云南省墨江縣民族學(xué)校高二上學(xué)期期末考試物理試題

云南省墨江縣民族學(xué)校20192020學(xué)年上學(xué)期期末考試高二物理一、單選題1.一小型爆炸裝置在光滑、堅(jiān)硬的水平鋼板上發(fā)生爆炸，所有碎片均沿鋼板上方的倒圓錐面(圓錐的頂點(diǎn)在爆炸裝置處)飛開．在爆炸過(guò)程中，下列關(guān)于爆炸裝置的說(shuō)法中正確的是()A.總動(dòng)量守恒B.機(jī)械能守恒C.水平方向動(dòng)量守恒D.豎直方向動(dòng)量守恒【答案】C【解析】【詳解】A．爆炸裝置在光滑、堅(jiān)硬的水平鋼板上發(fā)生爆炸，與鋼板間產(chǎn)生巨大作用力，所以爆炸裝置的總動(dòng)量不守恒，A錯(cuò)誤．B．爆炸時(shí)，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，機(jī)械能不守恒，B錯(cuò)誤．CD．鋼板對(duì)爆炸裝置的作用力是豎直向上的，因此爆炸裝置在豎直方向動(dòng)量不守恒，而水平方向是守恒的，C正確，D錯(cuò)誤；故選C．2.磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)體的作用力叫安培力，通電導(dǎo)體垂直于磁場(chǎng)方向放置時(shí)，關(guān)于安培力的大小有如下規(guī)律，其中正確的是()A.磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越小，導(dǎo)線越長(zhǎng)，安培力就越大B.磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越大，導(dǎo)線越長(zhǎng)，安培力就越大C.磁感應(yīng)強(qiáng)度越弱，電流越大，導(dǎo)線越長(zhǎng)，安培力就越大D.磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越大，導(dǎo)線越短，安培力就越大【答案】B【解析】【詳解】通電導(dǎo)體垂直于磁場(chǎng)方向放置時(shí)，根據(jù)F=BIL得，磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越大，導(dǎo)線越長(zhǎng)，安培力就越大．故選B．3.如圖所示，一對(duì)水平放置的平行金屬板C、D始終與一直流電源兩極相連，在C板上方存在一紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在D板中央附近有一能發(fā)出a、b兩種帶電粒子的粒子源，而在C板上正對(duì)著粒子源處有一小孔，若a、b兩種帶電粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后，從C板上的小孔進(jìn)入磁場(chǎng)的部分運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則A.C板一定與電源的正極相連B.帶電粒子a的比荷一定比帶電粒子b的比荷大C.在磁場(chǎng)中，帶電粒子a運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與帶電粒子b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等D.帶電粒子a進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能一定比帶電粒子b進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能大【答案】B【解析】【詳解】A．由圖示可知，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后向左偏轉(zhuǎn)，即粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力方向水平向左，由左手定則可知粒子帶正電，粒子在D、C兩板間加速，則D與電源正極相連，C與電源負(fù)極相連，A錯(cuò)誤；B．粒子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：qU＝mv2－0粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB＝m解得：r＝1B2mUq，由圖示可知，a的軌道半徑小于b的軌道半徑，則a的比荷比bC．粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T＝a的比荷比b的比荷大，則a的周期比b的周期小，即：a、b在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都是半個(gè)周期，則a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，C錯(cuò)誤；D．粒子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：qU＝mv2－0粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能：Ek＝qUU相同而不知道兩粒子電荷量q的關(guān)系，無(wú)法確定粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能關(guān)系，D錯(cuò)誤。故選B。4.