2023-2024學(xué)年江蘇省泰州市高三下學(xué)期（第四次）調(diào)研測(cè)試物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2024學(xué)年江蘇省泰州市高三（第四次）調(diào)研測(cè)試物理試卷一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)由于太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)其質(zhì)量在不斷減小.若干年后，地球繞太陽的運(yùn)動(dòng)仍可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng).則與現(xiàn)在相比(

)A.軌道半徑變小 B.周期變大 C.速率變大 D.角速度變大2.光子跟實(shí)物粒子一樣也具有重力勢(shì)能.從高樓上向地面發(fā)射頻率為QUOTE、動(dòng)量為QUOTEp0p0的QUOTE光子，在地面接收到QUOTE光子的頻率為QUOTE、動(dòng)量為p，則(

)A.QUOTE，QUOTEp0>pp0>p B.QUOTE，QUOTEp0<pp0<p C.QUOTE，QUOTEp0>pp0>p D.QUOTE，QUOTEp0<pp0<p3.如圖所示，某同學(xué)用拖把拖地，沿推桿方向?qū)ν习咽┘优c水平方向成QUOTE角的推力F，拖把做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)拖把的作用力方向(

)

A.豎直向上

B.水平向左

C.地面對(duì)拖把的作用力方向與水平面的夾角大于QUOTE

D.地面對(duì)拖把的作用力方向與水平面的夾角小于QUOTE4.用強(qiáng)激光照射金屬，由于其光子密度極大，一個(gè)電子在極短時(shí)間內(nèi)可以吸收多個(gè)光子發(fā)生多光子光電效應(yīng).如圖，用頻率為QUOTE的普通光源照射陰極K，沒有發(fā)生光電效應(yīng).換用同樣頻率的強(qiáng)激光照射，則發(fā)生光電效應(yīng);若加上反向電壓U，當(dāng)光電流恰好減小為零時(shí)，則U可能是QUOTE(W(W為逸出功，h為普朗克常量，e為電子電量QUOTE))(

)

A.QUOTEU=hve-WeU=hve-We B.QUOTEU=2hve-WeU=2hve-We C.5.如圖所示，正三角形ABC區(qū)域存在方向垂直紙面向里、大小隨時(shí)間均勻增加的磁場(chǎng).以三角形頂點(diǎn)C為圓心，粗細(xì)均勻的銅導(dǎo)線制成圓形線圈平行于紙面固定放置，則下列說法正確的是(

)

A.線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針 B.線圈有擴(kuò)張趨勢(shì)

C.線圈所受安培力方向與AB邊垂直 D.增加線圈匝數(shù)，線圈中感應(yīng)電流變小6.如圖所示，一粗細(xì)均勻的導(dǎo)熱良好的玻璃管漂浮在液體中，玻璃管內(nèi)外液面高度差為QUOTEh.h.若環(huán)境溫度緩慢升高，大氣壓強(qiáng)不變，下列說法正確的是(

)

A.玻璃管內(nèi)外液面高度差h變大

B.玻璃管內(nèi)氣體壓強(qiáng)變大

C.單位時(shí)間內(nèi)氣體分子與單位面積管壁碰撞次數(shù)增多

D.玻璃管內(nèi)氣體分子的數(shù)密度變小7.在太空實(shí)驗(yàn)室中可以利用勻速圓周運(yùn)動(dòng)測(cè)量小球質(zhì)量.如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕繩一端固定于O點(diǎn)，另一端系待測(cè)小球，使其繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得繩上的張力為F，小球轉(zhuǎn)過n圈所用的時(shí)間為t，O點(diǎn)到球心的距離為QUOTEl.l.下列說法正確的是(

)

A.小球所受重力和繩拉力的合力充當(dāng)向心力

B.小球的質(zhì)量為QUOTEFt24蟺wwww2n2lFt24蟺wwww2n2l

C.若誤將QUOTEn-18.打磨某割面如圖所示的寶石時(shí)，必須將OP、OQ邊與軸線的夾角QUOTE切磨在QUOTE的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射QUOTE((僅考慮如圖所示的光線第一次射到OP邊并反射到OQ邊后射向MN邊的情況QUOTE))，則下列判斷正確的是(

)

A.若QUOTE，光線一定在OP邊發(fā)生全反射 B.若QUOTE，光線會(huì)從OQ邊射出

C.若QUOTE，光線會(huì)從OP邊射出 D.若QUOTE，光線會(huì)在OP邊發(fā)生全反射9.“高鐵”是一種時(shí)尚快捷的交通工具.若高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，該階段列車的位移x、速度v、動(dòng)能QUOTEEkEk、功率P、時(shí)間t的關(guān)系圖像正確的是(

)A. B.

C. D.10.有一種特殊電四極子的電荷分布及位置關(guān)系如圖所示，A點(diǎn)位于QUOTE+2q+2q電荷的正上方.下列說法正確的是(

)

A.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)QUOTE B.A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小QUOTEEA>EBEA>EB

C.電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能 D.將電子從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功11.靜止在地面上的物體在變力F作用下開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，力F的大小隨上升高度x的變化關(guān)系如圖所示，物體能上升的最大高度為h，QUOTEh<H(Hh<H(H為定值QUOTE).).則在上升過程中(

)

A.物體在離地瞬間和到達(dá)最高點(diǎn)的加速度大小相等

B.改變QUOTEF0F0，若h變大，則物體加速度的最大值可能變小

C.改變QUOTEF0F0，若h變大，則物體速度的最大值可能不變

D.物體的機(jī)械能一定先增大后減小二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。12.某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)描繪規(guī)格為“QUOTE2.5V2.5V，QUOTE0.6W0.6W”的小電珠的伏安特性曲線.QUOTE(1)(1)該同學(xué)用多用電表測(cè)量小電珠的電阻，應(yīng)將選擇開關(guān)旋至圖甲中__________處QUOTE.(.(選填“A”、“B”、“C”或“D”QUOTE))QUOTE(2)(2)該同學(xué)按圖乙所示連接好電路，請(qǐng)指出電路中__________QUOTE((選填圖中表示接線柱的字母QUOTE))之間連線出現(xiàn)了錯(cuò)誤.QUOTE(3)(3)改正錯(cuò)誤連接后，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑片P，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，已知各元器件均無故障，其原因是__________兩點(diǎn)間的導(dǎo)線沒有連接好.QUOTE(4)(4)下表為該同學(xué)記錄的電壓表和電流表的示數(shù).為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，你認(rèn)為必須在表內(nèi)相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)__________QUOTE((選填“ab”、“bc”、“cd”、“de”或“ef”QUOTE))間多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，并說明理由__________。數(shù)據(jù)點(diǎn)abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。13.如圖所示，奧運(yùn)會(huì)步槍射擊項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員沿水平方向?qū)?zhǔn)靶的中心射擊.設(shè)子彈能擊中靶，槍口到靶心的距離為l，所用靶的直徑為d，重力加速度為QUOTEg.g.求：

