線_________，由作出的圖線求得干電池的電動勢______V，內阻______。（結果保留到小數(shù)點后兩位）本實驗中考慮電壓表和電流表的內阻對實驗結果的影響，電動勢的測量值______（選填“大于”、“等于”、“小于”）真實值?！即鸢浮剑?）45（2）5（3）1.4015.50等于〖解析〗【小問1詳析】由圖乙所示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為由歐姆定律可得則靈敏電流計內阻為【小問2詳析】將靈敏電流計的量程擴大為原來的10倍，并聯(lián)電阻的阻值為【小問3詳析】[1]根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應點，然后根據(jù)描出的點作出圖象，圖象如下圖所示[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結合圖像可得，當時整理可得結合圖像有解得[4]由上述分析可知，實驗中考慮電壓表和電流表的內阻對實驗結果的影響，電動勢的測量值等于真實值。11.如圖，一中空建材板下端固定于水平地面上的P點，通過物體M的支撐使得該板與水平地面間夾角。建材板中為格子形狀，每個格子的規(guī)格相同。一質量為m的小滑塊從板底端P點以一定初速度沿板向上射出，小滑塊沿著板面做了一次往返直線運動，小滑塊在運動過程中受到的摩擦力大小不變。用頻閃照相機連續(xù)記錄了小滑塊在板面中段運動過程中的部分位置，圖甲和圖乙分別是上滑過程和下滑過程的頻閃照片。已知小滑塊運動的最高點相對于板底端的距離為s，不計空氣阻力，重力加速度為g，，。求：（1）小滑塊所受摩擦力的大?。唬?）小滑塊下滑過程中，在距離板底端多遠處其重力勢能是動能的3倍（以板底端所在水平面為零勢能面）?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設每個格子在小滑塊運動方向的寬度為d，頻閃照相機閃光周期為T。根據(jù)勻變速運動的推論，上滑時有下滑時有根據(jù)牛頓第二定律，上滑時有下滑時有得（2）下滑過程中，在距底端x2處重力勢能是其動能的三倍，則有聯(lián)立解得12.如圖，兩條相距為d的平行金屬導軌位于同一水平面內，其左端接一阻值為R的電阻。質量為m、阻值為r的金屬桿靜置在導軌上。外形為長方體的磁場生成裝置GH通過EF連接為整體，在其正對的矩形區(qū)域中產生勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向豎直向下，矩形區(qū)域外磁場忽略不計。邊界長為，邊界長為（未知）。用外力控制磁場生成裝置以水平速度v向右勻速地掃過金屬桿。金屬桿中自由電子總量保持不變，導軌光滑且足夠長，導軌電阻不計，桿在運動過程中始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸。求：（1）當磁場的邊界剛掃上金屬桿時，通過電阻R中的電流方向（用“方向”或者“方向”表示）；（2）當磁場的邊界剛掃上金屬桿時，電阻R上的電壓值和熱功率；（3）若磁場的邊界恰好掃到金屬桿時，金屬桿中的自由電子定向移動速度是磁場的邊界剛掃上金屬桿時定向移動速度的，且從磁場的邊界剛掃上金屬桿到磁場的邊界恰好掃到金屬桿的過程中，電阻R上產生的熱量為Q。求外力對磁場生成裝置所做的功W和磁場邊界的大小?！即鸢浮剑?）方向；（2），；（3），〖解析〗（1）磁場生成裝置以水平速度v向右勻速地掃過金屬桿，則相對于磁場生成裝置，金屬桿向左運動，根據(jù)右手定則，金屬桿中電流的方向向下，則電阻R中的電流方向為：方向；（2）根據(jù)法拉第電磁感應定律，金屬桿上產生的電動勢為則R上的電壓為R上的熱功率為（3）因為金屬桿中的自由電子定向移動速度是磁場的（）邊界剛掃上金屬桿時定向移動速度的，即金屬桿中的電流變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)可得，產生的感應電動勢也變?yōu)樵瓉淼模O此時金屬桿的速度大小為，則解得根據(jù)功能關系，外力做功轉化為系統(tǒng)的焦耳熱和金屬桿的動能，系統(tǒng)的焦耳熱為則外力做功為對金屬桿，整個過程根據(jù)動量定理又根據(jù)法拉第電磁感應定律以上各式聯(lián)立，解得（二）選考題［物理選修3—3］13.某實驗小組進行布朗運動實驗：使用聚苯乙烯顆粒與純凈水制成懸濁液，通過顯微鏡、計算機、投影儀、投影幕布觀察聚苯乙烯顆粒在水中的運動。利用控制變量思想，進行了兩次實驗，得到兩張記錄聚苯乙烯顆粒運動位置連線的圖片，記錄聚苯乙烯顆粒位置的時間間隔相同，幕布上的方格背景紋理相同。下列說法正確的是（）A.聚苯乙烯顆粒運動位置連線圖描述了聚苯乙烯顆粒實際運動軌跡B.若兩次實驗使用的聚苯乙烯顆粒直徑相同，則圖甲中懸濁液溫度高于圖乙中懸濁液溫度C.若兩次實驗中懸濁液溫度相同，則圖甲中的聚苯乙烯顆粒直徑大于圖乙中的聚苯乙烯顆粒直徑D.宏觀層面的聚苯乙烯顆粒的運動反映了微觀層面的水分子的運動無規(guī)則性E.懸濁液的溫度相同情況下，聚苯乙烯顆粒直徑越小，同一時刻受到的水分子撞擊個數(shù)就更少，聚苯乙烯顆粒受到的碰撞作用力合力越不均衡〖答