氫原子能級(jí)圖的一部分如圖所示，A、B、C分別表示原子在三種躍遷過(guò)程中輻射出的光子．其中EA表示原子從n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷的能量，EB表示原子從n=2能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷的能量，EC表示原子從n=3能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷的能量，則下述關(guān)系中正確的是A.EA<EB<ECB.EA<EC<EBC.EC<EB<EAD.EB<EA<EC【答案】A【解析】【詳解】從n=3能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷的能量為EC=13.611.51eV=12.1eV，從n=2能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷的能量EB=13.613.40eV=10.21eV，從n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷的能量EA=3.401.51eV=1.89eV．所以EA＜EB＜EC．故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．5.半徑相等的兩個(gè)小球甲和乙，在光滑的水平面上沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，若甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量，發(fā)生碰撞前，兩球的動(dòng)能相等，則碰撞后兩球的狀態(tài)可能是（）A.兩球的速度方向均與原方向相反，但它們動(dòng)能仍相等B.兩球的速度方向相同，而且它們動(dòng)能仍可能相等C.甲、乙兩球的動(dòng)量相同D.甲球的動(dòng)量不為零，乙球的動(dòng)量為零【答案】BC【解析】【詳解】A．根據(jù)動(dòng)量與動(dòng)能關(guān)系可知若兩球的速度方向均與原方向相反，兩球的動(dòng)能仍相等，則系統(tǒng)末動(dòng)量方向與初動(dòng)量方向相反，不符合動(dòng)量守恒。故A錯(cuò)誤；B．碰撞后，甲的動(dòng)能減小，若為彈性碰撞，則乙的動(dòng)能增大，故兩者動(dòng)能不相等；若為完全非彈性碰撞，碰撞后速度相等，動(dòng)能不等；若處于上述兩種碰撞之間,則兩球的速度方向相同，而且它們動(dòng)能可能相等，故B正確；C．兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，碰撞后動(dòng)量可能相等，故C正確；D．若碰撞后，甲球動(dòng)量不為零，根據(jù)動(dòng)量守恒定律知，總動(dòng)量向右，則乙的動(dòng)量一定不為零，且運(yùn)動(dòng)方向水平向右，故D錯(cuò)誤。故選BC。6.如圖，實(shí)線為一正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線，虛線為其等勢(shì)面。A、B是同一等勢(shì)面上的兩點(diǎn)，C為另一等勢(shì)面上的一點(diǎn)，下列判斷正確的是A.A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B.C點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)C.將電子從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功D.將質(zhì)子從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，其電勢(shì)能增加【答案】C【解析】【詳解】A．A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，A錯(cuò)誤；B．沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等，均高于C點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；C．A、B在同一等勢(shì)面上，將電子從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電勢(shì)能不變，電場(chǎng)力不做功，C正確；D．由于，質(zhì)子帶正電，根據(jù)：故由A點(diǎn)到C點(diǎn)，質(zhì)子的電勢(shì)能減少，D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖甲所示，在兩距離足夠大的平行金屬板中央有一個(gè)靜止的質(zhì)子（不計(jì)重力），時(shí)刻，板電勢(shì)高于板電勢(shì)，當(dāng)兩板間加上如圖乙所示的交變電壓后，下列圖象中能正確反映質(zhì)子速度、位移、加速度和動(dòng)能四個(gè)物理量隨時(shí)間變化規(guī)律的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】A、質(zhì)子在電場(chǎng)中的加速度即加速度與金屬板間電壓成正比，故圖象應(yīng)與圖相似，A錯(cuò)誤；B、時(shí)間內(nèi)，質(zhì)子在金屬板間做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由知質(zhì)子的位移與時(shí)間成二次函數(shù)關(guān)系，圖象應(yīng)該為拋物線，B錯(cuò)誤；C、由圖乙可知，在時(shí)間內(nèi)，質(zhì)子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間內(nèi)，加速度方向相反，大小不變，故質(zhì)子先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，減速為零后以相同的加速度反向勻加速；同理，C正確；D、由于故動(dòng)能與時(shí)間為二次函數(shù)關(guān)系，圖象應(yīng)該為拋物線，D錯(cuò)誤。