湖南省婁底市2024屆高三上學(xué)期期末物理答案（婁底市高三質(zhì)量檢測）

婁底市2023年下學(xué)期高三質(zhì)量檢測物理參考答案一、單選選擇題(本大題共6小題，每小題4分，共24分。每小題只有一個選項符合題目要求)題號123456答案BDBACB1.B【解析】t1時刻甲車的速度大于乙車的速度，選項A錯誤；0～t1時間內(nèi)的某時刻甲車的x－t圖的斜率等于乙車x－t圖的斜率，兩車速度相同，距離最大，選項B正確；根據(jù)v－t圖線與橫軸圍成的面積表示位移的大小可得，0～t2時間內(nèi)丁車的位移大于丙車的位移，丁車的平均速度大于丙車的平均速度，選項CD錯誤。2．D【解析】M點(diǎn)電場強(qiáng)度為0，A點(diǎn)的電荷帶正電，選項A錯誤；設(shè)所帶電量為q′，根據(jù)keq\f(q′,（2r）2)＝keq\f(q,r2)，解得q′＝4q，選項B錯誤；無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則P點(diǎn)電勢為正，選項C錯誤；撤去B處的點(diǎn)電荷，M點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為keq\f(q,r2)，選項D正確。3．B【解析】cd棒受力平衡，根據(jù)左手定則，cd棒中的電流方向從c到d，a端接電源的負(fù)極，選項A錯誤；B和I相互垂直，故金屬棒受到的安培力為BIL，選項B正確；如圖所示，根據(jù)三力平衡BIL＝mgtanθ，m＝eq\f(BIL,gtanθ)，選項CD錯誤。4．A【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力，有Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(v2,R)，v＝eq\f(2πR,T)，解得地球的質(zhì)量為M＝eq\f(Tv3,2πG)，選項A正確；軌道半徑越大線速度越小，而對接前飛船運(yùn)動到比空間站更低的軌道，此時飛船的線速度大于空間站的線速度，當(dāng)飛船運(yùn)動到空間站后方適當(dāng)位置時，加速后飛船做離心運(yùn)動，有可能與空間站對接，故B錯誤；對接后組合體由于太空中阻力的作用，若不加以調(diào)整，軌道會慢慢降低，故C錯誤；在空間站中，其任何物體所受萬有引力都全部用來提供向心力，都處于完全失重狀態(tài)，因此小球釋放后不會下落，無法據(jù)此計算軌道處的重力加速度，故D錯誤。5．C【解析】小物塊放到傳送帶上時，μmg＝ma，a＝2m/s2，和傳送帶共速前運(yùn)動的時間t1＝eq\f(v0,a)＝1s，運(yùn)動的位移x1＝eq\f(v0,2)t1＝1m，小物塊接下來在傳送帶上勻速運(yùn)動t2＝eq\f(L－x1,v0)＝1.5s，物塊在傳送帶上運(yùn)動的總時間為t＝t1＋t2＝2.5s，選項AB錯誤；設(shè)半圓周的半徑為R，在半圓周的最高點(diǎn)mg＝meq\f(v2,R)，從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mv2＋mg·2R，解得R＝0.08m，v＝eq\r(0.8)m/s，選項C正確、D錯誤。6．B【解析】碰撞過程中環(huán)與板組成的系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動量守恒，機(jī)械能有損失，選項A錯誤；mgh＝eq\f(1,2)mv2，mv＝(m＋M)v′，解得v′＝eq\f(m,m＋M)eq\r(2gh)，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為ΔE＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)(m＋M)v′2＝mgheq\f(M,m＋M)，選項B正確；圓環(huán)和圓板在向下運(yùn)動的過程中，開始階段重力之和大于彈簧的彈力，圓環(huán)和圓板還在加速，選項C錯誤；碰撞后瞬間，系統(tǒng)加速度為a＝eq\f(mg,M＋m)，對圓板FN＝Ma＝eq\f(Mmg,M＋m)，選項D錯誤。二、多項選擇題(本大題共4小題，每小題5分，共20分。每小題給出的4個選項中，有多個選項符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)題號78910答案BCBCBDAC7.BC【解析】根據(jù)兩個時刻的振動圖，A質(zhì)點(diǎn)的振動形式經(jīng)過t＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(n＋\f(1,4)))T傳到B質(zhì)點(diǎn)，其中n＝0，1，2，3…，故eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(n＋\f(1,4)))λ＝s，λ＝eq\f(12,4n＋1)m，當(dāng)n＝0時，λ1＝12m，當(dāng)n＝1時，λ2＝2.4m，該機(jī)械波的最大傳播速度為v＝eq\f(λ1,T)＝0.6m/s，選項A錯誤、BC正確；由于機(jī)械波的波長可以很短，故該波遇到10m的孔，不一定能發(fā)生明顯的衍射，選項D錯誤。8．BC【解析】光源S到OB的最短傳播距離為d＝Lsinθ，傳播速度v＝eq\f(d,t)，解得v＝eq\f(4,5)c，選項A錯誤；根據(jù)v＝eq\f(c,n)可得n＝1.25，選項B正確；根據(jù)sinC＝eq\f(1,n)可得C＝53°，選項C正確；根據(jù)對稱性O(shè)B上的發(fā)光長度為x＝2Lcosθ＝eq\f(8,5)L，選項D錯誤。