2024屆江西省普通高中高三下學(xué)期學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試模擬試題物理（二）全卷滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、考號(hào)等填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接寫在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.用黃光照射某種金屬時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)。如圖所示，用該金屬制成光電管，并將光電管與微安表連接成閉合回路?，F(xiàn)用藍(lán)光照射該光電管，下列說(shuō)法正確的是（）A.微安表中沒有電流通過(guò)，因?yàn)殡娐分袥]有電源B.微安表中不一定有電流通過(guò)，因?yàn)樗{(lán)光的頻率有可能小于該金屬的截止頻率C.微安表中一定有電流通過(guò)，且用紫光照射一定比用藍(lán)光照射時(shí)微安表中的電流更大D.微安表中一定有電流通過(guò)，且增加光的強(qiáng)度時(shí)微安表中的電流變大〖答案〗D〖解析〗AB．因?yàn)樗{(lán)光的頻率高于黃光的頻率，故用藍(lán)光照射時(shí)一定發(fā)生光電效應(yīng)，微安表中一定有電流通過(guò)，故AB錯(cuò)誤；CD．光電流的大小與光強(qiáng)有關(guān)，與頻率無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤、D正確。故選D。2.小明站在力傳感器上做蹲、起動(dòng)作，該過(guò)程中力傳感器的示數(shù)隨時(shí)間的變化情況如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.小明質(zhì)量約為70kgB.0~6s內(nèi)小明完成一次蹲、起動(dòng)作C.小明在“站起”過(guò)程做勻變速運(yùn)動(dòng)D.1~2s內(nèi)小明先“下蹲”后“站起”〖答案〗B〖解析〗BD．“下蹲”過(guò)程向下運(yùn)動(dòng)，先加速再減速，先失重再超重，“站起”過(guò)程向上運(yùn)動(dòng)，先加速再減速，故先超重再失重，因此對(duì)應(yīng)圖像1~2s內(nèi)是“下蹲”過(guò)程，4~6s內(nèi)是“站起”過(guò)程，故B正確，D錯(cuò)誤；A．從圖中可知小明的體重約為故A錯(cuò)誤；C．小明在“站起”過(guò)程受到的力是變力，則加速度是變化的，不是勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。故選B。3.“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器獲取的科學(xué)數(shù)據(jù)是利用電磁波從遙遠(yuǎn)的火星傳送回地球的。已知火星的公轉(zhuǎn)周期約為1.9年，太陽(yáng)光從太陽(yáng)傳到地球約需要500s，假設(shè)地球和火星都在同一平面內(nèi)繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)，則理論上電磁波從火星傳到地球的最短時(shí)間約為（）A.270s B.370s C.420s D.480s〖答案〗A〖解析〗設(shè)地球、火星的公轉(zhuǎn)軌道半徑分別為和，公轉(zhuǎn)周期分別為和，根據(jù)開普勒第三定律有解得地球和火星之間的最小距離太陽(yáng)光從太陽(yáng)傳到地球約需要500s，故理論上電磁波從火星傳到地球的最短時(shí)間約為由于270s接近265s，故A符合題意。故選A。4.物體在空氣中運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力大小與很多因素有關(guān)，在研究此類問(wèn)題時(shí)通常簡(jiǎn)化為以下兩種模型，模型①認(rèn)為空氣阻力大小恒定不變，模型②認(rèn)為空氣阻力大小與速率成正比。一物體以大小為v0的初速度豎直上拋，落回出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小為v（），若按模型①得到物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T1，按模型②得到物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T2，則T1和T2的大小關(guān)系為（）A. B.C. D.條件不足，無(wú)法判斷〖答案〗C〖解析〗在模型①中物體上升和下落均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)空氣阻力為Ff，上升的最大高度為H，上升過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理有下落過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理有聯(lián)立解得故上升時(shí)間同理下落時(shí)間整個(gè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間在模型②中設(shè)空氣阻力為kv'，上升時(shí)間為t3，下落時(shí)間為t4，根據(jù)動(dòng)量定理有式中v3、v4均為平均速度，故有整理可得即總時(shí)間可得故選C。5.奧斯特實(shí)驗(yàn)表明通電導(dǎo)線周圍和永磁體周圍一樣都存在磁場(chǎng)。一束彼此絕緣細(xì)銅導(dǎo)線被約束在半徑為R的圓柱體內(nèi)，在圓柱體外距中心軸線為r的P點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)等同于全部電流集中于軸線的直線電流I產(chǎn)生的磁場(chǎng)，即，其中為常數(shù)。