故選C。8.在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)一段距離后，（電壓表和電流表均視為理想）下列結(jié)論正確的是（）A.燈泡L變亮B.電源的輸出功率變小C.電流表讀數(shù)變大D.電容器C上電荷量減小【答案】B【解析】【詳解】AC.當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向左移動(dòng)，其接入電路的電阻增大，電路的總電阻總增大，總電流減小，即電流表讀數(shù)變小，根據(jù)可知燈泡的功率減小，燈泡變暗，故A、C錯(cuò)誤；B.因燈泡內(nèi)阻大于電源內(nèi)阻，則滑片向左移動(dòng)時(shí)，外電阻增大，因此電源的輸出功率一定減小，故B正確；D.因總電流減小，則由可知，路端電壓增大，根據(jù)歐姆定律可知燈泡兩端電壓及內(nèi)電壓減小，故變阻器兩端電壓增大，電容器與變阻器并聯(lián)，電容器上電壓也增大，則其電荷量增大，故D錯(cuò)誤．9.電源的效率η定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比，如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線B為電源b的路端電壓與電流的關(guān)系圖線．直線C為電阻R兩端的電壓與電流的關(guān)系圖線，將這個(gè)電阻R分別接到a、b兩電源上，那么A.R接到電源a上，電源的效率較低B.R接到電源b上，電源的輸出功率較大C.R接到電源a上，電源的輸出功率較大，電源效率較高D.R接到電源b上，電源的輸出功率較小，電源效率較高【答案】C【解析】【詳解】電源的效率，由圖象可知A與C交點(diǎn)處電壓大于B與C交點(diǎn)處電壓，則R接在電源a上效率較高；電源路端電壓與電流圖象與電阻兩端電壓與電流圖象交點(diǎn)表示將兩者相連時(shí)的工作電壓和電流，則R接到電源a上時(shí)電源的輸出功率較大，故C正確，ABD錯(cuò)誤。10.如圖所示，實(shí)線表示在豎直平面內(nèi)的電場(chǎng)線，電場(chǎng)線與水平方向成角，水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與電場(chǎng)正交，有一帶電液滴沿虛線L斜向上做直線運(yùn)動(dòng)，L與水平方向成β角，且α>β，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.液滴一定做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.液滴有可能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)C.電場(chǎng)線方向一定斜向上 D.液滴一定帶正電【答案】ACD【解析】【分析】【詳解】AB．帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場(chǎng)線方向的電場(chǎng)力F、垂直于速度方向的洛倫茲力，由于，這三個(gè)力的合力不可能沿帶電液滴的速度方向，因此這三個(gè)力的合力一定為零，帶電液滴做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不可能做曲線運(yùn)動(dòng)和勻變速直線運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤A正確；CD．若帶電液滴帶正電，且電場(chǎng)線方向斜向上時(shí)，帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場(chǎng)線向上的電場(chǎng)力F、垂直于速度方向斜向左上方的洛倫茲力作用，這三個(gè)力的合力可能為零，帶電液滴沿虛線L做勻速直線運(yùn)動(dòng)，如果帶電液滴帶負(fù)電、或電場(chǎng)線方向斜向下時(shí)，帶電液滴所受合力不為零，不可能沿直線運(yùn)動(dòng)，故液滴一定帶正電，電場(chǎng)線一定沿斜面向上，CD正確。故選ACD。二、多選題11.如圖所示，螺線管中通有電流，如果在圖中的a、b、c三個(gè)位置上各放一個(gè)小磁針，其中a在螺線管內(nèi)部，則A.放在a處的小磁針的N極向左B.放在b處的小磁針的N極向右C.放在c處的小磁針的S極向右D.放在a處的小磁針的N極向右【答案】BD【解析】【詳解】解：由右手螺旋定則可知,螺線管右端是N極,左端為S極;因螺線管內(nèi)部磁感線是由S極指向N極的,由于小磁針靜止時(shí)N極指向?yàn)榇艌?chǎng)方向.因此小磁針abc的N極都向右,故BD正確,AC錯(cuò)誤;12.A、B兩球在光滑水平軌道上同向運(yùn)動(dòng)，A球的動(dòng)量是7kg?m/s，B球的動(dòng)量是9kg?m/s，當(dāng)A球追上B球時(shí)發(fā)生碰撞，則碰撞后B球的動(dòng)量變?yōu)?2kg?m/s，則兩球質(zhì)量mA、mB的關(guān)系可能是（）A.mB=2mA B.mB=3mA C.mB=4mA D.mB=5mA【答案】AB【解析】【詳解】以A的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：PA+PB=PA′+PB′，PB′=12kg?m/s，解得：PA′=4kg?m/s，碰撞過(guò)程系統(tǒng)的總動(dòng)能不增加，則有，解得：，

