廣東省2023-2024學(xué)年高三年級(jí)下冊(cè)5月模擬考試物理試題（解析版）

物理

試卷總分：100分考試時(shí)間：75分鐘

注意事項(xiàng):

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。本次考試采用特殊編排考號(hào)，

請(qǐng)考生正確填涂。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題（答案》后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的工答案』標(biāo)號(hào)涂

黑。如需改動(dòng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他［答案』標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將［答案』

寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。

第一部分選擇題（共46分）

一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，

只一項(xiàng)是符合題目要求。

L俯臥撐是一項(xiàng)深受學(xué)生們喜歡的課外健身運(yùn)動(dòng)，做中距俯臥撐（下左圖）時(shí)雙臂基本與

肩同寬；做寬距俯臥撐（下右圖）時(shí)雙臂大約在L5倍肩寬。某位同學(xué)正在嘗試用不同姿勢(shì)

的做俯臥撐，對(duì)于該同學(xué)做俯臥撐的過(guò)程，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.在俯臥撐向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，該同學(xué)處于失重狀態(tài)

B.寬距俯臥撐比中距俯臥撐省力

C,在楠臥撐向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，地面對(duì)該同學(xué)的支持力做正功

D.在做俯臥撐運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，地面對(duì)該同學(xué)的沖量不為零

［答案XD

K解析』A.在俯臥撐向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，先加速向下后減速向下運(yùn)動(dòng)，該同學(xué)先處于失

重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B.寬距俯臥撐雙臂間距大于肩寬，手臂間的夾角變大，作用力比中距俯臥撐作用力大，故

B錯(cuò)誤；

C.在楠臥撐向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，地面對(duì)該同學(xué)的支持力作用點(diǎn)無(wú)位移，故不做功，故C錯(cuò)

誤;

D.由/=Ef

可知在做俯臥撐運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，地面對(duì)該同學(xué)的沖量不為零，故D正確。

故選D。

2.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一款監(jiān)測(cè)水位的傳感器，電路如圖所示，絕緣細(xì)桿一端連接漂浮在水面上

的浮子。，另一端與電容器的極板Q連接（極板P固定），a上下移動(dòng)就帶動(dòng)Q上下移動(dòng)，

監(jiān)測(cè)人員通過(guò)電流表指針偏轉(zhuǎn)情況就可以遠(yuǎn)距離得知河水水位的變化.已知電流從左側(cè)進(jìn)入

電流表，其指針左偏；電流從右側(cè)進(jìn)入電流表，其指針右偏.若監(jiān)測(cè)人員發(fā)現(xiàn)電流表指針右

偏，則可以得出（）

A.河水的水位在上升B.平行板電容器極板間的場(chǎng)強(qiáng)在減小

C.平行板電容器電壓在增大D.平行板電容器的電容在減小

［答案』A

K解析ICD.監(jiān)測(cè)人員發(fā)現(xiàn)電流表指針右偏，說(shuō)明電流從電流表右側(cè)進(jìn)入，又由于P板與

電源正極連接，說(shuō)明電容器在充電，P、Q極板的電荷量在增加，由于P、Q極板保持跟電

源連接，所以P、Q極板的電壓不變，由

c=Q

U

可得，平行板電容器的電容在增加，故CD錯(cuò)誤；

A.由于平行板電容器的電容在增加，由

「￡S

C二-----

4兀kd

可得，P、Q極板間的距離在減小，說(shuō)明水位在上升，故A正確；

B.由公式

E4

d

可知，平行板電容器極板間的場(chǎng)強(qiáng)在增大，故B錯(cuò)誤。

故選A?

3.一帶有乒乓球發(fā)射機(jī)的乒乓球臺(tái)如圖所示，發(fā)射機(jī)安裝于臺(tái)面左側(cè)邊緣的中點(diǎn)，能以不

同速率向右側(cè)不同方向水平發(fā)射相同的乒乓球。乒乓球1落到球網(wǎng)右側(cè)臺(tái)面邊緣上的中點(diǎn)，

乒乓球2落到球網(wǎng)右側(cè)臺(tái)面邊緣上靠近中點(diǎn)的某點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力。則（）

A.自發(fā)射到落臺(tái)，乒乓球1的飛行時(shí)間大于乒乓球2的飛行時(shí)間

B.乒乓球1的發(fā)射速度大于乒乓球2的發(fā)射速度

C.落臺(tái)時(shí)，乒乓球1的速度大于乒乓球2的速度

D.落臺(tái)時(shí)，乒乓球1與乒乓球2重力做功的功率相等

［答案』D

K解析』A.根據(jù)

