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2025屆云南省硯山縣第二中學(xué)高三第二次聯(lián)考物理試卷請(qǐng)考生注意:1.請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上,請(qǐng)用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2.答題前,認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》,按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、2016里約奧運(yùn)會(huì)男子50米自由泳決賽美國(guó)埃爾文奪得金牌。經(jīng)視頻分析發(fā)現(xiàn):他從起跳到入水后再經(jīng)過(guò)加速到獲得最大速度2.488m/s所用的時(shí)間總共為2.5秒,且這一過(guò)程通過(guò)的位移為x1=2.988m。若埃爾文以最大速度運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為19s,若超過(guò)該時(shí)間后他將做1m/s2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)。則這次比賽中埃爾文的成績(jī)?yōu)椋ǎ〢.19.94s B.21.94s C.20.94s D.21.40s2、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開(kāi)始,經(jīng)歷三個(gè)過(guò)程ab、bc、ca回到原狀態(tài),其圖像如圖所示,下列判斷正確的是()A.過(guò)程ac中氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量B.過(guò)程bc中氣體既不吸熱也不放熱C.過(guò)程ab中氣體吸收的熱量大于氣體內(nèi)能的增加D.a(chǎn)、b和c三個(gè)狀態(tài)中,狀態(tài)a氣體的內(nèi)能最小3、將檢驗(yàn)電荷q放在電場(chǎng)中,q受到的電場(chǎng)力為F,我們用來(lái)描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱。類比于這種分析檢驗(yàn)物體在場(chǎng)中受力的方法,我們要描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱,下列表達(dá)式中正確的是()A. B. C. D.4、在電場(chǎng)方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,一帶電小球從A點(diǎn)豎直向上拋出,其運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示,小球運(yùn)動(dòng)的軌跡上A、B兩點(diǎn)在同一水平線上,M為軌跡的最高點(diǎn),小球拋出時(shí)的動(dòng)能為8.0J,在M點(diǎn)的動(dòng)能為6.0J,不計(jì)空氣的阻力,則()A.從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)電勢(shì)能增加2JB.小球水平位移x1與x2的比值1:4C.小球落到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能24JD.小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中動(dòng)能有可能小于6J5、如圖所示,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在半徑為R的圓內(nèi),CD是圓的直徑,質(zhì)量m、電荷量為q的帶正電的粒子,從靜止經(jīng)電場(chǎng)加速后,沿著與直徑CD平行且相距的直線從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)。若帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是,則加速電場(chǎng)的電壓是()A. B.C. D.6、如圖所示,A,B質(zhì)量均為m,疊放在輕質(zhì)彈簧上(彈簧上端與B不連接,彈簧下端固定于地面上)保持靜止,現(xiàn)對(duì)A施加一豎直向下、大小為F(F>2mg)的力,將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內(nèi))而處于靜止?fàn)顟B(tài),若突然撤去力F,設(shè)兩物體向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A、B間的相互作用力大小為FN,則關(guān)于FN的說(shuō)法正確的是(重力加速度為g)()A.剛撤去外力F時(shí),F(xiàn)B.彈簧彈力等于F時(shí),F(xiàn)C.兩物體A、B的速度最大時(shí),F(xiàn)N=2mgD.彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí),F(xiàn)N=mg二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖,條形磁鐵放在光滑斜面上,用平行于斜面的輕彈簧拉住處于靜止?fàn)顟B(tài)。圖中圓圈為垂直紙面放置的直導(dǎo)線的橫截面,當(dāng)導(dǎo)線中無(wú)電流時(shí),磁鐵對(duì)斜面的壓力為FN1;當(dāng)導(dǎo)線中有電流通過(guò)時(shí),磁鐵對(duì)斜面的壓力為FN2,下列說(shuō)法正確的是()A.若導(dǎo)線位于圖中1位置且電流方向向外,則FN1>FN2B.若導(dǎo)線位于圖中1位置且電流方向向里,則彈簧伸長(zhǎng)量增大C.若導(dǎo)線位于圖中2位置且彈簧伸長(zhǎng)量增大,則導(dǎo)線中電流方向向里D.若導(dǎo)線位于圖中2位置且彈簧伸長(zhǎng)量增大,則FN1>FN28、如圖2所示是電子電路中經(jīng)常用到的由半導(dǎo)體材料做成的轉(zhuǎn)換器,它能把如圖1所示的正弦式交變電壓轉(zhuǎn)換成如圖3所示的方波式電壓,轉(zhuǎn)換規(guī)則:輸入的交變電壓絕對(duì)值低于,輸出電壓為0;輸入的交變電壓包對(duì)值大于、等于,輸出電壓恒為.則A.輸出電壓的頻率為50Hz B.輸出電壓的顏率為100HzC.輸出電壓的有效值為 D.輸出電壓的有效值為9、如圖所示。豎直光滑桿固定不動(dòng),兩根完全相同的輕質(zhì)彈簧套在桿上,彈簧下端固定。形狀相同的兩物塊A、B分別置于兩彈簧上端但不會(huì)拴接,A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量?,F(xiàn)用外力作用在物體上,使兩端彈簧具有相同的壓縮量。撤去外力后,兩物塊由靜止向上運(yùn)動(dòng)并離開(kāi)彈簧。從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過(guò)程中。彈簧始終在彈性限度之內(nèi),以地面為零勢(shì)能面。下列說(shuō)法正確的是()A.上升過(guò)程中兩物塊機(jī)械能均守恒B.A上升的最大高度小于B上升的最大高度C.A物體的最大速度大于B物體的最大速度D.A物體的最大加速度小于B物體的最大加速度10、以下說(shuō)法正確的是()A.已知阿伏加德羅常數(shù)、氣體摩爾質(zhì)量和密度,可算出該氣體分子的直徑B.物質(zhì)是晶體還是非晶體,比較可靠的辦法是從各向異性或各向同性來(lái)判斷C.隨著分子間距離的增大,分子間的引力和斥力都減小,斥力減小得快,但合力表現(xiàn)仍可能為斥力D.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過(guò)程具有方向性三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過(guò)程。11.(6分)如圖所示,將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上,用重物帶動(dòng)紙帶從靜止開(kāi)始自由下落,利用此裝置可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.(1)已準(zhǔn)備的器材有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(帶導(dǎo)線)、紙帶、復(fù)寫紙、帶鐵夾的鐵架臺(tái)和帶夾子的重物,此外還需要的器材是______(填字母代號(hào)).A.直流電源、天平及砝碼B.直流電源、毫米刻度尺C.交流電源、天平及砝碼D.交流電源、毫米刻度尺(2)實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量物體由靜止開(kāi)始自由下落到某點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度v和下落高度h.某同學(xué)對(duì)實(shí)驗(yàn)得到的紙帶,設(shè)計(jì)了以下四種測(cè)量方案,這些方案中合理的是__________(填字母代號(hào)).A.用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h,由打點(diǎn)間隔數(shù)算出下落的時(shí)間t,通過(guò)v=gt算出瞬時(shí)速度vB.用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h,并通過(guò)計(jì)算出瞬時(shí)速度vC.根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度,測(cè)算出瞬時(shí)速度v,并通過(guò)計(jì)算得出高度hD.用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h,根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度,測(cè)算出瞬時(shí)速度v(3)實(shí)驗(yàn)結(jié)果往往是重力勢(shì)能的減少量略大于動(dòng)能的增加量,關(guān)于這個(gè)誤差下列說(shuō)法正確的是_________(填字母代號(hào)).A.該誤差屬于偶然誤差B.該誤差屬于系統(tǒng)誤差C.