安徽省滁州市定遠(yuǎn)縣民族中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題含解析

PAGE14-安徽省滁州市定遠(yuǎn)縣民族中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題（含解析）一、選擇題1.下面是某同學(xué)對(duì)電場(chǎng)中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A.依據(jù)真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷所帶電荷量有關(guān)B.依據(jù)電勢(shì)差的定義式可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功為1J，則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為1VC.依據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與摸索電荷所帶的電荷量成反比D.依據(jù)電容的定義式可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比【答案】A【解析】依據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式：可知，Q是場(chǎng)源電荷，所以電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷的電量成正比，與該點(diǎn)到場(chǎng)源電荷距離的平方成反比，故A正確；依據(jù)電勢(shì)差的定義式：知，帶電量為1C正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功為1J，即電場(chǎng)力做功為-1J，則A、B點(diǎn)的電勢(shì)差為-1V，故B錯(cuò)誤；電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身，與有無(wú)摸索電荷無(wú)關(guān)，所以不能理解成電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和摸索電荷的電量成反比，故C錯(cuò)誤；電容是描述電容器容納電荷本事的物理量，取決于電容器本身的性質(zhì)，并不與電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比，故D錯(cuò)誤。所以A正確，BCD錯(cuò)誤。2.一點(diǎn)電荷，僅在電場(chǎng)力的作用下，沿直線由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，速率漸漸增大，下列推斷正確的是（）A.在此過(guò)程中，電荷所受電場(chǎng)力的方向總是由A指向BB.在此過(guò)程中，電荷的電勢(shì)能漸漸增大C.線段AB間的各點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向都是由A指向BD.自A至B，電勢(shì)漸漸降【答案】A【解析】點(diǎn)電荷在電場(chǎng)力作用，從A到B點(diǎn)，速率增大．則電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小．由于點(diǎn)電荷的電性不知，所以電場(chǎng)強(qiáng)度方向無(wú)法確定，因此電勢(shì)的凹凸也無(wú)法確定．故只有A正確；BCD錯(cuò)誤.3.如圖甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)被固定的點(diǎn)電荷，其中Q1帶負(fù)電，a、b兩點(diǎn)在它們連線的延長(zhǎng)線上.現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子以肯定的初速度沿直線從a點(diǎn)起先經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)(粒子只受電場(chǎng)力作用)，粒子經(jīng)過(guò)a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示.以下說(shuō)法中正確的是（）A.Q2肯定帶負(fù)電B.Q2的電量肯定大于Q1的電量C.b點(diǎn)的加速度為零，電場(chǎng)強(qiáng)度也為零D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能先減小后增大【答案】C【解析】試題分析：從速度圖象上看，可見(jiàn)a到b做加速度減小減速運(yùn)動(dòng)，在b點(diǎn)時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為零，則電場(chǎng)力為零，所以該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零．Q1對(duì)負(fù)電荷的電場(chǎng)力向右，則Q2對(duì)負(fù)電荷的電場(chǎng)力向左，所以Q2帶正電．故A錯(cuò)誤，C正確．b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，可見(jiàn)兩點(diǎn)電荷在b點(diǎn)對(duì)負(fù)電荷的電場(chǎng)力相等，依據(jù)，b到Q1的距離大于到Q2的距離，所以Q1的電量大于Q2的電量．故B錯(cuò)誤．整個(gè)過(guò)程動(dòng)能先減小后增大，依據(jù)能量守恒電勢(shì)能先增大后減?。蔇錯(cuò)誤．故選C?？键c(diǎn)：v-t圖像；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)及電勢(shì)能【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵依據(jù)圖象b點(diǎn)的加速度為0，依據(jù)這一突破口，從而推斷Q2的電性及Q1和Q2的電量大小。4.一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，這表示()A.電池中每通過(guò)1C的電荷量，該電池能將1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電勢(shì)能B.該電池接入電路工作時(shí)，電池兩極間的電壓恒為1.5VC.該電池存儲(chǔ)的電能肯定比電動(dòng)勢(shì)為1.2V的電池存儲(chǔ)的電能多D.將1C的電子由該電池負(fù)極移送到正極的過(guò)程中，非靜電力做了1.5J的功【答案】A【解析】【詳解】A項(xiàng)：電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電路中每通過(guò)1C的電量，該電池能將1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能，故A正確；B項(xiàng)：接入電路后，兩極電壓為路端電壓，若外電路正常工作，則路端電壓小于電動(dòng)勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：電動(dòng)勢(shì)表示電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本事的物理量，電動(dòng)勢(shì)大儲(chǔ)存的電能不肯定多，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，表示該電池能將1C電量的正電荷由負(fù)極移送到正極的過(guò)程中，非靜電力做了1.5J的功，故D正確。5.如圖所示，三條虛線表示某電場(chǎng)的三個(gè)等勢(shì)面，其中φ1=10V，φ2=20V，φ3=30V一個(gè)帶電粒子只受電場(chǎng)力作用，按圖中實(shí)線軌跡從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，由此可知（