兩球自發(fā)射到落臺(tái)豎直高度相同，可知乒乓球1的飛行時(shí)間等于乒乓球2的飛行時(shí)間，選項(xiàng)

A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)

%=7

乒乓球1的水平位移較小，則乒乓球1的發(fā)射速度小于乒乓球2的發(fā)射速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.落臺(tái)時(shí)，球的速度

可知乒乓球1的速度小于乒乓球2的速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)

2

pG=mgvy=mgt

可知落臺(tái)時(shí)，乒乓球1與乒乓球2重力做功的功率相等，選項(xiàng)D正確。

故選D。

4.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)煙霧探測(cè)器，其原理圖如圖所示，其中S為光源，C為光電管，它的

陰極材料為金屬鈉。當(dāng)有煙霧進(jìn)入探測(cè)器時(shí)，S發(fā)出的光被煙霧散射進(jìn)入光電管C。光射到

光電管中的鈉表面產(chǎn)生光電子，當(dāng)光電流達(dá)到一定大小時(shí)，探測(cè)器觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)報(bào)警。已知

真空中的光速為c,鈉的極限頻率為vo,電子的電荷量為e,下列說(shuō)法正確的是（）

散射的光束

A.光源S發(fā)出的光只要光照強(qiáng)度足夠大，探測(cè)器一定可以正常工作

B.探測(cè)器探測(cè)到煙霧時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能與光源S發(fā)出的光的頻率成正比

C.光電管的陰極材料不能用極限頻率更低的材料取代

D.光源S發(fā)出光的波長(zhǎng)小于一

%

K答案1D

K解析IA.發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光頻率有關(guān)，與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)光電效應(yīng)方程

"km=/〃一/〃。

可知，探測(cè)器探測(cè)到煙霧時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能與光源S發(fā)出的光的頻率呈線性關(guān)系但不

成正比，B錯(cuò)誤；

C.若用極限頻率更低的材料取代鈉，則入射光的頻率大于光電管陰極材料的極限頻率，則

探測(cè)器仍然可以工作，c錯(cuò)誤；

D.光照射到鈉表面產(chǎn)生光電子，那么光源S發(fā)出的光的頻率大于鈉的極限頻率w,根據(jù)光

速、波長(zhǎng)和頻率的關(guān)系

c=2v

則光源S發(fā)出光的波長(zhǎng)小于￡,D正確。

%

故選D。

5.近年，我國(guó)階段性建成并成功運(yùn)行了“電磁撬”，創(chuàng)造了大質(zhì)量電磁推進(jìn)技術(shù)的世界最高

速度紀(jì)錄，其原理如圖所示。兩平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌固定在水平面，導(dǎo)軌間垂直安放金屬棒,

且始終與導(dǎo)軌接觸良好，電流從一導(dǎo)軌流入，經(jīng)過(guò)金屬棒，再?gòu)牧硪粚?dǎo)軌流回。已知平行導(dǎo)

軌中的電流在兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度2與電流/的關(guān)系式為

B=kl（左為常量且已知）?；芈分械碾娏?=,，兩導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)間距為匕金屬棒被推進(jìn)的距

離為s=2m,金屬棒的質(zhì)量為機(jī)=lkg,不計(jì)任何摩擦與阻力，下列說(shuō)法正確的是（）

金屬棒

/

A.該“電磁撬”的原理為電磁感應(yīng)

B.金屬棒所在區(qū)域的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲?/p>

C.金屬棒受到安培力的大小為1N

D.金屬棒從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)推進(jìn)后的速度大小為lm/s

K答案Xc

K解析XA.根據(jù)題意可知，該“電磁撬”的原理為電流的磁效應(yīng)及磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力，

故A錯(cuò)誤；

B.由安培定則可知，金屬棒所在區(qū)域的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶铮蔅錯(cuò)誤；

C.由題意可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小

B=kl

金屬棒受到安培力的大小為

F=BIL=k--k=W

kk

故C正確；

D.金屬棒從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)推進(jìn)后，根據(jù)動(dòng)能定理可得