若P點(diǎn)在圓柱體內(nèi)，上述公式中的I則為以軸線上一點(diǎn)為圓心、以r為半徑的截面所通過(guò)的電流，則下列圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗由電流微觀表達(dá)式可知其中S為圓柱體的橫截面積，當(dāng)圓柱體的截面為圓形、半徑為r時(shí)則在圓柱體內(nèi)部有與r成正比，在圓柱體外部有與r成反比，故A圖符合題意。故選A。6.我國(guó)農(nóng)村地區(qū)幅員遼闊，在人煙稀少的地區(qū)，一臺(tái)低壓變壓器的供電半徑可達(dá)1000m左右，這使得遠(yuǎn)離變壓器的用戶由于輸電線的電阻較大導(dǎo)致供電電壓偏低。某同學(xué)為了研究這種現(xiàn)象設(shè)計(jì)了如圖所示的電路，圖中T為理想降壓變壓器，對(duì)用戶供電，甲用戶離變壓器很近，輸電線電阻不計(jì)，乙用戶距變壓器500m，丙用戶距變壓器1000m，、為兩段低壓輸電線的等效電阻，可認(rèn)為，、、是三個(gè)用戶正在工作的用電器的等效電阻，且，為丙用戶未接入的用電器，用、、分別表示、、兩端的電壓，輸入電壓的有效值不變，下列說(shuō)法正確的是（）A.B.C.若閉合，不變，、均增大D.若閉合，不變，、均減小〖答案〗D〖解析〗由理想變壓器的電壓特點(diǎn)可知其中、分別為原副線圈匝數(shù)，由題意可知電路中保持不變。由圖可知①②又有③根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可得因，所以有上式可知上述結(jié)論結(jié)合③式得④又，由①②④三式可得S閉合后，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可知，、并聯(lián)電阻之和，小于，所以S閉合后，R2、R3、R、的和電阻減小，設(shè)和電阻為，又有歐姆定律可得所以增大，再結(jié)合①可得減小。又通過(guò)R2電流減小，結(jié)合③式得通過(guò)電流增大，又有②得減小。故選D。7.如圖所示，某同學(xué)利用無(wú)人機(jī)玩“投彈”游戲。無(wú)人機(jī)以的速度水平向右飛行，經(jīng)過(guò)傾角為45°的斜面底端O點(diǎn)正上方的A點(diǎn)時(shí)，釋放了一個(gè)小球，結(jié)果小球打在斜而上的C點(diǎn)。已知A點(diǎn)與O點(diǎn)的距離，無(wú)人機(jī)的飛行速度不變，空氣阻力忽略不計(jì)，重力加速度。下列說(shuō)法正確的是（）A.增大，小球落到斜面的速度方向不變B.小球打在C點(diǎn)時(shí)，無(wú)人機(jī)恰好飛到斜面上的B點(diǎn)C.小球打在C點(diǎn)前瞬間的速率為22m/sD.小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)用時(shí)2s〖答案〗D〖解析〗A.增大，則下落時(shí)間減小，根據(jù)可知小球落到斜面時(shí)的豎直速度減小，根據(jù)則小球落到斜面時(shí)的速度方向改變，故A錯(cuò)誤；B．小球的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示小球的水平速度與無(wú)人機(jī)的速度相等，小球打在C點(diǎn)時(shí)，飛機(jī)剛好在C點(diǎn)正上方F點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)小球從A點(diǎn)到C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則由幾何關(guān)系可知解得故D正確；C．小球打在C點(diǎn)前瞬間的速率故C錯(cuò)誤。故選D。8.如圖甲所示為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖，質(zhì)點(diǎn)M、N、P、Q分別位于圖甲中、、、的位置處。如圖乙所示為質(zhì)點(diǎn)M、N、P、Q中某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，時(shí)刻波恰好傳播至Q點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的傳播速度為1m/sB.波源的起振方向沿y軸正方向C.圖乙為質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)圖像D.質(zhì)點(diǎn)Q起振后的振動(dòng)步調(diào)與質(zhì)點(diǎn)N完全一致〖答案〗AC〖解析〗A．由波形圖和振動(dòng)圖像可知波長(zhǎng)，周期，解得波速故A正確；B．波沿x軸正方向傳播，根據(jù)圖乙可知波源的起振方向沿y軸負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)“上下坡”規(guī)律可知，時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M、Q在平衡位置向y軸負(fù)方向振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)N在平衡位置向y軸正方向振動(dòng)，故C正確；D．質(zhì)點(diǎn)N與Q相差半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)步調(diào)相反，故D錯(cuò)誤。故選AC。9.已知均勻帶電的空心球殼內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，球殼內(nèi)部電勢(shì)處處相等且與球殼的電勢(shì)相等，球殼外部空間的電場(chǎng)等同于將全部電荷集中于球心處的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)?，F(xiàn)有三個(gè)均勻帶電的空心球殼，球心都在O點(diǎn)，半徑分別為r、2r、3r，電荷量分別為q、2q、3q（），它們的截面如圖所示，在過(guò)O點(diǎn)的一條直線上有A、B、C三點(diǎn)，各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為1.5r、2.5r、3.5r，三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)分別為、、，電勢(shì)分別為、、，下列說(shuō)法正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BC〖解析〗AB．