可以通過(guò)多次測(cè)量取平均值的方法來(lái)減小該誤差D.可以通過(guò)減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來(lái)減小該誤差12.(12分)某學(xué)習(xí)小組通過(guò)如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。A是固定在水平桌面上光滑的斜槽,斜槽末端與水平桌面平行,B是氣墊導(dǎo)軌,C是光電門,D是帶有小孔的滑塊(孔內(nèi)粘有膠帶,小球進(jìn)入小孔即粘在膠帶上),滑塊上方有一窄擋光片。實(shí)驗(yàn)前將斜槽固定在水平桌面上,調(diào)整氣墊導(dǎo)軌的高度,使滑塊小孔與斜槽末端在同一高度處,同時(shí)調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平,多次改變小球釋放高度h,得到擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間t,做出圖象。小球質(zhì)量為m,滑塊總質(zhì)量為m0,擋光片寬度為d,重力加速度為g(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量擋光片的寬度,如圖乙所示,寬度d=______cm(2)只要滿足關(guān)系式h=______(用題中所給的物理量符號(hào)表示),就可以說(shuō)明在誤差允許范圍內(nèi)碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒(3)如果圖象是一條過(guò)原點(diǎn)的________(填寫“傾斜直線”或“拋物線”),同樣可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平桌面上,左端連接定值電阻,導(dǎo)軌間距。整個(gè)裝置處在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度,一質(zhì)量、電阻的金屬棒放在導(dǎo)軌上,在外力F的作用下以恒定的功率從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),當(dāng)運(yùn)動(dòng)距離時(shí)金屬棒達(dá)到最大速度,此時(shí)撤去外力,金屬棒最終停下,設(shè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)。求:(1)金屬棒的最大速度;(2)在這個(gè)過(guò)程中,外力的沖量大小;(3)撤去外力后電阻R放出的熱量。14.(16分)一客車以v=20m/s的速度行駛,突然發(fā)現(xiàn)同車道的正前方x0=60m處有一貨車正以v0=8m/s的速度同向勻速前進(jìn),于是客車緊急剎車,若客車剎車時(shí)做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a=2m/s2,則:(1)客車剎車開(kāi)始后l5s內(nèi)滑行的距離是多少?(2)客車靜止前最后2s內(nèi)滑行的距離是多少?(3)客車與貨車間的最小距離為多少?15.(12分)如圖所示,間距為L(zhǎng)=2m的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌由傾斜部分和水平部分平滑連接而成,水平導(dǎo)軌處于B=0.5T方向垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,以磁場(chǎng)左邊界為坐標(biāo)原點(diǎn),磁場(chǎng)右邊界坐標(biāo)為x1(值未標(biāo)出),在坐標(biāo)為x0=1.2m處垂直于水平導(dǎo)軌放置有一質(zhì)量m=1kg、電阻為R=0.1Ω的導(dǎo)體棒ab?,F(xiàn)把質(zhì)量為M=2kg、電阻也為R=0.1Ω的導(dǎo)體棒cd,垂直導(dǎo)軌放置在傾斜軌道上,并讓其從高為h=1.8m處由靜止釋放。若兩導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不會(huì)相碰,ab棒出磁場(chǎng)右邊界前已達(dá)到穩(wěn)定速度,且兩導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終垂直于導(dǎo)軌并接觸良好,不計(jì)導(dǎo)軌的電阻,忽略磁場(chǎng)的邊界效應(yīng),g=10m/s2。求:(1)cd棒恰好進(jìn)入磁場(chǎng)左邊界時(shí)的速度大小;(2)ab棒離開(kāi)磁場(chǎng)右邊界前的穩(wěn)定速度;(3)cd棒從進(jìn)入磁場(chǎng)到離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中,安培力對(duì)系統(tǒng)做的總功。
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】
