全國統(tǒng)考版2025屆高考物理二輪復(fù)習(xí)評估驗收模擬卷二含解析

PAGE14-高考仿真模擬卷(二)(時間：70分鐘；滿分：110分)第Ⅰ卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．14．如圖所示，表示汞原子最低的4個能級，一個自由電子的總能量為9.0eV，與處于基態(tài)的汞原子發(fā)生正碰(不計汞原子的動量變更)，則電子可能剩余的能量(碰撞過程中無能量損失)()A．0.2eV B．1.4eVC．2.3eV D．5.5eV15．如圖所示，踢毽子是人們寵愛的一項體育活動，毽子被踢出后豎直向上運(yùn)動，達(dá)到最高點后又返回原處．若運(yùn)動過程中毽子受到的空氣阻力大小與速度的大小成正比，且始終小于毽子的重力，則下列說法正確的是()A．毽子踢出后受到三個力的作用B．毽子到最高點時，不受任何力的作用C．毽子在上升過程中，加速度先減小后增大D．毽子在下降過程中，加速度減小16．如圖所示，長木板靜止于光滑水平地面，滑塊疊放在木板右端，現(xiàn)對木板施加水平恒力，使它們向右運(yùn)動．當(dāng)滑塊與木板分別時，滑塊相對地面的位移為x、速度為v.若只減小滑塊質(zhì)量，重新拉動木板，滑塊與木板分別時()A．x變小，v變小 B．x變大，v變大C．x變小，v變大 D．x變大，v變小17．甲、乙兩質(zhì)點在同一地點同一時間在外力作用下做勻變速直線運(yùn)動，運(yùn)動的時間為t，位移為x，甲、乙兩質(zhì)點運(yùn)動的eq\f(x,t)－t圖象如圖所示，下列說法正確的是()A．甲質(zhì)點的加速度大小為eq\f(c,d)B．乙質(zhì)點的初速度大小為cC．t＝eq\f(d,4)時甲、乙兩質(zhì)點相遇D．t＝d時甲、乙兩質(zhì)點同向運(yùn)動18．空間有一水平勻強(qiáng)電場，范圍足夠大，場中有一粒子源，某時刻釋放出速度大小相同的同種帶電粒子，速度方向沿垂直于豎直面內(nèi)各方向，粒子的重力不計，如圖所示，則()A．同一時刻全部粒子的動量相同B．同一時刻全部粒子的位移相同C．同一時刻全部粒子到達(dá)同一等勢面上D．同一時刻全部粒子到達(dá)同一水平面上19.人類首次發(fā)覺了引力波來源于距地球之外13億光年的兩個黑洞(質(zhì)量分別為26個和39個太陽質(zhì)量)相互繞轉(zhuǎn)最終合并的過程．設(shè)兩個黑洞A、B繞其連線上的O點做勻速圓周運(yùn)動，如圖所示．黑洞A的軌道半徑大于黑洞B的軌道半徑，兩個黑洞的總質(zhì)量為M，兩個黑洞間的距離為L，其運(yùn)動周期為T，則()A．黑洞A的質(zhì)量肯定大于黑洞B的質(zhì)量B．黑洞A的線速度肯定大于黑洞B的線速度C．兩個黑洞間的距離L肯定，M越大，T越大D．兩個黑洞的總質(zhì)量M肯定，L越大，T越大20．如圖所示，將質(zhì)量為M1、半徑為R且內(nèi)壁光滑的半圓槽置于光滑水平面上，左側(cè)靠豎直墻壁，右側(cè)靠一質(zhì)量為M2的物塊．今讓一質(zhì)量為m的小球自左側(cè)槽口A的正上方h高處從靜止起先下落，與半圓槽相切自A點進(jìn)入槽內(nèi)，則以下結(jié)論中正確的是()A．小球在槽內(nèi)運(yùn)動的全過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒B．小球在槽內(nèi)運(yùn)動由B至C過程中，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒C．小球離開C點以后，將做豎直上拋運(yùn)動D．小球從A點經(jīng)最低點向右側(cè)最高點運(yùn)動的過程中，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒21．如圖所示，兩根間距為d的光滑金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為θ＝30°的斜面上，導(dǎo)軌的右端接有電阻R，整個裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直．