QUOTE(1)(1)子彈飛出槍膛的速度QUOTEv0v0至少多大;QUOTE(2)(2)子彈擊中靶時(shí)速度偏向角正切值的最大值.14.如圖所示，熱氣球的下端有一小口，使球內(nèi)外的空氣可以流通.球內(nèi)有溫度調(diào)節(jié)器，可以調(diào)節(jié)球內(nèi)空氣的溫度，控制熱氣球上升或下降.設(shè)熱氣球的總體積QUOTEV0=500m3(V0=500m3(忽略球殼體積QUOTE))，除球內(nèi)空氣外，熱氣球質(zhì)量QUOTEM=180kg.M=180kg.已知地球表面大氣溫度QUOTET0=280KT0=280K，密度QUOTE，將大氣視為理想氣體，忽略其密度和溫度隨高度的變化，重力加速度g取QUOTE10m/s2.10m/s2.求：

QUOTE(1)(1)熱氣球剛要離開地面時(shí)，球內(nèi)熱空氣的密度;QUOTE(2)(2)為使熱氣球從地面升起，球內(nèi)氣溫至少要達(dá)到多少.15.如圖所示的裝置中，小物塊A、B的質(zhì)量均為m，水平面上PQ段粗糙且長(zhǎng)為l，其余段光滑，兩物塊與PQ間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為QUOTE初始時(shí)刻，長(zhǎng)為r的連桿位于圖中虛線位置，物塊A緊靠滑桿QUOTE(A(A、B間距大于QUOTE2r).2r).隨后，連桿以角速度QUOTE的速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)滑桿沿水平方向運(yùn)動(dòng)QUOTE.A.A在滑桿推動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，并在脫離滑桿后與靜止的B發(fā)生碰撞后粘合在一起.

QUOTE(1)(1)寫出滑桿的速度隨時(shí)間變化的表達(dá)式;QUOTE(2)(2)求物塊A脫離滑桿時(shí)的速度QUOTEv0v0及A、B碰撞過程中損失得機(jī)械能QUOTEQUOTE(3)(3)如果AB一起能與彈簧相碰，但不能返回到P點(diǎn)左側(cè)，求QUOTE的取值范圍.16.如圖為醫(yī)用電子直線加速器結(jié)構(gòu)原理簡(jiǎn)化圖.束流傳輸系統(tǒng)由三個(gè)半徑為d的QUOTE扇形磁場(chǎng)組成，圓心為O，方向垂直紙面向外，其中導(dǎo)向磁場(chǎng)和聚焦磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為QUOTEB1=B3=B.B1=B3=B.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)為非勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度QUOTEB2B2強(qiáng)弱沿徑向呈一定規(guī)律分布，可使電子在其間做勻速圓周運(yùn)動(dòng).現(xiàn)電子束經(jīng)電壓為QUOTEu0u0的加速系統(tǒng)后，垂直導(dǎo)向磁場(chǎng)邊界從P進(jìn)入束流傳輸系統(tǒng)，最終粒子能在Q點(diǎn)匯聚并豎直向下打到靶上.已知QUOTEPO=QO=d2PO=QO=d2，QUOTE，電子剛好做半徑為QUOTEd2d2的勻速圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)QUOTEQ.Q.

QUOTE(1)(1)若電子電荷量為e，求電子質(zhì)量QUOTEm;m;QUOTE(2)(2)考慮加速電壓有波動(dòng)，在QUOTE之間變化，求發(fā)散電子束進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)時(shí)的寬度QUOTE;(;(計(jì)算半徑時(shí)可使用小量近似公式：當(dāng)QUOTE時(shí)，QUOTE(1+x)12鈮?+12x)(1+x)12鈮?+12x)QUOTE(3)(3)對(duì)于加速電壓為QUOTE的電子，求在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡處的磁感應(yīng)強(qiáng)度QUOTEB2B2大小.——★參考答案★——1.〖答案〗B

〖解析〗A.若太陽的質(zhì)量減小，則太陽對(duì)地球的引力減小，則引力不足以提供地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則地球?qū)⒆鲭x心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；QUOTEBCD.BCD.根據(jù)QUOTE可得QUOTE

v=GMr

由于M減小，r變大，則周期T變大，速率變小，角速度變小，選項(xiàng)B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。

太陽質(zhì)量變小了，太陽對(duì)地球的萬有引力就變小了，地球做離心運(yùn)動(dòng)。地球繞太陽的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力列出等式分析。

本題考查萬有引力在天體中的應(yīng)用，這個(gè)題目有所不同的是中心體的質(zhì)量也在發(fā)生改變，所以要考慮全面。2.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗解決本題時(shí)關(guān)鍵要正確分析光子的能量是如何轉(zhuǎn)化的。

光子向地面發(fā)射過程中，其重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為光子的能量，使其頻率增大;再根據(jù)動(dòng)量與頻率的關(guān)系可求解.【解答】解：光子的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為光子的能量，使其頻率增大，QUOTE，

又光子動(dòng)量QUOTEp=h謂cp=h謂c，可知QUOTEp0<pp0<p，

故選D。3.〖答案〗C

〖解析〗〖祥解〗本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

對(duì)拖把進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件及作用力與反作用力的特點(diǎn)分析。【解答】

解：設(shè)拖把與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為QUOTE，則拖把頭受到重力、支持力、推力和摩擦力而處于平衡狀態(tài)，受力如圖所示：

則地面對(duì)拖把的作用力為支持力N和摩擦力f的合力，其大小等于重力mg與推力F的合力大小，方向與重力mg與推力F的合力方向相反，由圖可知，重力mg與推力F的合力方向與水平面的夾角大于QUOTE，所以地面對(duì)拖把的作用力方向與水平面的夾角大于QUOTE，故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選C。4.〖答案〗B

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)光電效應(yīng)方程QUOTE，以及QUOTEEkm=eUEkm=eU進(jìn)行分析。

解決本題的關(guān)鍵是掌握光電效應(yīng)方程，知道最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系。