A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)只由最內(nèi)側(cè)球殼上的電荷產(chǎn)生，依題意B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)由內(nèi)側(cè)的兩個(gè)球殼上的電荷產(chǎn)生，故同理則故A錯(cuò)誤，B正確；CD．因?yàn)?，三個(gè)球殼上都帶正電荷，任意球殼內(nèi)部電勢(shì)高于外部電勢(shì)，球殼外部各點(diǎn)離O越遠(yuǎn)電勢(shì)越低，A點(diǎn)在兩個(gè)球殼內(nèi)部，B點(diǎn)在一個(gè)球殼內(nèi)部，C點(diǎn)在三個(gè)球殼外，且A點(diǎn)離O點(diǎn)最近，C點(diǎn)離O點(diǎn)最遠(yuǎn)，故有故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，足夠長(zhǎng)的固定絕緣斜面的傾角，沿斜面長(zhǎng)度為s的區(qū)域內(nèi)存在著垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量為0.2kg的“U”形金屬導(dǎo)軌間距為0.5m，長(zhǎng)度，整個(gè)導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒pq質(zhì)量也為0.2kg、電阻、長(zhǎng)度也為0.5m?，F(xiàn)將導(dǎo)軌放在斜面上，b、d兩端點(diǎn)恰好位于磁場(chǎng)的上邊界，導(dǎo)體棒放在導(dǎo)軌的正中間并平行于ac邊，然后將導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌同時(shí)由靜止釋放，導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒出磁場(chǎng)時(shí)ac邊恰好進(jìn)入磁場(chǎng)。已知導(dǎo)軌上表面光滑，下表面與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，，，重力加速度，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸良好，下列說(shuō)法正確的是（）A.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.4TB.s=1.75mC.導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為3.6JD.ac邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)軌的加速度大小為3m/s2〖答案〗AD〖解析〗A．剛釋放時(shí)，導(dǎo)體棒的加速度大小對(duì)導(dǎo)軌受力分析，有解得設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)，有解得此時(shí)導(dǎo)體棒的速度大小導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件有解得故A正確；B．假設(shè)導(dǎo)體棒始終未離開導(dǎo)軌，ac邊進(jìn)入磁場(chǎng)前，導(dǎo)軌一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)由靜止釋放后經(jīng)過(guò)t2時(shí)間ac邊進(jìn)入磁場(chǎng)，有解得導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間故磁場(chǎng)沿斜面方向的長(zhǎng)度導(dǎo)體棒恰好運(yùn)動(dòng)到bd處，假設(shè)成立，故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱故C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)c邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)軌的速度大小受到的安培力大小根據(jù)牛頓第二定律有解得即加速度大小為3m/s2，方向沿斜面向上，故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證查理定律，操作步驟簡(jiǎn)述如下：①將一裝有細(xì)導(dǎo)管的橡皮塞塞住試管口封閉一定質(zhì)量的氣體，細(xì)導(dǎo)管的另一端接壓強(qiáng)傳感器；②將壓強(qiáng)傳感器與計(jì)算機(jī)相連，將一溫度傳感器也與計(jì)算機(jī)相連；③將適量熱水（約80℃）倒入大號(hào)燒杯中，并將試管浸入熱水中至管口與水面相平，再將溫度傳感器浸沒入水中；④在計(jì)算機(jī)上打開相應(yīng)軟件，等待水溫緩慢下降，計(jì)算機(jī)將兩傳感器的示數(shù)擬合成一條曲線，如圖乙所示為部分圖線。（1）在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，所得的圖像是一條直線，說(shuō)明一定質(zhì)量的氣體，在體積不變時(shí)。（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）A.壓強(qiáng)p與攝氏溫度t成正比 B.壓強(qiáng)p與攝氏溫度t成一次函數(shù)（2）若實(shí)驗(yàn)過(guò)程中有少量氣體緩慢逸出，則所得圖像為。（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）A. B.（3）另外一位同學(xué)用一個(gè)較小的試管也按相同的步驟做了該實(shí)驗(yàn)，現(xiàn)用計(jì)算機(jī)將兩位同學(xué)實(shí)驗(yàn)采集的數(shù)據(jù)描繪在同一個(gè)p—t坐標(biāo)系上，則得到的圖像可能是。