埃爾文勻速運(yùn)動(dòng)能走過(guò)的最大位移為x2=vt2=2.488×19=47.272m因?yàn)閤1+x2=2.988+47.272=50.26>50m則運(yùn)動(dòng)員沒(méi)有勻減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程,所以他勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則埃爾文奪金的成績(jī)?yōu)椋簍=2.5+18.895=21.40sA.19.94s與分析不符,故A錯(cuò)誤;B.21.94s與分析不符,故B錯(cuò)誤;C.20.94s與分析不符,故C錯(cuò)誤;D.21.40s與分析相符,故D正確。故選D。2、D【解析】
A.過(guò)程ac為等壓變化,由可知,溫度升高,體積增大,氣體對(duì)外做功,溫度升高,內(nèi)能增大,由熱力學(xué)第一定律可知,氣體內(nèi)能的增加等于吸收的熱量與氣體對(duì)外做功之差,則氣體內(nèi)能的增加小于吸收的熱量,故A錯(cuò)誤;B.過(guò)程bc為等溫變化,△U=0,但氣體壓強(qiáng)減小,由知V增大,氣體對(duì)外做功,W<0,由△U=Q+W可知Q>0即氣體吸收熱量,故B錯(cuò)誤;C.過(guò)程ab為等容變化,溫度升高,內(nèi)能增大,體積不變,由熱力學(xué)第一定律可知,氣體吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加,故C錯(cuò)誤;D.理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān),溫度越高,內(nèi)能越大,a、b和c三個(gè)狀態(tài)中,狀態(tài)a溫度最低,則理想氣體的內(nèi)能最小,故D正確。故選D。3、C【解析】
將檢驗(yàn)電荷q放在電場(chǎng)中,q受到的電場(chǎng)力為F,我們用來(lái)描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱;類比于這種分析檢驗(yàn)物體在場(chǎng)中受力的方法,用來(lái)描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱;故C項(xiàng)正確,ABD三項(xiàng)錯(cuò)誤。4、D【解析】
將小球的運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直方向正交分解,水平分運(yùn)動(dòng)為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),豎直分運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng);
A.從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)過(guò)程中,電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減小,故A錯(cuò)誤;B.對(duì)于初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),在連續(xù)相等的時(shí)間間隔內(nèi)位移之比為1:3,故B錯(cuò)誤;
C.設(shè)物體在B動(dòng)能為EkB,水平分速度為VBx,豎直分速度為VBy。
由豎直方向運(yùn)動(dòng)對(duì)稱性知mVBy2=8J對(duì)于水平分運(yùn)動(dòng)Fx1=mVMx2-mVAX2F(x1+x2)=mVBx2-mVAX2x1:x2=1:3解得:Fx1=6J;F(x1+x2)=24J故EkB=m(VBy2+VBx2)=32J故C錯(cuò)誤;D.由于合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性,設(shè)小球所受的電場(chǎng)力為F,重力為G,則有:Fx1=6JGh=8J所以:由右圖可得:
所以則小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中速度最小時(shí)速度一定與等效G’垂直,即圖中的P點(diǎn),故故D正確。故選D。5、B【解析】
帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期是;
粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是如圖所示,粒子從A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)后,從E點(diǎn)射出.O為磁場(chǎng)圓的圓心,設(shè)∠AOC=α
則sinα=,則α=45°粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心是O1點(diǎn),設(shè)半徑O1A=r,O1A⊥CD,∠COO1=45°.
由圖可知r=R粒子做圓周運(yùn)動(dòng)加速過(guò)程滿足解得加速電壓故選B。6、B【解析】
在突然撤去F的瞬間,彈簧的彈力不變,由平衡條件推論可知AB整體的合力向上,大小等于F,根據(jù)牛頓第二定律有:F=(m+m)a,解得:a=F2m,對(duì)A受力分析,受重力和支持力,根據(jù)牛頓第二定律,有:FN-mg=ma,聯(lián)立解得:FN=mg+F2,故A錯(cuò)誤;彈簧彈力等于F時(shí),根據(jù)牛頓第二定律得,對(duì)整體有:F-2mg=2ma,對(duì)m有:FN-mg=ma,聯(lián)立解得:FN=F2,故B正確;當(dāng)A、B兩物體的合力為零時(shí),速度最大,對(duì)A由平衡條件得:FN=mg,故C錯(cuò)誤;當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí),根據(jù)牛頓第二定律得,對(duì)整體有:2mg=2ma,對(duì)m有:二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】