9．BD【解析】將滑動變阻器R1的滑動頭向左移動，R2上的電壓增大，電容器上的電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，油滴受到的電場力增大，油滴向上運(yùn)動，電場力做正功，電勢能減小，選項A錯誤；將滑動變阻器R1的滑動頭向左移動，當(dāng)變阻器的電阻R1＝R2＋r＝2r時，變阻器上消耗的功率最大，選項B正確；將兩極板的正對面積減小，電容器的電容減小，根據(jù)Q＝CU，電容器上的電量減小，電流計中有向上的電流，選項C錯誤；斷開開關(guān)S2，將電容器上極板向上平移一小段距離，電容器上電量不變，電場強(qiáng)度不變，根據(jù)U＝Ed，則Q的電勢不變，帶電油滴Q的電勢能不變，選項D正確。10．AC【解析】設(shè)加速電壓為U，粒子質(zhì)量為m，則有Uq＝eq\f(1,2)mv2，qE0＝meq\f(v2,R)，E0＝eq\f(k,R)，解得U＝eq\f(k,2)，選項A正確；離子進(jìn)入磁場的速度v＝eq\r(\f(kq,m))，根據(jù)qvB＝meq\f(v2,r)，r＝eq\f(mv,qB)，r＝d，解得m＝eq\f(d2B2q,k)，選項B錯誤；若離子的質(zhì)量變?yōu)?.9m，分析可知，離子在磁場中運(yùn)動的半徑減小，會打在Q點(diǎn)左側(cè)，選項C正確；若粒子源和加速器整體向右平移一小段距離，離子進(jìn)入電場中不同的點(diǎn)，qE1＝meq\f(v2,r1)，因E1r1＝E0R，故離子仍能做勻速圓周運(yùn)動，選項D錯誤。三、非選擇題(本題共5小題，共56分)11．(7分)(1)是(1分)(2)eq\f(6d,T2)(2分)(3)eq\f(4d,T)(2分)eq\f(4\r(3)d,T)(2分)【解析】(1)兩圖中從上到下，第一段與第二段的相等時間的位移之比均為1∶3，可知O點(diǎn)是最高點(diǎn)。(2)小球在上升過程中根據(jù)Δx＝aT2可得6d＝a1T2，解得a1＝eq\f(6d,T2)(3)根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于整段的平均速度，小球下落過程通過A的速度大小為vA′＝eq\f(8d,2T)＝eq\f(4d,T)，O點(diǎn)的速度為零，上升過程從A到O，有2a1×4d＝veq\o\al(2,A)，解得vA＝eq\f(4\r(3)d,T)12．(9分)(1)500(1分)(2)負(fù)(1分)2.50(1分)100(2分)(3)2500(2分)5.00(或5)(2分)【解析】(1)電流表滿偏時Ig＝eq\f(E,R總)，當(dāng)I＝1.5mA＝eq\f(1,2)Ig＝eq\f(E,R總＋Rx)，解得Rx＝500Ω。(2)紅表筆接電源內(nèi)部的負(fù)極，因此紅表筆連接的是二極管的負(fù)極，該讀數(shù)為2.50mA，根據(jù)I＝2.50mA＝eq\f(E,R總＋Rx)，解得Rx＝100Ω。(3)設(shè)電壓表的內(nèi)阻為r，則有I＝0.50mA＝eq\f(E,R總＋r)，解得r＝2500Ω，電壓表上所加電壓U＝Ir＝1.25V，電壓表的量程Ug＝eq\f(U,10)×40＝5.00V。13．(10分)【解析】(1)返回艙勻速時，有kv2＝mg(2分)主傘打開瞬間，利用牛頓第二定律kv1－mg＝ma(2分)解得a＝70m/s2(2分)(2)設(shè)從主傘打開到返回艙離地1m的過程中系統(tǒng)克服阻力做功為Wf，下落高度約為h＝8000m利用動能定理mgh－Wf＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)(2分)解得Wf＝2.5×108J(2分)14．(14分)【解析】(1)設(shè)A和C碰后的速度為v，根據(jù)動能定理－μ(mA＋mC)gs＝0－eq\f(1,2)(mA＋mC)v2(2分)解得v＝2m/s(2分)(2)設(shè)彈簧恢復(fù)原長時，A、B的速度大小分別為vA、vBA和C作用的過程，有mAvA＝(mA＋mC)v(1分)A和B作用的過程，有mAvA＋mB(－vB)＝0(1分)彈簧的彈性勢能Ep＝eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,A)＋eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,B)(2分)解得Ep＝12J(1分)(2)根據(jù)Ep＝eq\f(1,2)kx2，解得x＝0.3m(1分)在A和B相互作用的過程中，每時每刻都有mAvA＝mBvB故mAsA＝mBsB(2分)又因sA＋sB＝x(1分)解得sA＝0.2m(1分)15．(16分)【解析】(1)離子在電場中加速，有qU＝eq\f(1,2)mv2(2分)解得v＝eq\r(\f(2qU,m))(2分)(2)離子進(jìn)入磁場區(qū)域Ⅱ時，速度與磁場方向垂直，做勻速圓周運(yùn)動，離開時速度偏轉(zhuǎn)了37°，即轉(zhuǎn)過的圓弧所對的圓心角為37°，由幾何關(guān)系得：d＝Rsin37°(1分)qvB＝meq\f(v2,R)(1分)解得d＝eq\f(3,5B)eq\r(\f(2mU,q))(1分)(3)離子在磁場中等螺距前進(jìn)：離子進(jìn)入磁場區(qū)Ⅲ時，速度與磁場夾角為37°，則離子在x軸方向做勻速直線運(yùn)動，在yOz平面做勻速圓周運(yùn)動：vx＝vcos37°(1分)vz＝vsin37°(1分)x方向勻速vxt＝d′(1分)在yOz平面qvzB＝meq\f(veq\o\al(2,z),R1)(1分)