）A.粒子帶正電 B.粒子速度變大C.粒子的加速度變大 D.粒子的電勢(shì)能變大【答案】B【解析】【詳解】由圖象可知帶電粒子的軌跡向右偏轉(zhuǎn)，得出粒子所受力的方向向右；又由電場(chǎng)線指向電勢(shì)降低的方向，得出電場(chǎng)線方向大致向左．因?yàn)閹щ娏Ｗ邮芰εc電場(chǎng)的方向相反，所以粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理得，合外力（電場(chǎng)力）做正功，動(dòng)能增加，故B正確；由于等勢(shì)面密的地方電場(chǎng)線也密、電場(chǎng)線密的地方粒子受到的力也大，力越大加速度也越大，所以粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，加速度在變小，故C錯(cuò)誤；由電場(chǎng)力做功的公式得，粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】做曲線運(yùn)動(dòng)物體所受合外力指向曲線內(nèi)側(cè)，本題中粒子只受電場(chǎng)力，由此可推斷電場(chǎng)力向右，依據(jù)電場(chǎng)力做功可以推斷電勢(shì)能的凹凸和動(dòng)能改變狀況，加速度的推斷可以依據(jù)電場(chǎng)線的疏密進(jìn)行。6.如圖所示，A、B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)以坐標(biāo)原點(diǎn)為圓心、半徑為1cm的圓與兩坐標(biāo)軸的交點(diǎn)，已知A，B，C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為、、由此可得D點(diǎn)的電勢(shì)為A.4VB.8VC.6VD.9V【答案】B【解析】試題分析：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿著同一方向（非等勢(shì)面上），依據(jù)公式可知，每前進(jìn)相同的距離，電勢(shì)的降低相等；依據(jù)幾何學(xué)問(wèn)可知AB=DC且AB∥DC，說(shuō)明AB間的電勢(shì)差等于DC間的電勢(shì)差，故，代入數(shù)據(jù)，有，解得，即D點(diǎn)的電勢(shì)為8V．考點(diǎn)：考查了勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系【名師點(diǎn)睛】解決本題要理解公式，知道勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿著同一方向（非等勢(shì)面上），電勢(shì)勻稱降低，即可解決這類(lèi)問(wèn)題．7.如圖所示的電路中，R0為固定電阻，R為滑動(dòng)變阻器．移動(dòng)滑片P，電路的總電阻會(huì)發(fā)生改變．下列敘述正確的是A.P向左滑動(dòng)時(shí)總電阻將減小B.P向右滑動(dòng)時(shí)總電阻將減小C.P滑到最左端時(shí)總電阻為R0D.P滑到最右端時(shí)總電阻為零【答案】A【解析】【詳解】A．P向左滑動(dòng)時(shí)電阻R減小，依據(jù)公式，可得并聯(lián)電阻肯定減小。故A正確。