（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）A. B. C.〖答案〗（1）B（2）B（3）C〖解析〗【小問(wèn)1詳析】根據(jù)查理定律有其中的C為與氣體的質(zhì)量成正比的常量，且溫度為熱力學(xué)溫度，則有則有可知，壓強(qiáng)與攝氏溫度t成一次函數(shù)。故選B?！拘?wèn)2詳析】結(jié)合上述可知，根據(jù)查理定律，一定質(zhì)量的氣體在體積不變時(shí)有其中C與氣體的質(zhì)量成正比，當(dāng)有氣體逸出時(shí)，C減小，則圖像上的點(diǎn)與（-273，0）點(diǎn)連線的斜率減小，因?yàn)楸緦?shí)驗(yàn)中氣體的溫度是逐漸降低的，故圖像從右向左斜率減小。故選B?！拘?wèn)3詳析】結(jié)合上述可知，根據(jù)查理定律，一定質(zhì)量的氣體在體積不變時(shí)有其中C與氣體的質(zhì)量成正比，則一定質(zhì)量的氣體在體積不變時(shí)，其p—t圖像與t軸的交點(diǎn)坐標(biāo)均為-273℃，只有第三個(gè)選擇項(xiàng)符合要求。故選C。12.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的電路測(cè)量一未知電阻Rx的阻值（大約為90Ω），圖中電源電動(dòng)勢(shì)E=4.5V、內(nèi)阻約為6Ω，R0為定值電阻，毫安表的量程為50mA、內(nèi)阻約為30Ω。I.斷開開關(guān)S1、S2，按圖甲連接電路；II.先接通S2，再接通S1，記下此時(shí)毫安表的讀數(shù)I0；III.斷開S2，記下此時(shí)毫安表的讀數(shù)Ix。（1）如圖乙所示，某次毫安表的讀數(shù)Ix=___________mA。（2）在（1）的條件下，若I0=45.0mA，待測(cè)電阻Rx=___________Ω（結(jié)果保留一位小數(shù)）。（3）該小組嘗試將Rx換為一系列不同阻值的電阻進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并在毫安表的刻度上標(biāo)出對(duì)應(yīng)的阻值，這樣就改裝成了一個(gè)新式“歐姆表”，則Rx的表達(dá)式為Rx=__________（用E、I0、Ix表示）；根據(jù)此式，毫安表上30.0mA處對(duì)應(yīng)的阻值為__________Ω。（4）若用了一段時(shí)間后電源的內(nèi)阻變大了，電動(dòng)勢(shì)可認(rèn)為不變，則用此歐姆表測(cè)量電阻的結(jié)果將__________（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）24.0（2）87.5（3）50（4）偏大〖解析〗（1）[1]由題圖乙可得知最小刻度0.1mA，需要估讀一位，則（2）[2]S2接通時(shí)，根據(jù)歐姆定律有可得同理S2斷開時(shí)有相減可得解得（3）[3]由（2）可得[4]將代入，解得（4）[5]電源內(nèi)阻變大時(shí)，偏小，而E不變，且電阻的刻度還是按算出來(lái)的，故測(cè)量結(jié)果偏大。13.全反射棱鏡的截面為等腰直角三角形。如圖所示為某種材料制成的全反射棱鏡的截面圖，∠C為直角，一束單色光從AC邊上的O點(diǎn)射入棱鏡，在AB面上恰好發(fā)生了全反射，之后從BC面射出，射出的光線恰好與從O點(diǎn)入射的光線平行。已知光在真空中的傳播速度為c。（1）求單色光在棱鏡中的折射率；（2）若AC邊長(zhǎng)為d，且O點(diǎn)為AC邊的中點(diǎn)，求光從O點(diǎn)第一次傳播到AB邊所需的時(shí)間?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）傳播路徑如圖所示設(shè)光線在AC邊上的入射角為，由對(duì)稱性可知光線在BC邊上的折射角也為，兩光線平行，故設(shè)光線在AB邊上的入射角為θ，依題意有則由幾何關(guān)系可知，光線在AC邊上的折射角根據(jù)光的折射定律有解得（2）在三角形中，，，設(shè)OD長(zhǎng)為s，根據(jù)正弦定理有解得光在介質(zhì)中的傳播速度故14.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)存在著垂直于坐標(biāo)平面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第四象限內(nèi)存在著方向沿x軸負(fù)方向、場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，y軸負(fù)半軸上固定著足夠長(zhǎng)的熒光屏。現(xiàn)有大量質(zhì)量均為m、電荷量均為的粒子從y軸正半軸上不同位置以不同的速率平行于x軸正方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)偏轉(zhuǎn)后所有粒子均從P（d，0）點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，不計(jì)粒子重力和粒子之間的相互作用力。（1）求以最小速度進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子的縱坐標(biāo)及該粒子的速度大?。唬?）求（1）中粒子打在熒光屏上的位置與O點(diǎn)的距離；（3）若從y軸上M（0，）點(diǎn)和N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子速度大小相等，求N點(diǎn)的縱坐標(biāo)?！