Fs=-mv2—0

2

解得

v=2m/s

故D錯(cuò)誤

故選C。

6.我國(guó)首個(gè)大型巡天空間望遠(yuǎn)鏡（CSST）將于2024年發(fā)射升空，它將與我國(guó)空間站共軌

并獨(dú)立飛行，已知巡天空間望遠(yuǎn)鏡預(yù)定軌道離地面高度約為400km,地球同步衛(wèi)星離地面高

度約為36000km,下列說(shuō)法正確的是（）

A.巡天空間望遠(yuǎn)鏡加速就可以與空間站對(duì)接

B.由題干條件可以求出地球的質(zhì)量

C.考慮到稀薄大氣的阻力，無(wú)動(dòng)力補(bǔ)充，巡天空間望遠(yuǎn)鏡的速度會(huì)越來(lái)越小

D.巡天空間望遠(yuǎn)鏡的加速度大于放在赤道上物體的向心加速度

［答案》D

k解析』A.天空間望遠(yuǎn)鏡與空間站共軌獨(dú)立飛行，若巡天空間望遠(yuǎn)鏡加速，巡天空間望

遠(yuǎn)鏡將做離心運(yùn)動(dòng)，變軌到更高的軌道，不可能與空間站對(duì)接，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)題中數(shù)據(jù)不能解得地球質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；

C.考慮到稀薄大氣的阻力，無(wú)動(dòng)力補(bǔ)充，巡天空間望遠(yuǎn)鏡會(huì)做近心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提

供向心力有

GMmv2

——--=m一

rr

則巡天空間望遠(yuǎn)鏡的速度會(huì)變大，故C錯(cuò)誤；

D.由萬(wàn)有引力提供向心力可得

GMm

——--=ma

可知巡天空間望遠(yuǎn)鏡的加速度大于同步衛(wèi)星的加速度，由a=

可知同步衛(wèi)星的加速度大于放在赤道上物體的向心加速度，則巡天空間望遠(yuǎn)鏡的加速度大于

放在赤道上物體的向心加速度，故D正確。故選D。

7.“西電東送”是我國(guó)實(shí)現(xiàn)經(jīng)濟(jì)跨區(qū)域可持續(xù)快速發(fā)展的重要保證，如圖為模擬遠(yuǎn)距離高壓輸

電示意圖。已知升壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為Ui和無(wú)，降壓變壓器原、副線圈

兩端的電壓分劃為?和5。在輸電線路的起始端接入兩個(gè)互感器，兩個(gè)互感器原、副線圈

的匝數(shù)比分別為20：1和1：20,各互感器和電表均為理想狀態(tài)，則下列說(shuō)法不正確的是

A.電壓互感囂起降壓作用，電流互感器起減小電流作用

B.若電壓表的示數(shù)為200V,電流表的示數(shù)為5A,則線路輸送電功率為100kW

c.若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓q和用戶數(shù)不變，僅將滑片Q下移，則輸電線損耗功率增大

D.發(fā)電機(jī)輸出電壓q一定，增加用戶數(shù)，為維持用戶電壓。4不變，可將滑片P上移

［答案』B

K解析1A.電壓互感器起降壓作用，電流互感器起減小電流作用，故A正確；

B.電壓互感器原線圈兩端電壓

U,=^u=—x200V=4000V

n；1

電流互感器原線圈中的電流

L=^/=—x5A=100A

2

%f1

對(duì)于理想變壓器，線路輸送電功率

P=P2=U2I2=4000X100W=400kW

故B錯(cuò)誤；

C.僅將滑片。下移，相當(dāng)于增加了升壓變壓器副線圈的匝數(shù)〃2,根據(jù)理想變壓器的規(guī)律

升壓變壓器副線圈兩端的電壓增大；降壓變壓器原線圈兩端電壓增大，副線圈兩端電壓

。4增大，通過(guò)負(fù)載的電流

/=4

R

又用戶數(shù)不變，即負(fù)載總電阻R不變，則，4增大，降壓變壓器原線圈中的電流

I=&/

匝數(shù)比不變，八增大，根據(jù)

則輸電線上損耗功率增大，故C正確;

D.僅增加用戶數(shù)，即負(fù)載總電阻R減小，若降壓變壓器副線圈兩端電壓。4不變，則通過(guò)

副線圈的電流

/=4

4R

增大，降壓變壓器原線圈中的電流增大，輸電線上的電壓損失

AC7=13r

可知輸電線上的電壓損失增大；原線圈兩端電壓

&=。2-

減小，根據(jù)