B．P向右滑動(dòng)時(shí)，依據(jù)公式，可知總電阻將增加。故B錯(cuò)誤。

C．P滑到最左端時(shí)，電阻R0被短路，故總電阻為0。故C錯(cuò)誤。

D．P滑到最右端時(shí)總電阻最大。故D錯(cuò)誤。8.智能手機(jī)耗電量大，移動(dòng)充電寶應(yīng)運(yùn)而生，它是能干脆給移動(dòng)設(shè)備充電的儲(chǔ)能裝置．充電寶的轉(zhuǎn)化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之間（包括移動(dòng)電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗）．如圖為某一款移動(dòng)充電寶，其參數(shù)見(jiàn)如表，下列說(shuō)法正確的是容量20000mAh兼容性全部智能手機(jī)邊充邊放否愛(ài)護(hù)電路是輸入DC5V2AMAX輸出DC5V0.1-2.5A尺寸156*82*22mm轉(zhuǎn)換率0.60產(chǎn)品名稱索揚(yáng)SY10-200重量約430gA.充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能B.該充電寶最多能儲(chǔ)存能量為3.6×l06JC.該充電寶電量從零到完全充溢電的時(shí)間約為2hD.該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機(jī)充電，則理論上能充溢4次【答案】D【解析】【詳解】A．充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，不是內(nèi)能。故A錯(cuò)誤。

B．該充電寶的容量為：該電池電動(dòng)勢(shì)為5V，所以充電寶儲(chǔ)存的能量：故B錯(cuò)誤。

C．以2A的電流為用電器供電則供電時(shí)間：故C錯(cuò)誤。

D．由于充電寶的轉(zhuǎn)化率是0.6，所以可以釋放的電能為：E=給容量為3000mAh的手機(jī)充電的次數(shù)：次故D正確。9.把兩根同種材料的電阻絲分別連在兩個(gè)電路中，A電阻絲長(zhǎng)為L(zhǎng)，直徑為d，B電阻絲長(zhǎng)為3L，直徑為3d．要使兩電阻絲在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，加在兩電阻絲上的電壓之比應(yīng)當(dāng)滿意A.UA∶UB=1∶1 B.UA∶UB=∶1C.UA∶UB=∶3 D.UA∶UB=3∶4【答案】B【解析】【詳解】依據(jù)電阻定律可知：由于是純電阻，則由，Q、t相同得：加在兩電阻絲上的電壓之比為A．UA∶UB=1∶1。故A不符合題意。B．UA∶UB=∶1。故B符合題意。C．UA∶UB=∶3。故C不符合題意。D．UA∶UB=3∶4。故D不符合題意。10.如圖所示，把一個(gè)帶電小球A固定在光滑的水平絕緣桌面上，在桌面的另一處有另一帶電小球B，現(xiàn)給B一個(gè)垂直于AB方向的速度v0，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.B球可能做直線運(yùn)動(dòng)B.B球的電勢(shì)能可能增加C.A球?qū)球庫(kù)侖力可能對(duì)B球不做功D.B球可能從電勢(shì)較高處向電勢(shì)較低處運(yùn)動(dòng)【答案】BCD【解析】試題分析：由題看出，小球B受到的靜電力與速度不在同始終線上，則B球不行能做直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；若小球A、B帶異種電荷，而且引力恰好等于時(shí)，B球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A球?qū)球的庫(kù)侖力不做功，故B正確；若小球A、B帶異種電荷，而且引力恰好小于時(shí)，B球會(huì)遠(yuǎn)離A球，引力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故C正確；由于兩球電性未知，B球可能受斥力會(huì)遠(yuǎn)離A球，也可能受到引力靠近A球，所以B球可能從電勢(shì)較高處向電勢(shì)較低處運(yùn)動(dòng)，故D正確。考點(diǎn)：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系、電勢(shì)【名師點(diǎn)睛】由小球B受到的靜電力與速度不在同始終線上可知，B球不行能做直線運(yùn)動(dòng)．若小球A、B帶異種電荷小球B做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，庫(kù)侖力不做功，若小球B所受的引力小于所須要的向心力，小球B做離心運(yùn)動(dòng)時(shí)，B球的電勢(shì)能可能增加，B球不肯定從電勢(shì)較高處向電勢(shì)較低處運(yùn)動(dòng)。11.NTC熱敏電阻器即負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻器，也就是指阻值隨溫度的上升而減小的電阻。負(fù)溫度系數(shù)的熱敏電阻R2接入如右圖所示電路中，R1為定值電阻，L為小燈泡，當(dāng)溫度降低時(shí)（不考慮燈泡和定值電阻阻值隨溫度改變）（）A.小燈泡變亮B.小燈泡變暗C.兩端的電壓增大D.電流表的示數(shù)減小【答案】AD【解析】【分析】首先看懂電路圖中各用電器的連接方式，NTC熱敏電阻在電路中與滑動(dòng)變阻器的作用一樣，也是動(dòng)態(tài)電路分析的題目．當(dāng)溫度降低時(shí)，的阻值增大，總電阻增大，據(jù)閉合電路的歐姆定律知干路電流減小，電阻兩端的電壓減小，燈L兩端的電壓增大，即可推斷選項(xiàng)．【詳解】當(dāng)溫度降低時(shí)，的阻值增大，總電阻增大，據(jù)閉合電路的歐姆定律知干路電流減小，即電流表的示數(shù)減?。粨?jù)知電阻兩端的電壓減?。辉贀?jù)知燈L兩端的電壓增大，即小燈泡變亮，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。【點(diǎn)睛】動(dòng)態(tài)電路分析的基本思路：先分析R的改變--據(jù)推斷總電流的改變據(jù)推斷路端電壓的改變?cè)倮寐范穗妷汉涂傠娏鞯母淖兺茢嗄持冯妷汉碗娏鞯母淖?，即局?-整體--局部的思路．12.用標(biāo)有“6V，3W”的燈泡L1、“6V，6W”的燈泡L2與志向電壓表和志向電流表連接成如圖甲所示的試驗(yàn)電路，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=9V。圖乙是通過(guò)兩個(gè)燈泡的電流隨兩端電壓改變的曲線。當(dāng)其中一個(gè)燈泡正常發(fā)光時(shí)(