導(dǎo)軌上有一質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒與兩導(dǎo)軌垂直且接觸良好，金屬棒以肯定的初速度v0在沿著導(dǎo)軌上滑一段距離L后返回，不計導(dǎo)軌電阻及感應(yīng)電流間的相互作用．下列說法正確的是()A．導(dǎo)體棒返回時先做加速運(yùn)動，最終做勻速直線運(yùn)動B．導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中通過R的電荷量q＝eq\f(BdL,2R)C．導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中克服安培力做的功W＝eq\f(1,2)(mveq\o\al(2,0)－mgL)D．導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量Q＝eq\f(1,2)(mveq\o\al(2,0)－mgL)題號1415161718192021答案第Ⅱ卷三、非選擇題：共62分．第22～25題為必考題，每個試題考生都必需作答．第33～34題為選考題，考生依據(jù)要求作答．(一)必考題：共47分．22．(5分)某同學(xué)用如圖甲所示裝置做“探究合力的功與動能變更量的關(guān)系”的試驗，他通過成倍增加位移的方法來進(jìn)行驗證．方法如下：將光電門固定在水平軌道上的B點，用重物通過細(xì)線拉小車，保持小車(帶遮光條)和重物的質(zhì)量不變，通過變更小車釋放點到光電門的距離進(jìn)行多次試驗，每次試驗時要求小車都由靜止釋放．(1)用游標(biāo)卡尺測出遮光條的寬度d，示數(shù)如圖乙所示，則d＝________cm.(2)假如每次試驗時遮光條通過光電門的時間為t，小車到光電門的距離為s，通過描點作出線性圖象來反映合力的功與動能變更量的關(guān)系，則所作圖象關(guān)系是________時才能符合試驗要求．A．s－t B．s－t2C．s－t－1 D．s－t－2(3)下列試驗操作中必要的是________．A．調(diào)整軌道的傾角，在未掛重物時使小車能在軌道上勻速運(yùn)動B．必需滿意重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量C．必需保證小車由靜止?fàn)顟B(tài)起先釋放23．(10分)某同學(xué)在課外活動中利用多用電表進(jìn)行如下探究：A．依據(jù)多用電表測未知電阻阻值的電路連接如圖甲所示；B．將多用電表的歐姆擋的選擇開關(guān)撥至倍率“×1”擋，并將紅、黑表筆短接調(diào)零，此時調(diào)零電阻R0接入電路的部分阻值用R0表示；C．在紅、黑表筆間接入不同的待測電阻Rx，測出多組電路中電流與待測電阻的數(shù)據(jù)；D．建立直角坐標(biāo)系，依據(jù)電路中電流和Rx的值在坐標(biāo)系中描點連線得到圖象如圖乙所示．假如電池的電動勢用E表示、內(nèi)阻用r表示，表頭內(nèi)阻用Rg表示，依據(jù)上述試驗探究，回答下列問題：(1)圖乙所表示的圖象的函數(shù)關(guān)系式為________________________________________．(2)下列依據(jù)圖乙中I－Rx圖線做出的說明或推斷中正確的是________．(有兩個選項正確)A．用歐姆表測電阻時，指針指示讀數(shù)越大，測量的誤差越小B．歐姆表調(diào)零的實質(zhì)是通過調(diào)整R0，使Rx＝0時電路中的電流I＝IgC．Rx越小，相同的電阻變更量對應(yīng)的電流變更量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏D．測量中，當(dāng)Rx的阻值為圖乙中的R2時，指針位于表盤中心位置的右側(cè)(3)假如試驗中還記錄下多用電表的歐姆擋“×1”擋的中值電阻值為15Ω，此時電池的電動勢為1.5V，則你認(rèn)為多用電表所用電流表表頭的量程是________．24．