即鸢浮剑?）d，；（2）；（3）〖解析〗（1）如圖甲所示速度最小的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑最小，所有粒子軌跡的圓心均在y軸上，故圓心在O點(diǎn)的粒子其運(yùn)動(dòng)半徑最小，以O(shè)點(diǎn)為圓心，OP為半徑畫圓，交y軸于Q點(diǎn)，即從Q點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子速度最小，依題意可知Q點(diǎn)的縱坐標(biāo)為d，洛倫茲力提供粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力解得（2）由（1）知粒子垂直于x軸進(jìn)入電場(chǎng)，在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度大小為a，在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，有x軸方向有y軸方向有解得（3）兩種情況的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示設(shè)從M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子的軌跡圓心為，半徑為r，由幾何關(guān)系有解得設(shè)從N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子軌跡圓心在點(diǎn)，其軌跡半徑也為r，由幾何關(guān)系得故N點(diǎn)的縱坐標(biāo)15.如圖所示，足夠長(zhǎng)的長(zhǎng)木板固定在水平面上且右端固定一定滑輪，甲、乙、丙三個(gè)物塊的質(zhì)量分別為M、m、2m，甲右端固定一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，彈簧的右端連接一輕質(zhì)細(xì)繩，細(xì)繩跨過(guò)定滑輪并穿過(guò)乙（乙中央有孔）與丙相連，長(zhǎng)木板上方的細(xì)繩和彈簧均保持水平。先將乙提起，甲、丙處于靜止?fàn)顟B(tài)，然后將乙緊挨著丙由靜止釋放，之后的過(guò)程中甲恰好未發(fā)生滑動(dòng)。已知彈簧的彈性勢(shì)能（式中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，忽略空氣阻力及滑輪的摩擦。求：（1）乙釋放的瞬間受到丙的支持力大??；（2）乙、丙一起下落過(guò)程中的最大速度；（3）甲與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）乙釋放前丙受到繩的拉力設(shè)乙釋放瞬間，乙、丙的加速度大小為a，剛釋放時(shí)對(duì)乙、丙整體有對(duì)乙有解得（2）初始時(shí)，彈簧的形變量彈簧的彈性勢(shì)能設(shè)乙與丙的速度最大時(shí)彈簧的形變量為x2，速度最大時(shí)乙、丙整體的合力為零，故彈簧的彈性勢(shì)能從剛釋放乙到乙、丙速度最大，乙、丙和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有解得（3）乙、丙運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度為0，彈簧拉力最大，甲剛好不滑動(dòng)，設(shè)此時(shí)彈簧的形變量為x3，則彈簧的彈性勢(shì)能從剛釋放乙到乙、丙到最低點(diǎn)，乙、丙和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有解得解得2024年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試模擬試題物理（二）全卷滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、考號(hào)等填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用簽字筆直接寫在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.用黃光照射某種金屬時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)。如圖所示，用該金屬制成光電管，并將光電管與微安表連接成閉合回路。現(xiàn)用藍(lán)光照射該光電管，下列說(shuō)法正確的是（）A.微安表中沒有電流通過(guò)，因?yàn)殡娐分袥]有電源B.微安表中不一定有電流通過(guò)，因?yàn)樗{(lán)光的頻率有可能小于該金屬的截止頻率C.微安表中一定有電流通過(guò)，且用紫光照射一定比用藍(lán)光照射時(shí)微安表中的電流更大D.微安表中一定有電流通過(guò)，且增加光的強(qiáng)度時(shí)微安表中的電流變大〖答案〗D〖解析〗AB．因?yàn)樗{(lán)光的頻率高于黃光的頻率，故用藍(lán)光照射時(shí)一定發(fā)生光電效應(yīng)，微安表中一定有電流通過(guò)，故AB錯(cuò)誤；CD．光電流的大小與光強(qiáng)有關(guān)，與頻率無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤、D正確。故選D。2.小明站在力傳感器上做蹲、起動(dòng)作，該過(guò)程中力傳感器的示數(shù)隨時(shí)間的變化情況如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.小明質(zhì)量約為70kgB.0~6s內(nèi)小明完成一次蹲、起動(dòng)作C.小明在“站起”過(guò)程做勻變速運(yùn)動(dòng)D.1~2s內(nèi)小明先“下蹲”后“站起”〖答案〗B〖解析〗BD．“下蹲”過(guò)程向下運(yùn)動(dòng)，先加速再減速，先失重再超重，“站起”過(guò)程向上運(yùn)動(dòng)，先加速再減速，故先超重再失重，因此對(duì)應(yīng)圖像1~2s內(nèi)是“下蹲”過(guò)程，4~6s內(nèi)是“站起”過(guò)程，故B正確，D錯(cuò)誤；A．從圖中可知小明的體重約為故A錯(cuò)誤；C．小明在“站起”過(guò)程受到的力是變力，則加速度是變化的，不是勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。故選B。3.“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器獲取的科學(xué)數(shù)據(jù)是利用電磁波從遙遠(yuǎn)的火星傳送回地球的。