由題意可知：當(dāng)A球追上B球時(shí)發(fā)生碰撞，則碰撞前A的速度大于B的速度，則有：，解得：；碰撞后A的速度不大于B的速度，則有，，綜上得：；故AB正確，CD錯(cuò)誤。故選AB。13.下列說(shuō)法正確的是A.人類關(guān)于原子核內(nèi)部的信息，最早來(lái)自天然放射現(xiàn)象B.在α、β、γ三種射線中γ射線電離作用最強(qiáng)C.放射性元素的半衰期會(huì)隨著溫度的升高而縮短D.較重的核分裂成中等質(zhì)量大小的核，核子的比結(jié)合能都會(huì)增加【答案】AD【解析】【詳解】A．人類最初對(duì)原子核的認(rèn)識(shí)就是來(lái)源于天然放射現(xiàn)象，A正確；B．α、β、γ三種射線中α射線的電離本領(lǐng)最強(qiáng)，B錯(cuò)誤；C．半衰期由原子核本身決定，與外界任何因素都無(wú)關(guān)，C錯(cuò)誤；D．不同原子核的平均結(jié)合能不同，中等質(zhì)量的核的平均結(jié)合能比輕核、重核的平均結(jié)合能都大，故D正確。故選AD。14.如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.5m、傾角為θ=37°的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），以初速度v0=2m/s恰能沿斜面勻速上滑，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.小球在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A點(diǎn)的電勢(shì)能B.水平勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為C.若電場(chǎng)強(qiáng)度加倍，小球運(yùn)動(dòng)的加速度大小為3m/s2D.若電場(chǎng)強(qiáng)度減半，小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度為初速度v0的一半【答案】BD【解析】【詳解】A．帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，因此B點(diǎn)的電勢(shì)能小于A點(diǎn)的電勢(shì)能。故A錯(cuò)誤；B．帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)勻速上滑，則mgsinθ=qEcosθ得故B正確；C．由題意知，電場(chǎng)強(qiáng)度加倍后，小球在斜面方向的合力F=2qEcosθ?mgsinθ=ma所以小球的加速度a=gsinθ=6m/s2故C錯(cuò)誤；D．若電場(chǎng)強(qiáng)度減半，小球在斜面方向的合力為F=mgsinθ?qEcosθ=mgsinθ=ma所以小球的加速度為a=gsinθ=3m/s2根據(jù)速度位移公式，有代入數(shù)據(jù)解得v=1m/s=v0故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題15.某同學(xué)用圖1所示電路，測(cè)繪標(biāo)有“3.8V，0.3A”的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象．除了導(dǎo)線和開關(guān)外，有以下一些器材可供選擇：

電流表：A1（量程100mA，內(nèi)阻約2Ω）；A2（量程0.6A，內(nèi)阻約0.3Ω）；電壓表：V1（量程5V，內(nèi)阻約5kΩ）；V2（量程15V，內(nèi)阻約15Ω）；電源：E1（電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為0.2Ω）；E2（電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)阻約為0.04Ω）．滑動(dòng)變阻器：R1（最大阻值約為100Ω），R2（最大阻值約為10Ω），電鍵S，導(dǎo)線若干．（1）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表_____，電壓表_____，滑動(dòng)變阻器_____，電源_____．（填器材的符號(hào)）（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，計(jì)算并描繪出R﹣U的圖象如圖2所示．由圖象可知，此燈泡在不工作時(shí)，燈絲電阻為_____；當(dāng)所加電壓為3.00V時(shí)，燈絲電阻為_____，燈泡實(shí)際消耗的電功率為_____．（3）根據(jù)R﹣U圖象，可確定小燈泡耗電功率P與外加電壓U的關(guān)系．符合該關(guān)系的示意圖是下列圖中的_____．