(12分)如圖所示是長為8m的水平傳送帶AB和一豎直的半徑為0.8m的eq\f(1,4)圓形光滑軌道的組合裝置，軌道底端與傳送帶在B點相切，若傳送帶向右以3m/s的恒定速度勻速運(yùn)動，現(xiàn)在圓軌道的最高點由靜止釋放一質(zhì)量為4kg的物塊，物塊恰好能運(yùn)動到水平傳送帶的最左端而不掉下，重力加速度大小為g＝10m/s2.求：(1)物塊滑到圓形軌道底端時對軌道的壓力大小和物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)；(2)物塊返回到圓軌道后能夠上升的高度和在傳送帶上第一次來回所用的時間．25．(20分)如圖所示，第一象限有平行于紙面且與x軸負(fù)方向成45°的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小未知，第四象限有方向垂直于紙面對里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.現(xiàn)從坐標(biāo)原點O向磁場中射入一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子1(重力不計)，速度大小為v、方向與x軸正方向成45°.該粒子第一次到達(dá)x軸時與該點的一個質(zhì)量為2m不帶電的粒子2發(fā)生彈性正碰，碰后所帶電荷量兩者平分，碰后粒子1進(jìn)入磁場做勻速圓周運(yùn)動后再經(jīng)過x軸經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)恰好可以回到坐標(biāo)原點，粒子2在電場中運(yùn)動一段時間后也進(jìn)入磁場．求：(1)粒子1和粒子2碰撞離開x軸后再次回到x軸的位置坐標(biāo)；(2)電場強(qiáng)度的大小；(3)碰撞后兩粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的半徑之比．(二)選考題：共15分．請考生從2道題中任選一題作答，假如多做，則按所做的第一題計分．33．[物理——選修3-3](15分)(1)(5分)下面說法正確的是________(填正確答案標(biāo)號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A．飽和蒸汽壓隨溫度的上升而增大B．單晶體在某些物理性質(zhì)上具有各向異性C．肯定量的志向氣體從外界吸熱，其內(nèi)能肯定增加D．液體溫度越高，懸浮顆粒越小，布朗運(yùn)動越猛烈E．當(dāng)分子之間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子力隨分子間的距離增大而增大(2)(10分)如圖所示，粗細(xì)不同的玻璃管開口向下，粗管長為L＝13cm，細(xì)管足夠長，粗管的截面積為細(xì)管的兩倍．管內(nèi)的氣體被一段水銀柱封閉，當(dāng)封閉氣體的溫度為T1＝300K時，粗、細(xì)管內(nèi)的水銀柱長度均為h＝5cm.已知大氣壓強(qiáng)p0＝75cmHg，現(xiàn)對封閉氣體緩慢加熱，求：①水銀恰好全部進(jìn)入細(xì)管時氣體的溫度T2；②從起先加熱到T3＝500K時，水銀柱的下表面移動距離為多少厘米(保留3位有效數(shù)字)．34．[物理——選修3-4](15分)(1)(5分)光纖是現(xiàn)代通信普遍運(yùn)用的信息傳遞媒介，現(xiàn)有一根圓柱形光纖，光信號從光纖一端的中心進(jìn)入，并且沿隨意方向進(jìn)入的光信號都能傳遞到另一端．下列說法正確的有________．(填正確答案標(biāo)號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A．光從空氣進(jìn)入光纖時傳播速度變小B．光導(dǎo)纖維利用了光的偏振原理C．光導(dǎo)纖維利用了光的全反射原理D．光纖材料的折射率可能為1.2E．光纖材料的折射率可能為eq\r(2)(2)(10分)如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在x軸上有P、M、Q三點，從波傳到x＝5m的M點時起先計時，已知t1＝0.7s時M點其次次出現(xiàn)波峰．求：①這列波傳播的速度；②從t＝0時刻起到t2＝1s止，質(zhì)點Q(x＝9m)通過的路程．