【解答】

以從陰極K逸出的且具有最大初動(dòng)能的光電子為研究對(duì)象，由動(dòng)能定理得：QUOTE①，由光電效應(yīng)方程得：QUOTE…QUOTE))②，由①②式解得：QUOTEU=nhve-We(n=2,3,4U=nhve-We(n=2,3,4…QUOTE)5.〖答案〗C

〖解析〗〖祥解〗本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向及線圈擴(kuò)張或收縮的趨勢(shì)；根據(jù)左手定則判斷線圈所受安培力的方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電流的表達(dá)式，分析線圈匝數(shù)變化時(shí)，感應(yīng)電流的大小變化?！窘獯稹縌UOTEAB.AB.磁場(chǎng)垂直紙面向里，大小在增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，線圈有收縮趨勢(shì)，故AB錯(cuò)誤；

C.線圈的有效長(zhǎng)度與

AB

邊平行，根據(jù)左手定則可知，線圈所受安培力方向與

AB

邊垂直，故C正確；

D.設(shè)QUOTEB=ktB=kt，圓形線圈的半徑為l，電阻為R根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律QUOTE磁場(chǎng)的有效面積QUOTES=蟺l26感應(yīng)電流的大小QUOTE增加線圈匝數(shù)N，則線圈中感應(yīng)電流變大，故D錯(cuò)誤。

故選C。6.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)壓強(qiáng)平衡分析玻璃管內(nèi)氣體壓強(qiáng)變化和內(nèi)外高度差，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程分析氣體體積的變化，進(jìn)而分析玻璃管內(nèi)氣體分子的數(shù)密度變化。

【解答】

玻璃瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)玻璃瓶底的壓力等于大氣對(duì)玻璃瓶底的壓力和玻璃瓶重力之和，故玻璃瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)不變，玻璃瓶?jī)?nèi)外液面高度差不變，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子與單位面積管壁碰撞次數(shù)不變，選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤;

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程QUOTEpVT=CpVT=C可知，體積變大、不漏氣，玻璃管內(nèi)氣體分子的數(shù)密度變小，選項(xiàng)D7.〖答案〗B

〖解析〗〖解析〗QUOTEA.A.在太空實(shí)驗(yàn)室中，物體均處于完全失重狀態(tài)，則小球沒有重力效果，圓周運(yùn)動(dòng)軌道處于任意平面內(nèi)時(shí)，小球所受合力均為繩上的拉力，A錯(cuò)誤;

B.小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球所受合力為繩上的拉力F，該拉力充當(dāng)向心力，則由牛頓第二定律有QUOTE，周期QUOTET=tnT=tn，聯(lián)立解得QUOTE，B錯(cuò)誤;

C.若誤將QUOTEn-1n-1圈記作n圈，則n變大，由QUOTE可知，m變小，C錯(cuò)誤;

D.若測(cè)l時(shí)未計(jì)入小球半徑，則l變小，由QUOTE可知，m變大，D錯(cuò)誤.

故選QUOTEB.B.

本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)，解題的關(guān)鍵是受力分析圓周運(yùn)動(dòng)的向心力的來源分析，知道太空實(shí)驗(yàn)室中，物體均處于完全失重狀態(tài)。8.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗

發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，入射角大于臨界角．根據(jù)條件：QUOTE在QUOTE的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射，結(jié)合幾何關(guān)系分析臨界角的范圍，再進(jìn)行判斷．

本題關(guān)鍵要掌握全反射的條件，靈活應(yīng)用幾何知識(shí)幫助分析入射角的大小，即可進(jìn)行判斷．

【解答】

從MN邊垂直入射，由幾何關(guān)系可知光線射到PO邊上時(shí)的入射角QUOTE，據(jù)題：QUOTE在QUOTE的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射，說明臨界角C的范圍為：QUOTE

QUOTEAB.AB.若QUOTE，光線在PO上入射角QUOTE，故光線在OP邊一定不發(fā)生全反射，會(huì)從OP邊射出．故AB錯(cuò)誤．

QUOTECD.CD.若QUOTE，QUOTE，故光線在OP邊會(huì)發(fā)生全反射．故C錯(cuò)誤、D正確。

故選D。9.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、動(dòng)能定理、瞬時(shí)功率確定兩個(gè)物理量之間的關(guān)系，即可確定圖像形式

【解答】

A.初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由位移和時(shí)間的關(guān)系公式QUOTEx=12at2x=12at2可知，位移x與時(shí)間t為二次函數(shù)關(guān)系，故A錯(cuò)誤；

B.初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度和位移的關(guān)系公式v2QUOTE=2ax=2ax可知，速度-位移圖像是曲線，故B錯(cuò)誤;

C.高鐵列車在做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得QUOTEF-f=maF-f=ma，功率QUOTEP=Fv=(f+ma)v=(f+ma)atP=Fv=(f+ma)v=(f+ma)at，則QUOTEP-tP-t圖像應(yīng)是過原點(diǎn)的傾斜的直線，故C錯(cuò)誤;

D.由動(dòng)能定理得QUOTE(F-f)x=Ek-0(F-f)x=Ek-0，即QUOTEEk=(F-f)xEk=(F-f)x，所以QUOTEEk-xEk-x圖像是一條過原點(diǎn)的傾斜的直線，故D正確。10.〖答案〗C

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式QUOTEE=kQr2E=kQr2，結(jié)合電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加判斷A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系。

電勢(shì)是標(biāo)量，正電荷周圍電勢(shì)為正，負(fù)電荷周圍電勢(shì)為負(fù)，據(jù)此判斷電勢(shì)高低，進(jìn)而可判定電子的電勢(shì)能大小。

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度大小來判定電場(chǎng)力大小，進(jìn)而可判定電子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)。

此題考查了電場(chǎng)的相關(guān)計(jì)算，解題的關(guān)鍵是明確電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，電勢(shì)是標(biāo)量，負(fù)電荷在電勢(shì)高的地方，電勢(shì)能小。

【解答】

A.電勢(shì)是標(biāo)量，正電荷周圍電勢(shì)為正，負(fù)電荷周圍電勢(shì)為負(fù)，A離負(fù)電荷遠(yuǎn)，B離負(fù)電荷近，故QUOTE，故A錯(cuò)誤;

B.由點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式QUOTEE=kQr2E=kQr2得B點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)QUOTEEB=k2ql2+kql2-kq9l2=26kq9l2EB=k2ql2+kql2-kq9l2=26kq9l2，由于QUOTE+2q+2q電荷在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為QUOTEE1=2kql2=11.〖答案〗A

〖解析〗〖祥解〗解決該題需要明確知道物體在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的加速度是最大的，掌握平均力做功的求解方法，知道當(dāng)加速度為零時(shí)，物體的速度達(dá)到最大。