【答案】①.A2②.V1③.R2④.E2⑤.1.5⑥.11.5⑦.0.78⑧.A【解析】【詳解】（1）[1][2][3][4]因小燈泡額定電流為0.3A，額定電壓為3.8V，故電流表應(yīng)選A2，電壓表應(yīng)選V1，又因測(cè)伏安特性曲線要求電壓與電流調(diào)節(jié)范圍大，故變阻器需用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器，故變阻器應(yīng)選R2，顯然電源應(yīng)選E2．（2）[5]由R﹣U圖象知U＝0時(shí)R為1.5Ω；[6][7]U＝3V時(shí)R為11.5Ω；由得P＝0.78W．（3）[8]由知，U＝0時(shí)P＝0，P隨U的增大而增大，故A正確，BCD錯(cuò)誤．16.一根細(xì)長(zhǎng)而均勻的金屬管線樣品，長(zhǎng)L約60cm，電阻R大約10Ω，截面圖如圖甲所示。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬管線的外徑，示數(shù)如圖乙所示，金屬管線的外徑為___________mm。（2）實(shí)驗(yàn)室有如下器材：A．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約0.5Ω）B．電流表（量程3A，內(nèi)阻約0.02Ω）C．電壓表（量程3V，內(nèi)阻約5kΩ）D．滑動(dòng)變阻器（1750Ω，0.3A）E．滑動(dòng)變阻器（15Ω，3A）F．蓄電池（6V，內(nèi)阻很?。〨．開關(guān)一個(gè)，帶夾子的導(dǎo)線若干要進(jìn)一步精確測(cè)量金屬管線樣品的阻值，電流表應(yīng)選___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___________。（只填代號(hào)字母）。（3）將如圖所示的實(shí)物電路補(bǔ)充完整。（）（4）金屬管線樣品材料的電阻率為ρ，通過(guò)多次測(cè)量得出金屬管線的電阻為R，金屬管線的外徑為d，要想求得金屬管線內(nèi)形狀不規(guī)則的中空部分的截面積S，在前面實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，還需要測(cè)量的物理量是___________。計(jì)算中空部分截面積的表達(dá)式為S=___________?！敬鸢浮竣?1.125##1.126##1.124②.A③.E④.⑤.金屬管線的長(zhǎng)度L⑥.【解析】【詳解】（1）[1]螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為1mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為12.5×0.01mm=0.125mm，所以最終讀數(shù)為（2）[2]電路中的電流大約為所以電流表選擇A。[3]電壓表的量程為3V，電源6V，為便于調(diào)節(jié)且能夠讓電表讀數(shù)較準(zhǔn)確，本實(shí)驗(yàn)采用限流式解法，所以滑動(dòng)變阻器選擇E。（3）[4]待測(cè)電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，所以電流表采取外接法，滑動(dòng)變阻器可以采用限流式接法，實(shí)物連接如圖（4）[5][6]根據(jù)則解得中空部分截面積的表達(dá)式為所以還需要測(cè)量的物理量是管線長(zhǎng)度L。六、計(jì)算題17.如圖所示，電荷量為e，質(zhì)量為m的電子從A點(diǎn)沿與電場(chǎng)垂直的方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，初速度為v0，當(dāng)它通過(guò)電場(chǎng)中B點(diǎn)時(shí)，速度與場(chǎng)強(qiáng)方向成150°角，不計(jì)電子的重力，求：（1）電子經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度多大；（2）AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差多大。【答案】（1）；（2）【解析】【分析】【詳解】（1）電子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，做類平拋運(yùn)動(dòng)，B點(diǎn)的速度（2）電子從A運(yùn)動(dòng)到B由動(dòng)能定理得A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差18.如圖所示，E=10V，r=1Ω，R1=R3=5Ω，R2=4Ω，C=100，當(dāng)斷開時(shí)，電容器中帶電粒子恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)；求：(1)S閉合后，帶電粒子加速度的大小和方向；(2)S閉合后流過(guò)R3總電荷量．【答案】(1)g，方向豎直向上(2)4×10－4C【解析】【詳解】（1）開始帶電粒子恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，必有qE＝mg且qE豎直向上．S閉合后，qE＝mg的平衡關(guān)系被打破．S斷開時(shí)，帶電粒子恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)電容器兩極板間距離為d，有，S閉合后，設(shè)帶電粒子加速度為a，則，解