高考仿真模擬卷(二)14．解析：選A.若電子剩下能量為0.2eV，則被汞原子汲取的能量為8.8eV，汞原子能量變?yōu)椋?.6eV，躍遷到第4能級，故A項正確；若電子剩下能量為1.4eV，則被汞原子汲取的能量為7.6eV，汞原子能量變?yōu)椋?.8eV，不存在該能級，則不行能發(fā)生，故B項錯誤；若電子剩下能量為2.3eV，則被汞原子汲取的能量為6.7eV，汞原子能量變?yōu)椋?.7eV，不存在該能級，則不行能發(fā)生，故C項錯誤；若電子剩下能量為5.5eV，則被汞原子汲取的能量為3.5eV，汞原子能量變?yōu)椋?.9eV，不存在該能級，則不行能發(fā)生，故D項錯誤．15．解析：選D.踢出后的毽子，受到重力和空氣阻力的作用，A項錯誤；毽子到最高點時仍舊受重力作用，B項錯誤；上升過程中有kv＋mg＝ma，毽子向上運(yùn)動過程中速度漸漸減小，故加速度減??；下降過程中有mg－kv＝ma，下降過程中速度漸漸增大，故加速度減小，C項錯誤，D項正確．16．解析：選A.長木板和滑塊做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動，依據(jù)牛頓其次定律得滑塊的加速度a1＝μg，長木板加速度a2＝eq\f(F－μmg,M)，由運(yùn)動學(xué)公式可得滑塊與木板分別時，滑塊相對地面的位移為x＝eq\f(1,2)a1t2，滑塊相對長木板的位移為L＝eq\f(1,2)a2t2－eq\f(1,2)a1t2，滑塊相對地面的速度v＝a1t，若只減小滑塊質(zhì)量，再次拉動木板，依據(jù)牛頓其次定律得滑塊的加速度a1＝μg不變，長木板加速度a2＝eq\f(F－μmg,M)變大，由滑塊相對長木板的位移為L＝eq\f(1,2)a2t2－eq\f(1,2)a1t2可得運(yùn)動時間變小，滑塊相對地面的位移為x＝eq\f(1,2)a1t2變小，滑塊相對地面的速度為v＝a1t變小，故A正確，B、C、D錯誤．17．解析：選B.依據(jù)x＝v0t＋eq\f(1,2)at2可知eq\f(x,t)＝eq\f(1,2)at＋v0，故甲質(zhì)點的初速度為v0＝0，加速度為a＝eq\f(2c,d)，乙質(zhì)點的初速度為v′0＝c，加速度為a′＝－eq\f(2c,d)，選項A錯誤，選項B正確；依據(jù)eq\f(1,2)at2＝v′0t＋eq\f(1,2)a′t2解得t＝eq\f(d,2)，選項C錯誤；t＝d時，乙質(zhì)點反向運(yùn)動，而甲沒有反向運(yùn)動，選項D錯誤．18．解析：選C.粒子射出時速度均垂直于電場E，均受沿E所在方向的電場力，故全部粒子均做類平拋運(yùn)動，在平行于E方向粒子做初速度為零的勻加速運(yùn)動，同一時刻到達(dá)位置均在同一等勢面上，故C正確；垂直于E方向粒子均做勻速直線運(yùn)動，故粒子在同一時刻位置組成一圓面，在豎直方向且垂直于E，故D錯誤；粒子位移均從粒子源指向圓上各點，即一錐面母線，速度方向也不同，故A、B錯誤．19．解析：選BD.設(shè)兩個黑洞質(zhì)量分別為mA、mB，軌道半徑分別為RA、RB，角速度為ω，由萬有引力定律可知：eq\f(GmAmB,L2)＝mAω2RA，eq\f(GmAmB,L2)＝mBω2RB，RA＋RB＝L，得eq\f(mA,mB)＝eq\f(RB,RA)，而AO＞OB，選項A錯誤；vA＝ωRA，vB＝ωRB，選項B正確；GM＝ω2L3，又因為T＝eq\f(2π,ω)，故T＝2πeq\r(\f(L3,GM))，選項C錯誤，D正確．20．解析：選BD.小球從A→B的過程中，半圓槽對球的支持力沿半徑方向指向圓心，而小球?qū)Π雸A槽的壓力方向與之相反，指向左下方，因為有豎直墻攔住，所以半圓槽不會向左運(yùn)動，可見，該過程中，小球與半圓槽在水平方向受到外力作用，動量并不守恒，而由小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動量也不守恒；從B→C的過程中，小球?qū)Π雸A槽的壓力方向指向右下方，所以半圓槽要向右推動物塊一起運(yùn)動，因而小球參加了兩個運(yùn)動：一個是沿半圓槽的圓周運(yùn)動，另一個是與半圓槽一起向右運(yùn)動，小球所受