作用在物體上的力F均勻地減小，所以加速度是先減小至零時(shí)再反向增加，開始時(shí)與到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度都為零，根據(jù)對(duì)稱性可知開始時(shí)和高度最大時(shí)，具有相同的加速度;求出外力的平均作用力，根據(jù)功能關(guān)系求解物體的重力;當(dāng)外力等于重力時(shí)，物體的動(dòng)能最大，根據(jù)動(dòng)能定理求解最大速度;在初位置加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律求解最大加速度，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件分析。【解答】

A.因作用在物體上的力F均勻地減小，所以加速度是先減小至零時(shí)再反向增加，開始時(shí)與到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度都為零，根據(jù)對(duì)稱性可知開始時(shí)和高度最大時(shí)，具有相同大小的加速度，且為最大，所以當(dāng)物體加速度最大時(shí)其高度為0或h，故A正確；

B.因變力F在均勻地變化，由圖中的幾何關(guān)系可知該過程中的平均作用力為QUOTEF=H-hHF0+F02=F0(2H-h)2HF=H-hHF0+F02=F0(2H-h)2H，所以在物體能上升到最大高h(yuǎn)的過程中，由功能關(guān)系有QUOTEFh=mghFh=mgh，聯(lián)立可得QUOTEmg=F0(2H-h)2Hmg=F0(2H-h)2H，

在開始時(shí)，由牛頓第二定律有QUOTEF0-mg=maF0-mg=ma，聯(lián)立解得QUOTEa=gh2H-ha=gh2H-h，則改變QUOTEF0F0，若h變大，則物體加速度的最大值變大，故B錯(cuò)誤;

C.當(dāng)QUOTEF=mgF=mg時(shí)動(dòng)能最大，此時(shí)QUOTEF0H=mgH-h'F0H=mgH-h'，解得QUOTEh'=(F0-mg)HF0h'=(12.〖答案〗QUOTE(1)C(1)C

(2)lm

(3)Am

QUOTE(4)ab(4)ab；ab間電流變化范圍較大，當(dāng)電流較小時(shí)，QUOTEU-IU-I為直線，隨著電流增大，圖線變?yōu)榍€，所以此段應(yīng)多測(cè)幾組數(shù)據(jù)

〖解析〗解：

QUOTE(1)(1)小電珠QUOTE(2.5V,0.6W)(2.5V,0.6W)，小電珠正常發(fā)光時(shí)的電阻QUOTE，

測(cè)小電珠的電阻，應(yīng)將選擇開關(guān)旋至歐姆檔，選擇多用電表QUOTE倍率，即將選擇開關(guān)旋至圖甲中C處；

QUOTE(2)(2)因待測(cè)電阻較小，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，所以應(yīng)該采用電流表的外接法，要求電流表能從0開始增大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式接法。所以lm之間連線出現(xiàn)了錯(cuò)誤，應(yīng)將l端接A端；

QUOTE(3)(3)閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑片P，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，滑動(dòng)變阻器實(shí)際上被接成了限流接法，故可能是Am兩點(diǎn)間的導(dǎo)線沒有連接好.

QUOTE(4)(4)為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，應(yīng)該在燈泡兩端電壓從零開始增大的過程中多測(cè)量幾次，即必須在相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)ab間多測(cè)幾組數(shù)據(jù)。同時(shí)由于ab間電流變化范圍較大，當(dāng)電流較小時(shí)，QUOTEU-IU-I為直線，隨著電流增大，圖線變?yōu)榍€，所以此段應(yīng)多測(cè)幾組數(shù)據(jù)。

〖祥解〗

描繪小燈泡的伏安特性曲線，為了更精確的繪出圖象，都要求多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，故一般采用分壓接法。

QUOTE(1)(1)已知燈泡的額定電壓及功率，由功率公式可求得電阻的大概阻值，進(jìn)而選擇開關(guān)應(yīng)旋轉(zhuǎn)的位置；

QUOTE(2)(2)由原理可知電路的接法為分壓接法，從而確定連線出現(xiàn)錯(cuò)誤的接線柱；

QUOTE(3)(3)電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，滑動(dòng)變阻器實(shí)際上被接成了限流接法，；

QUOTE(4)(4)由圖中數(shù)據(jù)可知各段相臨電壓值間對(duì)應(yīng)的電流變化不同，則應(yīng)在電流變化較大的位置多測(cè)幾組數(shù)據(jù)。13.〖答案〗解：QUOTE(1)(1)以最小速度v0射出時(shí)，水平方向QUOTEl=v0tl=v0t

子彈擊中靶的下邊緣，豎直方向有QUOTEd2=12gt2d2=12gt2

聯(lián)立解得QUOTE。

QUOTE(2)(2)子彈打到靶的下邊緣時(shí)速度偏向角QUOTE最大

豎直方向的速度QUOTEvy=2g脳d2vy=2g脳d2

速度偏向角正切值的最大值QUOTEtan〖解析〗此題考查平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，由題中條件確定臨界狀態(tài)的運(yùn)動(dòng)參量，是解題關(guān)鍵。

臨界條件是，子彈擊中靶的下邊緣時(shí)，在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，水平射出速度最小，對(duì)應(yīng)速度偏向角正切值的最大。14.〖答案〗解：QUOTE(1)(1)熱氣球剛要離開地面時(shí)，由平衡條件有QUOTE，

解得QUOTE，

代入數(shù)據(jù)，得QUOTE；

QUOTE(2)(2)加熱過程氣體做等壓變化，

由蓋QUOTE呂薩克定律有QUOTEV0T0=VTV0T0=VT，QUOTE，得QUOTE，

代入數(shù)據(jù)，得QUOTET=400KT=400K。

〖解析〗本題主要考查平衡條件的應(yīng)用以及蓋-呂薩克定律的應(yīng)用。

QUOTE(1)(1)熱氣球剛要離開地面時(shí)，由平衡條件列式求解；

QUOTE(2)(2)加熱過程氣體做等壓變化，由蓋-呂薩克定律列式，結(jié)合質(zhì)量、密度和體積的關(guān)系式，聯(lián)立即可求解。15.〖答案〗解：QUOTE(1)(1)連桿末端的線速度QUOTE①