〃3

可知，當(dāng)。3減小時(shí)，減小”3可以使。4不變，所以要將降壓變壓器的滑片尸上移，故D正

確。

本題選不正確的，故選B。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分，在每小題紿出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)

符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不壘的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

8.一同學(xué)在室內(nèi)空調(diào)顯示屏上看到室內(nèi)的空氣溫度，為了測(cè)出室外的空氣溫度，他將一近

似球形的氣球在室內(nèi)吹大并放置較長(zhǎng)一段時(shí)間后，測(cè)量其直徑為L(zhǎng)i之后拿到室外并放置較

長(zhǎng)段時(shí)間后，測(cè)量其直徑為4，右若不考慮氣球表皮的彈力變化，且氣球吹大后視為

球體，大氣壓不變，室內(nèi)、外的溫度均保持不變，則（）

A.氣球內(nèi)氣體對(duì)外界做負(fù)功B.氣球內(nèi)氣體對(duì)外界不做功

C.室外溫度比室內(nèi)溫度高D.氣球在室外吸收了熱量

［答案］CD

［解析XAB.依題意，拿到室外后，氣球的體積變大，氣球內(nèi)氣體對(duì)外界做功。故AB錯(cuò)

誤；

C.根據(jù)

py

—二Cr

大氣壓不變，溫度升高，氣球內(nèi)氣體溫度升高，說(shuō)明室外溫度比室內(nèi)溫度高。故c正確;

D.由熱力學(xué)第一定律，有

AU=W+Q

氣球內(nèi)氣體溫度升高，其內(nèi)能增大，對(duì)外做功，可知?dú)馇蛟谑彝馕樟藷崃俊９蔇正確。

故選CD?

9.電纜周圍的電場(chǎng)分布對(duì)電纜的電氣化強(qiáng)度影響很大。如圖所示為電纜終端周圍的電場(chǎng)分

布情況，圖中虛線為等勢(shì)線，實(shí)線為電場(chǎng)線，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電場(chǎng)中b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

B.將一電子放在c點(diǎn)，電子電勢(shì)能為-30eV

C,將一質(zhì)子由a點(diǎn)經(jīng)6點(diǎn)移至c點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功

D.在6點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的粒子，粒子將沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)

［答案RAB

K解析XA.電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，b點(diǎn)疏密程度小于c點(diǎn)疏密程度，所以b

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故A正確；

B.根據(jù)

E、=q（p

可知將一電子放在。點(diǎn)，電子的電勢(shì)能為

Ep=-ex30V=-30eV

故B正確；

C.由圖可知

%<0,ubc>0

可知將一質(zhì)子由。點(diǎn)經(jīng)b點(diǎn)移至C點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故c錯(cuò)誤；

D.由于6點(diǎn)電場(chǎng)線不是直線，所以在b點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的粒子，粒子并不會(huì)沿電場(chǎng)

線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選AB

10.如圖，籃球比賽的某次快攻中，球員甲將球斜向上傳給前方隊(duì)友，球傳出瞬間離地面高

1m,速度大小為10m/s；對(duì)方球員乙原地豎直起跳攔截，其躍起后手離地面的最大高度

為2.8m,球越過(guò)乙時(shí)速度沿水平方向，且恰好未被攔截。球可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量為0.6kg,

A.球在空中上升時(shí)處于超重狀態(tài)B.甲傳球時(shí)，球與乙的水平距離為4.8m

C.隊(duì)友接球前瞬間，球的機(jī)械能一定為36JD.隊(duì)友接球前瞬間，球的動(dòng)能一定為30J

1答案］BC

［解析XA.球在空中上升時(shí)加速度為向下的g,處于失重狀態(tài)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.球剛斜拋出時(shí)的豎直速度

vy=j2gA/z=V2xl0xl.8m/s=6m/s

水平速度

匕=W7=8m/s

甲傳球時(shí)，球與乙的水平距離為

選項(xiàng)B正確；

C.以地面為零勢(shì)能面，則球剛拋出時(shí)的機(jī)械能為

12

E=mgh+—mv=36J

球拋出后機(jī)械能守恒，則隊(duì)友接球前瞬間，球的機(jī)械能一定為36J,選項(xiàng)C正確;

1

D.因?yàn)榍騽倰伋鰰r(shí)的動(dòng)能為凡=-777V92=30J

則隊(duì)友接球前瞬間，球的動(dòng)能不一定為3OJ,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選BC?