支持力方向與速度方向并不垂直，此過程中，因為有物塊攔住，小球與半圓槽在水平方向動量并不守恒，但是小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，小球運(yùn)動的全過程，水平方向動量也不守恒，選項A錯誤，選項B正確；當(dāng)小球運(yùn)動到C點時，它的兩個分運(yùn)動的合速度方向并不是豎直向上，所以此后小球做斜上拋運(yùn)動，故選項C錯誤；因接觸面都是光滑的，所以小球、半圓槽、物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故選項D正確．21．解析：選ABC.導(dǎo)體棒返回時隨著速度的增大，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢增大，感應(yīng)電流增大，棒受到的安培力增大，加速度減小，所以導(dǎo)體棒先做加速度減小的加速運(yùn)動，最終做勻速直線運(yùn)動，故A正確；導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中通過R的電荷量為：q＝eq\o(I,\s\up6(－))t＝eq\f(Bd\o(v,\s\up6(－)),2R)t＝eq\f(BdL,2R)，故B正確；導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中克服安培力做的功等于回路中產(chǎn)生的總熱量，由能量守恒定律得：W＝Q＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)－mgLsin30°＝eq\f(1,2)(mveq\o\al(2,0)－mgL)，故C正確；導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量為：QR＝eq\f(1,2)×(eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)－mgLsin30°)＝eq\f(1,4)(mveq\o\al(2,0)－mgL)，故D錯誤．22．解析：(1)由游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則可知，示數(shù)為：10mm＋0.05×15mm＝1.075cm.(2)由題意可知，該同學(xué)是通過成倍變更位移來變更做功的，設(shè)小車所受的合力為F，對小車，有Fs＝eq\f(1,2)meq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,t)))eq\s\up12(2)，即有s∝eq\f(1,t2)，則D正確．(3)由(2)可知，公式中的F是指小車所受到的合力，而且在整個試驗過程中保持不變，所以在該試驗中不須要平衡摩擦力；同理可知，重物與小車質(zhì)量的大小關(guān)系也不會對試驗結(jié)果產(chǎn)生影響；若小車釋放速度不為0，則會對試驗結(jié)果產(chǎn)生影響，選項C正確．答案：(1)1.075(2)D(3)C23．解析：(1)對題圖甲，依據(jù)閉合電路歐姆定律有E＝I(R0＋Rg＋r＋Rx)，故題圖乙中圖象的函數(shù)關(guān)系式為I＝eq\f(E,R0＋Rg＋r＋Rx)；(2)用歐姆表測電阻時，指針指示在刻度盤中間旁邊，測量誤差最小，指針偏轉(zhuǎn)過大或指針偏轉(zhuǎn)太小，測量誤差都較大，A錯誤；測量中，當(dāng)Rx的阻值為圖乙中的R2時，電流小于滿偏電流的eq\f(1,2)，指針位于表盤中心位置的左側(cè)，D錯誤；歐姆表調(diào)零的實質(zhì)是通過調(diào)整R0，使Rx＝0時電路中的電流I＝Ig，Rx越小，相同的電阻變更量對應(yīng)的電流變更量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏，B、C正確；(3)依據(jù)表頭滿偏時有Ig＝eq\f(E,R0＋Rg＋r)，半偏時有eq\f(1,2)Ig＝eq\f(E,R0＋Rg＋r＋Rx)，可知中值電阻R中＝R0＋Rg＋r＝Rx＝15Ω，故Ig＝eq\f(E,R0＋Rg＋r)＝eq\f(1.5V,15Ω)＝0.1A.