滑桿水平運(yùn)動(dòng)的速度與連桿末端速度的水平分量相等，

QUOTE②

QUOTE(2)(2)滑桿達(dá)到最大速度，即QUOTE時(shí)A與其脫離.由題意，

得QUOTE③

設(shè)A、B碰撞后的共同速度為QUOTEv1v1，由動(dòng)量守恒定律，有

QUOTEmv0=2mv1mv0=2mv1④

碰撞過程中的機(jī)械能損失為

QUOTE⑤

QUOTE⑥

QUOTE(3)(3)若AB不與彈簧相碰，P到Q過程，由動(dòng)能定理，得QUOTE⑦

聯(lián)立③④⑦，得對(duì)應(yīng)AB運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的連桿角速度QUOTE

QUOTE⑧

若AB壓縮彈簧后反彈，由動(dòng)能定理，得QUOTE⑨

聯(lián)立③④⑨，得對(duì)應(yīng)AB剛好反彈回P點(diǎn)的連桿角速度QUOTE

QUOTE的取值范圍：QUOTE

〖解析〗QUOTE(1)(1)對(duì)于桿牽連問題，要明確桿連接的兩個(gè)物體在沿桿方向的速度始終相等。

QUOTE(2)(2)滑桿達(dá)到最大速度時(shí)與A脫離，根據(jù)QUOTE求速度，根據(jù)動(dòng)量守恒與能量守恒求碰撞損失的機(jī)械能。

QUOTE(3)(3)分別根據(jù)動(dòng)能定理分析AB不與彈簧相碰、AB壓縮彈簧后反彈兩種情況，從而確定取值范圍。16.〖答案〗解：QUOTE(1)eu0=12mv02(1)eu0=12mv02

對(duì)于電壓為QUOTEu0u0的電子，在磁場(chǎng)中半徑為QUOTEd2d2，根據(jù)QUOTEBev0=mv02rBev0=mv02r

可知QUOTEr=mv0Be=2me

對(duì)于電壓為QUOTE的電子，

軌跡如圖所示：

由勾股定理得

OM=(99200d)2-(1200d)2=9820d=7220d

ON=(101200d)2-(1200d)2=10220d

因此發(fā)散電子束進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)時(shí)的寬度為

MN=10220d-7220d

QUOTE(3)(3)對(duì)于加速電壓為QUOTE的電子QUOTEON=10220dON=10220dQUOTE

因此QUOTErr2=BB2=1010210102+1rr2=B〖解析〗QUOTE(1)(1)由題意，根據(jù)動(dòng)能定理，由洛倫茲力提供向心力可求得粒子的質(zhì)量；

QUOTE(2)(2)分別求出最大能量和最小能量的電子在磁場(chǎng)的軌跡半徑，由幾何關(guān)系就能求出電子在磁場(chǎng)中的寬度；

QUOTE(3)(3)能量較大的電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的發(fā)散角，由正弦定理找到半徑與導(dǎo)向磁場(chǎng)半徑的關(guān)系，從而求出偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。

本題是聯(lián)系實(shí)際的一道好題，醫(yī)用電子直線加速器聚焦問題。被加速后的電子的能量有一定的偏差，為了使各種電子都能聚焦，在電子的軌道處附加了三種磁場(chǎng)，抓住洛倫茲力提供向心力是關(guān)鍵，畫出軌跡，由幾何關(guān)系得到相關(guān)結(jié)論。2023-2024學(xué)年江蘇省泰州市高三（第四次）調(diào)研測(cè)試物理試卷一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)由于太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)其質(zhì)量在不斷減小.若干年后，地球繞太陽的運(yùn)動(dòng)仍可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng).則與現(xiàn)在相比(

)A.軌道半徑變小 B.周期變大 C.速率變大 D.角速度變大2.光子跟實(shí)物粒子一樣也具有重力勢(shì)能.從高樓上向地面發(fā)射頻率為QUOTE、動(dòng)量為QUOTEp0p0的QUOTE光子，在地面接收到QUOTE光子的頻率為QUOTE、動(dòng)量為p，則(

)A.QUOTE，QUOTEp0>pp0>p B.QUOTE，QUOTEp0<pp0<p C.QUOTE，QUOTEp0>pp0>p D.QUOTE，QUOTEp0<pp0<p3.如圖所示，某同學(xué)用拖把拖地，沿推桿方向?qū)ν习咽┘优c水平方向成QUOTE角的推力F，拖把做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)拖把的作用力方向(

)

A.豎直向上

B.水平向左

C.地面對(duì)拖把的作用力方向與水平面的夾角大于QUOTE

D.地面對(duì)拖把的作用力方向與水平面的夾角小于QUOTE4.用強(qiáng)激光照射金屬，由于其光子密度極大，一個(gè)電子在極短時(shí)間內(nèi)可以吸收多個(gè)光子發(fā)生多光子光電效應(yīng).如圖，用頻率為QUOTE的普通光源照射陰極K，沒有發(fā)生光電效應(yīng).換用同樣頻率的強(qiáng)激光照射，則發(fā)生光電效應(yīng);若加上反向電壓U，當(dāng)光電流恰好減小為零時(shí)，則U可能是QUOTE(W(W為逸出功，h為普朗克常量，e為電子電量QUOTE))(

)

A.QUOTEU=hve-WeU=hve-We B.QUOTEU=2hve-WeU=2hve-We C.5.如圖所示，正三角形ABC區(qū)域存在方向垂直紙面向里、大小隨時(shí)間均勻增加的磁場(chǎng).以三角形頂點(diǎn)C為圓心，粗細(xì)均勻的銅導(dǎo)線制成圓形線圈平行于紙面固定放置，則下列說法正確的是(

)

A.線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針 B.線圈有擴(kuò)張趨勢(shì)

C.線圈所受安培力方向與AB邊垂直 D.增加線圈匝數(shù)，線圈中感應(yīng)電流變小6.如圖所示，一粗細(xì)均勻的導(dǎo)熱良好的玻璃管漂浮在液體中，玻璃管內(nèi)外液面高度差為QUOTEh.h.若環(huán)境溫度緩慢升高，大氣壓強(qiáng)不變，下列說法正確的是(

)

A.玻璃管內(nèi)外液面高度差h變大

B.玻璃管內(nèi)氣體壓強(qiáng)變大

C.單位時(shí)間內(nèi)氣體分子與單位面積管壁碰撞次數(shù)增多

D.玻璃管內(nèi)氣體分子的數(shù)密度變小7.在太空實(shí)驗(yàn)室中可以利用勻速圓周運(yùn)動(dòng)測(cè)量小球質(zhì)量.如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕繩一端固定于O點(diǎn)，另一端系待測(cè)小球，使其繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得繩上的張力為F，小球轉(zhuǎn)過n圈所用的時(shí)間為t，O點(diǎn)到球心的距離為QUOTEl.l.下列說法正確的是(