第二部分非選擇題（54分）

11.小明同學(xué)練習(xí)使用多用電表測(cè)電阻:

甲乙丙

（1）如圖甲所示，請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量:

①旋動(dòng),使指針對(duì)準(zhǔn)電流的“0”刻線。（填“S”或"T”）

②將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“x10”的位置。

③將紅、黑表筆短接，旋動(dòng)（填"S”或"T”），使指針對(duì)準(zhǔn)電阻檔的“0”刻線。

④將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大。為了得到比較準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果,

請(qǐng)從下列選項(xiàng)中挑出合理的步驟，并按的順序進(jìn)行操作，再完成讀數(shù)測(cè)量。

A.將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“x100”的位置

B.將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“xl”的位置

C.將兩表筆的金屬部分分別與被測(cè)電阻的兩根引線相接

D.將兩表筆短接，旋動(dòng)合適部件，對(duì)電表歐姆調(diào)零

（2）正確操作后，讀數(shù)如圖乙所示，則阻值為Qo

（3）若歐姆表內(nèi)用一個(gè)新電池（電動(dòng)勢(shì)為L(zhǎng)5V,內(nèi)阻較小），測(cè)得該電阻讀數(shù)為R；然后

更換另外品牌的新電池（電動(dòng)勢(shì)為L(zhǎng)5V,內(nèi)阻較大），歐姆表調(diào)零后測(cè)得該電阻讀數(shù)為R,

則RR（選填或

K答案U（1）STBDC

（2）19.0（或19）

⑶=

1解析》【小問(wèn)1詳析】

①口］電表使用前，先旋動(dòng)機(jī)械調(diào)零旋鈕S使指針對(duì)準(zhǔn)電流的“0”刻線；

③⑵選擇歐姆擋位后進(jìn)行歐姆調(diào)零，將紅、黑表筆短接，旋動(dòng)T使指針對(duì)準(zhǔn)電阻檔的“0”刻

線；

④[3]將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，即被測(cè)電阻阻值偏小，將K

旋轉(zhuǎn)到電阻擋“xl”的位置，將兩表筆短接，旋動(dòng)T,對(duì)電表歐姆調(diào)零，然后將兩表筆的金屬

部分分別與被測(cè)電阻的兩根引線相接，所以操作順序?yàn)锽DC；

【小問(wèn)2詳析】

讀數(shù)為19xl。=190；

【小問(wèn)3詳析】

由歐姆表結(jié)構(gòu)可知，電源的內(nèi)阻的變化，可以通過(guò)調(diào)零電阻的阻值的變化來(lái)抵消，所以兩

次的測(cè)量值是相等的。

12.小李做“用單擺測(cè)量重力加速度”實(shí)驗(yàn)。

（1）如圖甲所示，細(xì)線的上端固定在鐵架臺(tái)上，下端系一個(gè)小鋼球，做成一個(gè)單擺。圖乙、

丙分別畫出出細(xì)線上端的兩種不同的懸掛方式，其中圖______（填“乙”或“丙”）的懸掛方式

較好。

（2）如圖丁所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)得小鋼球的直徑#_____mm,測(cè)出擺線的長(zhǎng)度，算出擺

長(zhǎng)L再測(cè)出擺的周期T,得到一組數(shù)據(jù)，改變擺線的長(zhǎng)度，再得到幾組數(shù)據(jù)。

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出〃一乙圖像，發(fā)現(xiàn)圖像是過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線，斜率為左，根據(jù)單

擺周期公式，可以測(cè)得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=（用左表示），利用圖像法處理數(shù)據(jù)是為

了減?。ㄌ睢芭既换?系統(tǒng)"）誤差。

（4）小李同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中操作不當(dāng)，使得擺球沒(méi)有在一個(gè)豎直平面內(nèi)擺動(dòng)。她認(rèn)為這種情況

不會(huì)影響測(cè)量結(jié)果，所以他仍然利用所測(cè)得的運(yùn)動(dòng)周期根據(jù)單擺周期公式計(jì)算重力加速度。

若將小球的實(shí)際運(yùn)動(dòng)看作是在水平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)，則小李同學(xué)計(jì)算出的重力加速度比真實(shí)