)A.電流表的示數(shù)為0.5AB.電壓表的示數(shù)為6VC.電路輸出功率為4WD.電源內(nèi)阻為1Ω【答案】AC【解析】因?yàn)閮蓚€(gè)燈泡串聯(lián)，所以通過(guò)兩燈泡的電流相等，L1的額定電流為I1=P1/U1=0.5A，L2的額定電流為I2=P2/U2=1A，電路中電流為0.5A，所以只有L1正常發(fā)光，故A正確；從圖像中可以看出，電流為0.5A時(shí)，L1兩端電壓為6V，L2兩端電壓為2V，電壓表示數(shù)為2V，故B錯(cuò)誤；電路中輸出功率為P=UI=（2V+6V）x0.5A=4W,故C正確；電源內(nèi)阻r=E-U/I=2Ω，故D錯(cuò)誤，C正確。所以AC正確，BD錯(cuò)誤。二、試驗(yàn)題13.一靈敏電流計(jì)，允許通過(guò)的最大電流（滿刻度電流）為Ig=50μA，表頭電阻Rg=1kΩ，若改裝成量程為Im=1mA的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為Ω，若將改裝后的電流表再改裝成量程為Um=10V的電壓表，應(yīng)再串聯(lián)一個(gè)阻值為Ω的電阻。（結(jié)果保留四位有效數(shù)字）【答案】52.63歐、【解析】試題分析：據(jù)題意，要將靈敏電流計(jì)改裝成1mA電流表，須要滿意：，即，則有；若將其改成10v電壓表，則有：，即，則有：?？键c(diǎn)：本題考查電表的改裝。14.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”試驗(yàn)中，小燈泡的額定電壓為2.5V，額定功率為0.5W，此外還有以下器材可供選擇：A．直流電源3V(內(nèi)阻不計(jì))B．直流電流表0～300mA(內(nèi)阻約為5Ω)C．直流電流表0～3A(內(nèi)阻約為0.1Ω)D．直流電壓表0～3V(內(nèi)阻約為3kΩ)E．滑動(dòng)變阻器100Ω，0.5AF．滑動(dòng)變阻器10Ω，2AG．導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)試驗(yàn)要求小燈泡兩端的電壓從零起先改變并能進(jìn)行多次測(cè)量．(1)試驗(yàn)中電流表應(yīng)選用________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________；(均填寫(xiě)儀器前的字母)(2)在圖甲所示的虛線框中畫(huà)出符合要求的試驗(yàn)電路圖_______________(虛線框中已將所需的滑動(dòng)變阻器畫(huà)出，請(qǐng)補(bǔ)齊電路的其他部分，要求滑片P向b端滑動(dòng)時(shí)，燈泡變亮)；(3)依據(jù)試驗(yàn)數(shù)據(jù)，畫(huà)出的小燈泡的I－U圖線如圖乙所示．由此可知，當(dāng)電壓為0.5V時(shí)，小燈泡的燈絲電阻是________Ω.【答案】(1).BF(2).分壓式(3).如圖所示：(4).5【解析】試題分析：（1）燈泡的額定電流；故電流表選擇B；因本試驗(yàn)只能接用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器選擇小電阻F；（2）依據(jù)試驗(yàn)要求可知，滑動(dòng)變阻器采納分壓接法，并且測(cè)量電路應(yīng)與滑動(dòng)變阻器的左半部分并聯(lián)；電流表采納外接法；原理圖如下；（3）由畫(huà)出伏安特性曲線可知，時(shí)，電流，則對(duì)應(yīng)的電阻；考點(diǎn)：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”試驗(yàn)三、計(jì)算題15.