)

A.小球所受重力和繩拉力的合力充當(dāng)向心力

B.小球的質(zhì)量為QUOTEFt24蟺wwww2n2lFt24蟺wwww2n2l

C.若誤將QUOTEn-18.打磨某割面如圖所示的寶石時(shí)，必須將OP、OQ邊與軸線的夾角QUOTE切磨在QUOTE的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射QUOTE((僅考慮如圖所示的光線第一次射到OP邊并反射到OQ邊后射向MN邊的情況QUOTE))，則下列判斷正確的是(

)

A.若QUOTE，光線一定在OP邊發(fā)生全反射 B.若QUOTE，光線會(huì)從OQ邊射出

C.若QUOTE，光線會(huì)從OP邊射出 D.若QUOTE，光線會(huì)在OP邊發(fā)生全反射9.“高鐵”是一種時(shí)尚快捷的交通工具.若高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，該階段列車的位移x、速度v、動(dòng)能QUOTEEkEk、功率P、時(shí)間t的關(guān)系圖像正確的是(

)A. B.

C. D.10.有一種特殊電四極子的電荷分布及位置關(guān)系如圖所示，A點(diǎn)位于QUOTE+2q+2q電荷的正上方.下列說法正確的是(

)

A.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)QUOTE B.A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小QUOTEEA>EBEA>EB

C.電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能 D.將電子從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功11.靜止在地面上的物體在變力F作用下開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，力F的大小隨上升高度x的變化關(guān)系如圖所示，物體能上升的最大高度為h，QUOTEh<H(Hh<H(H為定值QUOTE).).則在上升過程中(

)

A.物體在離地瞬間和到達(dá)最高點(diǎn)的加速度大小相等

B.改變QUOTEF0F0，若h變大，則物體加速度的最大值可能變小

C.改變QUOTEF0F0，若h變大，則物體速度的最大值可能不變

D.物體的機(jī)械能一定先增大后減小二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。12.某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)描繪規(guī)格為“QUOTE2.5V2.5V，QUOTE0.6W0.6W”的小電珠的伏安特性曲線.QUOTE(1)(1)該同學(xué)用多用電表測(cè)量小電珠的電阻，應(yīng)將選擇開關(guān)旋至圖甲中__________處QUOTE.(.(選填“A”、“B”、“C”或“D”QUOTE))QUOTE(2)(2)該同學(xué)按圖乙所示連接好電路，請(qǐng)指出電路中__________QUOTE((選填圖中表示接線柱的字母QUOTE))之間連線出現(xiàn)了錯(cuò)誤.QUOTE(3)(3)改正錯(cuò)誤連接后，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑片P，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，已知各元器件均無故障，其原因是__________兩點(diǎn)間的導(dǎo)線沒有連接好.QUOTE(4)(4)下表為該同學(xué)記錄的電壓表和電流表的示數(shù).為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，你認(rèn)為必須在表內(nèi)相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)__________QUOTE((選填“ab”、“bc”、“cd”、“de”或“ef”QUOTE))間多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，并說明理由__________。數(shù)據(jù)點(diǎn)abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。13.如圖所示，奧運(yùn)會(huì)步槍射擊項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員沿水平方向?qū)?zhǔn)靶的中心射擊.設(shè)子彈能擊中靶，槍口到靶心的距離為l，所用靶的直徑為d，重力加速度為QUOTEg.g.求：

QUOTE(1)(1)子彈飛出槍膛的速度QUOTEv0v0至少多大;QUOTE(2)(2)子彈擊中靶時(shí)速度偏向角正切值的最大值.14.如圖所示，熱氣球的下端有一小口，使球內(nèi)外的空氣可以流通.球內(nèi)有溫度調(diào)節(jié)器，可以調(diào)節(jié)球內(nèi)空氣的溫度，控制熱氣球上升或下降.設(shè)熱氣球的總體積QUOTEV0=500m3(V0=500m3(忽略球殼體積QUOTE))，除球內(nèi)空氣外，熱氣球質(zhì)量QUOTEM=180kg.M=180kg.已知地球表面大氣溫度QUOTET0=280KT0=280K，密度QUOTE，將大氣視為理想氣體，忽略其密度和溫度隨高度的變化，重力加速度g取QUOTE10m/s2.10m/s2.求：

QUOTE(1)(1)熱氣球剛要離開地面時(shí)，球內(nèi)熱空氣的密度;QUOTE(2)(2)為使熱氣球從地面升起，球內(nèi)氣溫至少要達(dá)到多少.15.如圖所示的裝置中，小物塊A、B的質(zhì)量均為m，水平面上PQ段粗糙且長(zhǎng)為l，其余段光滑，兩物塊與PQ間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為QUOTE初始時(shí)刻，長(zhǎng)為r的連桿位于圖中虛線位置，物塊A緊靠滑桿QUOTE(A(A、B間距大于QUOTE2r).2r).隨后，連桿以角速度QUOTE的速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)滑桿沿水平方向運(yùn)動(dòng)QUOTE.A.A在滑桿推動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，并在脫離滑桿后與靜止的B發(fā)生碰撞后粘合在一起.

QUOTE(1)(1)寫出滑桿的速度隨時(shí)間變化的表達(dá)式;QUOTE(2)(2)求物塊A脫離滑桿時(shí)的速度QUOTEv0v0及A、B碰撞過程中損失得機(jī)械能QUOTEQUOTE(3)(3)如果AB一起能與彈簧相碰，但不能返回到P點(diǎn)左側(cè)，求QUOTE的取值范圍.16.如圖為醫(yī)用電子直線加速器結(jié)構(gòu)原理簡(jiǎn)化圖.束流傳輸系統(tǒng)由三個(gè)半徑為d的QUOTE扇形磁場(chǎng)組成，圓心為O，方向垂直紙面向外，其中導(dǎo)向磁場(chǎng)和聚焦磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為QUOTEB1=B3=B.B1=B3=B.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)為非勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度QUOTEB2B2強(qiáng)弱沿徑向呈一定規(guī)律分布，可使電子在其間做勻速圓周運(yùn)動(dòng).現(xiàn)電子束經(jīng)電壓為QUOTEu0u0的加速系統(tǒng)后，垂直導(dǎo)向磁場(chǎng)邊界從P進(jìn)入束流傳輸系統(tǒng)，最終粒子能在Q點(diǎn)匯聚并豎直向下打到靶上.已知QUOTEPO=QO=d2PO=QO=d2，QUOTE，電子剛好做半徑為QUOTEd2d2的勻速圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)QUOTEQ.Q.