已知火星的公轉(zhuǎn)周期約為1.9年，太陽(yáng)光從太陽(yáng)傳到地球約需要500s，假設(shè)地球和火星都在同一平面內(nèi)繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)，則理論上電磁波從火星傳到地球的最短時(shí)間約為（）A.270s B.370s C.420s D.480s〖答案〗A〖解析〗設(shè)地球、火星的公轉(zhuǎn)軌道半徑分別為和，公轉(zhuǎn)周期分別為和，根據(jù)開普勒第三定律有解得地球和火星之間的最小距離太陽(yáng)光從太陽(yáng)傳到地球約需要500s，故理論上電磁波從火星傳到地球的最短時(shí)間約為由于270s接近265s，故A符合題意。故選A。4.物體在空氣中運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力大小與很多因素有關(guān)，在研究此類問(wèn)題時(shí)通常簡(jiǎn)化為以下兩種模型，模型①認(rèn)為空氣阻力大小恒定不變，模型②認(rèn)為空氣阻力大小與速率成正比。一物體以大小為v0的初速度豎直上拋，落回出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小為v（），若按模型①得到物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T1，按模型②得到物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T2，則T1和T2的大小關(guān)系為（）A. B.C. D.條件不足，無(wú)法判斷〖答案〗C〖解析〗在模型①中物體上升和下落均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)空氣阻力為Ff，上升的最大高度為H，上升過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理有下落過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理有聯(lián)立解得故上升時(shí)間同理下落時(shí)間整個(gè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間在模型②中設(shè)空氣阻力為kv'，上升時(shí)間為t3，下落時(shí)間為t4，根據(jù)動(dòng)量定理有式中v3、v4均為平均速度，故有整理可得即總時(shí)間可得故選C。5.奧斯特實(shí)驗(yàn)表明通電導(dǎo)線周圍和永磁體周圍一樣都存在磁場(chǎng)。一束彼此絕緣細(xì)銅導(dǎo)線被約束在半徑為R的圓柱體內(nèi)，在圓柱體外距中心軸線為r的P點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)等同于全部電流集中于軸線的直線電流I產(chǎn)生的磁場(chǎng)，即，其中為常數(shù)。若P點(diǎn)在圓柱體內(nèi)，上述公式中的I則為以軸線上一點(diǎn)為圓心、以r為半徑的截面所通過(guò)的電流，則下列圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗由電流微觀表達(dá)式可知其中S為圓柱體的橫截面積，當(dāng)圓柱體的截面為圓形、半徑為r時(shí)則在圓柱體內(nèi)部有與r成正比，在圓柱體外部有與r成反比，故A圖符合題意。故選A。6.我國(guó)農(nóng)村地區(qū)幅員遼闊，在人煙稀少的地區(qū)，一臺(tái)低壓變壓器的供電半徑可達(dá)1000m左右，這使得遠(yuǎn)離變壓器的用戶由于輸電線的電阻較大導(dǎo)致供電電壓偏低。某同學(xué)為了研究這種現(xiàn)象設(shè)計(jì)了如圖所示的電路，圖中T為理想降壓變壓器，對(duì)用戶供電，甲用戶離變壓器很近，輸電線電阻不計(jì)，乙用戶距變壓器500m，丙用戶距變壓器1000m，、為兩段低壓輸電線的等效電阻，可認(rèn)為，、、是三個(gè)用戶正在工作的用電器的等效電阻，且，為丙用戶未接入的用電器，用、、分別表示、、兩端的電壓，輸入電壓的有效值不變，下列說(shuō)法正確的是（）A.B.C.若閉合，不變，、均增大D.若閉合，不變，、均減小〖答案〗D〖解析〗由理想變壓器的電壓特點(diǎn)可知其中、分別為原副線圈匝數(shù)，由題意可知電路中保持不變。由圖可知①②又有③根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可得因，所以有上式可知上述結(jié)論結(jié)合③式得④又，由①②④三式可得S閉合后，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可知，、并聯(lián)電阻之和，小于，所以S閉合后，R2、R3、R、的和電阻減小，設(shè)和電阻為，又有歐姆定律可得所以增大，再結(jié)合①可得減小。又通過(guò)R2電流減小，結(jié)合③式得通過(guò)電流增大，又有②得減小。故選D。7.如圖所示，某同學(xué)利用無(wú)人機(jī)玩“投彈”游戲。無(wú)人機(jī)以的速度水平向右飛行，經(jīng)過(guò)傾角為45°的斜面底端O點(diǎn)正上方的A點(diǎn)時(shí)，釋放了一個(gè)小球，結(jié)果小球打在斜而上的C點(diǎn)。已知A點(diǎn)與O點(diǎn)的距離，無(wú)人機(jī)的飛行速度不變，空氣阻力忽略不計(jì)，重力加速度。下列說(shuō)法正確的是（）A.增大，小球落到斜面的速度方向不變B.小球打在C點(diǎn)時(shí)，無(wú)人機(jī)恰好飛到斜面上的B點(diǎn)C.小球打在C點(diǎn)前瞬間的速率為22m/sD.小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)用時(shí)2s〖答案〗D〖解析〗A.增大，則下落時(shí)間減小，根據(jù)可知小球落到斜面時(shí)的豎直速度減小，根據(jù)則小球落到斜面時(shí)的速度方向改變，故A錯(cuò)誤；B．小球的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示小球的水平速度與無(wú)人機(jī)的速度相等，小球打在C點(diǎn)時(shí)，飛機(jī)剛好在C點(diǎn)正上方F點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)小球從A點(diǎn)到C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則由幾何關(guān)系可知解得故D正確；C．