A.條形磁鐵的外部磁場(chǎng)方向是由極指極,由1位置的磁場(chǎng)方向沿斜面向下,2位置的磁場(chǎng)方向斜向左上方,若導(dǎo)線位于圖中1位置且電流方向向外,根據(jù)左手定則可得導(dǎo)線所受安培力的方向?yàn)榇怪毙泵嫦蛳?,由牛頓第三定律可得導(dǎo)線對(duì)磁鐵的反作用力垂直于斜面向上,可知磁鐵對(duì)斜面的壓力減小,則有故A正確;B.若導(dǎo)線位于圖中1位置且電流方向向里,根據(jù)左手定則可得導(dǎo)線所受安培力的方向?yàn)榇怪毙泵嫦蛏?,由牛頓第三定律可得導(dǎo)線對(duì)磁鐵的反作用力垂直于斜面向下,但彈簧的彈力仍等于磁鐵重力沿斜面方向的分力,大小不變,則彈簧的伸長(zhǎng)量不變,故B錯(cuò)誤;CD.若導(dǎo)線位于圖中2位置且彈簧的伸長(zhǎng)量增大,可知導(dǎo)線對(duì)磁鐵的反作用力沿斜面方向的分力沿斜面向下,垂直于斜面方向的分力垂直斜面向下,從而才會(huì)使彈簧的彈力增大,也使磁鐵對(duì)斜面的壓力增大,故有所以導(dǎo)線所受的安培力方向斜向右上方,由左手定則可得導(dǎo)線中的電流方向向里,故C正確,D錯(cuò)誤;故選AC。8、BC【解析】
AB.由圖可知輸出電壓的周期T=0.01s,故頻率為f=100Hz,A錯(cuò)誤,B正確;CD.由:解得:U=C正確,D錯(cuò)誤.9、BD【解析】
A.上升過(guò)程中在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前,彈簧彈力一直對(duì)物塊做正功,物塊機(jī)械能增加,A錯(cuò)誤;B.物塊從撤去外力到第一次速度減為0,根據(jù)能量守恒定律解得彈簧壓縮量相同,所以對(duì)于兩物塊彈簧釋放的彈性勢(shì)能相同,因?yàn)椋詢尚∏蛏仙淖畲蟾叨汝P(guān)系為B正確;C.物塊速度最大時(shí),加速度為0,假設(shè)初始狀態(tài)彈簧的壓縮量為,達(dá)到最大速度前,合力滿足為物塊向上運(yùn)動(dòng)的位移,因?yàn)椋詧D像為圖線與位移軸圍成的面積為合外力做功,物塊從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),根據(jù)動(dòng)能定理可知合力為0時(shí),B物塊動(dòng)能大,根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式可知A物體的最大速度小于B物體的最大速度,C錯(cuò)誤;D.撤去外力瞬間,物塊的加速度最大,根據(jù)牛頓第二定律可知解得因?yàn)?,所以D正確。故選BD。10、CD【解析】
A.摩爾體積,氣體分子所占空間,所以可以求得分子間的平均距離,故A錯(cuò)誤;B.因多晶體也具有各向同性,故晶體和非晶體一般從熔點(diǎn)來(lái)判斷,故B錯(cuò)誤;C.當(dāng)分子間距離小于r0時(shí),隨著分子間距離的增大,分子間的引力和斥力都減小,斥力減小得快,合力表現(xiàn)為斥力,故C正確;D.根據(jù)熱力學(xué)定律可知,宏觀自然過(guò)程自發(fā)進(jìn)行是有其方向性,能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性,故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過(guò)程。11、DDBD【解析】
(1)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需接交流電源.機(jī)械能守恒中前后都有質(zhì)量,所以不要天平和砝碼.計(jì)算速度需要測(cè)相鄰計(jì)數(shù)的距離,需要刻度尺,故選D.
(2)在驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)不能用有關(guān)g值來(lái)計(jì)算速度,利用、,在計(jì)算高度時(shí)直接測(cè)量距離,在計(jì)算速度時(shí)利用中點(diǎn)時(shí)刻的速度等于平均速度求解,故ABC錯(cuò)誤;D正確(3)由于系統(tǒng)內(nèi)不可避免的存在阻礙運(yùn)動(dòng)的力,比如空氣阻力,紙帶與限位孔之間的摩擦力等系統(tǒng)誤差導(dǎo)致重力勢(shì)能的減小量與動(dòng)能的增加量不相等,可以通過(guò)減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來(lái)減小該誤差,故BD正確12、2.150傾斜直線【解析】
(1)[1]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為;(2)[2]根據(jù)動(dòng)能定理得得小球下滑到斜面底端的速度為小球與斜槽到光電
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