QUOTE(1)(1)若電子電荷量為e，求電子質(zhì)量QUOTEm;m;QUOTE(2)(2)考慮加速電壓有波動(dòng)，在QUOTE之間變化，求發(fā)散電子束進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)時(shí)的寬度QUOTE;(;(計(jì)算半徑時(shí)可使用小量近似公式：當(dāng)QUOTE時(shí)，QUOTE(1+x)12鈮?+12x)(1+x)12鈮?+12x)QUOTE(3)(3)對(duì)于加速電壓為QUOTE的電子，求在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡處的磁感應(yīng)強(qiáng)度QUOTEB2B2大小.——★參考答案★——1.〖答案〗B

〖解析〗A.若太陽的質(zhì)量減小，則太陽對(duì)地球的引力減小，則引力不足以提供地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則地球?qū)⒆鲭x心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；QUOTEBCD.BCD.根據(jù)QUOTE可得QUOTE

v=GMr

由于M減小，r變大，則周期T變大，速率變小，角速度變小，選項(xiàng)B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。

太陽質(zhì)量變小了，太陽對(duì)地球的萬有引力就變小了，地球做離心運(yùn)動(dòng)。地球繞太陽的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力列出等式分析。

本題考查萬有引力在天體中的應(yīng)用，這個(gè)題目有所不同的是中心體的質(zhì)量也在發(fā)生改變，所以要考慮全面。2.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗解決本題時(shí)關(guān)鍵要正確分析光子的能量是如何轉(zhuǎn)化的。

光子向地面發(fā)射過程中，其重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為光子的能量，使其頻率增大;再根據(jù)動(dòng)量與頻率的關(guān)系可求解.【解答】解：光子的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為光子的能量，使其頻率增大，QUOTE，

又光子動(dòng)量QUOTEp=h謂cp=h謂c，可知QUOTEp0<pp0<p，

故選D。3.〖答案〗C

〖解析〗〖祥解〗本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

對(duì)拖把進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件及作用力與反作用力的特點(diǎn)分析?！窘獯稹?/p>

解：設(shè)拖把與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為QUOTE，則拖把頭受到重力、支持力、推力和摩擦力而處于平衡狀態(tài)，受力如圖所示：

則地面對(duì)拖把的作用力為支持力N和摩擦力f的合力，其大小等于重力mg與推力F的合力大小，方向與重力mg與推力F的合力方向相反，由圖可知，重力mg與推力F的合力方向與水平面的夾角大于QUOTE，所以地面對(duì)拖把的作用力方向與水平面的夾角大于QUOTE，故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選C。4.〖答案〗B

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)光電效應(yīng)方程QUOTE，以及QUOTEEkm=eUEkm=eU進(jìn)行分析。

解決本題的關(guān)鍵是掌握光電效應(yīng)方程，知道最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系。

【解答】

以從陰極K逸出的且具有最大初動(dòng)能的光電子為研究對(duì)象，由動(dòng)能定理得：QUOTE①，由光電效應(yīng)方程得：QUOTE…QUOTE))②，由①②式解得：QUOTEU=nhve-We(n=2,3,4U=nhve-We(n=2,3,4…QUOTE)5.〖答案〗C

〖解析〗〖祥解〗本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向及線圈擴(kuò)張或收縮的趨勢(shì)；根據(jù)左手定則判斷線圈所受安培力的方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電流的表達(dá)式，分析線圈匝數(shù)變化時(shí)，感應(yīng)電流的大小變化?！窘獯稹縌UOTEAB.AB.磁場(chǎng)垂直紙面向里，大小在增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，線圈有收縮趨勢(shì)，故AB錯(cuò)誤；

C.線圈的有效長(zhǎng)度與

AB

邊平行，根據(jù)左手定則可知，線圈所受安培力方向與

AB

邊垂直，故C正確；

D.設(shè)QUOTEB=ktB=kt，圓形線圈的半徑為l，電阻為R根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律QUOTE磁場(chǎng)的有效面積QUOTES=蟺l26感應(yīng)電流的大小QUOTE增加線圈匝數(shù)N，則線圈中感應(yīng)電流變大，故D錯(cuò)誤。

故選C。6.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)壓強(qiáng)平衡分析玻璃管內(nèi)氣體壓強(qiáng)變化和內(nèi)外高度差，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程分析氣體體積的變化，進(jìn)而分析玻璃管內(nèi)氣體分子的數(shù)密度變化。

【解答】

玻璃瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)玻璃瓶底的壓力等于大氣對(duì)玻璃瓶底的壓力和玻璃瓶重力之和，故玻璃瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)不變，玻璃瓶?jī)?nèi)外液面高度差不變，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子與單位面積管壁碰撞次數(shù)不變，選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤;

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程QUOTEpVT=CpVT=C可知，體積變大、不漏氣，玻璃管內(nèi)氣體分子的數(shù)密度變小，選項(xiàng)D7.〖答案〗B

〖解析〗〖解析〗QUOTEA.A.在太空實(shí)驗(yàn)室中，物體均處于完全失重狀態(tài)，則小球沒有重力效果，圓周運(yùn)動(dòng)軌道處于任意平面內(nèi)時(shí)，小球所受合力均為繩上的拉力，A錯(cuò)誤;

B.小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球所受合力為繩上的拉力F，該拉力充當(dāng)向心力，則由牛頓第二定律有QUOTE，周期QUOTET=tnT=tn，聯(lián)立解得QUOTE，B錯(cuò)誤;

C.若誤將QUOTEn-1n-1圈記作n圈，則n變大，由QUOTE可知，m變小，C錯(cuò)誤;

D.若測(cè)l時(shí)未計(jì)入小球半徑，則l變小，由QUOTE可知，m變大，D錯(cuò)誤.

故選QUOTEB.B.