小球打在C點(diǎn)前瞬間的速率故C錯(cuò)誤。故選D。8.如圖甲所示為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖，質(zhì)點(diǎn)M、N、P、Q分別位于圖甲中、、、的位置處。如圖乙所示為質(zhì)點(diǎn)M、N、P、Q中某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，時(shí)刻波恰好傳播至Q點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的傳播速度為1m/sB.波源的起振方向沿y軸正方向C.圖乙為質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)圖像D.質(zhì)點(diǎn)Q起振后的振動(dòng)步調(diào)與質(zhì)點(diǎn)N完全一致〖答案〗AC〖解析〗A．由波形圖和振動(dòng)圖像可知波長(zhǎng)，周期，解得波速故A正確；B．波沿x軸正方向傳播，根據(jù)圖乙可知波源的起振方向沿y軸負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)“上下坡”規(guī)律可知，時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M、Q在平衡位置向y軸負(fù)方向振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)N在平衡位置向y軸正方向振動(dòng)，故C正確；D．質(zhì)點(diǎn)N與Q相差半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)步調(diào)相反，故D錯(cuò)誤。故選AC。9.已知均勻帶電的空心球殼內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，球殼內(nèi)部電勢(shì)處處相等且與球殼的電勢(shì)相等，球殼外部空間的電場(chǎng)等同于將全部電荷集中于球心處的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)?，F(xiàn)有三個(gè)均勻帶電的空心球殼，球心都在O點(diǎn)，半徑分別為r、2r、3r，電荷量分別為q、2q、3q（），它們的截面如圖所示，在過(guò)O點(diǎn)的一條直線上有A、B、C三點(diǎn)，各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為1.5r、2.5r、3.5r，三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)分別為、、，電勢(shì)分別為、、，下列說(shuō)法正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗BC〖解析〗AB．A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)只由最內(nèi)側(cè)球殼上的電荷產(chǎn)生，依題意B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)由內(nèi)側(cè)的兩個(gè)球殼上的電荷產(chǎn)生，故同理則故A錯(cuò)誤，B正確；CD．因?yàn)?，三個(gè)球殼上都帶正電荷，任意球殼內(nèi)部電勢(shì)高于外部電勢(shì)，球殼外部各點(diǎn)離O越遠(yuǎn)電勢(shì)越低，A點(diǎn)在兩個(gè)球殼內(nèi)部，B點(diǎn)在一個(gè)球殼內(nèi)部，C點(diǎn)在三個(gè)球殼外，且A點(diǎn)離O點(diǎn)最近，C點(diǎn)離O點(diǎn)最遠(yuǎn)，故有故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，足夠長(zhǎng)的固定絕緣斜面的傾角，沿斜面長(zhǎng)度為s的區(qū)域內(nèi)存在著垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量為0.2kg的“U”形金屬導(dǎo)軌間距為0.5m，長(zhǎng)度，整個(gè)導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒pq質(zhì)量也為0.2kg、電阻、長(zhǎng)度也為0.5m?，F(xiàn)將導(dǎo)軌放在斜面上，b、d兩端點(diǎn)恰好位于磁場(chǎng)的上邊界，導(dǎo)體棒放在導(dǎo)軌的正中間并平行于ac邊，然后將導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌同時(shí)由靜止釋放，導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒出磁場(chǎng)時(shí)ac邊恰好進(jìn)入磁場(chǎng)。已知導(dǎo)軌上表面光滑，下表面與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，，，重力加速度，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸良好，下列說(shuō)法正確的是（）A.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.4TB.s=1.75mC.導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為3.6JD.ac邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)軌的加速度大小為3m/s2〖答案〗AD〖解析〗A．剛釋放時(shí)，導(dǎo)體棒的加速度大小對(duì)導(dǎo)軌受力分析，有解得設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)，有解得此時(shí)導(dǎo)體棒的速度大小導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件有解得故A正確；B．