答案：(1)I＝eq\f(E,R0＋Rg＋r＋Rx)(2)BC(3)0.1A24．解析：(1)物塊從eq\f(1,4)圓形光滑軌道下滑的過程，依據(jù)機(jī)械能守恒有mgR＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)解得v1＝4m/s物塊在光滑圓軌道最低點，依據(jù)牛頓其次定律有F－mg＝meq\f(veq\o\al(2,1),R)解得：F＝120N由牛頓第三定律可知，物塊對軌道的壓力F′＝－F＝－120N，其中負(fù)號表示壓力的方向豎直向下；物塊沿傳送帶滑到最左端速度恰好為零，由動能定理有－μmg·L＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)代入數(shù)據(jù)解得：μ＝0.1.(2)物塊在傳送帶上先做勻減速運(yùn)動，依據(jù)牛頓其次定律有μmg＝ma解得：a＝1m/s2則物塊減速到零的時間為t1＝eq\f(v1,a)＝4s反向加速時加速度不變，故加速時間為t2＝eq\f(v帶,a)＝3s這段時間的位移為x1＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,2)＝4.5m之后物塊隨傳送帶勻速運(yùn)動，則t3＝eq\f(L－x1,v帶)＝1.17s物塊以與傳送帶一樣的速度滑上光滑圓軌道后，依據(jù)機(jī)械能守恒有eq\f(1,2)mveq\o\al(2,帶)＝mgh代入數(shù)據(jù)解得：h＝0.45m物塊在傳送帶上第一次來回所用的時間為t＝t1＋t2＋t3＝8.17s.答案：(1)120N0.1(2)0.45m8.17s25．解析：(1)依據(jù)粒子1在磁場中做圓周運(yùn)動的向心力由洛倫茲力供應(yīng)有qvB＝meq\f(v2,R1)，解得R1＝eq\f(mv,qB)則兩粒子碰撞的位置為x1＝eq\r(2)R1＝eq\f(\r(2)mv,qB)兩粒子發(fā)生彈性正碰，依據(jù)動量守恒定律有mv＝mv1＋2mv2依據(jù)機(jī)械能守恒定律有eq\f(1,2)mv2＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)·2mveq\o\al(2,2)聯(lián)立解得：v1＝－eq\f(1,3)v，v2＝eq\f(2,3)v粒子1反彈后，由eq\f(1,2)qv1B＝meq\f(veq\o\al(2,1),R2)，得R2＝eq\f(mv1,qB)＝eq\f(2mv,3qB)再次到達(dá)x軸的距離為x2＝eq\r(2)R2＝eq\f(2\r(2)mv,3qB)如圖所示，Oc＝x1＋x2＝eq\f(5\r(2)mv,3qB).所以c點的位置坐標(biāo)為eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5\r(2)mv,3qB)，0))(2)類平拋運(yùn)動的垂直和平行電場方向位移s⊥＝s∥＝Ocsin45°＝eq\f(5mv,3qB)所以類平拋運(yùn)動時間為t＝eq\f(s⊥,v)＝eq\f(5m,3qB)又由s∥＝eq\f(1,2)at2＝eq\f(\f(q,2)E,2m)t2聯(lián)立解得：E＝eq\f(12vB,5).(3)粒子2在電場中逆著電場線做勻減速運(yùn)動減速到零后反向加速，進(jìn)入磁場時的速度仍為v2＝eq\f(2,3)v，依據(jù)粒子2在磁場中做圓周運(yùn)動的向心力由洛倫茲力供應(yīng)有eq\f(1,2)qv2B＝2meq\f(veq\o\al(2,2),R3)解得：R3＝eq\f(8mv,3qB)故兩粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的半徑之比為eq\f(R2,R3)＝eq\f(1,4).答案：(1)見解析(2)eq\f(12vB,5)(3)eq\f(1,4)33．解析：(1)液體的飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，隨溫度的上升而增大，A選項正確；單晶體在某些物理性質(zhì)上