值相比（選樣“偏大”“偏小”）。

4萬(wàn)2

k答案』（1）丙（2）22.6（3）——偶然（4）偏大

k

K解析工【小問(wèn)1詳析】

單擺在擺動(dòng)過(guò)程中，擺長(zhǎng)要保持不變，則單擺懸掛點(diǎn)應(yīng)固定，故圖丙的懸掛方式較好;

【小問(wèn)2詳析】

用游標(biāo)卡尺測(cè)得小鋼球的直徑

d=22mm+0.Immx6=22.6mm

【小問(wèn)3詳析】

[1]由

7=2"

得

T2=-

g

可知片”圖像的斜率

,4/

k=-----

g

解得

4萬(wàn)2

[2]利用圖像法處理數(shù)據(jù)是為了充分利用數(shù)據(jù)，減小偶然誤差;

【小問(wèn)4詳析】

設(shè)懸線與豎直方向夾角為。，對(duì)圓錐擺根據(jù)牛頓第二定律有

4TT2

mgtan0=根亍5-r

根據(jù)幾何知識(shí)有r=Lsin0

聯(lián)立解得T=2“<2%g

根據(jù)

41

g=亍1

可知該同學(xué)計(jì)算出的重力加速度與真實(shí)值相比偏大;

13.如圖所示，橫截面為扇形的玻璃磚A02,。為圓心，半徑為R,ZAOB=60°,一束激光

從距離。點(diǎn)處的p點(diǎn)垂直AO邊入射到玻璃磚中，然后從8。邊上的。點(diǎn)出射，出射

2

光線與8。成30。。激光在空氣中的傳播速度為c。求：

(1)玻璃磚的折射率；

⑵激光從P點(diǎn)傳播到Q點(diǎn)時(shí)間。

K答案X⑴B(2)(2瓜-0)R

2c

K解析1(1)激光垂直A。射入玻璃磚后，其光路如圖所示

因

\OP\~R

所以

NPNO=NONQ=45。

NQ//AO

可得r=30。

由

sinz

n=———

sinr

可得〃=A/3

⑵由幾何關(guān)系，可求得激光從尸點(diǎn)到。點(diǎn)的路程為

后吟_o._6^-V6p

s----R+(---R-----R,tan30)-----------R

2226

激光在玻璃磚中傳播的速度v=￡

n

激光從P點(diǎn)傳播到。點(diǎn)的時(shí)間t=-

V

聯(lián)立解得t=Q號(hào)向R

2c

14.如圖所示為電子發(fā)射器原理圖，M處是電子出射口，它是寬度為d的狹縫。。為絕緣外

殼，整個(gè)裝置處于真空中，半徑為。的金屬圓柱A可沿任意方向向外發(fā)射速率為vo的電子;

與A同軸放置的金屬網(wǎng)C的半徑為2人不考慮A、C的靜電感應(yīng)電荷對(duì)電子的作用和電子

之間的相互作用，忽略電子所受重力和相對(duì)論效應(yīng)，已知電子質(zhì)量為機(jī)，電荷量為e。

(1)若A、C間加速電壓為U,求電子通過(guò)金屬網(wǎng)C時(shí)的速度大小vc；

(2)若A、C間不加電壓，在金屬網(wǎng)內(nèi)環(huán)形區(qū)域加垂直于圓平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。

①要使由A發(fā)射的沿半徑方向射出的電子不從金屬網(wǎng)C射出，求所加磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的

最小值；

②要使所有電子均不從C射出，則所加磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值？

k答案』(1)+片；(2)①等與②網(wǎng)1

Ym3aeae

k解析力(1)對(duì)電子經(jīng)A、C間的電場(chǎng)加速時(shí)，由動(dòng)能定理得

解得

2eU

vc=----------H

m

(2)①沿半徑方向射出的電子在CA間磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，其軌跡圓與金屬網(wǎng)相切時(shí),

如圖所示

對(duì)應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為及設(shè)此軌跡圓的半徑為r,根據(jù)幾何關(guān)系可得

(2a-r)2=r2+a2

解得

3

r=-a

4

由洛倫茲力提供向心力得

Bev=m—

0"r

解得所加磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為

3=皿

3ae

②如圖可知，所有電子均不射出C,則臨界半徑為

,1

r=-a

2

由洛倫茲力提供向心力得

解得所加磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為

二2加0

ae

15.某興趣小組用如圖所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)研究。他們?cè)谒阶烂嫔瞎潭ㄒ粌?nèi)徑為d的圓柱

,3一

形玻璃杯，杯口上放置一直徑為一d