假設(shè)導(dǎo)體棒始終未離開導(dǎo)軌，ac邊進(jìn)入磁場(chǎng)前，導(dǎo)軌一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)由靜止釋放后經(jīng)過(guò)t2時(shí)間ac邊進(jìn)入磁場(chǎng)，有解得導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間故磁場(chǎng)沿斜面方向的長(zhǎng)度導(dǎo)體棒恰好運(yùn)動(dòng)到bd處，假設(shè)成立，故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱故C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)c邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)軌的速度大小受到的安培力大小根據(jù)牛頓第二定律有解得即加速度大小為3m/s2，方向沿斜面向上，故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證查理定律，操作步驟簡(jiǎn)述如下：①將一裝有細(xì)導(dǎo)管的橡皮塞塞住試管口封閉一定質(zhì)量的氣體，細(xì)導(dǎo)管的另一端接壓強(qiáng)傳感器；②將壓強(qiáng)傳感器與計(jì)算機(jī)相連，將一溫度傳感器也與計(jì)算機(jī)相連；③將適量熱水（約80℃）倒入大號(hào)燒杯中，并將試管浸入熱水中至管口與水面相平，再將溫度傳感器浸沒入水中；④在計(jì)算機(jī)上打開相應(yīng)軟件，等待水溫緩慢下降，計(jì)算機(jī)將兩傳感器的示數(shù)擬合成一條曲線，如圖乙所示為部分圖線。（1）在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，所得的圖像是一條直線，說(shuō)明一定質(zhì)量的氣體，在體積不變時(shí)。（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）A.壓強(qiáng)p與攝氏溫度t成正比 B.壓強(qiáng)p與攝氏溫度t成一次函數(shù)（2）若實(shí)驗(yàn)過(guò)程中有少量氣體緩慢逸出，則所得圖像為。（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）A. B.（3）另外一位同學(xué)用一個(gè)較小的試管也按相同的步驟做了該實(shí)驗(yàn)，現(xiàn)用計(jì)算機(jī)將兩位同學(xué)實(shí)驗(yàn)采集的數(shù)據(jù)描繪在同一個(gè)p—t坐標(biāo)系上，則得到的圖像可能是。（填正確〖答案〗標(biāo)號(hào)）A. B. C.〖答案〗（1）B（2）B（3）C〖解析〗【小問(wèn)1詳析】根據(jù)查理定律有其中的C為與氣體的質(zhì)量成正比的常量，且溫度為熱力學(xué)溫度，則有則有可知，壓強(qiáng)與攝氏溫度t成一次函數(shù)。故選B?！拘?wèn)2詳析】結(jié)合上述可知，根據(jù)查理定律，一定質(zhì)量的氣體在體積不變時(shí)有其中C與氣體的質(zhì)量成正比，當(dāng)有氣體逸出時(shí)，C減小，則圖像上的點(diǎn)與（-273，0）點(diǎn)連線的斜率減小，因?yàn)楸緦?shí)驗(yàn)中氣體的溫度是逐漸降低的，故圖像從右向左斜率減小。故選B?！拘?wèn)3詳析】結(jié)合上述可知，根據(jù)查理定律，一定質(zhì)量的氣體在體積不變時(shí)有其中C與氣體的質(zhì)量成正比，則一定質(zhì)量的氣體在體積不變時(shí)，其p—t圖像與t軸的交點(diǎn)坐標(biāo)均為-273℃，只有第三個(gè)選擇項(xiàng)符合要求。故選C。12.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的電路測(cè)量一未知電阻Rx的阻值（大約為90Ω），圖中電源電動(dòng)勢(shì)E=4.5V、內(nèi)阻約為6Ω，R0為定值電阻，毫安表的量程為50mA、內(nèi)阻約為30Ω。I.斷開開關(guān)S1、S2，按圖甲連接電路；II.先接通S2，再接通S1，記下此時(shí)毫安表的讀數(shù)I0；III.斷開S2，記下此時(shí)毫安表的讀數(shù)Ix。（1）如圖乙所示，某次毫安表的讀數(shù)Ix=___________mA。（2）在（1）的條件下，若I0=45.0mA，待測(cè)電阻Rx=___________Ω（結(jié)果保留一位小數(shù)）。（3）該小組嘗試將Rx換為一系列不同阻值的電阻進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并在毫安表的刻度上標(biāo)出對(duì)應(yīng)的阻值，這樣就改裝成了一個(gè)新式“歐姆表”，則Rx的表達(dá)式為Rx=__________（用E、I0、Ix表示）；根據(jù)此式，毫安表上30.0mA處對(duì)應(yīng)的阻值為__________Ω。（4）若用了一段時(shí)間后電源的內(nèi)阻變大了，電動(dòng)勢(shì)可認(rèn)為不變，則用此歐姆表測(cè)量電阻的結(jié)果將__________（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）24.0（2）87.5（3）50（4）偏大〖解析〗（1）[1]由題圖乙可得知最小刻度0.1mA，需要估讀一位，則（2）[2]S2接通時(shí)，根據(jù)歐姆定律有可得同理S2斷開時(shí)有相減可得解得（3）[3]由（2）可得[4]將代入，解得（4）[5]電源內(nèi)阻變大時(shí)，偏小，而E不變，且電阻的刻度還是按算出來(lái)的，故測(cè)量結(jié)果偏大。13.全反射棱鏡的截面為等腰直角三角形。如圖所示為某種材料制成的全反射棱鏡的截面圖，∠C為直角，一束單色光從AC邊上的O點(diǎn)射入棱鏡，在AB面上恰好發(fā)生了全反射，之后從BC