本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)，解題的關(guān)鍵是受力分析圓周運(yùn)動(dòng)的向心力的來源分析，知道太空實(shí)驗(yàn)室中，物體均處于完全失重狀態(tài)。8.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗

發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，入射角大于臨界角．根據(jù)條件：QUOTE在QUOTE的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射，結(jié)合幾何關(guān)系分析臨界角的范圍，再進(jìn)行判斷．

本題關(guān)鍵要掌握全反射的條件，靈活應(yīng)用幾何知識(shí)幫助分析入射角的大小，即可進(jìn)行判斷．

【解答】

從MN邊垂直入射，由幾何關(guān)系可知光線射到PO邊上時(shí)的入射角QUOTE，據(jù)題：QUOTE在QUOTE的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射，說明臨界角C的范圍為：QUOTE

QUOTEAB.AB.若QUOTE，光線在PO上入射角QUOTE，故光線在OP邊一定不發(fā)生全反射，會(huì)從OP邊射出．故AB錯(cuò)誤．

QUOTECD.CD.若QUOTE，QUOTE，故光線在OP邊會(huì)發(fā)生全反射．故C錯(cuò)誤、D正確。

故選D。9.〖答案〗D

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、動(dòng)能定理、瞬時(shí)功率確定兩個(gè)物理量之間的關(guān)系，即可確定圖像形式

【解答】

A.初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由位移和時(shí)間的關(guān)系公式QUOTEx=12at2x=12at2可知，位移x與時(shí)間t為二次函數(shù)關(guān)系，故A錯(cuò)誤；

B.初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度和位移的關(guān)系公式v2QUOTE=2ax=2ax可知，速度-位移圖像是曲線，故B錯(cuò)誤;

C.高鐵列車在做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得QUOTEF-f=maF-f=ma，功率QUOTEP=Fv=(f+ma)v=(f+ma)atP=Fv=(f+ma)v=(f+ma)at，則QUOTEP-tP-t圖像應(yīng)是過原點(diǎn)的傾斜的直線，故C錯(cuò)誤;

D.由動(dòng)能定理得QUOTE(F-f)x=Ek-0(F-f)x=Ek-0，即QUOTEEk=(F-f)xEk=(F-f)x，所以QUOTEEk-xEk-x圖像是一條過原點(diǎn)的傾斜的直線，故D正確。10.〖答案〗C

〖解析〗〖祥解〗

根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式QUOTEE=kQr2E=kQr2，結(jié)合電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加判斷A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系。

電勢(shì)是標(biāo)量，正電荷周圍電勢(shì)為正，負(fù)電荷周圍電勢(shì)為負(fù)，據(jù)此判斷電勢(shì)高低，進(jìn)而可判定電子的電勢(shì)能大小。

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度大小來判定電場(chǎng)力大小，進(jìn)而可判定電子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)。

此題考查了電場(chǎng)的相關(guān)計(jì)算，解題的關(guān)鍵是明確電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，電勢(shì)是標(biāo)量，負(fù)電荷在電勢(shì)高的地方，電勢(shì)能小。

【解答】

A.電勢(shì)是標(biāo)量，正電荷周圍電勢(shì)為正，負(fù)電荷周圍電勢(shì)為負(fù)，A離負(fù)電荷遠(yuǎn)，B離負(fù)電荷近，故QUOTE，故A錯(cuò)誤;

B.由點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式QUOTEE=kQr2E=kQr2得B點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)QUOTEEB=k2ql2+kql2-kq9l2=26kq9l2EB=k2ql2+kql2-kq9l2=26kq9l2，由于QUOTE+2q+2q電荷在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為QUOTEE1=2kql2=11.〖答案〗A

〖解析〗〖祥解〗解決該題需要明確知道物體在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的加速度是最大的，掌握平均力做功的求解方法，知道當(dāng)加速度為零時(shí)，物體的速度達(dá)到最大。

作用在物體上的力F均勻地減小，所以加速度是先減小至零時(shí)再反向增加，開始時(shí)與到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度都為零，根據(jù)對(duì)稱性可知開始時(shí)和高度最大時(shí)，具有相同的加速度;求出外力的平均作用力，根據(jù)功能關(guān)系求解物體的重力;當(dāng)外力等于重力時(shí)，物體的動(dòng)能最大，根據(jù)動(dòng)能定理求解最大速度;在初位置加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律求解最大加速度，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件分析?！窘獯稹?/p>

A.因作用在物體上的力F均勻地減小，所以加速度是先減小至零時(shí)再反向增加，開始時(shí)與到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度都為零，根據(jù)對(duì)稱性可知開始時(shí)和高度最大時(shí)，具有相同大小的加速度，且為最大，所以當(dāng)物體加速度最大時(shí)其高度為0或h，故A正確；

B.因變力F在均勻地變化，由圖中的幾何關(guān)系可知該過程中的平均作用力為QUOTEF=H-hHF0+F02=F0(2H-h)2HF=H-hHF0+F02=F0(2H-h)2H，所以在物體能上升到最大高h(yuǎn)的過程中，由功能關(guān)系有QUOTEFh=mghFh=mgh，聯(lián)立可得QUOTEmg=F0(2H-h)2Hmg=F0(2H-h)2H，

在開始時(shí)，由牛頓第二定律有QUOTEF0-mg=maF0-mg=ma，聯(lián)立解得QUOTEa=gh2H-ha=gh2H-h，則改變QUOTEF0F0，若h變大，則物體加速度的最大值變大，故B錯(cuò)誤;

C.當(dāng)QUOTEF=mgF=mg時(shí)動(dòng)能最大，此時(shí)QUOTEF0H=mgH-h'F0H=mgH-h'，解得QUOTEh'=(F0-mg)HF0h'=(12.〖答案〗QUOTE(1)C(1)C

(2)lm

(3)Am

QUOTE(4)ab(4)ab；ab間電流變化范圍較大，當(dāng)電流較小時(shí)，QUOTEU-IU-I為直線，隨著電流增大，圖線變?yōu)榍€，所以此段應(yīng)多測(cè)幾組數(shù)據(jù)

〖解析〗解：

QUOTE(1)(1)小電珠QUOTE(2.5V,0.6W)(2.5V,0.6W)，小電珠正常發(fā)光時(shí)的電阻QUOTE，

測(cè)小電珠的電阻，應(yīng)將選擇開關(guān)旋至歐姆檔，選擇多用電表QUOTE倍率，即將選擇開關(guān)旋至圖甲中C處；

QUOTE(2)(2)因待測(cè)電阻較小，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，所以應(yīng)該采用電流表的外接法，要求電流表能從0開始增大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式接法。所以lm之間連線出現(xiàn)了錯(cuò)誤，應(yīng)將l端接A端；

QUOTE(3)(3)閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑片P，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，滑動(dòng)變阻器實(shí)際上被接成了限流接法，故可能是Am兩點(diǎn)間的導(dǎo)線沒有連接好.

QUOTE(4)(4)為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，應(yīng)該在燈泡兩端電壓從零開始增大的過程中多測(cè)量幾次，即必須在相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)ab間多測(cè)幾組數(shù)據(jù)。同時(shí)由于ab間電流變化范圍較大，當(dāng)電流較小時(shí)，QUOTEU-IU-I為直線，