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V，內(nèi)阻r=5Ω，滑動(dòng)變阻器的最大阻值R1=20Ω，定值電阻R2=20Ω，R3=5Ω，R4=10Ω，電容器的電容C=30μF．開(kāi)關(guān)S閉合電路穩(wěn)定后，求：（1）滑動(dòng)變阻器滑片從最左端滑到最右端的過(guò)程中，通過(guò)R4的電量；（2）電源的最大輸出功率?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】試題分析：（1）滑動(dòng)變阻器滑片處于最左端時(shí)，電容器兩端的電壓就是電源的路端電壓：滑動(dòng)變阻器滑片處于最右端時(shí)，并聯(lián)電阻為電容器兩端的電壓：通過(guò)的電量（2）電源的最大輸出功率。考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律【名師點(diǎn)睛】對(duì)于直流電路的計(jì)算問(wèn)題，往往先求出局部的電阻，再求出外電路總電阻，依據(jù)歐姆定律求出路端電壓和總電流，再計(jì)算各部分電路的電壓和電流。16.如圖所示，A、B為兩塊平行金屬板，A板帶正電、B板帶負(fù)電．兩板之間存在著勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩板間距為d、電勢(shì)差為U，在B板上開(kāi)有兩個(gè)間距為L(zhǎng)的小孔．C、D為兩塊同心半圓形金屬板，圓心都在貼近B板的O′處，C帶正電、D帶負(fù)電．兩板間的距離很近，兩板末端的中心線正對(duì)著B(niǎo)板上的小孔，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度可認(rèn)為大小到處相等，方向都指向O′.半圓形金屬板兩端與B板的間隙可忽視不計(jì)．現(xiàn)從正對(duì)B板小孔緊靠A板的O處由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、電量為q的帶正電微粒（微粒的重力不計(jì)），求：（1）微粒穿過(guò)B板小孔時(shí)的速度多大；（2）為了使微粒能在CD板間運(yùn)動(dòng)而不碰板，CD板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小應(yīng)滿意什么條件；（3）從釋放微粒起先，經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間微粒第一次通過(guò)半圓形金屬板間的最低點(diǎn)P點(diǎn)？【答案】（1）（2）（3）（2d+）【解析】【詳解】(1)設(shè)微粒穿過(guò)B板小孔時(shí)的速度為v，依據(jù)動(dòng)能定理，有qU＝mv2解得:(2)微粒進(jìn)入半圓形金屬板后，電場(chǎng)力供應(yīng)向心力，有聯(lián)立解得：(3)微粒從釋放起先經(jīng)t1射入B板的小孔，則設(shè)微粒在半圓形金屬板間運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)t2第一次到達(dá)最低點(diǎn)P點(diǎn)，則所以從釋放微粒起先，經(jīng)過(guò):微粒第一次到達(dá)P點(diǎn)。17.如圖所示，一勻稱帶正電的